高級中學名校試卷PAGEPAGE1決勝2024高考物理押題預測卷01（廣東專用）一、單選題1．圖中的（a）、（b）、（c）、（d）四幅圖涉及不同的原子物理知識，其中說法正確的是（

）A．根據(jù)圖（a）所示的三種射線在磁場中的軌跡，可以判斷出“1”為射線B．如圖（b）所示，發(fā)生光電效應時，入射光光強越強，光電子的最大初動能越大C．玻爾通過圖（c）所示的粒子散射實驗，揭示了原子核還可以再分D．利用圖（d）所示的氫原子能級示意圖，可以解釋氫原子光譜為何不是連續(xù)光譜〖答案〗DA．圖（a）所示放射源射出的三種射線在磁場中運動軌跡不同，射線帶正電，根據(jù)左手定則判斷出射線1為射線，故A錯誤；B．如圖（b）所示，發(fā)生光電效應時，根據(jù)光電效應方程可知入射光頻率越大，光電子的最大初動能也就越大，與入射光的強度無關，故B錯誤；C．盧瑟福通過圖（c）所示在α粒子散射實驗的基礎上，提出了原子核式結構模型，故C錯誤；D．利用圖（d）所示的氫原子能級示意圖，玻爾將量子觀念引入原子領域，并能夠解釋氫原子的光譜特征，氫原子能級是分立的，光譜也是分立的，故D正確。故選D。2．練習鋼琴和音樂課上常用到的一款節(jié)拍器，如圖節(jié)拍器中有?擺桿，擺桿在標度尺左右擺動，有規(guī)律的發(fā)出節(jié)拍聲。其中標度尺標出擺振動時每分鐘發(fā)出的節(jié)拍聲次數(shù)（n），擺桿上有?個可上下移動的擺錘。擺錘位置所對標尺數(shù)，就表?該擺每分鐘振動的節(jié)拍數(shù)（?次全振動有兩次節(jié)拍數(shù)），由此可算出擺的振動周期（T）。改變擺錘的位置就可以改變它的振動周期。下列說法正確的是（）A．節(jié)拍器上數(shù)值雖不清晰，但擺錘位置上移時擺動的頻率變大B．擺錘上下移動時即使在不同的位置，發(fā)出的聲音聲速都相同C．音樂教室有兩個相同節(jié)拍器，同時工作能聽到類似音叉的共振現(xiàn)象D．聲波、水波和光波一樣，波傳播方向和振動方向相類似，都是橫波〖答案〗BA．擺錘位置上移，其每分鐘發(fā)出的節(jié)拍聲次數(shù)減少，由可知，周期變大，根據(jù)周期與頻率的關系可知，其頻率變小，故A錯誤；B．聲波在同一種介質中傳播的速度相同，故B正確；C．當驅動力的頻率等于固有頻率時，物體做受迫運動的振幅達到最大值，這種現(xiàn)象稱為共振。所以音樂教室有兩個相同節(jié)拍器，同時工作不屬于共振現(xiàn)象，故C錯誤；D．聲波是縱波，不是橫波，故D錯誤。故選B。3．如圖甲所示為磁電式電流表的結構圖，圖乙為內部結構示意圖，在極靴和鐵質圓柱間存在磁場，電流通過電表接線柱流入線圈，在安培力作用下發(fā)生偏轉，與螺旋彈簧的反向作用平衡后，指針指示電流大小。下列說法正確的是（）A．鐵質圓柱將磁場屏蔽，內部沒有磁場B．線圈所處位置是勻強磁場C．若更換更強的磁場，將增大電流表的量程D．運輸過程中把電表正負接線柱用導線相連可減緩表針擺動幅度〖答案〗DA．鐵質圓柱沒有將磁場屏蔽，內部有磁場，故A錯誤；B．磁場是均勻地輻向分布，線圈轉動過程中各個位置的磁感應強度的大小不變，故B錯誤；C．若更換更強的磁場，安培力增大，但不會增大電流表的量程，故C錯誤；D．運輸過程中把電表正負接線柱用導線相連，電流表短路，指針擺動時產生感應電流，感應電流受到安培力作用，可減緩表針擺動幅度，故D正確。