2020屆湖南長郡中學(xué)新高考沖刺押題模擬（二十七）物理試題★祝你考試順利★注意事項(xiàng)：1、考試范圍：高考考查范圍。2、答題前，請先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用0.5毫米黑色簽字筆填寫在試題卷和答題卡上的相應(yīng)位置，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。用2B鉛筆將答題卡上試卷類型A后的方框涂黑。3、選擇題的作答：每個(gè)小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非選擇題答題區(qū)域的答案一律無效。4、主觀題的作答：用0.5毫米黑色簽字筆直接答在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非主觀題答題區(qū)域的答案一律無效。5、選考題的作答：先把所選題目的題號(hào)在答題卡上指定的位置用2B鉛筆涂黑。答案用0.5毫米黑色簽字筆寫在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非選修題答題區(qū)域的答案一律無效。6、保持卡面清潔，不折疊，不破損。7、本科目考試結(jié)束后，請將本試題卷、答題卡、草稿紙一并依序排列上交。一、選擇題：（本題共12小題，第1~8題只有一項(xiàng)符合題目要求，第9~12題有多項(xiàng)符合題目要求。）1.下列說法正確的是A.診斷甲狀腺疾病時(shí)，給病人注射放射性同位素的目的是將其作為示蹤原子B.U的半衰期約為7億年，隨著地球溫度的升高，其半衰期將變短C.核反應(yīng)過程中如果核子的平均質(zhì)量減小，則要吸收能量D.結(jié)合能越大，原子中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定【答案】A【解析】【詳解】A．放射性同位素可以作為示蹤原子，診斷甲狀腺疾病時(shí)，給病人注射放射性同位素的目的是將其作為示蹤原子，故A正確；B．半衰期由原子核內(nèi)部本身的因素決定，跟原子所處的物理或化學(xué)狀態(tài)無關(guān)，故B錯(cuò)誤；C．核反應(yīng)過程中如果核子的平均質(zhì)量減小，根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程可知要釋放核能，故C錯(cuò)誤；D．比結(jié)合能的大小反映原子核的穩(wěn)定程度，比結(jié)合能越大，原子中核子結(jié)合得越牢固，原子核越穩(wěn)定，故D錯(cuò)誤。故選A。2.如圖，一粗糙絕緣豎直平面與兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷連線的中垂線重合．A、O、B為豎直平面上的三點(diǎn)，且O為等量異種點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)，AO=BO．現(xiàn)有帶電荷量為q、質(zhì)量為m的小物塊視為質(zhì)點(diǎn)，從A點(diǎn)以初速度v0向B滑動(dòng)，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度恰好為0．則A.從A到B，小物塊的加速度逐漸減小B.從A到B，小物塊的加速度先增大后減小C.小物塊一定帶負(fù)電荷，從A到B電勢能先減小后增大D.從A到B，小物塊的電勢能一直減小，受到的電場力先增大后減小【答案】B【解析】【詳解】小物塊受重力、電場力和墻壁的彈力以及摩擦力作用，可知q帶負(fù)電，從A到O的過程中，電場強(qiáng)度越來越大，則電場力越來越大，由于物塊在水平方向上平衡，可知墻壁的彈力增大，導(dǎo)致滑動(dòng)摩擦力增大，根據(jù)知，加速度增大，從O到B，電場強(qiáng)度越來越小，則電場力越來越小，由于物塊在水平方向上平衡，可知墻壁的彈力減小，導(dǎo)致滑動(dòng)摩擦力減小，根據(jù)知，加速度減小，B正確A錯(cuò)誤；q帶負(fù)電，由于AB是等勢線，則電荷的電勢能不變，從A到B，電場強(qiáng)度先增大后減小，則電場力先增大后減小，C錯(cuò)誤D錯(cuò)誤．3.如圖所示，地球和行星繞太陽做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，地球和行星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r1、r2之比為r1：r2=1：4，不計(jì)地球和行星直接的相互影響。此時(shí)地球和行星距離最近下列說法錯(cuò)誤的是（）A.行星繞太陽做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為8年B.地球和行星線速度大小之比為C.至少經(jīng)過年，地球和行星距離再次最近D.經(jīng)過相同時(shí)間，地球、行星圓周運(yùn)動(dòng)半徑掃過的面積之比為【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，有可得周期所以因?yàn)榈厍蚬D(zhuǎn)周期為1年，故行星公轉(zhuǎn)周期為8年，故A正確，不符合題意；B．根據(jù)萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，有可得線速度所以故B錯(cuò)誤，符合題意；C．地球周期短，故當(dāng)?shù)厍虮刃行嵌喙D(zhuǎn)一周時(shí)，地球?qū)⒃俅挝挥谔柡托行侵g，即則時(shí)間為年故C正確，不符合題意；D．行星與太陽連線掃過的面積故有故D正確，不符合題意。故選B。4.