絕密★啟用前云南省華寧二中2018屆高三復(fù)習(xí)檢測（七）高三理綜物理一、單選題(共5小題,每小題6.0分,共30分)1.下列事例中能說明原子具有核式結(jié)構(gòu)的是（）A．光電效應(yīng)現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)B．湯姆遜研究陰極射線時發(fā)現(xiàn)了電子C．盧瑟福的α粒子散射實驗發(fā)現(xiàn)有少數(shù)α粒子發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)D．天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)2.圖為P、Q兩物體沿同一直線做直線運動的x－t圖象，下列說法中正確的有()A．t1前，Q在P的前面B．0～t1，Q的路程比P的大C．0～t1，P、Q的平均速度大小相等，方向相同D．P做勻速直線運動，Q做曲線運動3.如圖所示，A、B、C三物塊疊放并處于靜止?fàn)顟B(tài)，水平地面光滑，其他接觸面粗糙，以下受力分析正確的是()A．A與墻面間存在壓力B．A與墻面間存在靜摩擦力C．A物塊共受3個力作用D．B物塊共受5個力作用4.如圖所示，實線為電場線，虛線為等勢面，φa＝50V，φc＝20V，則a、c連線中點b的電勢φb為()A．等于35VB．大于35VC．小于35VD．等于15V5.如圖所示，有一匝接在電容器C兩端的圓形導(dǎo)線回路，垂直回路平面內(nèi)存在著向里的勻強(qiáng)磁場B，已知圓的半徑r＝5cm，電容C＝20μF，當(dāng)磁場B以4×10－2T/s的變化率均勻增加時，則()A．電容器a板帶正電，電荷量為2π×10－9CB．電容器a板帶負(fù)電，電荷量為2π×10－9CC．電容器b板帶正電，電荷量為4π×10－9CD．電容器b板帶負(fù)電，電荷量為4π×10－9C二、多選題(共3小題,每小題5.0分,共15分)6.（多選）“嫦娥一號”探月衛(wèi)星繞地運行一段時間后，離開地球飛向月球．如圖所示是繞地飛行的三條軌道，1軌道是近地圓形軌道，2和3是變軌后的橢圓軌道．A點是2軌道的近地點，B點是2軌道的遠(yuǎn)地點，衛(wèi)星在軌道1的運行速率為7.7km/s，則下列說法中正確的是()A．衛(wèi)星在2軌道經(jīng)過A點時的速率一定大于7.7km/sB．衛(wèi)星在2軌道經(jīng)過B點時的速率一定小于7.7km/sC．衛(wèi)星在3軌道所具有的機(jī)械能小于在2軌道所具有的機(jī)械能D．衛(wèi)星在3軌道所具有的最大速率小于在2軌道所具有的最大速率7.(多選)如圖所示，質(zhì)量20kg的小物塊(可視為質(zhì)點)以速度4m/s水平向右進(jìn)入轉(zhuǎn)送帶，傳送帶向左傳動、速率為3m/s，兩皮帶輪軸心間的距離是9m，已知小物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.1.對此，下列說法中正確是()A．物體將從傳送帶的左邊離開B．特體將從傳送帶的右邊離開C．物塊離開傳送帶的速度為3m/sD．傳送帶對物塊先做負(fù)功、后一直做正功直至落下傳送帶8.在如圖所示的電路，電源的內(nèi)阻為r，現(xiàn)閉合電鍵S，將滑片P向左移動一段距離后，下列結(jié)論正確的是()A．燈泡L變亮B．電壓表讀數(shù)變小C．電流表讀數(shù)變小D．電容器C上的電荷量增大分卷II三、實驗題(共2小題,共15分)9.在利用自由落體運動驗證機(jī)械能守恒定律的實驗中，電源的頻率為50Hz，依次打出的點為0、1、2、3、4、…、n，則：(1)如用第2點到第6點之間的紙帶來驗證，必須直接測量的物理量為________、________、________，必須計算出的物理量為________、________，驗證的表達(dá)式為________________.(2)下列實驗步驟操作合理的排列順序是________(填寫步驟前面的字母).A.將打點計時器豎直安裝在鐵架臺上.B.先接通電源，再松開紙帶，讓重物自由下落.C.