故選D。4．某興趣小組模擬避雷針周圍電場的等勢面分布如圖所示，相鄰等勢面間的電勢差相等。A、B、C、D、E為電場空間中的五個點，其中C、D兩點關于避雷針對稱，一電子（質量為m）僅在電場力作用下從A點靜止釋放，運動到C點時速度為v，下列說法正確的是（）A．A點的電勢高于E點的電勢B．電場中C、D兩點的電場強度相同C．若電子能經(jīng)過B點，則到B點時的速度為D．電子在A點時的加速度大于在C點時的加速度〖答案〗CA．電子從A點靜止釋放，僅在電場力作用下運動到C點，可知電子受到的電場力大致向下，則電場線方向大致向上，根據(jù)沿電場線電勢降低，可知A點的電勢小于E點的電勢，故A錯誤；B．電場線與等勢面垂直，根據(jù)對稱性可知電場中C、D兩點的電場強度大小相同，方向不同，故B錯誤；C．設相鄰兩等勢面間的電勢差為，從A到C，根據(jù)動能定理有從A到B，根據(jù)動能定理有可得B點時的速度為故C正確；D．等勢面越密，電場強度越大，C點處等勢面較密，故電子在A點時的加速度小于在C點時的加速度，故D錯誤。故選C。5．如圖是某小型水電站進行電能輸送時的簡化模型。發(fā)電機的輸出功率，發(fā)電機的電壓，經(jīng)升壓變壓器后向遠處輸電，輸電線總電阻，在用戶端用降壓變壓器把電壓降為。已知輸電線上損失的功率，假設兩個變壓器均是理想變壓器，下列說法正確的是（）A．發(fā)電機輸出的電流B．升壓變壓器匝數(shù)比C．降壓變壓器的匝數(shù)比D．當水電站輸出電壓一定時，若用電用戶增多，則減小〖答案〗CA．由功率可得發(fā)電機輸出的電流為故A錯誤；B．由輸電線上損失的功率可得根據(jù)變壓器電流與匝數(shù)關系可得升壓變壓器匝數(shù)比為故B錯誤；C．根據(jù)變壓器電壓與匝數(shù)關系可得可得升壓變壓器副線圈的輸出電壓為輸電線上損失的電壓為則降壓變壓器原線圈的輸入電壓為根據(jù)變壓器電壓與匝數(shù)關系可得降壓變壓器的匝數(shù)比為故C正確；D．用戶數(shù)量增多時，用戶端的等效電阻為用戶數(shù)量增多時，減小，則輸電線上的電流增大，也增大，故D錯誤。6．如圖所示，兩根金屬絲、由電阻率均為的材料制成，橫截面均為圓形、粗細均勻，將它們并聯(lián)后接在電路、間。已知金屬絲的長度為、直徑為，金屬絲的長度為、直徑為，則下列說法中正確的是（）

A．金屬絲、的電阻相等B．相同時間內通過金屬絲、橫截面積的電荷量相等C．金屬絲、內電子定向移動的速度之比為D．間的電阻為〖答案〗CA．根據(jù)則則金屬絲、的電阻不相等，選項A錯誤；B．兩電阻不等，則電流不等，根據(jù)并聯(lián)電路的電流關系可知根據(jù)q=It可知相同時間內通過金屬絲、橫截面積的電荷量不相等，選項B錯誤；C．根據(jù)解得金屬絲、內電子定向移動的速度之比為選項C正確；D．因則間的電阻為選項D錯誤。故選C。7．我國計劃在2030年前實現(xiàn)載人登陸月球開展科學探索，其后將探索建造月球科研試驗站，開展系統(tǒng)、連續(xù)的月球探測和相關技術試驗驗證。假設質量為m的飛船到達月球時，在距離月面的高度等于月球半徑的處先繞著月球表面做勻速圓周運動，其周期為，已知月球的自轉周期為，月球的半徑為R，引力常量為G，下列說法正確的是（

