高中物理名校試卷PAGEPAGE12023年四川省宜賓市高三物理二診試卷一、選擇題1．（6分）為做好疫情防控工作，學(xué)校利用紅外測溫儀對學(xué)生進(jìn)行常態(tài)化體溫檢測，紅外測溫儀的原理是：被測物體輻射的光線只有紅外線可被捕捉，已知紅外線單個光子能量的最大值為1.62eV，要使氫原子輻射出的光子可被紅外測溫儀捕捉提（）A．10.20eV B．12.09eV C．12.75eV D．13.06eV2．（6分）越來越多的人喜歡挑戰(zhàn)極限，如圖是兩位“勇士”參與溜索活動，兩傾斜的鋼絲拉索分別套有M、N兩個滑輪（滑輪與繩之間有可調(diào)節(jié)的制動片），當(dāng)他們都沿拉索向下滑動時，M上的帶子與索垂直，則以下判斷正確的是（）A．M情況中，滑輪與索之間有摩擦力 B．N情況中，滑輪與索之間無摩擦力 C．M情況中“勇士”做勻速直線運動 D．N情況中“勇士”做勻速直線運動3．（6分）如圖所示，電源電動勢E＝12V，內(nèi)阻r＝1.0Ω1＝4.0Ω，R2＝7.5Ω，R3＝5.0Ω，電容器的電容C＝10μF，閉合開關(guān)S（）A．4.5×10﹣5C B．6.0×10﹣5C C．7.5×10﹣5C D．1.2×10﹣4C4．（6分）太陽系中幾乎所有天體包括小行星都自轉(zhuǎn)，自轉(zhuǎn)導(dǎo)致星球上的物體所受的重力與萬有引力的大小之間存在差異，有的兩者的差異可以忽略，半徑為R，繞過兩極且與赤道平面垂直的軸自轉(zhuǎn)．則該星球的同步衛(wèi)星離星球表面的高度為（）A．R B．R C．2R D．2R5．（6分）目前，我國在人工智能和無人駕駛技術(shù)方面已取得較大突破。為早日實現(xiàn)無人駕駛，某公司對汽車性能進(jìn)行了一項測試，下坡時若關(guān)掉油門，則汽車的速度保持不變，則從靜止啟動做加速運動，發(fā)生位移s時速度剛好達(dá)到最大值vm，設(shè)汽車在上坡和下坡過程中所受阻力的大小分別保持不變，下列說法正確的是（）A．關(guān)掉油門后的下坡過程，汽車的機械能守恒 B．關(guān)掉油門后的下坡過程，坡面對汽車的支持力的沖量為零 C．上坡過程中，汽車速度由增至，所用的時間可能等于 D．上坡過程中，汽車從靜止啟動到剛好達(dá)到最大速度vm，所用時間一定小于（多選）6．（6分）甲、乙兩汽車在同一平直公路上做直線運動，其速度﹣時間（v﹣t）圖象分別如圖中a、b兩條圖線所示，b圖線是拋物線的一部分，兩車在t1時刻并排行駛。下列關(guān)于兩車的運動情況，判斷正確的是（）A．t1到t2時間內(nèi)甲車的位移小于乙車的位移 B．t1到t2時間內(nèi)乙車的速度先減小后增大 C．t1到t2時間內(nèi)乙車的加速度先減小后增大 D．在t2時刻兩車也可能并排行駛（多選）7．（6分）2022年北京冬奧會上中國首次使用了二氧化碳跨臨界環(huán)保制冰技術(shù)，運用該技術(shù)可制作動摩擦因數(shù)不同的冰面。將一物塊以一定的初速度在運用該技術(shù)制作的水平冰面上沿直線滑行，共滑行了6m，設(shè)位移1.5m處與6m處的動摩擦因數(shù)分別為μ1、μ2，在前3m與后3m運動過程中物塊動能改變的大小分別為ΔEk1、ΔEk2，則（）A．μ1：μ2＝3：1 B．μ1：μ2＝4：1 C．ΔEk1：ΔEk2＝3：2 D．ΔEk1：ΔEk2＝3：1（多選）8．（6分）今有某小型發(fā)電機和一理想變壓器連接后給一個燈泡供電，電路如圖（電壓表和電流表均為理想電表）．已知該發(fā)電機線圈匝數(shù)為N，當(dāng)線圈以轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動時，電壓表示數(shù)為U0．電阻恒為R）恰能正常發(fā)光，則（）A．變壓器的匝數(shù)比為U：U0 B．電流表的示數(shù)為 C．在圖示位置時，發(fā)電機線圈的磁通量為 D．從圖示位置開始計時，變壓器輸入電壓的瞬時值表達(dá)式為u＝Usin2nπt二、非選擇題（一）選考題9．（3分）某興趣小組準(zhǔn)備探究“合外力做功和物體速度變化的關(guān)系”，實驗前組員們提出了以下幾種猜想：①W∝v；②W∝v2；③為了驗證猜想，他們設(shè)計了如圖甲所示的實驗裝置，PQ為一塊傾斜放置的木板（用來測量物體每次通過Q點的速度）。在剛開始實驗時，小剛同學(xué)提出“不需要測出物體質(zhì)量，大家經(jīng)過討論采納了小剛的建議。（1）請你說明小剛建議的理由：；（2）讓物體分別從不同高度無初速釋放，測出物體初始位置到速度傳感器的距離L1、L2、L3、L4，讀出物體每次通過Q點的速度v1、v2、v3、v4……，并繪制了如圖乙所示的L﹣v圖象。若為了更直觀地看出L和v的變化關(guān)系，他們下一步應(yīng)該作出；A．L﹣v2圖像B．圖像C．圖像D．圖像（3）實驗中，木板與物體間摩擦力（“會”或“不會”）影響探究的結(jié)果。10．（3分）某研究性學(xué)習(xí)小組想測量某電源的電動勢和內(nèi)阻他們在實驗室找到了如下實驗器材：待測電源（電動勢在3.0～5.0V之間）兩個相同的電阻箱（最大阻值99.99Ω）定值電阻Ra（阻值為4.0Ω）定值電阻Rb（阻值為50.0Ω）電流表A（量程為200mA，內(nèi)阻RA＝5.0Ω）開關(guān)S、導(dǎo)線若干他們設(shè)計了如圖甲所示的電路，實驗步驟如下：①調(diào)節(jié)電阻箱R1至某一阻值；②將電阻箱R2阻值調(diào)到最大，閉合開關(guān)S；③多次調(diào)節(jié)電阻箱R2，記下電流表A的示數(shù)I和電阻箱R2相應(yīng)的阻值R；④以為縱坐標(biāo)，R為橫坐標(biāo)，作；⑤求出直線的斜率k和在縱軸上的截距b?