取下紙帶，更換新紙帶(或?qū)⒓垘Х瓊€面)重新做實驗.D.將重物固定在紙帶的一端，讓紙帶穿過打點計時器，用手提著紙帶.E.選擇一條紙帶，用刻度尺測出物體下落的高度h1、h2、h3、…、hn，計算出對應(yīng)的瞬時速度v1、v2、v3、…、vn.F.分別算出mv和mghn，在實驗誤差范圍內(nèi)看是否相等.10.現(xiàn)用伏安法研究某電子器件R1的（6V，2.5W）伏安特性曲線，要求特性曲線盡可能完整（直接測量的變化范圍盡可能大一些），備有下列器材：A、直流電源（6V，內(nèi)阻不計）；B、電流表G（滿偏電流3mA，內(nèi)阻Rg=10Ω）；C、電流表A（0～0.6A，內(nèi)阻未知）；D、滑動變阻器（0～20Ω，10A）；E、滑動變阻器（0～200Ω，1A）；F、定值電阻R0（阻值1990Ω）；G、開關(guān)與導(dǎo)線若干；（1）根據(jù)題目提供的實驗器材，請你設(shè)計出測量電子器件R1伏安特性曲線的電路原理圖（R1可用“”表示）．（2）在實驗中，為了操作方便且能夠準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，滑動變阻器應(yīng)選用．（填寫器材序號）（3）將上述電子器件R1和另一電子器件R2接入如圖（甲）所示的電路中，它們的伏安特性曲線分別如圖（乙）中Ob、Oa所示．電源的電動勢E=6.0V，內(nèi)阻忽略不計．調(diào)節(jié)滑動變阻器R3，使電阻R1和R2消耗的電功率恰好相等，則此時電阻R1和R2阻值的和為Ω，R3接入電路的阻值為Ω．四、計算題11.如圖所示，傾角α＝30°的足夠長光滑斜面固定在水平面上，斜面上放一長L＝1.8m、質(zhì)量M＝3kg的薄木板，木板的最右端疊放一質(zhì)量m＝1kg的小物塊，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ＝.對木板施加沿斜面向上的恒力F，使木板沿斜面由靜止開始做勻加速直線運動．設(shè)物塊與木板間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度g＝10m/s2.(1)為使物塊不滑離木板，求力F應(yīng)滿足的條件；(2)若F＝37.5N，物塊能否滑離木板？若不能，請說明理由；若能，求出物塊滑離木板所用的時間及滑離木板后沿斜面上升的最大距離．12.如圖所示，在x≤l，y≥0范圍內(nèi)有一勻強(qiáng)磁場，方向垂直紙面向里；在x≤l，y≤0范圍內(nèi)有一電場強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場，方向沿y軸負(fù)方向．質(zhì)量為m，電荷量為﹣q的粒子從y軸上的M點由靜止釋放，粒子運動到O點時的速度為v．不計粒子重力．（1）求O，M兩點間的距離d；（2）a．如果經(jīng)過一段時間，粒子能通過x軸上的N點，O，N兩點間的距離為b（b＜l），求磁感應(yīng)強(qiáng)度B．b．如果粒子運動到O點的同時，撤去電場．要使粒子能再次通過x軸，磁感應(yīng)強(qiáng)度B應(yīng)滿足什么條件？13、下列說法中正確的是____．A.一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能隨著溫度升高一定增大B.第一類永動機(jī)和第二類永動機(jī)研制失敗的原因是違背了能量守恒定律C.當(dāng)分子間距r>r0時，分子間的引力隨著分子間距的增大而增大，分子間的斥力隨著分子間距的增大而減小，所以分子力表現(xiàn)為引力D.大霧天氣學(xué)生感覺到教室潮濕，說明教室內(nèi)的相對濕度較大E.一定質(zhì)量的單晶體在熔化過程中分子勢能一定是增大的（2）如圖所示，內(nèi)徑相同的兩U形玻璃管豎直放置在空氣中，中間用細(xì)軟管相連，左側(cè)U形管頂端封閉，右側(cè)U形管開口，用水銀將部分氣體A封閉在左側(cè)U形管內(nèi)，細(xì)軟管內(nèi)還有一部分氣體。