）A．月球的第一宇宙速度為B．月球兩極的重力加速度為C．當飛船停在月球緯度的區(qū)域時，其自轉向心加速度為D．當飛船停在月球赤道的水平面上時，受到的支持力為〖答案〗DA．設月球的質量為M，飛船距離月面的高度等于月球半徑的處先繞著月球表面做勻速圓周運動時，根據(jù)萬有引力提供向心力有設月球的第一宇宙速度為v1，則有解得故A錯誤；B．在月球兩極表面時，根據(jù)萬有引力等于重力有解得月球兩極的重力加速度為故B錯誤；C．當飛船停在月球緯度60°的區(qū)域時，自轉半徑為自轉向心加速度為故C錯誤。D．當飛船停在月球赤道的水平面上，設水平面對其支持力大小為F，對飛船受力分析，由牛頓第二定律可得解得故D正確。故選D。二、多選題8．航天服是保障航天員的生命活動和正常工作的個人密閉裝備，可防護空間的真空、高低溫、太陽輻射和微流星等環(huán)境因素對人體的危害。航天員穿著航天服，從地面到達太空時內部氣體將急劇膨脹，若航天服內氣體的溫度不變，視為理想氣體并將航天服視為封閉系統(tǒng)。則關于航天服內的氣體，下列說法正確的是（

）A．體積增大，內能減小 B．壓強減小，內能不變C．對外界做功，吸收熱量 D．壓強減小，分子平均動能增大〖答案〗BC由于航天服內氣體視為理想氣體，溫度決定內能，溫度不變，內能不變，溫度是分子熱運動平均動能的標志，故分子平均動能也不變。由于航天服內氣體體積增大，氣體對外界做功，溫度不變，由熱力學第一定律可知由于，，則，所以航天服內氣體將吸收熱量，又由等溫變化有可知體積變大，則壓強減小。綜上所述，故BC正確，AD錯誤。故選BC。9．如圖所示是小齊同學設計的一個能夠測量電流的裝置，其上部是一根粗細均勻橫截面積為S的豎直細管，下部是一截面為正方形（邊長為L）的容器。該容器左右兩壁為導體，其他各面是絕緣的，其底部與大氣相通。容器內有一個正方形的金屬活塞，其邊長也為L，可在容器內無摩擦滑動?；钊旅嬗幸惠p質彈簧支撐著，已知彈簧的勁度系數(shù)為k，活塞上部充有密度為ρ的絕緣油（測量過程中細管內始終有絕緣油）。容器的左右兩壁與一電路連接，整個裝置放在水平向里、磁感應強度為B的勻強磁場中。電鍵K閉合前，活塞處于靜止狀態(tài)，重力加速度為g，彈簧始終處于彈性限度內，則（）A．閉合電鍵K后，豎直細管中油柱的上表面會向上移動B．閉合電鍵K后，豎直細管中油柱的上表面會向下移動C．若油柱穩(wěn)定后上表面變化的高度為x，則回路中的電流為D．若油柱穩(wěn)定后上表面變化的高度為x，則回路中的電流為〖答案〗BCAB．閉合電鍵K前，活塞受到重力、彈簧的彈力和液體的壓強產生的壓力，設這時液體的高度為h0，彈簧的彈力為F0，由受力平衡得

閉合電鍵K后，電流的方向從右向左，根據(jù)左手定則可以判定安培力的方向向下，此時的受力平衡

故活塞會向下運動，即液體的高度要減小，油柱的是上表面要下降，故A錯誤，B正確；CD．油柱上表面下降x，則進入容器的液體的體積故活塞下降的高度液體的高度彈簧的彈力變化聯(lián)立解得故C正確，D錯誤。故選BC。10．籃球運動員進行了如圖所示的原地縱跳摸高訓練。已知質量m＝60kg的運動員原地靜止站立（不起跳）摸高為2.10m，在原地縱跳摸高訓練過程中，該運動員先下蹲，重心下降0.5m，經(jīng)過充分調整后，發(fā)力跳起摸到了2.90m的高度。若將運動員起跳過程（從重心下降0.5m處開始向上運動到雙腳離地過程）視為做勻加速運動，忽略空氣阻力影響，g取10m/s2，對運動員的起跳過程，則下列說法正確的是（）