；卮鹣铝袉栴}：（1）電流表A和電阻箱R1并聯(lián)可等效為一個新電流表，為了使新電流表的量程為1.0A，應(yīng)將R1的電阻調(diào)節(jié)為Ω。（2）保護(hù)電阻R0應(yīng)選用（填“Ra”或“Rb”）（3）該同學(xué)分別用E和r表示電源的電動勢和內(nèi)阻，I表示電流表A的示數(shù)，R表示電阻箱R2的阻值，利用測出的數(shù)據(jù)描繪出的圖線如圖乙所示V，內(nèi)阻r＝Ω（保留2位有效數(shù)字）。11．如圖所示，一質(zhì)量為m＝10g，速度v0＝100m/s的玩具子彈，射向靜止在光滑水平面上質(zhì)量M＝490g的木塊，子彈未射穿木塊，物塊滑上斜面底端時不計能量損失。（重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8），求：（1）子彈擊中木塊后的速度；（2）木塊在斜面上向上運動的時間和返回斜面底端時速度大小。12．如圖所示，在xoy平面第一象限內(nèi)有垂直紙面向外的勻強磁場Ⅰ，在第二象限的邊長為L的正方形ACDO內(nèi)的某個區(qū)域有垂直于紙面的勻強磁場Ⅱ，場強大小為E，所有電磁場邊界均為理想邊界。在第三象限內(nèi)有一點P（﹣L，﹣L），粒子質(zhì)量為m、電量為q，粒子重力不計，經(jīng)過磁場Ⅱ偏轉(zhuǎn)后，都恰能垂直于y軸進(jìn)入磁場I中（1）求Ⅰ、Ⅱ磁場的磁感應(yīng)強度B1、B2的大??；（2）求ACDO內(nèi)所加磁場的最小面積；（3）求帶電粒子從釋放到運動到O點所用時間最短時，對應(yīng)的電場中釋放位置的坐標(biāo)。（二）選考題（多選）13．（3分）關(guān)于熱學(xué)，下列說法中正確的是（）A．氣體溫度升高，則表明該氣體分子的動能都一定增大 B．只要分子間距增大，分子勢能就一定減小 C．對氣體做功可以改變其內(nèi)能 D．一定質(zhì)量的理想氣體等壓膨脹過程中一定吸熱 E．電冰箱的工作過程表明，熱量可以從低溫物體傳到高溫物體14．如圖所示，截面積分別為SA＝1cm2、SB＝0.5cm2的兩個上部開口的柱形氣A、B，底部通過體積可以忽略不計的細(xì)管連通，A、B兩個氣缸內(nèi)分別有兩個不計厚度的活塞A＝1.4kg、mB＝0.7kg。A氣缸內(nèi)壁粗糙，活塞與氣缸間的最大靜摩擦力為Ff＝3N；B氣缸內(nèi)壁光滑，且離底部2h高處有一活塞銷。當(dāng)氣缸內(nèi)充有某種理想氣體時，此時氣體溫度為T0＝300K，外界大氣壓為P0＝1.0×105Pa．現(xiàn)緩慢升高氣體溫度，（g取10m/s2，）求：①當(dāng)氣缸B中的活塞剛好被活塞銷卡住時，氣體的溫度；②當(dāng)氣缸A中的活塞剛要滑動時，氣體的溫度T2。（多選）15．（3分）下列說法正確的是（）A．電磁波在真空中的傳播速度與電磁波的頻率有關(guān) B．電磁波可以發(fā)生衍射現(xiàn)象和偏振現(xiàn)象 C．簡諧機械波在給定的介質(zhì)中傳播時，振動的頻率越高，則波傳播速度越大 D．紫外線在水中的傳播速度小于紅外線在水中的傳播速度 E．狹義相對論認(rèn)為，真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的，光速與光源、觀察者間的相對運動無關(guān)16．如圖所示，某玻璃磚的截面由半圓和等腰直角三角形ABC組成，AC是半圓的直徑，一束單色光照射在圓弧面上的D點，入射角為60°，折射光線在AB面上的入射角為45°，光在真空中傳播速度為c（i）玻璃磚對單色光的折射率；（ii）光在玻璃磚中傳播的時間（不考慮光在圓弧面上的反射）?！飬⒖即鸢浮铩弧⑦x擇題1．〖祥解〗根據(jù)題意，氫原子在躍遷時輻射能量的最小能量要小于1.62eV，才能被紅外測溫儀捕捉。因此n＝1基態(tài)的氫原子吸收最小能量躍遷到更高能級，再向低能級躍遷時，輻射能量最小值小于1.62eV即可?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)題意，最少應(yīng)給處于n＝1基態(tài)的氫原子提供的能量，然后氫原子從n＝4激發(fā)態(tài)向低能級躍遷時，所輻射光子能量最小值為：Emin＝﹣6.85eV﹣（﹣1.51eV）＝0.66eV＜3.62eV，同理，若氫原子從n＝3激發(fā)態(tài)向低能級躍遷時，所輻射光子能量最小值為：Emin＝﹣1.51eV﹣（﹣2.4eV）＝1.89eV＞2.62eV，紅外線單個光子能量的最大值為1.62eV，要使氫原子輻射出的光子可被紅外測溫儀捕捉，因此最少應(yīng)給處于n＝1基態(tài)的氫原子提供的能量，躍遷到n＝5激發(fā)態(tài)滿足條件，那么提供的能量為：ΔE＝E4﹣E1＝﹣6.85eV﹣（﹣13.6eV）＝12.75eV，故C正確。故選：C。2．〖祥解〗對M的勇士受力分析，確定加速度，再對M與勇士整體受力分析確定摩擦力；對N的勇士進(jìn)行受力分析可知此時是平衡狀態(tài)，勇士為勻速直線運動，對N與勇士整理分析可得，N與索道之間必定有摩擦?！