高中物理名校試卷PAGEPAGE12023屆高三查漏補(bǔ)缺診斷測(cè)試物理注意事項(xiàng)：考生在答題前請(qǐng)認(rèn)真閱讀本注意事項(xiàng)及各題答題要求1．本試卷共6頁(yè)，滿分為100分，考試時(shí)間為75分鐘?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。2．答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置。3．請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符。4．作答選擇題，必須用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗。作答非選擇題，必須用0.5毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其它位置作答一律無(wú)效。5．如需作圖，必須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗。一、單項(xiàng)選擇題：共10題，每題4分，共40分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)最符合題意。1.如圖所示，α粒子散射實(shí)驗(yàn)中，移動(dòng)顯微鏡M分別在a、b、c、d四個(gè)位置觀察，則（）A.在a處觀察到的是金原子核B.在b處觀察到的是電子C.在c處不能觀察到任何粒子D.在d處能觀察到α粒子〖答案〗D〖解析〗α粒子散射實(shí)驗(yàn)是用α粒子轟擊金屬箔，得到的結(jié)果是絕大多數(shù)的α粒子穿過(guò)金屬箔后基本上仍沿原來(lái)的方向繼續(xù)前進(jìn)，有少數(shù)的α粒子運(yùn)動(dòng)軌跡發(fā)生了較大的偏轉(zhuǎn)，極少數(shù)的發(fā)生α粒子甚至被反彈，沿原路返回，而在該實(shí)驗(yàn)中，用顯微鏡觀察的實(shí)際上是α粒子的，在c處可以觀察到很少的發(fā)生較大偏轉(zhuǎn)的α粒子，在d處則能觀察到被反彈回來(lái)的α粒子。故選D。2.規(guī)定圖甲LC振蕩電路中逆時(shí)針?lè)较虻碾娏鳛檎?，M是電容器的上極板。從某時(shí)刻起記錄圖甲中的電流隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖乙所示。則圖像乙中的段對(duì)應(yīng)電路甲中的（）A.M板帶正電B.M板的帶電量在變大C.線圈L中的磁場(chǎng)能在變大D.線圈L的自感電動(dòng)勢(shì)在變大〖答案〗C〖解析〗ABC．點(diǎn)時(shí)，電路中的電流為零，此時(shí)恰好反向充電完成，故到的過(guò)程中，電容器正在反向放電，根據(jù)題意結(jié)合圖乙可知，此時(shí)電流為順時(shí)針?lè)较?，則可知C板帶正電，且C板的帶電量在減小，電容器的電場(chǎng)能在減小，而線圈L中的磁場(chǎng)能在變大，故AB錯(cuò)誤，C正確；D．電流變化率越小則線圈L的自感電動(dòng)勢(shì)越小，到的過(guò)程中，電流的變化率在逐漸減小，則可知線圈L的自感電動(dòng)勢(shì)在逐漸減小，故D錯(cuò)誤。故選C。3.在教室內(nèi)將兩端開口的潔凈玻璃管豎直插入液體中，管中液面如圖所示。當(dāng)把該裝置放在豎直加速的電梯中，且電梯的加速度。則（）A.若電梯向上加速，則玻璃管內(nèi)外的液面高度差將變大B.若電梯向上加速，則玻璃管內(nèi)外的液面高度差保持不變C.若電梯向下加速，則玻璃管內(nèi)外的液面高度差將變大D.若電梯向下加速，則玻璃管內(nèi)外的液面高度差保持不變〖答案〗C〖解析〗AB．若電梯向上加速，則液體將處于超重狀態(tài)，液體向下的壓力增大，則可知玻璃管內(nèi)的液面要下降，玻璃管內(nèi)外的液面高度差將減小，故AB錯(cuò)誤；CD．若電梯向下加速，則液體將處于失重狀態(tài)，液體向下的壓力減小，則可知玻璃管內(nèi)的液面要上升，玻璃管內(nèi)外的液面高度差將變大，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。4.如圖所示，用某頻率的光照射光電管，研究飽和電流的影響因素，則（）A.電源的左端為負(fù)極B.換更高頻率的光照射，電流表示數(shù)一定增大C.滑動(dòng)變阻器滑片移至最左端，電流表示數(shù)為零D.滑動(dòng)變阻器滑片向右移的過(guò)程中，電流表示數(shù)可能一直增大〖答案〗D〖解析〗A．光電子從K極逸出后必須定向移動(dòng)形成光電流，因此電源的左端為正極，光電子在電場(chǎng)力的作用下將定向移動(dòng)，從而形成光電流，故A錯(cuò)誤；B．換更高頻率的光照射，可以使逸出的光電子的動(dòng)能增加，即可以使單位時(shí)間到達(dá)A極板的電子數(shù)增多，電流增大，但若光子數(shù)目一定，逸出的光電子就一定，光電流就一定，因此可知，換更高頻率的光照射，電流表示數(shù)可能增大，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)滑動(dòng)變阻器移動(dòng)到最左端時(shí)，A、K兩極板的電壓為零，但逸出的光電子具有動(dòng)能，可以到達(dá)A極板，因此電流表的示數(shù)不為零，故C錯(cuò)誤；D．滑動(dòng)變阻器滑片向右移的過(guò)程中，A、K兩極板的電壓增大，光電子在電場(chǎng)力的作用下移動(dòng)的更快，即單位時(shí)間內(nèi)到達(dá)A極板的光電子數(shù)目增多，則光電流增大，但若光電流已經(jīng)達(dá)到飽和，增大兩極板的電壓，光電流不在變化，因此滑動(dòng)變阻器滑片向右移的過(guò)程中，電流表示數(shù)可能一直增大，故D正確。故選D。5.如圖所示，是兩列頻率相同的橫波相遇時(shí)某時(shí)刻的情況，實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷。則兩列波相遇的過(guò)程中（）A.P點(diǎn)相對(duì)平衡位置的位移始終最大B.P點(diǎn)相對(duì)平衡位置的位移可能小于N點(diǎn)相對(duì)平衡位置的位移C.P點(diǎn)和Q點(diǎn)的振動(dòng)步調(diào)可能相同D.P點(diǎn)和Q點(diǎn)連線上的某點(diǎn)可能與N點(diǎn)的振幅相同〖答案〗B〖解析〗A．若P點(diǎn)相對(duì)平衡位置的位移始終最大，那么P點(diǎn)就是靜止的，而P點(diǎn)實(shí)際上是在平衡位置上下振動(dòng)，還會(huì)經(jīng)過(guò)平衡位置，故A錯(cuò)誤；B．P點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，即振幅為兩列波振幅之和，始終在平衡位置上下振動(dòng)，位移在某些時(shí)刻為零；N為振動(dòng)減弱點(diǎn)，振幅為兩列波的振幅之差，但并不知道兩列波的振幅大小，因此N點(diǎn)的振幅可以不為零，同樣在平衡位置上下振動(dòng)，位移可以大于零，因此P點(diǎn)相對(duì)平衡位置的位移可能小于N點(diǎn)相對(duì)平衡位置的位移，故B正確；C．由干涉圖樣可知，P點(diǎn)為波峰與波峰相遇，Q點(diǎn)為波峰與波谷相遇，且兩者之間的距離相差半個(gè)波長(zhǎng)，則可知兩者振動(dòng)步調(diào)始終相反，故C錯(cuò)誤；D．P點(diǎn)和Q點(diǎn)連線上各點(diǎn)始終為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，振幅都等于兩列波振幅之和，而N點(diǎn)始終未振動(dòng)減弱的點(diǎn)，振幅始終為兩列波的振幅之差，因此P點(diǎn)和Q點(diǎn)連線上的某點(diǎn)不可能與N點(diǎn)的振幅相同，故D錯(cuò)誤。故選B。6.神舟十四號(hào)成功發(fā)射后，與空間站天和核心艙成功對(duì)接，航天員陳東等順利進(jìn)入天和核心艙。已知地球半徑為R，空間站在距離地面高度處做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，同步衛(wèi)星距離地面高度為空間站高度的90倍，地球自轉(zhuǎn)周期為T。則空間站繞地運(yùn)行周期為（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗設(shè)同步衛(wèi)星距地面的高度為，空間站的周期為，則由開普勒第三定律有可得解得故選A。7.如圖所示，條形磁鐵與螺線管在同一平面內(nèi)，條形磁鐵由位置A運(yùn)動(dòng)到位置C，則（）A.勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電流計(jì)的示數(shù)不變B.加速過(guò)程中電流計(jì)的示數(shù)比勻速過(guò)程的小C.加速和勻速過(guò)程通過(guò)電流計(jì)的電荷量相同D.加速和勻速過(guò)程螺線管所在回路產(chǎn)生的焦耳熱相同〖答案〗C〖解析〗AB．在條形磁鐵從位置A運(yùn)動(dòng)到位置C的過(guò)程中，穿過(guò)螺線管的磁感線的條數(shù)在增加，即磁通量在變大，也就是說(shuō)磁鐵越靠近螺線管，螺線管的磁通量越大，因此，不管是勻速靠近還是加速靠近，磁通量的變化率都在增大，而相比于勻速靠近，加速靠近的過(guò)程中磁通量的變化率更大，可知螺線管所在回路中的感應(yīng)電流逐漸增大，加速靠近比勻速靠近，產(chǎn)生的感應(yīng)電流更大，電流計(jì)的示數(shù)更大，故AB錯(cuò)誤；C．根據(jù)可知，不管是加速還是勻速，條形磁鐵從位置A運(yùn)動(dòng)到位置C的過(guò)程中，穿過(guò)螺線管的磁通量的變化量大小相同，因此可知兩種方式通過(guò)電流計(jì)的電荷量相同，故C正確；D．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有兩種運(yùn)動(dòng)形式磁通量的變化量相同，但是時(shí)間不同，可得而螺線管所在回路產(chǎn)生的焦耳熱實(shí)際為電場(chǎng)能轉(zhuǎn)化，因此有而加速運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的電場(chǎng)能大于勻速運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的電場(chǎng)能，因此可知加速運(yùn)動(dòng)時(shí)螺線管所在回路產(chǎn)生的焦耳熱大于勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)螺線管所在回路產(chǎn)生的焦耳熱，故D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示，一同學(xué)練習(xí)使用網(wǎng)球訓(xùn)練器單人打回彈，網(wǎng)球與底座之間有一彈性繩連接，練習(xí)過(guò)程中底座保持不動(dòng)。該同學(xué)將網(wǎng)球拋至最高點(diǎn)a處用球拍擊打，b是軌跡上的最高點(diǎn)，c處彈性繩仍然處于松弛狀態(tài)，d處彈性繩已經(jīng)繃緊并撞在豎直墻壁上，不計(jì)空氣阻力。則（）A.a處網(wǎng)球拍給網(wǎng)球的沖量沿水平方向B.拍打后a到c過(guò)程中網(wǎng)球受到的沖量方向豎直向下C.c到d過(guò)程中網(wǎng)球受到的沖量方向豎直向下D.d處反彈后網(wǎng)球做平拋運(yùn)動(dòng)〖答案〗B〖解析〗A．該同學(xué)將網(wǎng)球拋至最高點(diǎn)a處時(shí)網(wǎng)球的速度為零，網(wǎng)球拍擊打網(wǎng)球后，網(wǎng)球做曲線運(yùn)動(dòng)，曲線上任意一點(diǎn)的切線方向即為網(wǎng)球的速度方向，由軌跡可知，a處軌跡的切線方向斜向右上方，則可知a處的速度方向斜向右上方，因此網(wǎng)球拍給網(wǎng)球的沖量應(yīng)斜向上方，故A錯(cuò)誤；B．