章末檢測試卷(二)(時間：90分鐘滿分：100分)一、選擇題(本題共12小題，每小題4分，共48分.1～8題為單項選擇題，9～12題為多項選擇題)1．(2019·平頂山市高二期中)關(guān)于電流，下列說法正確的是()A．導體中電荷運動就形成了電流B．在國際單位制中，電流的單位是AC．電流有方向，它是一個矢量D．任何物體，只要其兩端電勢差不為零，就有電流存在答案B2．(2019·鹽城市第三次模擬)甲、乙、丙、丁是四個長度、橫截面積均相同的金屬導體，某同學對它們各進行了一次測量，把每個導體中通過的電流和兩端的電壓在I－U坐標系中描點，如圖1所示，四個導體中電阻率最大的是()圖1A．甲B．乙C．丙D．丁答案A解析根據(jù)電阻定律R＝ρeq\f(l,S)可知，導體的電阻率ρ＝eq\f(RS,l).分別把甲、乙、丙、丁所在的位置與坐標原點O連接，I－U圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，由題圖可知甲導體的電阻最大，丁導體的電阻最?。蚣?、乙、丙、丁四個導體的長度、橫截面積均相同，則甲的電阻率最大，A正確．3．(2019·鹽城市高二期中)如圖2所示，電路中變阻器的阻值由2Ω變?yōu)?Ω，流過變阻器的電流為原來的一半，則電源的內(nèi)阻為()圖2A．1Ω B．2ΩC．3Ω D．4Ω答案B解析由閉合電路歐姆定律可得：I＝eq\f(E,R1＋r)；eq\f(1,2)I＝eq\f(E,R2＋r)聯(lián)立兩式，可得：eq\f(1,2)·eq\f(E,R1＋r)＝eq\f(E,R2＋r)代入解得r＝2Ω.4．(2019·濟寧市高一下期末)一電流表的滿偏電流Ig＝30mA，內(nèi)電阻Rg＝95Ω，要把它改裝成一個量程為0.6A的電流表，應在電流表上()A．串聯(lián)一個5.00Ω的電阻B．串聯(lián)一個4.75Ω的電阻C．并聯(lián)一個5.00Ω的電阻D．并聯(lián)一個4.75Ω的電阻答案C5．(2019·開封市高二上期中)A、B兩燈的額定電壓都是110V，A燈的額定功率PA＝100W，B燈的額定功率PB＝40W，若將兩燈同時接入電壓恒為220V的電路上，且使兩燈均能正常發(fā)光，同學們設(shè)計了如圖3所示的甲、乙兩種電路，則甲、乙兩電路消耗的電功率之比為()圖3A．2∶7B．2∶5C．5∶7D．3∶7答案C6．(2019·蚌埠市高二期中)如圖4所示，A燈與B燈電阻相同，當滑動變阻器R的滑片向下滑動時，兩燈的亮度變化情況是()圖4A．A燈變亮，B燈變亮B．A燈變暗，B燈變亮C．A燈變暗，B燈變暗D．A燈變亮，B燈變暗答案C解析當滑動變阻器的滑片向下滑動時，其接入電路的電阻減小，根據(jù)串、并聯(lián)電路特點可知，電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可得，干路電流I增大，內(nèi)電壓增大，路端電壓U減小，A燈兩端電壓減小，亮度變暗；另一支路電流I′＝I－IA增大，R1兩端電壓U1＝I′R1增大，故R與B燈的并聯(lián)支路電壓UB＝U－U1減小，B燈變暗，C正確．7．(2019·菏澤市高一下期末)如圖5所示為甲、乙兩燈泡的I－U圖象，根據(jù)圖象計算甲、乙兩燈泡串聯(lián)在電壓為220V的電路中，實際發(fā)光的功率分別為()圖5A．21W12W B．12W21WC．42W24W D．24W42W答案A解析兩燈泡串聯(lián)，故兩燈泡中電流相等，且兩燈泡兩端的電壓之和為220V，則由圖可知，兩燈泡的電流均為I＝15×10－2A時，甲的電壓為U1＝140V，而乙的電壓為U2I＝80×15×10－2W＝12W，故A正確，B、C、D錯誤．