窘獯稹拷猓篈C、設(shè)鋼索與水平面夾角為θ，由于M上的帶子與索垂直，因此與滑輪M一起斜向下做加速運動，二者加速度相同，M不受摩擦力；BD、對N的勇士受力分析，合外力為0，再對N滑輪與勇士整體受力分析，N與索道之間必定有摩擦，D正確；故選：D。3．〖祥解〗閉合開關(guān)S，R1和R3串聯(lián)，R2相當(dāng)于導(dǎo)線，電容器的電壓等于R3兩端的電壓，再根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律求出電容器的電壓，可求出電容器的電荷量?！窘獯稹拷猓洪]合開關(guān)S，R1和R3串聯(lián)，電容器的電壓等于R5的電壓，為：U＝E＝；電容器上所帶的電荷量Q＝CU＝10×10﹣6×4.0C＝6.4×10﹣5C故選：B。4．〖祥解〗赤道上的物體受到的萬有引力與重力之差提供了物體隨星球自轉(zhuǎn)而做圓周運動所需要的向心力，應(yīng)用萬有引力定律與牛頓第二定律求出同步衛(wèi)星的軌道半徑，然后求出同步衛(wèi)星離地面的高度【解答】解：設(shè)物體質(zhì)量為m，星球質(zhì)量為M，物體在星球兩極時，有G，物體在星球赤道上隨星球自轉(zhuǎn)時，向心力由萬有引力的一部分提供，Gn，mg′＝mg，則Fn＝G＝m（）2R，星球的同步衛(wèi)星的周期等于自轉(zhuǎn)周期，則有G）6（R+h），聯(lián)立得：h＝R則B正確故選：B。5．〖祥解〗由共點力平衡條件可求得汽車受到的阻力，判斷機械能是否守恒；由沖量的定義式汽車沖量；由功率公式可求得功，再由動能定理可求得所需要的時間?！窘獯稹拷猓篈、關(guān)掉油門后的下坡過程、動能不變，則汽車的機械能減?。籅、關(guān)掉油門后的下坡過程，時間不為零，故B錯誤；C、上坡過程中增至，位移速度s′﹣，解得t＝+；D、上坡過程中m，功率不變，則速度增大，所用時間為T，則，故D正確。故選：D。6．〖祥解〗根據(jù)v﹣t圖象與時間軸所圍的面積表示位移，分析位移關(guān)系。根據(jù)圖象能直接讀出速度的變化，根據(jù)圖象的斜率表示加速度，分析加速度的變化情況。根據(jù)位移關(guān)系分析在t2時刻兩車是否相遇?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)v﹣t圖象與時間軸所圍的面積表示位移1到t2時間內(nèi)甲車的位移小于乙車的位移，故A正確；B、t3到t2時間內(nèi)乙車的速度先增大后減小，故B錯誤；C、根據(jù)圖象的斜率表示加速度1到t8時間內(nèi)乙車的加速度先減小后增大，故C正確；D、兩車在t1時刻并排行駛，t1到t5時間內(nèi)甲車的位移小于乙車的位移，知在t2時刻甲車在乙車的后面，故D錯誤。故選：AC。7．〖祥解〗根據(jù)牛頓第二定律，結(jié)合圖像可求得動摩擦因數(shù)；根據(jù)動能定理，結(jié)合圖像縱橫坐標(biāo)所圍面積的意義，列方程解題即可。【解答】解：AB、對物塊由牛頓第二定律有ma＝μmga＝μg在位移1.5ma6＝μ1g＝3m/s7解得：μ1＝0.8在位移6ma2＝μ4g＝1m/s2解得：μ8＝0.1則＝，故A正確；CD、由ΔEk＝m﹣m＝（﹣）且2ax＝﹣故ax＝（﹣）＝由圖像可知ax為物體在初末位置位移與加速度的乘積即ax為a﹣x圖像在該段位移內(nèi)對應(yīng)的面積所以在前3m位移面積S1＝4×3m2/s3＝9m2/s6所以在后3m位移面積S2＝（4+3）×3×m2/s7＝6m2/s2＝，故C正確；故選：AC。8．〖祥解〗理想變壓器的輸入功率和輸出功率相等，電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比．并利用燈泡正常發(fā)光的電壓與電流的值來構(gòu)建原副線圈的電壓與電流的關(guān)系．【解答】解：A、電壓與匝數(shù)成正比1：U2＝U：U7，故A正確；B、燈泡電流是，燈泡正常發(fā)光時電功率為P，U0?＝IU，故B正確C、手搖發(fā)電機的線圈中產(chǎn)生的電動勢最大值是Em＝Ir＝N?mω，解得最大磁通量?m＝，故C錯誤。D、線圈以較大的轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動時，所以變壓器輸入電壓的瞬時值u＝，故D錯誤故選：AB。二、非選擇題（一）選考題9．〖祥解〗（1）通過實驗來探究“合外力做功和物體速度變化的關(guān)系”，根據(jù)實驗原理可知，物體質(zhì)量可以約掉；（2）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)列出數(shù)據(jù)表并描點作出L﹣v2圖象，從而找到位移與速度變化的關(guān)系；（3）在運動過程中，由于物體受力是恒定的，所以得出合外力做功與物體速度變化的關(guān)系。因此在實驗中物體與木板間的摩擦力不會影響探究的結(jié)果。通過實驗數(shù)據(jù)列表、描點、作圖從而探究出問題的結(jié)論。值得注意的是：由于合外力恒定，因此合外力做的功與發(fā)生的位移是成正比。故可先探究位移與速度變化有何關(guān)系。【解答】解：（1）物體下滑的過程中受到重力、支持力和摩擦力等號兩邊可以簡化約去質(zhì)量m；（2）根據(jù)公式可看出，L與v2成正比，故A正確；故選：A。