已知環(huán)境溫度恒為27℃，大氣壓強(qiáng)為，穩(wěn)定時，A部分氣體長度為，管內(nèi)各液面高度差分別為、；①求A部分氣體的壓強(qiáng)；②現(xiàn)僅給A部分氣體加熱，當(dāng)管內(nèi)氣體溫度升高了時，A部分氣體長度為21cm，求時右側(cè)U形管液面高度差。14、如圖甲所示，在水平面內(nèi)，有三個質(zhì)點a、b、c分別位于直角三角形的三個頂點上，已知ab＝6m，ac＝8m．在t1＝0時刻a、b同時開始振動，振動圖象均如圖乙所示，所形成的機(jī)械波在水平面內(nèi)傳播，在t2＝4s時c點開始振動，則()A.該機(jī)械波的傳播速度大小為2m/sB.c點的振動頻率先是與a點相同，兩列波相遇后c點的振動頻率增大C.該列波的波長是2mD.兩列波相遇后，c點振動加強(qiáng)E.兩列波相遇后，c點振動減弱（2）．一個透明圓柱體的半徑為R，其橫截面如圖所示，AB是一條直徑，一束平行單色光沿AB方向射向圓柱體，該圓柱體的折射率為QUOTE。若有一條入射到P點的光線（P點圖中未標(biāo)出），經(jīng)折射后恰好到B點，求①該入射光線射入圓柱體的入射角i；②光在圓柱體介質(zhì)中，由P點運動至B點所用的時間t（設(shè)光在真空中的速度為c）答案解析1.【答案】C【解析】A、光電效應(yīng)實驗說明光具有粒子性，故A錯誤；B、湯姆遜研究陰極射線，是發(fā)現(xiàn)電子的實驗，故B錯誤；C、α粒子散射實驗中極少數(shù)α粒子的大角度偏轉(zhuǎn)說明原子內(nèi)存在原子核．故C正確；D、元素放射性的發(fā)現(xiàn)揭示原子具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)．故D錯誤．2.【答案】C【解析】由圖象知，在t1時刻之前，P的位移大于Q的位移，而位移－時間圖象表示物體的位置隨時間的變化，t＝0時刻兩物體在同一位置，則知P在Q的前面．故A錯誤．根據(jù)圖象的斜率表示該時刻的速度可知，兩物體都做單向直線運動，路程等于位移大小，由圖看出，在0～t1時間內(nèi)，兩物體的位移大小相等，則路程相等．故B錯誤．在0～t1時間內(nèi)，P、Q的位移相等，所用時間相等，則平均速度大小相等，方向相同．故C正確．根據(jù)圖象的斜率等于物體的速度，則知P做勻速直線運動，Q做變速直線運動，故D錯誤．故選C.3.【答案】C【解析】以三個物體組成的整體為研究對象，水平方向上：地面光滑，對C沒有摩擦力，根據(jù)平衡條件得知，墻對A沒有壓力，因而也沒有摩擦力．故A、B錯誤．對A：受到重力、B的支持力和摩擦力三個力作用．故C正確．先對A、B整體研究：水平方向上：墻對A沒有壓力，則由平衡條件分析可知，C對B沒有摩擦力．再對B分析：受到重力、A的壓力和摩擦力、C的支持力，共四個力作用．故D錯誤．4.【答案】C【解析】由圖看出，ab段電場線比bc段電場線密，故ab段場強(qiáng)較大，根據(jù)公式U＝Ed可知，a、b間電勢差Uac大于b、c間電勢差Ubc，即：φa－φb>φb－φc，得到：φb＜＝V＝35V.5.【答案】A【解析】根據(jù)“增反減同”可知線圈中產(chǎn)生垂直紙面向外的感應(yīng)磁場，根據(jù)右手定則知道四指指向高電勢，即電容器a板帶正電，兩板間電勢差U＝＝＝π×10－4V，根據(jù)Q＝CU＝2π×10－9C，故正確選項為A.6.【答案】AB【解析】衛(wèi)星在1軌道做勻速圓周運動，由萬有引力定律和牛頓第二定律得G＝m，衛(wèi)星在2軌道A點做離心運動，則有G<m，故v1<v2A，選項A正確；衛(wèi)星在2軌道B點做近心運動，則有G>m，若衛(wèi)星在經(jīng)過B點的圓軌道上運動，則G＝m，由于r<rB，所以v1>vB，故v2B<vB<v1＝7.7km/s，選項B正確；3軌道的高度大于2軌道的高度，故衛(wèi)星在3軌道所具有的機(jī)械能大于在2軌道所具有的機(jī)械能，選項C錯誤；衛(wèi)星在各個軌道上運動時，只有萬有引力做功，機(jī)械能守恒，在A點時重力勢能最小，動能最大，速率最大，故衛(wèi)星在3軌道所具有的最大速率大于在2軌道所具有的最大速率，選項D錯誤．