A．運動員處于超重狀態(tài)B．地面對運動員的沖量大小為240N·sC．運動員對地面的壓力為1560ND．運動時間為0.5s〖答案〗ACAC．從開始起跳到腳離開地面重心上升h1=0.5m，做勻加速運動，加速度向上，處于超重狀態(tài)。離開地面到上升到最高點的過程中，重心上升距離h2=2.90m-2.10m=0.8m運動員離開地面后做豎直上拋運動，根據(jù)解得在起跳過程中，有解得由牛頓第二定律得解得由牛頓第三定律可知運動員對地面的壓力為1560N，方向豎直向下。故AC正確；BD．依題意，運動員的起跳過程時間為地面對運動員的沖量大小為故BD錯誤。故選AC。三、實驗題11．(1)用螺旋測微器測出其直徑如圖所示，則。(2)用多用電表擋粗測某電阻發(fā)現(xiàn)多用表指針偏角偏大，為進一步較精確測量選用合適的倍率重新歐姆調零后，測量時指針位置如圖所示，其電阻為(3)實驗室有若干內阻為、滿偏電流為的表頭，某同學打算先將表頭改裝成電壓表，再對電源電動勢和內阻進行測量。若將此表頭改裝成量程為的電壓表，需要串聯(lián)一個的電阻。(4)現(xiàn)將改裝后的電壓表和電阻箱組成圖（b）所示電路，調節(jié)電阻箱的阻值，記錄多組電壓表示數(shù)和電阻箱讀數(shù)，描點后繪成圖（c）所示一次函數(shù)圖像，測出橫軸截距為，縱軸截距為，則電源電動勢為，內阻為；（此問兩空用“”、“”和電壓表電阻“”表示）?！即鸢浮?1)6.714/6.715/6.716(2)8(3)210(4)（1）螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為，可動刻度讀數(shù)為所以最終讀數(shù)為（2）發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉角度很大，說明倍率太大，為了較準確地進行測量，應換到擋。重新正確操作后，表盤的示數(shù)如圖3所示，其讀數(shù)為（3）若將此表頭改裝成量程為的電壓表，需要串聯(lián)的電阻值為（4）［1]［2]由閉合電路歐姆定律可得解得由圖（c）可知解得12．用圖示裝置完成“探究單擺周期與擺長的關系”：(1)用游標尺上有10個小格的游標卡尺測量擺球的直徑，結果如圖甲所示，可讀出擺球的直徑為cm。(2)實驗時，擺球在垂直紙面的平面內擺動，為了將人工記錄振動次數(shù)改為自動記錄振動次數(shù)，在擺球運動的最低點的左、右兩側分別放置激光光源與光敏電阻，如圖乙所示，光敏電阻與某一自動記錄儀相連，該儀器顯示的光敏電阻阻值R隨時間t的變化圖線如圖丙所示，則該單擺的周期為。(3)若把該裝置放到正在勻加速上升的電梯中，用完全相同的操作重新完成實驗，圖像中Δt將（選填“變大”“不變”或“變小”），圖像中t0將（選填“變大”“不變”或“變小”）。(4)如果某同學在實驗時，用的擺球質量分布不均勻，無法確定其重心位置。他第一次量得懸線長為L1（不計擺球半徑），測得周期為T1；第二次量得懸線長為L2，測得周期為T2。根據(jù)上述數(shù)據(jù)，可求得g值為（）A． B． C． D．