（3）在該實驗條件下，滑塊受到的摩擦力是恒力2這兩個變量之間的關(guān)系。故〖答案〗為：（1）使用的公式中，等號兩邊可以簡化約去質(zhì)量m；（3）不會。10．〖祥解〗（1）并聯(lián)電阻有分流作用，因此將電流表改裝成大量程的電流表需要并聯(lián)一個電阻，根據(jù)歐姆定律和并聯(lián)電路的電流特點求并聯(lián)的電阻值；（2）根據(jù)歐姆定律求改裝電流表的內(nèi)阻，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求保護(hù)電阻值，然后作出選擇；（3）根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解函數(shù)，結(jié)合圖像斜率和縱截距的含義求電源的電動勢和內(nèi)阻?！窘獯稹拷猓海?）電流表A和電阻箱R1并聯(lián)可改裝為一個新電流表，新電流表的量程為I＝1.4A已知IA＝200mA＝0.2A根據(jù)并聯(lián)電路的特點結(jié)合歐姆定律IARA＝（I﹣IA）R8代入數(shù)據(jù)解得R1＝1.25Ω即將電阻箱的電阻調(diào)節(jié)為3.25Ω（2）改裝電流表的內(nèi)阻根據(jù)閉合定律的歐姆定律保護(hù)電阻保護(hù)電阻選擇Ra即可（3）根據(jù)題意電流表的量程擴大了5倍，當(dāng)電流表示數(shù)為I時總＝4I根據(jù)閉合電路的歐姆定律代入數(shù)據(jù)整理得由圖乙，圖像的斜率結(jié)合函數(shù)表達(dá)式代入數(shù)據(jù)解得E＝4.8V圖像的縱軸截距代入數(shù)據(jù)解得r＝0.60Ω故〖答案〗為：（1）8.25；（2）Ra；（3）4.0；5.60。11．〖祥解〗（1）子彈射入木塊的過程，系統(tǒng)的動量守恒，由動量守恒定律求子彈擊中木塊后的速度；（2）木塊在斜面上向上運動的過程，由牛頓第二定律求出加速度，再由速度—位移公式求上滑的距離，由位移與平均速度之比求向上運動的時間。木塊在斜面上向下運動的過程，由動能定理求木塊返回斜面底端時速度大小?！窘獯稹拷猓阂阎猰＝10g＝0.01kg，M＝490g＝0.49kg（1）從子彈射擊木塊到子彈和木塊一起運動過程中，子彈和木塊組成系統(tǒng)動量守恒3，取v0方向為正方向，由動量守恒定律得mv0＝（m+M）v2解得：v1＝2m/s，方向水平向右（2）木塊在斜面上向上運動的過程，以子彈和木塊整體為研究對象4，由牛頓第二定律得（m+M）gsinθ+μg（m+M）cosθ＝（m+M）a1設(shè)整體沿斜面上滑距離為s，由運動學(xué)公式得：＝2a1s設(shè)沿斜面上滑時間為t，由運動學(xué)公式t＝代入數(shù)據(jù)解得：s＝0.5m，t＝0.2s設(shè)木塊沿斜面下滑到底端時速度為v8，由動能定理得：[（m+M）gsinθ﹣μg（m+M）cosθ]s＝解得物塊返回到斜面底端時的速度大小為：答：（1）子彈擊中木塊后的速度為6m/s，方向水平向右；（2）木塊在斜面上向上運動的時間和返回斜面底端時速度大小為m/s。12．〖祥解〗（1）在電場中，粒子從P點釋放，根據(jù)動能定理求得到達(dá)A點的速度，做出粒子在磁場中的運動軌跡圖，結(jié)合幾何關(guān)系求得軌道半徑，利用洛倫茲力提供向心力求得磁感應(yīng)強度；（2）根據(jù)題意，做出粒子的運動軌跡，利用幾何關(guān)系求得磁場的最小面積；（3）組排出粒子的運動軌跡圖，結(jié)合運動學(xué)公式表示出粒子運動到O點所需時間，利用數(shù)學(xué)極值求得時間最小值滿足的條件即可。【解答】解：（1）經(jīng)分析得粒子軌跡如圖所示在p點釋放的粒子在電場中，由動能定理可得由幾何關(guān)系可知，在磁場B2中的半徑為r4＝L洛倫茲力提供向心力，有解得由幾何關(guān)系可知，在磁場B1中的半徑為洛倫茲力提供向心力，有解得（2）最小面積如圖所示，最小面積為（3）設(shè)粒子在第三象限運動距離為y，時間為t3，末速度為v。在第二象限勻速圓周運動半徑為r5，勻速直線運動時間為t2，粒子運動的總時間為在電場中，根據(jù)動能定理有據(jù)牛頓第二定律有由位移公式有解得在磁場B7中，洛倫茲力提供向心力解得半徑粒子離開磁場B4勻速到y(tǒng)軸有L﹣r＝vt2解得因為T1、T4確定，所以任意位置釋放粒子在B1、B2中運動的總時間都相等，所以當(dāng)粒子在其它區(qū)域運動的總時間最短時，當(dāng)最小時有解得所以釋放位置坐標(biāo)為（﹣L，﹣0.5L）答：（1）Ⅰ、Ⅱ磁場的磁感應(yīng)強度B5、B2的大小分別為，；（2）ACDO內(nèi)所加磁場的最小面積；（3）帶電粒子從釋放到運動到O點所用時間最短時，對應(yīng)的電場中釋放位置的坐標(biāo)為（﹣L。（二）選考題13．〖祥解〗根據(jù)△U＝W+Q分析內(nèi)能的變化。分子力做正功時分子勢能減小。熱量可以從低溫物體傳向高溫物體?！窘獯稹拷猓篈、溫度是平均動能的標(biāo)志，并不是氣體分子的動能都增大。B、分子力做功等于分子勢能的減小量，分子力先做正功，故分子勢能先減小后增大。C、根據(jù)△U＝W+Q可知，故C正確。D、一定質(zhì)量的理想氣體等壓膨脹過程中，內(nèi)能增加，故D正確。E、電冰箱的工作過程表明，只是要消耗電能。故選：CDE。14．