7.【答案】AC【解析】牛頓第二定律已知，物體的初速度v＝4m/s，傳送帶的速度為v0＝3m/s.物體剛開始在水平方向上受到向左的滑動摩擦力作用，向右做勻減速直線運動，設(shè)向右滑行的最遠(yuǎn)距離為L，由動能定理：－μmgL＝0－mv2，解得L＝8m<兩皮帶輪軸心間的距離是9m．所以物體不可能從右邊離開傳送帶，而只能從左邊離開，所以A正確，B錯誤；當(dāng)物體滑到最右端時，受到向左的滑動摩擦力作用，所以會向左做初速度為0的勻加速度運動，當(dāng)物體的速度與傳送帶速度相同時，物體的位移x＝＝4.5m<L＝8m．所以物體向左先做初速度為0的勻加速直線運動，后做勻速運動，所以物塊離開傳送帶的速度為3m/s，傳送帶對物塊先做負(fù)功、后一直做正功直至兩者速度相同，所以C正確，D錯誤．8.【答案】CD【解析】滑片P向左移動一段距離后電阻變大，故電路的電流減小，電流表讀數(shù)變小，燈泡L變暗；路端電壓變大，故電壓表讀數(shù)變大；滑動變阻器兩端電壓變大，根據(jù)Q=CU可知，電容器C上的電荷量增大，選項CD正確，AB錯誤.9.【答案】(1)第2點到第6點之間的距離h26第1點到第3點之間的距離h13第5點到第7點之間的距離h57第2點的瞬時速度v2第6點的瞬時速度v6mgh26＝mv－mv(2)ADBCEF【解析】(1)要驗證從第2點到第6點之間的紙帶對應(yīng)重物的運動過程中機(jī)械能守恒，應(yīng)測出第2點到第6點的距離h26，要計算第2點和第6點的速度v2和v6，必須測出第1點到第3點之間的距離h13和第5點到第7點之間的距離h57，機(jī)械能守恒的表達(dá)式為mgh26＝mv－mv.10.【答案】（1）見解析圖（2）D（3）204【解析】（1）本實驗中為了多測數(shù)據(jù)，滑動變阻器采用分壓接法，因該電子元件內(nèi)阻較小，故應(yīng)選用電流表外接法，題目中沒有給出電壓表，因此需要用已知內(nèi)阻電流表進(jìn)行改裝，具體實驗原理圖如下所示：（2）由于滑動變阻器采用分壓接法，因此，在保證安全的前提下，選擇總阻值小的，因此滑動變阻器應(yīng)選用D．（3）R1和R2串聯(lián)使用，因此它們的電流相等，由乙圖可知R1和R2的相等電流為：I=0.25A，此時R1和R2的電壓均為：U=2.5V，因此它們的電阻之和為：；此時R3兩端的電壓為：U1=6.0V﹣2.5V﹣2.5V=1.0V，此時接入電路中的電阻為：．11.【答案】(1)F≤30N(2)物塊能滑離木板1.2s0.9m【解析】(1)對M、m整體，由牛頓第二定律知F－(M＋m)gsinα＝(M＋m)a對m，有Ff－mgsinα＝maFf≤μmgcosα代入數(shù)據(jù)得：F≤30N(2)F＝37.5N>30N，物塊能滑離木板對于M，有F－μmgcosα－Mgsinα＝Ma1對m，有μmgcosα－mgsinα＝ma2設(shè)物塊滑離木板所用的時間為t，由運動學(xué)公式：a1t2－a2t2＝L代入數(shù)據(jù)得：t＝1.2s物塊離開木板時的速度v＝a2t由公式：－2gsinα·s＝0－v2代入數(shù)據(jù)得s＝0.9m.12.【答案】（1）O，M兩點間的距離d為；（2）磁感應(yīng)強(qiáng)度B應(yīng)滿足B＞．【解析】解：（1）粒子在電場中只受電場力，根據(jù)動能定理qEd=mv2﹣0，所以d=（2）a．粒子進(jìn)入磁場，做勻速圓周運動，設(shè)其軌道半徑為r，根據(jù)牛頓第二定律qvB=m由于粒子從O點到N點經(jīng)歷半圓的軌跡可以有n個（n=1，2，3…），所以b=2nr（n=1，2，3…）所以B=（n=1，2，3…）b．若要使粒子能再次通過x軸，需滿足r＜l．即B＞．13、【答案】ADE【解析】一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，溫度越高，內(nèi)能越大，A正確；第一類水動機(jī)研制失敗的原因是違背了能量守恒定律，而第二類永動機(jī)研制失敗的原因并不是違背了能量守恒定律，而