拍打后a到c過(guò)程中網(wǎng)球只受到重力的作用，而重力豎直向下，則重力的沖量豎直向下，因此拍打后a到c過(guò)程中網(wǎng)球受到的沖量方向豎直向下，故B正確；C．由題意可知，d處彈性繩已經(jīng)繃緊，即彈性繩在到達(dá)d處時(shí)已經(jīng)出現(xiàn)了彈力，因此網(wǎng)球從c到d過(guò)程中受力情況分為只受重力與受到重力和彈性繩的拉力兩種情況，若只受重力階段，則沖量豎直向下；若受到重力和彈性繩的拉力則二者合力斜向左下方，因此網(wǎng)球受到的沖量方向斜向左下方，故C錯(cuò)誤；D．做平拋運(yùn)動(dòng)的條件是初速度水平，且只受重力，顯然網(wǎng)球在d處反彈后除了受到重力還有因彈性繩收縮而受到的拉力，故D錯(cuò)誤。故選B。9.如圖所示，在正方形ABCD的四個(gè)頂點(diǎn)上分別固定四個(gè)電荷量相等的點(diǎn)電荷：①四個(gè)頂點(diǎn)都固定正電荷；②四個(gè)頂點(diǎn)都固定負(fù)電荷；③A、B處固定正電荷，C、D處固定負(fù)電荷；④A、C處固定正電荷，B、D處固定負(fù)電荷。四種情況下正方形中心O點(diǎn)的電勢(shì)分別為、、、，取無(wú)窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)點(diǎn)。則（）A. B.C D.〖答案〗A〖解析〗取無(wú)窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)點(diǎn)，則正電荷周圍的電勢(shì)為正，負(fù)電荷周圍的電勢(shì)為負(fù)，故可知，設(shè)正負(fù)電荷的電量均為，正方形四個(gè)頂點(diǎn)到中心O的距離為，則正電荷在O點(diǎn)的電勢(shì)為負(fù)電荷在O點(diǎn)的電勢(shì)為根據(jù)電勢(shì)的運(yùn)算法則，即代數(shù)運(yùn)算，可知因此可以得到故選A。10.在無(wú)風(fēng)的環(huán)境里將一塑料球以一定的初速度水平拋出，球受到的空氣阻力與速度大小成正比，該球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中水平方向的速度隨時(shí)間t、水平方向的位移x的變化規(guī)律，豎直方向的速度隨時(shí)間t、豎直方向的位移y的變化規(guī)律可能正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗AB．水平方向受空氣阻力作用，由牛頓第二定律，有塑料球水平方向速度逐漸減小，所以其水平方向加速度逐漸減小，即圖像中圖線的斜率逐漸變小，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)動(dòng)量定理可得整理可得故B錯(cuò)誤；CD．豎直方向受空氣阻力作用，由牛頓第二定律，有塑料球豎直方向速度逐漸增大，所以其豎直方向加速度逐漸減小，即圖像中圖線的斜率逐漸變小。在圖像中圖線與坐標(biāo)軸所圍面積表示位移，易知vy隨豎直位移y的變化率也是逐漸變小的。故C錯(cuò)誤；D正確。故選D。二、非選擇題：共5題，共60分。其中第12題~第15題解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后〖答案〗的不能得分；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，〖答案〗中必須明確寫出數(shù)值和單位。11.圖甲為一多用電表，由量程為1mA的電流表改裝而成，該電流表的內(nèi)阻約100Ω，多用電表內(nèi)有一節(jié)干電池（電動(dòng)勢(shì)1.5V，內(nèi)阻約1Ω）?，F(xiàn)測(cè)量電流表的內(nèi)阻及多用電表“×10”歐姆檔的內(nèi)阻。（1）開始實(shí)驗(yàn)時(shí)，首先需要調(diào)節(jié)圖甲中的旋鈕______（選填“A”或“B”），進(jìn)行多用電表的機(jī)械調(diào)零。（2）用圖乙所示電路測(cè)量量程為1mA的電流表的內(nèi)阻，電源電動(dòng)勢(shì)1.5V，電源內(nèi)阻約1Ω，滑動(dòng)變阻器R（0~2kΩ），其中定值電阻和電壓表應(yīng)分別選用______和______（選填器材前的代號(hào)）。A.定值電阻（3.0kΩ）B.定值電阻（6.0kΩ）C.電壓表V（量程0.6V，內(nèi)阻3.0kΩ）D.電壓表V（量程3V，內(nèi)阻4.0kΩ）（3）用圖丙所示電路測(cè)量多用電表“×10”歐姆檔的內(nèi)阻，其中電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻r已知。電路連接后，多用電表的紅表筆應(yīng)接在______（選填“a”或“b”）。下列操作步驟的順序?yàn)開_____。

①將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋“×10”位置②將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使指針指向“0Ω”③將單刀雙擲開關(guān)K接1，電阻箱調(diào)節(jié)到阻值為時(shí)，電流表的讀數(shù)為I0④將單刀雙擲開關(guān)K接2，電流表的讀數(shù)為I0⑤把多用電表的選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到交流電壓最高檔，拆除電路，整理器材（4）以上實(shí)驗(yàn)操作測(cè)得多用電表“×10”歐姆檔的內(nèi)阻為______，該測(cè)量值______（選填“大于”、“等于”或“小于”）真實(shí)值。