〖祥解〗①此過程為等壓過程，分別求出初末狀態(tài)的體積，再根據(jù)列式求解即可；②從B活塞到達(dá)底部，到A活塞開始運動，氣體發(fā)生等容變化，根據(jù)平衡條件求出初末位置的壓強，代入求解溫度即可?！窘獯稹拷猓孩俅诉^程為等壓過程，由蓋﹣呂薩克定律得：…①V0＝SAh+SBh＝6.5h…②V1＝SAh+4SBh＝2h…③聯(lián)立①②③得：解得：T3＝400K②氣體做等容變化，由查理定律得：最初，對B活塞有：p1SB＝p2SB+mBg解得：活塞要動時，對A活塞有：p2SA＝p0SA+mAg+f，解得：所以有：解得：T2＝450K答：①當(dāng)氣缸B中的活塞剛好被活塞銷卡住時，氣體的溫度為400K；②當(dāng)氣缸A中的活塞剛要滑動時，氣體的溫度T2為450K15．〖祥解〗電磁波在真空中的傳播速度均相等，與電磁波的頻率無關(guān)，在其它介質(zhì)中的傳播速度與介質(zhì)的折射率有關(guān)系，折射率越大，傳播速度越小，與頻率仍然無關(guān)。電磁波是橫波，能發(fā)生衍射現(xiàn)象和偏振現(xiàn)象。掌握狹義相對論的光速不變原理即可解決該問題【解答】解：A．電磁波在真空中的傳播速度都一樣的，故A錯誤；B．一切波都有衍射現(xiàn)象，電磁波屬于波的一種，故電磁波都能發(fā)生衍射現(xiàn)象和偏振現(xiàn)象；C．簡諧機械波在給定的介質(zhì)中傳播時，與頻率無關(guān)；D．依據(jù)，因此紫外線在水中的傳播速度小于紅外線在水中的傳播速度；E．狹義相對論中光速不變原理為，故E正確。故選：BDE。16．〖祥解〗（i）由幾何知識求出光線在D點折射時入射角和折射角，由折射定律求出折射率；（ii）由幾何關(guān)系求出AC的長度s，根據(jù)公式v＝求光在半圓柱體中的傳播速度，再由t＝求時間．【解答】解：（i）折射光線在AB面上的入射角為45°，則DE⊥AC，如圖設(shè)光線在D點的入射角和折射角分別為i和r．由幾何關(guān)系知：sinr＝＝因此折射角r＝30°由折射定律得：n＝＝（ii）由：sinC＝可得：C＝30°＜45°，可知光在AB界面處發(fā)生全反射，光恰好到達(dá)BC的中點，光在玻璃磚內(nèi)的光路如圖＝光在玻璃磚內(nèi)的傳播速度：v＝則光傳播的時間：t＝聯(lián)立解得：t＝答：（i）玻璃磚對單色光的折射率為；（ii）光在玻璃磚中傳播的時間為。2023年四川省宜賓市高三物理二診試卷一、選擇題1．（6分）為做好疫情防控工作，學(xué)校利用紅外測溫儀對學(xué)生進(jìn)行常態(tài)化體溫檢測，紅外測溫儀的原理是：被測物體輻射的光線只有紅外線可被捕捉，已知紅外線單個光子能量的最大值為1.62eV，要使氫原子輻射出的光子可被紅外測溫儀捕捉提（）A．10.20eV B．12.09eV C．12.75eV D．13.06eV2．（6分）越來越多的人喜歡挑戰(zhàn)極限，如圖是兩位“勇士”參與溜索活動，兩傾斜的鋼絲拉索分別套有M、N兩個滑輪（滑輪與繩之間有可調(diào)節(jié)的制動片），當(dāng)他們都沿拉索向下滑動時，M上的帶子與索垂直，則以下判斷正確的是（）A．M情況中，滑輪與索之間有摩擦力 B．N情況中，滑輪與索之間無摩擦力 C．M情況中“勇士”做勻速直線運動 D．N情況中“勇士”做勻速直線運動3．（6分）如圖所示，電源電動勢E＝12V，內(nèi)阻r＝1.0Ω1＝4.0Ω，R2＝7.5Ω，R3＝5.0Ω，電容器的電容C＝10μF，閉合開關(guān)S（）A．4.5×10﹣5C B．6.0×10﹣5C C．7.5×10﹣5C D．1.2×10﹣4C4．（6分）太陽系中幾乎所有天體包括小行星都自轉(zhuǎn)，自轉(zhuǎn)導(dǎo)致星球上的物體所受的重力與萬有引力的大小之間存在差異，有的兩者的差異可以忽略，半徑為R，繞過兩極且與赤道平面垂直的軸自轉(zhuǎn)．則該星球的同步衛(wèi)星離星球表面的高度為（）A．R B．R C．2R D．2R5．（6分）目前，我國在人工智能和無人駕駛技術(shù)方面已取得較大突破。為早日實現(xiàn)無人駕駛，某公司對汽車性能進(jìn)行了一項測試，下坡時若關(guān)掉油門，則汽車的速度保持不變，則從靜止啟動做加速運動，發(fā)生位移s時速度剛好達(dá)到最大值vm，設(shè)汽車在上坡和下坡過程中所受阻力的大小分別保持不變，下列說法正確的是（）A．關(guān)掉油門后的下坡過程，汽車的機械能守恒 B．關(guān)掉油門后的下坡過程，坡面對汽車的支持力的沖量為零 C．上坡過程中，汽車速度由增至，所用的時間可能等于 D．上坡過程中，汽車從靜止啟動到剛好達(dá)到最大速度vm，所用時間一定小于（多選）6．（6分）甲、乙兩汽車在同一平直公路上做直線運動，其速度﹣時間（v﹣t）圖象分別如圖中a、b兩條圖線所示，b圖線是拋物線的一部分，兩車在t1時刻并排行駛。下列關(guān)于兩車的運動情況，判斷正確的是（）A．t1到t2時間內(nèi)甲車的位移小于乙車的位移 B．t1到t2時間內(nèi)乙車的速度先減小后增大 C．t1到t2時間內(nèi)乙車的加速度先減小后增大 D．在t2時刻兩車也可能并排行駛（多選）7．（6分）2022年北京冬奧會上中國首次使用了二氧化碳跨臨界環(huán)保制冰技術(shù)，運用該技術(shù)可制作動摩擦因數(shù)不同的冰面。