〖答案〗(1)1.87(2)2t0(3)變小變小(4)B（1）游標卡尺的讀數(shù)為主尺讀數(shù)與游標尺讀數(shù)之和，所以擺球的直徑為（2）由圖可知，該單擺的周期為（3）[1][2]若把該裝置放到正在勻加速上升的電梯中，則等效重力加速度變?yōu)閯t用完全相同的操作重新完成實驗，則擺球經(jīng)過最低點時的速度變大，則遮光時間變短，即圖像中Δt將變小，單擺的周期變小，可知圖像中t0將變小。（4）設擺球的重心距離擺線最低點的距離為r，則根據(jù)單擺周期公式可知聯(lián)立解得故選B。四、解答題13．導光柱是將光以最小的損耗從一個光源傳輸?shù)骄嚯x該光源一定距離的另一個點的裝置，其中，光滑內凹輸入端的導光柱將有效提高光線捕獲能力。如圖為某一導光柱的縱截面簡化示意圖，導光柱下端AEB為半球凹形輸入端，半徑為R，O為圓心。導光柱橫截面直徑與半圓形直徑相等，其高度為。球心O處有一點光源，能發(fā)出各個方向的單色光。該縱截面內只有120°范圍的光線才能夠在進入導光柱后不被折射出AD或BC側面，從而導致光傳輸?shù)膿p耗。（1）求導光柱介質的折射率；（2）某條從光源O發(fā)出的光線與AB邊界的夾角為，求此條光線到達輸出端CD的時間t?！即鸢浮剑?）2；（2）（1）由幾何關系及全反射臨界角可知（2）此條光線在半球凹形輸入端的時間為由折射率與速度公式得有幾何關系得此條光線在導光柱中傳播的距離為此條光線在導光柱中傳播的時間為此條光線到達輸出端CD的時間為解得14．如圖甲所示為一款“反重力”磁性軌道車玩具，軌道造型可以自由調節(jié)，小車內裝有發(fā)條，可儲存彈性勢能。小宋同學將軌道簡化為圖乙所示模型：豎直圓周軌道與水平直軌道AM相切（B、D兩切點略微錯開），兩個半徑均為r的四分之一圓弧軌道在N處平滑連接，它們的圓心（O2、O3位于同一高度，現(xiàn)將質量為m=100g的小車從A點由靜止釋放，它恰好能通過圓周軌道的最高點C，且vC=1m/s。小車在軌道BCD段、MNP段所受磁吸力大小分別為其重力的0.5倍、1.5倍（磁吸引力始終垂直軌道面），摩擦力忽略不計；長為=1.375m的直軌道DM段無磁吸力，與小車間的動摩擦因數(shù)。小車可視為質點，且小車在到達B點前發(fā)條的彈性勢能已完全釋放。求：（1）豎直圓周軌道的半徑R；（2）小車經(jīng)過圓周軌道最低點B時所受支持力FN的大??；（3）同時調節(jié)r，其他條件不變，要求小車不脫離軌道，r應滿足的條件。〖答案〗（1）0.2m；（2）6N；（3）r≥0.1m（1）小車恰好通過最高點，由牛頓第二定律有解得（2）從B點到C點的過程中，只有重力做功，小車的機械能守恒，由機械能守恒定律有解得在B點由牛頓第二定律有解得（3）要保證小車不離開軌道，則在N點時，需滿足小車由C點到N點，由動能定理有解得假設小車能運動到P點，小車由N點到P點，由動能定理有解得則假設不成立，小車不能到達P點。假設小車能運動到豎直圓軌道BCD的圓心等高的軌道左側的Q點，小車由N點到Q點，由動能定理有解得則假設不成立，小車不能到達Q點。則可調半徑r的范圍為。15．如圖甲，某裝置由多個橫截面積相同的金屬圓筒依次排列，其中心軸線在同一直線上，圓筒的長度依照一定的規(guī)律依次增加。序號為奇數(shù)的圓筒和交變電源的一個極相連，序號為偶數(shù)的圓筒和該電源的另一個極相連。交變電源兩極間電勢差的變化