〖答案〗（1）A（2）AD（3）①②④③⑤（4）等于〖解析〗（1）[1]A為機(jī)械調(diào)零旋鈕，B為歐姆調(diào)零旋鈕，若要進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，則需調(diào)節(jié)旋鈕A。（2）[2][3]由于電流表的量程為1mA，電源的電壓為1.5V，則用直除法，若選擇的定值電阻，回路中的最大電流為不足電流表量程的，故應(yīng)選擇的定值電阻；而電壓表應(yīng)該選擇更接近電源電動(dòng)勢(shì)的量程，該電路回路中電阻很大，故而電流較小，而電源的內(nèi)阻很小，內(nèi)阻分壓就很小，因此的電壓表并不能滿足要求，故選量程為的電壓表；（3）[4][5]該實(shí)驗(yàn)用的是等效替代法測(cè)電阻，將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋“×10”位置，接著將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使指針指向“0Ω”，然后將將單刀雙擲開關(guān)K接2，記錄電流表的讀數(shù)為，接著將單刀雙擲開關(guān)K接1，電阻箱調(diào)節(jié)到阻值為時(shí)，使電流表的讀數(shù)仍為，最后把多用電表的選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到交流電壓最高檔，拆除電路，整理器材，因此正確的實(shí)驗(yàn)操作順序應(yīng)該是①②④③⑤；而歐姆表的歐姆檔利用的是多用電表的內(nèi)置電源，當(dāng)將選擇開關(guān)置于歐姆檔時(shí)就接通了內(nèi)置電源，此時(shí)黑表筆與內(nèi)置電源的正極相連，紅表筆與內(nèi)置電源的負(fù)極相連，而根據(jù)電路圖可知，端連接的時(shí)電流表的負(fù)接線柱，因此紅表筆應(yīng)接在端。（4）[6][7]等效替代法測(cè)得的電阻不包括歐姆表“×10”的內(nèi)置電源的內(nèi)阻，而外部電源和內(nèi)置電源有相同的內(nèi)阻，因此可知?dú)W姆表“×10”的內(nèi)阻為此種方法所測(cè)電阻等于真實(shí)值。12.如圖所示是截面為等邊三角形ABC的玻璃磚，邊長(zhǎng)為20cm。現(xiàn)有一紅色細(xì)光束從AC邊中點(diǎn)D與AC邊成角入射，從AB邊上的F點(diǎn)（圖中未畫出）射出。已知出射光線與入射光線的偏轉(zhuǎn)角為，已知真空中光速。求：（1）該玻璃磚對(duì)紅光的折射率n；（2）紅光從D傳播到F所用傳播時(shí)間t?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）由題意，出射光線與入射光線的偏轉(zhuǎn)角為，做出光路圖如下所示在D點(diǎn)處的入射角，光線入射邊和出射邊的法線均為正三角形的高線，根據(jù)題意可知，入射光線平行于F點(diǎn)的法線，即入射光線垂直于邊AB，則根據(jù)幾何關(guān)系可知折射角，則玻璃磚對(duì)紅光的折射率為代入數(shù)據(jù)解得（2）DF平行于BC，則由幾何關(guān)系可知，光在玻璃磚中傳播的路程光在玻璃磚中的傳播速度為則光從D點(diǎn)傳播到F點(diǎn)所用的時(shí)間為代入數(shù)據(jù)解得13.如圖所示，一端封閉的細(xì)玻璃管開口向上豎直放置，管長(zhǎng)，管內(nèi)用長(zhǎng)的水銀柱封閉了一段長(zhǎng)的空氣柱。已知大氣壓強(qiáng)。（1）若保持玻璃管直立做自由落體運(yùn)動(dòng)，下落過(guò)程中溫度保持不變，水銀柱與玻璃管達(dá)到相對(duì)靜止時(shí)，求管中氣柱的長(zhǎng)度L2；（2）若玻璃管繞下端O在豎直平面內(nèi)緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，求水銀剛好開始溢出時(shí)玻璃管轉(zhuǎn)過(guò)的角度θ?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）初始時(shí)玻璃管中的壓強(qiáng)做自由落體運(yùn)動(dòng)處于完全失重狀態(tài)時(shí)管中的壓強(qiáng)設(shè)管的橫截面積為S，則由波意耳定律有解得此時(shí)沒有水銀溢出。（2）根據(jù)題意，由波意耳定律有解得則可知14.如圖所示，M、N為兩水平金屬板，板間電壓為U、距離為d，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，方向垂直紙面向外，ACD為用絕緣板圍成的正三角形區(qū)域，正三角形邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，S為AC板中心的小孔，區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，放射源P沿水平方向發(fā)出速率不等、比荷不同的粒子，其中有部分粒子恰能沿板M、N的中軸線通過(guò)，再垂直AC邊從孔S進(jìn)入正三角形區(qū)域。板間電場(chǎng)可看成勻強(qiáng)電場(chǎng)，忽略板外空間的電場(chǎng)；粒子每次與絕緣板發(fā)生碰撞后均以原速率反彈且電荷量不變，不計(jì)粒子重力及相互作用。（1）求能沿板M、N中軸線通過(guò)的粒子的速度大小v0；（2）求與絕緣板碰撞次數(shù)最少且能從S孔飛出的粒子比荷；（3）比荷為的粒子在三角形區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，每次與板碰撞時(shí)速度方向均與板垂直。求該粒子在三角形區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t隨的變化關(guān)系。〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）能沿板M、N中軸線通過(guò)的粒子，在極板間受到的洛倫茲力和電場(chǎng)力平衡，有解得（2）如下圖所示，粒子至少與絕緣板碰撞2次后從S孔飛出，此時(shí)粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡半徑為同時(shí)有聯(lián)立解得（3）分析可知要使粒子每次與板碰撞時(shí)速度方向均與板垂直，需要滿足SA的長(zhǎng)度為粒子軌跡半徑的奇數(shù)倍，即解得分析可知當(dāng)時(shí)，對(duì)應(yīng)的軌跡總的路程為分析可知當(dāng)時(shí)，對(duì)比時(shí)，軌跡中三角形的每個(gè)邊上會(huì)多出2個(gè)半圓，即此時(shí)以此類推，可得故有同時(shí)有，聯(lián)立解得15.如圖甲所示，光滑水平面上木板A將輕彈簧壓縮由靜止釋放，被彈簧彈開后向右運(yùn)動(dòng)，與右側(cè)固定的擋板發(fā)生彈性碰撞，木板A從釋放開始運(yùn)動(dòng)的x-t圖像如圖乙所示，其中、是正弦曲線的一部分。如圖丙所示，若在A的左側(cè)再疊放另一小物塊B后仍將彈簧壓縮由靜止釋放，彈開過(guò)程A、B保持相對(duì)靜止。已知木板A的質(zhì)量，木板長(zhǎng)，物塊B的質(zhì)量，A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度為g。求：（1）彈簧中的最大彈性勢(shì)能；（2）從釋放到B滑離A的過(guò)程中，A與擋板碰撞的次數(shù)n；（3）從釋放到B滑離A的過(guò)程中，A運(yùn)動(dòng)的路程s。〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）由x-t圖像可知，A離開彈簧后的速度大小為由能量守恒可知，彈簧的彈性勢(shì)能完全轉(zhuǎn)化成了木板A的動(dòng)能，則可知彈簧開始具有的彈性勢(shì)能為解得（2）在彈開的過(guò)程中A、B保持相對(duì)靜止，設(shè)第一次離開彈簧式的速度為，則有設(shè)A與擋板第一次碰后，A、B達(dá)到的共同速度為，A的位移為，則由動(dòng)量守恒定律可得對(duì)木板A由動(dòng)能定理可得解得假設(shè)成立，設(shè)此過(guò)程中兩物體的相對(duì)位移為，則由能量守恒有解得設(shè)第二次與擋板碰撞后達(dá)到的共同速度為，則由動(dòng)量守恒定律有設(shè)此過(guò)程中兩物體的相對(duì)位移為，則由能量守恒有解得而則可知從釋放到B滑離A的過(guò)程中，A與擋板碰撞的次數(shù)為（3）設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為，則設(shè)A第一次與擋板碰撞后壓縮彈簧的量為，則解得設(shè)A、B分離時(shí)兩者的速度為、，則由動(dòng)量守恒定律有由能量守恒有解得，碰撞后兩者分離，設(shè)A的位移為，則有解得內(nèi)，木板A運(yùn)動(dòng)的距離則從釋放到B滑離A的過(guò)程中，A運(yùn)動(dòng)的路程為2023屆高三查漏補(bǔ)缺診斷測(cè)試物理注意事項(xiàng)：考生在答題前請(qǐng)認(rèn)真閱讀本注意事項(xiàng)及各題答題要求1．本試卷共6頁(yè)，滿分為100分，考試時(shí)間為75分鐘?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。2．答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置。3．請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符。4．作答選擇題，必須用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗。作答非選擇題，必須用0.5毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其它位置作答一律無(wú)效。5．如需作圖，必須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗。一、單項(xiàng)選擇題：共10題，每題4分，共40分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)最符合題意。1.如圖所示，α粒子散射實(shí)驗(yàn)中，移動(dòng)顯微鏡M分別在a、b、c、d四個(gè)位置觀察，則（）A.在a處觀察到的是金原子核B.在b處觀察到的是電子C.在c處不能觀察到任何粒子D.在d處能觀察到α粒子〖答案〗D〖解析〗α粒子散射實(shí)驗(yàn)是用α粒子轟擊金屬箔，得到的結(jié)果是絕大多數(shù)的α粒子穿過(guò)金屬箔后基本上仍沿原來(lái)的方向繼續(xù)前進(jìn)，有少數(shù)的α粒子運(yùn)動(dòng)軌跡發(fā)生了較大的偏轉(zhuǎn)，極少數(shù)的發(fā)生α粒子甚至被反彈，沿原路返回，而在該實(shí)驗(yàn)中，用顯微鏡觀察的實(shí)際上是α粒子的，在c處可以觀察到很少的發(fā)生較大偏轉(zhuǎn)的α粒子，在d處則能觀察到被反彈回來(lái)的α粒子。故選D。2.規(guī)定圖甲LC振蕩電路中逆時(shí)針?lè)较虻碾娏鳛檎?，M是電容器的上極板。從某時(shí)刻起記錄圖甲中的電流隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖乙所示。則圖像乙中的段對(duì)應(yīng)電路甲中的（）A.M板帶正電B.M板的帶電量在變大C.線圈L中的磁場(chǎng)能在變大D.線圈L的自感電動(dòng)勢(shì)在變大〖答案〗C〖解析〗ABC．點(diǎn)時(shí)，電路中的電流為零，此時(shí)恰好反向充電完成，故到的過(guò)程中，電容器正在反向放電，根據(jù)題意結(jié)合圖乙可知，此時(shí)電流為順時(shí)針?lè)较?，則可知C板帶正電，且C板的帶電量在減小，電容器的電場(chǎng)能在減小，而線圈L中的磁場(chǎng)能在變大，故AB錯(cuò)誤，C正確；D．