將一物塊以一定的初速度在運用該技術(shù)制作的水平冰面上沿直線滑行，共滑行了6m，設(shè)位移1.5m處與6m處的動摩擦因數(shù)分別為μ1、μ2，在前3m與后3m運動過程中物塊動能改變的大小分別為ΔEk1、ΔEk2，則（）A．μ1：μ2＝3：1 B．μ1：μ2＝4：1 C．ΔEk1：ΔEk2＝3：2 D．ΔEk1：ΔEk2＝3：1（多選）8．（6分）今有某小型發(fā)電機和一理想變壓器連接后給一個燈泡供電，電路如圖（電壓表和電流表均為理想電表）．已知該發(fā)電機線圈匝數(shù)為N，當(dāng)線圈以轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動時，電壓表示數(shù)為U0．電阻恒為R）恰能正常發(fā)光，則（）A．變壓器的匝數(shù)比為U：U0 B．電流表的示數(shù)為 C．在圖示位置時，發(fā)電機線圈的磁通量為 D．從圖示位置開始計時，變壓器輸入電壓的瞬時值表達(dá)式為u＝Usin2nπt二、非選擇題（一）選考題9．（3分）某興趣小組準(zhǔn)備探究“合外力做功和物體速度變化的關(guān)系”，實驗前組員們提出了以下幾種猜想：①W∝v；②W∝v2；③為了驗證猜想，他們設(shè)計了如圖甲所示的實驗裝置，PQ為一塊傾斜放置的木板（用來測量物體每次通過Q點的速度）。在剛開始實驗時，小剛同學(xué)提出“不需要測出物體質(zhì)量，大家經(jīng)過討論采納了小剛的建議。（1）請你說明小剛建議的理由：；（2）讓物體分別從不同高度無初速釋放，測出物體初始位置到速度傳感器的距離L1、L2、L3、L4，讀出物體每次通過Q點的速度v1、v2、v3、v4……，并繪制了如圖乙所示的L﹣v圖象。若為了更直觀地看出L和v的變化關(guān)系，他們下一步應(yīng)該作出；A．L﹣v2圖像B．圖像C．圖像D．圖像（3）實驗中，木板與物體間摩擦力（“會”或“不會”）影響探究的結(jié)果。10．（3分）某研究性學(xué)習(xí)小組想測量某電源的電動勢和內(nèi)阻他們在實驗室找到了如下實驗器材：待測電源（電動勢在3.0～5.0V之間）兩個相同的電阻箱（最大阻值99.99Ω）定值電阻Ra（阻值為4.0Ω）定值電阻Rb（阻值為50.0Ω）電流表A（量程為200mA，內(nèi)阻RA＝5.0Ω）開關(guān)S、導(dǎo)線若干他們設(shè)計了如圖甲所示的電路，實驗步驟如下：①調(diào)節(jié)電阻箱R1至某一阻值；②將電阻箱R2阻值調(diào)到最大，閉合開關(guān)S；③多次調(diào)節(jié)電阻箱R2，記下電流表A的示數(shù)I和電阻箱R2相應(yīng)的阻值R；④以為縱坐標(biāo)，R為橫坐標(biāo)，作；⑤求出直線的斜率k和在縱軸上的截距b?；卮鹣铝袉栴}：（1）電流表A和電阻箱R1并聯(lián)可等效為一個新電流表，為了使新電流表的量程為1.0A，應(yīng)將R1的電阻調(diào)節(jié)為Ω。（2）保護(hù)電阻R0應(yīng)選用（填“Ra”或“Rb”）（3）該同學(xué)分別用E和r表示電源的電動勢和內(nèi)阻，I表示電流表A的示數(shù)，R表示電阻箱R2的阻值，利用測出的數(shù)據(jù)描繪出的圖線如圖乙所示V，內(nèi)阻r＝Ω（保留2位有效數(shù)字）。11．如圖所示，一質(zhì)量為m＝10g，速度v0＝100m/s的玩具子彈，射向靜止在光滑水平面上質(zhì)量M＝490g的木塊，子彈未射穿木塊，物塊滑上斜面底端時不計能量損失。（重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8），求：（1）子彈擊中木塊后的速度；（2）木塊在斜面上向上運動的時間和返回斜面底端時速度大小。12．如圖所示，在xoy平面第一象限內(nèi)有垂直紙面向外的勻強磁場Ⅰ，在第二象限的邊長為L的正方形ACDO內(nèi)的某個區(qū)域有垂直于紙面的勻強磁場Ⅱ，場強大小為E，所有電磁場邊界均為理想邊界。在第三象限內(nèi)有一點P（﹣L，﹣L），粒子質(zhì)量為m、電量為q，粒子重力不計，經(jīng)過磁場Ⅱ偏轉(zhuǎn)后，都恰能垂直于y軸進(jìn)入磁場I中（1）求Ⅰ、Ⅱ磁場的磁感應(yīng)強度B1、B2的大小；（2）求ACDO內(nèi)所加磁場的最小面積；（3）求帶電粒子從釋放到運動到O點所用時間最短時，對應(yīng)的電場中釋放位置的坐標(biāo)。（二）選考題（多選）13．（3分）關(guān)于熱學(xué)，下列說法中正確的是（）A．氣體溫度升高，則表明該氣體分子的動能都一定增大 B．只要分子間距增大，分子勢能就一定減小 C．對氣體做功可以改變其內(nèi)能 D．一定質(zhì)量的理想氣體等壓膨脹過程中一定吸熱 E．電冰箱的工作過程表明，熱量可以從低溫物體傳到高溫物體14．如圖所示，截面積分別為SA＝1cm2、SB＝0.5cm2的兩個上部開口的柱形氣A、B，底部通過體積可以忽略不計的細(xì)管連通，A、B兩個氣缸內(nèi)分別有兩個不計厚度的活塞A＝1.4kg、mB＝0.7kg。A氣缸內(nèi)壁粗糙，活塞與氣缸間的最大靜摩擦力為Ff＝3N；B氣缸內(nèi)壁光滑，且離底部2h高處有一活塞銷。當(dāng)氣缸內(nèi)充有某種理想氣體時，此時氣體溫度為T0＝300K，外界大氣壓為P0＝1.0×105Pa．現(xiàn)緩慢升高氣體溫度，（g取10m/s2，）求：①當(dāng)氣缸B中的活塞剛好被活塞銷卡住時，氣體的溫度；②當(dāng)氣缸A中的活塞剛要滑動時，氣體的溫度T2。