8．(2019·青島二中高一下月考)如圖6所示的電路中，電源電動勢為6V，當開關(guān)S接通后，燈泡L1和L2都不亮，用電壓表測得各部分電壓是Uab＝6V，Uad＝0，Ucd＝6V，由此可判定()圖6A．L1和L2的燈絲都燒斷了B．L1的燈絲燒斷了C．L2的燈絲燒斷了D．變阻器R斷路答案C解析由題干條件可知，電源是完好的．由Uab＝6V和Uad＝0可知外電路上bcd段有斷點；由Ucd＝6V可知外電路上cL2d段有斷點，即L2的燈絲燒斷了，而且燈泡L1和變阻器R都沒有斷路，否則也不存在Ucd＝6V.9.(2019·德州市高一下期末)如圖7所示，電源電動勢E＝6V，內(nèi)阻r＝1Ω，定值電阻R＝2Ω與電動機M串聯(lián)接在電源上，開關(guān)閉合后，理想電流表示數(shù)為1A，電動機剛好正常工作，電動機的線圈電阻R0＝0.5Ω.下列說法中正確的是()圖7A．定值電阻消耗的熱功率為2WB．電動機的輸出功率為2.5WC．電動機的輸出功率為3WD．電源的輸出功率為6W答案AB10．(2019·邢臺市高二期中)如圖8甲所示電路，小燈泡通電后其兩端電壓U隨所通過的電流I變化的圖線如圖乙所示，P為圖線上一點，PN為圖線的切線，PM垂直于U軸，PQ垂直于I軸，下列說法中正確的是()圖8A．隨著電流的增大，小燈泡的電阻減小B．對應P點，小燈泡的電阻為R＝eq\f(U1,I2)C．在電路中燈泡L兩端的電壓為U1時，電阻R兩端的電壓為I1RD．對應P點，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM所圍的“面積”答案BD解析題圖乙圖線上的點與原點連線的斜率等于電阻大小，因此隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大，故A錯誤；對應P點，小燈泡的電阻為R＝eq\f(U1,I2)，故B正確；在電路中燈泡L兩端的電壓為U1時，電阻R兩端的電壓為I2R，故C錯誤；由恒定電流的功率公式P＝UI，可知在P點時，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM所圍的“面積”，故D正確．11．(2019·上海市金山中學高二上月考)如圖9所示，電源的電動勢E＝2V，內(nèi)阻r＝2Ω，兩個定值電阻均為8Ω，平行板電容器的電容C＝3×10－6F，則()圖9A．開關(guān)斷開時兩極板間的電壓為eq\f(4,3)VB．開關(guān)斷開時電容器所帶電荷量為4×10－6CC．開關(guān)接通時兩極板間的電壓為eq\f(4,3)VD．開關(guān)接通時電容器所帶電荷量為4×10－6C答案CD解析電容器兩極板間的電壓等于R2兩端的電壓，開關(guān)S斷開時，電路中的總電流為I＝eq\f(E,R2＋r)＝eq\f(2,8＋2)A＝0.2A，電容器的兩極板間的電壓為U＝IR2＝0.2×8V＝1.6V，此時電容器所帶電荷量為Q＝CU＝3×10－6×1.6C＝4.8×10－6C，故選項A、B錯誤；開關(guān)接通時兩定值電阻并聯(lián)，電容器兩極板間的電壓等于路端電壓，電路中的總電流I′＝eq\f(E,R外＋r)＝eq\f(2,4＋2)A＝eq\f(1,3)A，電容器的兩極板間的電壓U′＝I′R外＝eq\f(1,3)×4V＝eq\f(4,3)V，此時電容器所帶的電荷量Q′＝CU′＝3×10－6×eq\f(4,3)C＝4×10－6C，故選項C、D正確．12．(2019·浙南名校聯(lián)盟期末聯(lián)考)硅光電池是一種太陽能電池，具有低碳環(huán)保的優(yōu)點．