電流變化率越小則線圈L的自感電動(dòng)勢(shì)越小，到的過(guò)程中，電流的變化率在逐漸減小，則可知線圈L的自感電動(dòng)勢(shì)在逐漸減小，故D錯(cuò)誤。故選C。3.在教室內(nèi)將兩端開口的潔凈玻璃管豎直插入液體中，管中液面如圖所示。當(dāng)把該裝置放在豎直加速的電梯中，且電梯的加速度。則（）A.若電梯向上加速，則玻璃管內(nèi)外的液面高度差將變大B.若電梯向上加速，則玻璃管內(nèi)外的液面高度差保持不變C.若電梯向下加速，則玻璃管內(nèi)外的液面高度差將變大D.若電梯向下加速，則玻璃管內(nèi)外的液面高度差保持不變〖答案〗C〖解析〗AB．若電梯向上加速，則液體將處于超重狀態(tài)，液體向下的壓力增大，則可知玻璃管內(nèi)的液面要下降，玻璃管內(nèi)外的液面高度差將減小，故AB錯(cuò)誤；CD．若電梯向下加速，則液體將處于失重狀態(tài)，液體向下的壓力減小，則可知玻璃管內(nèi)的液面要上升，玻璃管內(nèi)外的液面高度差將變大，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。4.如圖所示，用某頻率的光照射光電管，研究飽和電流的影響因素，則（）A.電源的左端為負(fù)極B.換更高頻率的光照射，電流表示數(shù)一定增大C.滑動(dòng)變阻器滑片移至最左端，電流表示數(shù)為零D.滑動(dòng)變阻器滑片向右移的過(guò)程中，電流表示數(shù)可能一直增大〖答案〗D〖解析〗A．光電子從K極逸出后必須定向移動(dòng)形成光電流，因此電源的左端為正極，光電子在電場(chǎng)力的作用下將定向移動(dòng)，從而形成光電流，故A錯(cuò)誤；B．換更高頻率的光照射，可以使逸出的光電子的動(dòng)能增加，即可以使單位時(shí)間到達(dá)A極板的電子數(shù)增多，電流增大，但若光子數(shù)目一定，逸出的光電子就一定，光電流就一定，因此可知，換更高頻率的光照射，電流表示數(shù)可能增大，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)滑動(dòng)變阻器移動(dòng)到最左端時(shí)，A、K兩極板的電壓為零，但逸出的光電子具有動(dòng)能，可以到達(dá)A極板，因此電流表的示數(shù)不為零，故C錯(cuò)誤；D．滑動(dòng)變阻器滑片向右移的過(guò)程中，A、K兩極板的電壓增大，光電子在電場(chǎng)力的作用下移動(dòng)的更快，即單位時(shí)間內(nèi)到達(dá)A極板的光電子數(shù)目增多，則光電流增大，但若光電流已經(jīng)達(dá)到飽和，增大兩極板的電壓，光電流不在變化，因此滑動(dòng)變阻器滑片向右移的過(guò)程中，電流表示數(shù)可能一直增大，故D正確。故選D。5.如圖所示，是兩列頻率相同的橫波相遇時(shí)某時(shí)刻的情況，實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷。則兩列波相遇的過(guò)程中（）A.P點(diǎn)相對(duì)平衡位置的位移始終最大B.P點(diǎn)相對(duì)平衡位置的位移可能小于N點(diǎn)相對(duì)平衡位置的位移C.P點(diǎn)和Q點(diǎn)的振動(dòng)步調(diào)可能相同D.P點(diǎn)和Q點(diǎn)連線上的某點(diǎn)可能與N點(diǎn)的振幅相同〖答案〗B〖解析〗A．若P點(diǎn)相對(duì)平衡位置的位移始終最大，那么P點(diǎn)就是靜止的，而P點(diǎn)實(shí)際上是在平衡位置上下振動(dòng)，還會(huì)經(jīng)過(guò)平衡位置，故A錯(cuò)誤；B．P點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，即振幅為兩列波振幅之和，始終在平衡位置上下振動(dòng)，位移在某些時(shí)刻為零；N為振動(dòng)減弱點(diǎn)，振幅為兩列波的振幅之差，但并不知道兩列波的振幅大小，因此N點(diǎn)的振幅可以不為零，同樣在平衡位置上下振動(dòng)，位移可以大于零，因此P點(diǎn)相對(duì)平衡位置的位移可能小于N點(diǎn)相對(duì)平衡位置的位移，故B正確；C．由干涉圖樣可知，P點(diǎn)為波峰與波峰相遇，Q點(diǎn)為波峰與波谷相遇，且兩者之間的距離相差半個(gè)波長(zhǎng)，則可知兩者振動(dòng)步調(diào)始終相反，故C錯(cuò)誤；D．P點(diǎn)和Q點(diǎn)連線上各點(diǎn)始終為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，振幅都等于兩列波振幅之和，而N點(diǎn)始終未振動(dòng)減弱的點(diǎn)，振幅始終為兩列波的振幅之差，因此P點(diǎn)和Q點(diǎn)連線上的某點(diǎn)不可能與N點(diǎn)的振幅相同，故D錯(cuò)誤。故選B。6.神舟十四號(hào)成功發(fā)射后，與空間站天和核心艙成功對(duì)接，航天員陳東等順利進(jìn)入天和核心艙。已知地球半徑為R，空間站在距離地面高度處做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，同步衛(wèi)星距離地面高度為空間站高度的90倍，地球自轉(zhuǎn)周期為T。則空間站繞地運(yùn)行周期為（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗設(shè)同步衛(wèi)星距地面的高度為，空間站的周期為，則由開普勒第三定律有可得解得故選A。7.如圖所示，條形磁鐵與螺線管在同一平面內(nèi)，條形磁鐵由位置A運(yùn)動(dòng)到位置C，則（）A.勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電流計(jì)的示數(shù)不變B.加速過(guò)程中電流計(jì)的示數(shù)比勻速過(guò)程的小C.加速和勻速過(guò)程通過(guò)電流計(jì)的電荷量相同D.加速和勻速過(guò)程螺線管所在回路產(chǎn)生的焦耳熱相同〖答案〗C〖解析〗AB．