（多選）15．（3分）下列說法正確的是（）A．電磁波在真空中的傳播速度與電磁波的頻率有關(guān) B．電磁波可以發(fā)生衍射現(xiàn)象和偏振現(xiàn)象 C．簡諧機械波在給定的介質(zhì)中傳播時，振動的頻率越高，則波傳播速度越大 D．紫外線在水中的傳播速度小于紅外線在水中的傳播速度 E．狹義相對論認(rèn)為，真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的，光速與光源、觀察者間的相對運動無關(guān)16．如圖所示，某玻璃磚的截面由半圓和等腰直角三角形ABC組成，AC是半圓的直徑，一束單色光照射在圓弧面上的D點，入射角為60°，折射光線在AB面上的入射角為45°，光在真空中傳播速度為c（i）玻璃磚對單色光的折射率；（ii）光在玻璃磚中傳播的時間（不考慮光在圓弧面上的反射）。——★參考答案★——一、選擇題1．〖祥解〗根據(jù)題意，氫原子在躍遷時輻射能量的最小能量要小于1.62eV，才能被紅外測溫儀捕捉。因此n＝1基態(tài)的氫原子吸收最小能量躍遷到更高能級，再向低能級躍遷時，輻射能量最小值小于1.62eV即可?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)題意，最少應(yīng)給處于n＝1基態(tài)的氫原子提供的能量，然后氫原子從n＝4激發(fā)態(tài)向低能級躍遷時，所輻射光子能量最小值為：Emin＝﹣6.85eV﹣（﹣1.51eV）＝0.66eV＜3.62eV，同理，若氫原子從n＝3激發(fā)態(tài)向低能級躍遷時，所輻射光子能量最小值為：Emin＝﹣1.51eV﹣（﹣2.4eV）＝1.89eV＞2.62eV，紅外線單個光子能量的最大值為1.62eV，要使氫原子輻射出的光子可被紅外測溫儀捕捉，因此最少應(yīng)給處于n＝1基態(tài)的氫原子提供的能量，躍遷到n＝5激發(fā)態(tài)滿足條件，那么提供的能量為：ΔE＝E4﹣E1＝﹣6.85eV﹣（﹣13.6eV）＝12.75eV，故C正確。故選：C。2．〖祥解〗對M的勇士受力分析，確定加速度，再對M與勇士整體受力分析確定摩擦力；對N的勇士進(jìn)行受力分析可知此時是平衡狀態(tài)，勇士為勻速直線運動，對N與勇士整理分析可得，N與索道之間必定有摩擦。【解答】解：AC、設(shè)鋼索與水平面夾角為θ，由于M上的帶子與索垂直，因此與滑輪M一起斜向下做加速運動，二者加速度相同，M不受摩擦力；BD、對N的勇士受力分析，合外力為0，再對N滑輪與勇士整體受力分析，N與索道之間必定有摩擦，D正確；故選：D。3．〖祥解〗閉合開關(guān)S，R1和R3串聯(lián)，R2相當(dāng)于導(dǎo)線，電容器的電壓等于R3兩端的電壓，再根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律求出電容器的電壓，可求出電容器的電荷量?！窘獯稹拷猓洪]合開關(guān)S，R1和R3串聯(lián)，電容器的電壓等于R5的電壓，為：U＝E＝；電容器上所帶的電荷量Q＝CU＝10×10﹣6×4.0C＝6.4×10﹣5C故選：B。4．〖祥解〗赤道上的物體受到的萬有引力與重力之差提供了物體隨星球自轉(zhuǎn)而做圓周運動所需要的向心力，應(yīng)用萬有引力定律與牛頓第二定律求出同步衛(wèi)星的軌道半徑，然后求出同步衛(wèi)星離地面的高度【解答】解：設(shè)物體質(zhì)量為m，星球質(zhì)量為M，物體在星球兩極時，有G，物體在星球赤道上隨星球自轉(zhuǎn)時，向心力由萬有引力的一部分提供，Gn，mg′＝mg，則Fn＝G＝m（）2R，星球的同步衛(wèi)星的周期等于自轉(zhuǎn)周期，則有G）6（R+h），聯(lián)立得：h＝R則B正確故選：B。5．〖祥解〗由共點力平衡條件可求得汽車受到的阻力，判斷機械能是否守恒；由沖量的定義式汽車沖量；由功率公式可求得功，再由動能定理可求得所需要的時間?！窘獯稹拷猓篈、關(guān)掉油門后的下坡過程、動能不變，則汽車的機械能減?。籅、關(guān)掉油門后的下坡過程，時間不為零，故B錯誤；C、上坡過程中增至，位移速度s′﹣，解得t＝+；D、上坡過程中m，功率不變，則速度增大，所用時間為T，則，故D正確。故選：D。6．〖祥解〗根據(jù)v﹣t圖象與時間軸所圍的面積表示位移，分析位移關(guān)系。根據(jù)圖象能直接讀出速度的變化，根據(jù)圖象的斜率表示加速度，分析加速度的變化情況。根據(jù)位移關(guān)系分析在t2時刻兩車是否相遇?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)v﹣t圖象與時間軸所圍的面積表示位移1到t2時間內(nèi)甲車的位移小于乙車的位移，故A正確；B、t3到t2時間內(nèi)乙車的速度先增大后減小，故B錯誤；C、根據(jù)圖象的斜率表示加速度1到t8時間內(nèi)乙車的加速度先減小后增大，故C正確；D、兩車在t1時刻并排行駛，t1到t5時間內(nèi)甲車的位移小于乙車的位移，知在t2時刻甲車在乙車的后面，故D錯誤。故選：AC。7．〖祥解〗根據(jù)牛頓第二定律，結(jié)合圖像可求得動摩擦因數(shù)；根據(jù)動能定理，結(jié)合圖像縱橫坐標(biāo)所圍面積的意義，列方程解題即可?！