如圖10所示，圖線a是該電池在某光照射強度下路端電壓U和電流I的關(guān)系圖(電池電動勢不變，內(nèi)阻不是常量)，圖線b是某電阻的U－I圖象，傾斜虛線是過a、b交點的切線．在某光照強度下將它們組成閉合回路時，下列相關(guān)敘述正確的是()圖10A．此時硅光電池的內(nèi)阻為12.5ΩB．此時硅光電池的總功率為0.72WC．此時硅光電池的輸出效率約為56%D．若把內(nèi)阻為10Ω的直流電動機接到該電池上，電動機的輸出功率為0.4W答案BC解析由圖線a知，此硅光電池的電動勢E＝3.6V，由圖線b知，電阻R＝eq\f(2,0.2)Ω＝10Ω.當電阻接在硅光電池上，在某光照強度下U外＝2V，I＝0.2A，由E＝U外＋Ir得：r＝8Ω.電池總功率P＝EI＝3.6×0.2W＝0.72W，電池的輸出功率P出＝U外I＝2×0.2W＝0.4W，效率η＝eq\f(P出,P)×100%≈56%，故A錯誤，B、C正確；把內(nèi)阻為10Ω的直流電動機接到該電池上，電動機為非純電阻電路，故電動機的輸出功率小于0.4W，D錯誤.二、實驗題(本題共2小題，共16分)13．(6分)(2019·浙江4月選考)小明想測額定電壓為2.5V的小燈泡在不同電壓下的電功率，設(shè)計了如圖11甲所示的電路．圖11(1)在實驗過程中，調(diào)節(jié)滑片P，電壓表和電流表均有示數(shù)但總是調(diào)不到零，其原因是________的導線沒有連接好(圖中用數(shù)字標記的小圓點表示接線點，空格中請?zhí)顚憟D中的數(shù)字，如“7點至8點”)；(2)正確連好電路，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑片P，當電壓表的示數(shù)達到額定電壓時，電流表的指針如圖乙所示，則電流為________A，此時小燈泡的功率為________W；(3)做完實驗后，小明發(fā)現(xiàn)在實驗報告上漏寫了電壓為1.00V時通過小燈泡的電流，但在草稿紙上記錄了下列數(shù)據(jù)，你認為最有可能的是________．A．0.08AB．0.12AC．0.20A答案(1)1點至4點(1分)(2)0.30(1分)0.75(2分)(3)C(2分)解析(1)1點至4點未連接好時，滑動變阻器處于限流式接法，電壓和電流不能調(diào)節(jié)為0；(2)由題圖乙可知電流為0.30A；小燈泡功率P＝UI＝0.75W；(3)電壓為2.5V時，小燈泡電阻為R＝eq\f(U,I)＝eq\f(2.5,0.30)Ω≈8.3Ω；由于熱效應，電壓為1.00V時，小燈泡電阻小于8.3Ω，根據(jù)歐姆定律I＝eq\f(U,R)，電流大于eq\f(1,8.3)A≈0.12A，即C選項正確．14．(10分)某實驗小組想通過實驗測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，實驗室提供的實驗器材如下：待測干電池E(電動勢約為1.5V，內(nèi)阻約為3Ω)直流電流表A1(量程0～0.6A，內(nèi)阻約為0.5Ω)直流電流表A2(量程0～3A，內(nèi)阻約為0.1Ω)電壓表V1(量程0～2V，內(nèi)阻約為2000Ω)電壓表V2(量程0～6V，內(nèi)阻約為6000Ω)滑動變阻器R1(最大電阻20Ω，額定電流2A)滑動變阻器R2(最大電阻200Ω，額定電流1A)電阻箱R3(最大電阻99.9Ω，額定電流1A)開關(guān)、導線若干(1)若用伏安法測電源的電動勢和內(nèi)阻，要求測量時有盡可能高的精確度且便于調(diào)節(jié)，應選擇的電流表是______，電壓表是________，滑動變阻器是________．