在條形磁鐵從位置A運(yùn)動(dòng)到位置C的過(guò)程中，穿過(guò)螺線管的磁感線的條數(shù)在增加，即磁通量在變大，也就是說(shuō)磁鐵越靠近螺線管，螺線管的磁通量越大，因此，不管是勻速靠近還是加速靠近，磁通量的變化率都在增大，而相比于勻速靠近，加速靠近的過(guò)程中磁通量的變化率更大，可知螺線管所在回路中的感應(yīng)電流逐漸增大，加速靠近比勻速靠近，產(chǎn)生的感應(yīng)電流更大，電流計(jì)的示數(shù)更大，故AB錯(cuò)誤；C．根據(jù)可知，不管是加速還是勻速，條形磁鐵從位置A運(yùn)動(dòng)到位置C的過(guò)程中，穿過(guò)螺線管的磁通量的變化量大小相同，因此可知兩種方式通過(guò)電流計(jì)的電荷量相同，故C正確；D．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有兩種運(yùn)動(dòng)形式磁通量的變化量相同，但是時(shí)間不同，可得而螺線管所在回路產(chǎn)生的焦耳熱實(shí)際為電場(chǎng)能轉(zhuǎn)化，因此有而加速運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的電場(chǎng)能大于勻速運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的電場(chǎng)能，因此可知加速運(yùn)動(dòng)時(shí)螺線管所在回路產(chǎn)生的焦耳熱大于勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)螺線管所在回路產(chǎn)生的焦耳熱，故D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示，一同學(xué)練習(xí)使用網(wǎng)球訓(xùn)練器單人打回彈，網(wǎng)球與底座之間有一彈性繩連接，練習(xí)過(guò)程中底座保持不動(dòng)。該同學(xué)將網(wǎng)球拋至最高點(diǎn)a處用球拍擊打，b是軌跡上的最高點(diǎn)，c處彈性繩仍然處于松弛狀態(tài)，d處彈性繩已經(jīng)繃緊并撞在豎直墻壁上，不計(jì)空氣阻力。則（）A.a處網(wǎng)球拍給網(wǎng)球的沖量沿水平方向B.拍打后a到c過(guò)程中網(wǎng)球受到的沖量方向豎直向下C.c到d過(guò)程中網(wǎng)球受到的沖量方向豎直向下D.d處反彈后網(wǎng)球做平拋運(yùn)動(dòng)〖答案〗B〖解析〗A．該同學(xué)將網(wǎng)球拋至最高點(diǎn)a處時(shí)網(wǎng)球的速度為零，網(wǎng)球拍擊打網(wǎng)球后，網(wǎng)球做曲線運(yùn)動(dòng)，曲線上任意一點(diǎn)的切線方向即為網(wǎng)球的速度方向，由軌跡可知，a處軌跡的切線方向斜向右上方，則可知a處的速度方向斜向右上方，因此網(wǎng)球拍給網(wǎng)球的沖量應(yīng)斜向上方，故A錯(cuò)誤；B．拍打后a到c過(guò)程中網(wǎng)球只受到重力的作用，而重力豎直向下，則重力的沖量豎直向下，因此拍打后a到c過(guò)程中網(wǎng)球受到的沖量方向豎直向下，故B正確；C．由題意可知，d處彈性繩已經(jīng)繃緊，即彈性繩在到達(dá)d處時(shí)已經(jīng)出現(xiàn)了彈力，因此網(wǎng)球從c到d過(guò)程中受力情況分為只受重力與受到重力和彈性繩的拉力兩種情況，若只受重力階段，則沖量豎直向下；若受到重力和彈性繩的拉力則二者合力斜向左下方，因此網(wǎng)球受到的沖量方向斜向左下方，故C錯(cuò)誤；D．做平拋運(yùn)動(dòng)的條件是初速度水平，且只受重力，顯然網(wǎng)球在d處反彈后除了受到重力還有因彈性繩收縮而受到的拉力，故D錯(cuò)誤。故選B。9.如圖所示，在正方形ABCD的四個(gè)頂點(diǎn)上分別固定四個(gè)電荷量相等的點(diǎn)電荷：①四個(gè)頂點(diǎn)都固定正電荷；②四個(gè)頂點(diǎn)都固定負(fù)電荷；③A、B處固定正電荷，C、D處固定負(fù)電荷；④A、C處固定正電荷，B、D處固定負(fù)電荷。四種情況下正方形中心O點(diǎn)的電勢(shì)分別為、、、，取無(wú)窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)點(diǎn)。則（）A. B.C D.〖答案〗A〖解析〗取無(wú)窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)點(diǎn)，則正電荷周圍的電勢(shì)為正，負(fù)電荷周圍的電勢(shì)為負(fù)，故可知，設(shè)正負(fù)電荷的電量均為，正方形四個(gè)頂點(diǎn)到中心O的距離為，則正電荷在O點(diǎn)的電勢(shì)為負(fù)電荷在O點(diǎn)的電勢(shì)為根據(jù)電勢(shì)的運(yùn)算法則，即代數(shù)運(yùn)算，可知因此可以得到故選A。10.在無(wú)風(fēng)的環(huán)境里將一塑料球以一定的初速度水平拋出，球受到的空氣阻力與速度大小成正比，該球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中水平方向的速度隨時(shí)間t、水平方向的位移x的變化規(guī)律，豎直方向的速度隨時(shí)間t、豎直方向的位移y的變化規(guī)律可能正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗AB．水平方向受空氣阻力作用，由牛頓第二定律，有塑料球水平方向速度逐漸減小，所以其水平方向加速度逐漸減小，即圖像中圖線的斜率逐漸變小，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)動(dòng)量定理可得整理可得故B錯(cuò)誤；CD．豎直方向受空氣阻力作用，由牛頓第二定律，有塑料球豎直方向速度逐漸增大，所以其豎直方向加速度逐漸減小，即圖像中圖線的斜率逐漸變小。