窘獯稹拷猓篈B、對物塊由牛頓第二定律有ma＝μmga＝μg在位移1.5ma6＝μ1g＝3m/s7解得：μ1＝0.8在位移6ma2＝μ4g＝1m/s2解得：μ8＝0.1則＝，故A正確；CD、由ΔEk＝m﹣m＝（﹣）且2ax＝﹣故ax＝（﹣）＝由圖像可知ax為物體在初末位置位移與加速度的乘積即ax為a﹣x圖像在該段位移內(nèi)對應(yīng)的面積所以在前3m位移面積S1＝4×3m2/s3＝9m2/s6所以在后3m位移面積S2＝（4+3）×3×m2/s7＝6m2/s2＝，故C正確；故選：AC。8．〖祥解〗理想變壓器的輸入功率和輸出功率相等，電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比．并利用燈泡正常發(fā)光的電壓與電流的值來構(gòu)建原副線圈的電壓與電流的關(guān)系．【解答】解：A、電壓與匝數(shù)成正比1：U2＝U：U7，故A正確；B、燈泡電流是，燈泡正常發(fā)光時電功率為P，U0?＝IU，故B正確C、手搖發(fā)電機的線圈中產(chǎn)生的電動勢最大值是Em＝Ir＝N?mω，解得最大磁通量?m＝，故C錯誤。D、線圈以較大的轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動時，所以變壓器輸入電壓的瞬時值u＝，故D錯誤故選：AB。二、非選擇題（一）選考題9．〖祥解〗（1）通過實驗來探究“合外力做功和物體速度變化的關(guān)系”，根據(jù)實驗原理可知，物體質(zhì)量可以約掉；（2）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)列出數(shù)據(jù)表并描點作出L﹣v2圖象，從而找到位移與速度變化的關(guān)系；（3）在運動過程中，由于物體受力是恒定的，所以得出合外力做功與物體速度變化的關(guān)系。因此在實驗中物體與木板間的摩擦力不會影響探究的結(jié)果。通過實驗數(shù)據(jù)列表、描點、作圖從而探究出問題的結(jié)論。值得注意的是：由于合外力恒定，因此合外力做的功與發(fā)生的位移是成正比。故可先探究位移與速度變化有何關(guān)系。【解答】解：（1）物體下滑的過程中受到重力、支持力和摩擦力等號兩邊可以簡化約去質(zhì)量m；（2）根據(jù)公式可看出，L與v2成正比，故A正確；故選：A。（3）在該實驗條件下，滑塊受到的摩擦力是恒力2這兩個變量之間的關(guān)系。故〖答案〗為：（1）使用的公式中，等號兩邊可以簡化約去質(zhì)量m；（3）不會。10．〖祥解〗（1）并聯(lián)電阻有分流作用，因此將電流表改裝成大量程的電流表需要并聯(lián)一個電阻，根據(jù)歐姆定律和并聯(lián)電路的電流特點求并聯(lián)的電阻值；（2）根據(jù)歐姆定律求改裝電流表的內(nèi)阻，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求保護(hù)電阻值，然后作出選擇；（3）根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解函數(shù)，結(jié)合圖像斜率和縱截距的含義求電源的電動勢和內(nèi)阻。【解答】解：（1）電流表A和電阻箱R1并聯(lián)可改裝為一個新電流表，新電流表的量程為I＝1.4A已知IA＝200mA＝0.2A根據(jù)并聯(lián)電路的特點結(jié)合歐姆定律IARA＝（I﹣IA）R8代入數(shù)據(jù)解得R1＝1.25Ω即將電阻箱的電阻調(diào)節(jié)為3.25Ω（2）改裝電流表的內(nèi)阻根據(jù)閉合定律的歐姆定律保護(hù)電阻保護(hù)電阻選擇Ra即可（3）根據(jù)題意電流表的量程擴大了5倍，當(dāng)電流表示數(shù)為I時總＝4I根據(jù)閉合電路的歐姆定律代入數(shù)據(jù)整理得由圖乙，圖像的斜率結(jié)合函數(shù)表達(dá)式代入數(shù)據(jù)解得E＝4.8V圖像的縱軸截距代入數(shù)據(jù)解得r＝0.60Ω故〖答案〗為：（1）8.25；（2）Ra；（3）4.0；5.60。11．〖祥解〗（1）子彈射入木塊的過程，系統(tǒng)的動量守恒，由動量守恒定律求子彈擊中木塊后的速度；（2）木塊在斜面上向上運動的過程，由牛頓第二定律求出加速度，再由速度—位移公式求上滑的距離，由位移與平均速度之比求向上運動的時間。木塊在斜面上向下運動的過程，由動能定理求木塊返回斜面底端時速度大小?！窘獯稹拷猓阂阎猰＝10g＝0.01kg，M＝490g＝0.49kg（1）從子彈射擊木塊到子彈和木塊一起運動過程中，子彈和木塊組成系統(tǒng)動量守恒3，取v0方向為正方向，由動量守恒定律得mv0＝（m+M）v2解得：v1＝2m/s，方向水平向右（2）木塊在斜面上向上運動的過程，以子彈和木塊整體為研究對象4，由牛頓第二定律得（m+M）gsinθ+μg（m+M）cosθ＝（m+M）a1設(shè)整體沿斜面上滑距離為s，由運動學(xué)公式得：＝2a1s設(shè)沿斜面上滑時間為t，由運動學(xué)公式t＝代入數(shù)據(jù)解得：s＝0.5m，t＝0.2s設(shè)木塊沿斜面下滑到底端時速度為v8，由動能定理得：[（m+M）gsinθ﹣μg（m+M）cosθ]s＝解得物塊返回到斜面底端時的速度大小為：答：（1）子彈擊中木塊后的速度為6m/s，方向水平向右；（2）木塊在斜面上向上運動的時間和返回斜面底端時速度大小為m/s。