(2)請將圖12中實物連接成實驗電路．圖12(3)若用伏安法測電源電動勢和內(nèi)阻時，電流表出現(xiàn)了故障，不能使用，實驗小組若想方便且能較準確地進行測量，需將實驗進行改進，只需去掉電流表，將上述器材中的________換成________即可．(4)請在圖13甲所示的方框中畫出改進后的實驗電路圖．圖13(5)實驗小組在改進后的實驗中得到了多組路端電壓和外電阻的數(shù)據(jù)，對所得數(shù)據(jù)進行處理后，在坐標紙上作出了如圖乙所示圖線．由圖線得出：干電池的電動勢E＝________V，內(nèi)阻r＝________Ω.(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)答案(1)A1(1分)V1(1分)R1(1分)(2)見解析圖(2分)(3)R1(1分)R3(1分)(4)見解析圖(1分)(5)1.7(1分)2.5(1分)解析(1)由于電源電動勢為1.5V，因此電壓表選V1即可；本實驗電流最大值約為0.5A，因此電流表選A1，為了減小誤差以及方便調(diào)節(jié)，選擇阻值較小的滑動變阻器R1；(2)測電源電動勢和內(nèi)電阻的測量電路如圖(a)；(3)將滑動變阻器改為電阻箱，即用“安阻法”測電源電動勢和內(nèi)電阻；(4)電路如圖(b)；(5)根據(jù)閉合電路歐姆定律U＝eq\f(E·R,r＋R)，整理得eq\f(1,U)＝eq\f(r,E)·eq\f(1,R)＋eq\f(1,E)，圖象與縱軸的截距b＝eq\f(1,E)，而圖線的斜率k＝eq\f(r,E)，代入數(shù)據(jù)解得E≈1.7V，r＝2.5Ω.三、計算題(本題共3小題，共36分)15．(10分)如圖14所示，M為一線圈電阻RM＝0.4Ω的電動機，R＝24Ω，電源電動勢E＝40V．當開關(guān)S斷開時，理想電流表的示數(shù)I1＝1.6A，當開關(guān)S閉合時，理想電流表的示數(shù)為I2＝4.0A．求：圖14(1)電源內(nèi)阻r；(2)開關(guān)S閉合時，通過電動機的電流及電動機消耗的總功率．答案(1)1Ω(2)2.5A90W解析(1)S斷開時，電源與定值電阻構(gòu)成串聯(lián)回路，E＝I1(R＋r)，電源內(nèi)阻r＝eq\f(E,I1)－R＝1Ω.(2分)(2)S閉合后，定值電阻與電動機構(gòu)成并聯(lián)電路，電流表測干路電流，路端電壓U＝E－I2r＝36V(2分)通過定值電阻的電流I2′＝eq\f(U,R)＝1.5A，(2分)通過電動機的電流I2″＝I2－I2′＝2.5A(2分)電動機消耗的總功率即電動機的電功率，P＝UI2″＝90W．(2分)16．(12分)如圖15甲所示的電路中，R1、R2均為定值電阻，且R1＝100Ω，R2阻值未知，R3為一滑動變阻器．當其滑片P從左端滑至右端時，測得電源的路端電壓隨電源中流過的電流變化圖線如圖乙所示，其中A、B兩點是滑片P在變阻器的兩個不同端點得到的．求：圖15(1)電源的電動勢和內(nèi)阻；(2)定值電阻R2的阻值；(3)滑動變阻器的最大阻值．答案(1)20V20Ω(2)5Ω(3)300Ω解析(1)由閉合電路歐姆定律可得U＝E－Ir，(1分)結(jié)合題圖乙可知UA＝E－IAr，UB＝E－IBr，(2分)代入數(shù)據(jù)，聯(lián)立解得E＝20V，r＝20Ω.(2分)(2)當P滑到R3的右端時，R1被短路，電路參數(shù)對應題圖乙中的B點，即U2＝4V、I2＝0.8A，(2分)得R2＝eq\f(U2,I2)＝5Ω.(1分)因為R外＝eq