在圖像中圖線與坐標(biāo)軸所圍面積表示位移，易知vy隨豎直位移y的變化率也是逐漸變小的。故C錯(cuò)誤；D正確。故選D。二、非選擇題：共5題，共60分。其中第12題~第15題解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后〖答案〗的不能得分；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，〖答案〗中必須明確寫出數(shù)值和單位。11.圖甲為一多用電表，由量程為1mA的電流表改裝而成，該電流表的內(nèi)阻約100Ω，多用電表內(nèi)有一節(jié)干電池（電動(dòng)勢(shì)1.5V，內(nèi)阻約1Ω）?，F(xiàn)測(cè)量電流表的內(nèi)阻及多用電表“×10”歐姆檔的內(nèi)阻。（1）開始實(shí)驗(yàn)時(shí)，首先需要調(diào)節(jié)圖甲中的旋鈕______（選填“A”或“B”），進(jìn)行多用電表的機(jī)械調(diào)零。（2）用圖乙所示電路測(cè)量量程為1mA的電流表的內(nèi)阻，電源電動(dòng)勢(shì)1.5V，電源內(nèi)阻約1Ω，滑動(dòng)變阻器R（0~2kΩ），其中定值電阻和電壓表應(yīng)分別選用______和______（選填器材前的代號(hào)）。A.定值電阻（3.0kΩ）B.定值電阻（6.0kΩ）C.電壓表V（量程0.6V，內(nèi)阻3.0kΩ）D.電壓表V（量程3V，內(nèi)阻4.0kΩ）（3）用圖丙所示電路測(cè)量多用電表“×10”歐姆檔的內(nèi)阻，其中電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻r已知。電路連接后，多用電表的紅表筆應(yīng)接在______（選填“a”或“b”）。下列操作步驟的順序?yàn)開_____。

①將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋“×10”位置②將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使指針指向“0Ω”③將單刀雙擲開關(guān)K接1，電阻箱調(diào)節(jié)到阻值為時(shí)，電流表的讀數(shù)為I0④將單刀雙擲開關(guān)K接2，電流表的讀數(shù)為I0⑤把多用電表的選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到交流電壓最高檔，拆除電路，整理器材（4）以上實(shí)驗(yàn)操作測(cè)得多用電表“×10”歐姆檔的內(nèi)阻為______，該測(cè)量值______（選填“大于”、“等于”或“小于”）真實(shí)值?！即鸢浮剑?）A（2）AD（3）①②④③⑤（4）等于〖解析〗（1）[1]A為機(jī)械調(diào)零旋鈕，B為歐姆調(diào)零旋鈕，若要進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，則需調(diào)節(jié)旋鈕A。（2）[2][3]由于電流表的量程為1mA，電源的電壓為1.5V，則用直除法，若選擇的定值電阻，回路中的最大電流為不足電流表量程的，故應(yīng)選擇的定值電阻；而電壓表應(yīng)該選擇更接近電源電動(dòng)勢(shì)的量程，該電路回路中電阻很大，故而電流較小，而電源的內(nèi)阻很小，內(nèi)阻分壓就很小，因此的電壓表并不能滿足要求，故選量程為的電壓表；（3）[4][5]該實(shí)驗(yàn)用的是等效替代法測(cè)電阻，將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋“×10”位置，接著將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使指針指向“0Ω”，然后將將單刀雙擲開關(guān)K接2，記錄電流表的讀數(shù)為，接著將單刀雙擲開關(guān)K接1，電阻箱調(diào)節(jié)到阻值為時(shí)，使電流表的讀數(shù)仍為，最后把多用電表的選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到交流電壓最高檔，拆除電路，整理器材，因此正確的實(shí)驗(yàn)操作順序應(yīng)該是①②④③⑤；而歐姆表的歐姆檔利用的是多用電表的內(nèi)置電源，當(dāng)將選擇開關(guān)置于歐姆檔時(shí)就接通了內(nèi)置電源，此時(shí)黑表筆與內(nèi)置電源的正極相連，紅表筆與內(nèi)置電源的負(fù)極相連，而根據(jù)電路圖可知，端連接的時(shí)電流表的負(fù)接線柱，因此紅表筆應(yīng)接在端。（4）[6][7]等效替代法測(cè)得的電阻不包括歐姆表“×10”的內(nèi)置電源的內(nèi)阻，而外部電源和內(nèi)置電源有相同的內(nèi)阻，因此可知?dú)W姆表“×10”的內(nèi)阻為此種方法所測(cè)電阻等于真實(shí)值。12.如圖所示是截面為等邊三角形ABC的玻璃磚，邊長(zhǎng)為20cm?，F(xiàn)有一紅色細(xì)光束從AC邊中點(diǎn)D與AC邊成角入射，從AB邊上的F點(diǎn)（圖中未畫出）射出。已知出射光線與入射光線的偏轉(zhuǎn)角為，已知真空中光速。求：（1）該玻璃磚對(duì)紅光的折射率n；（2）紅光從D傳播到F所用傳播時(shí)間t?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）由題意，出射光線與入射光線的偏轉(zhuǎn)角為，做出光路圖如下所示在D點(diǎn)處的入射角，光線入射邊和出射邊的法線均為正三角形的高線，根據(jù)題意可知，入射光線平行于F點(diǎn)的法線，即入射光線垂直于邊AB，則根據(jù)幾何關(guān)系可知折射角，則玻璃磚對(duì)紅光的折射率為代入數(shù)據(jù)解得（2）DF平行于BC，則由幾何關(guān)系可知，光在玻璃磚中傳播的路程光在玻璃磚中的傳播速度為則光從D點(diǎn)傳播到F點(diǎn)所用的時(shí)間為代入數(shù)據(jù)解得