如圖甲所示，一匝數(shù)N=10匝、總電阻R=7.5Ω、ad長L1=0.4m、ab寬L2=0.2m的勻質(zhì)矩形金屬線框靜止在粗糙水平面上，線框的bc邊正好過半徑r=0.1m的圓形磁場的直徑，線框的左半部分處于垂直線框平面向上的勻強(qiáng)磁場區(qū)域內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B0=1T，圓形磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直線框平面向下，大小隨時(shí)間變化規(guī)律如圖乙所示，已知線框與水平面間的最大靜摩擦力f=1.2N，π≈3，則（）A.t=0時(shí)刻穿過線框的磁通量大小為0.01WbB.線框靜止時(shí)，線框中感應(yīng)電流為0.2AC.線框靜止時(shí)，ad邊所受安培力水平向左，大小為0.8ND.經(jīng)時(shí)間t=2s，線框開始滑動(dòng)【答案】A【解析】【分析】穿過線框的磁通量由兩部分組成，根據(jù)磁通量，即可求解；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律與閉合電路歐姆定律，即可求解感應(yīng)電流的大??；根據(jù)安培力表達(dá)式，結(jié)合左手定則與受力平衡條件，即可求解?！驹斀狻緼．設(shè)磁場向上穿過線框磁通量為正，由磁通量的定義得t=0時(shí)，有A正確；B．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有由閉合電路歐姆定律，則有B錯(cuò)誤；C．由楞次定律可知，圓形磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度增大時(shí)，線框內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向，ad中的感應(yīng)電流的方向向下，由左手定則可知，ad邊受到的安培力的方向向左，ad邊受到的安培力是10匝線圈受到的安培力的和，即所以ad邊受到的摩擦力的大小為0.4N，C錯(cuò)誤；D．圓形磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大，所以產(chǎn)生大小不變的電動(dòng)勢，感應(yīng)電流的大小不變，而左側(cè)的磁場區(qū)域內(nèi)的磁場不變；由圖乙可知，在t=0.4s時(shí)刻，右側(cè)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，由左手定則可知，右側(cè)的bc邊受到的安培力方向向左，大小為所以整體受到安培力的和等于所以線框受到的安培力的大小與摩擦力相等，所以線框在t=0.4s后才能開始滑動(dòng)，D錯(cuò)誤。故選A。5.在光滑水平地面放置著足夠長的質(zhì)量為M的木板，其上放置著質(zhì)量為m帶正電的小物塊（電荷量保持不變），兩者之間的動(dòng)摩擦因數(shù)恒定，且M>m，空間存在足夠大的方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場。某時(shí)刻開始它們以大小相等的速度相向運(yùn)動(dòng)，如圖所示。取水平向右的方向?yàn)檎较?，則下列圖象可能正確反映它們以后運(yùn)動(dòng)的是（）A. B.C D.【答案】D【解析】【詳解】對m分析可知，m受重力、支持力和洛倫茲力與摩擦力作用，由左手定則可知，洛倫茲力方向向上；水平方向受M的摩擦力作用而做減速運(yùn)動(dòng)；則由F=Bqv可知，洛倫茲力減小，故m對M的壓力增大，摩擦力增大，故m的加速度越來越大；同時(shí)M受m向右的摩擦力作用，M也做減速運(yùn)動(dòng)；因摩擦力增大，故M的加速度也越來越大；則可知v—t圖象中對應(yīng)的圖象應(yīng)為曲線；對Mm組成的系統(tǒng)分析可知，系統(tǒng)所受外力之和為零，故系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，最終兩物體速度一定相同，則有因M＞m，故最終速度一定為負(fù)值，說明最終兩物體均向左做勻速運(yùn)動(dòng)，綜合分析可知D項(xiàng)圖像正確，ABC項(xiàng)的圖像錯(cuò)誤。故選D。6.如圖所示，物塊用一不可伸長的輕繩跨過小滑輪與小球相連，與小球相連的輕繩處于水平拉直狀態(tài)。小球由靜止釋放運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)過程中，物塊始終保持靜止，不計(jì)空氣阻力。下列說法正確的有（）A.小球剛釋放時(shí)，地面對物塊的摩擦力為零B.小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，地面對物塊的支持力可能為零C.上述過程中小球的機(jī)械能不守恒D.上述過程中小球重力的功率一直增大【答案】A【解析】【詳解】A．小球剛釋放時(shí)，小球速度為零，此時(shí)繩子的拉力為零，對物塊分析可知，受到的摩擦力為零，故A正確；B．小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，若地面對物塊的支持力為零，此時(shí)繩子的拉力對物塊有向右的分力，不可能靜止，故B錯(cuò)誤；C．對小球擺動(dòng)過程只有重力做功，故小球的機(jī)械能守恒，故C錯(cuò)誤；D．剛釋放時(shí)速度為零，小球的功率為零，到達(dá)最底端時(shí)，速度方向與重力方向垂直，功率為零，故功率先增大后減小，故D錯(cuò)誤。故選A。7.關(guān)于熱力學(xué)定律，下列說法中正確的是（）A.可以從單一熱源吸收熱量，使之完全變?yōu)楣.理想氣體的等壓膨脹過程一定放熱C.熱量不可能從低溫物體傳遞到高溫物體D.壓縮氣體做功，該氣體的內(nèi)能一定增加【答案】A【解析】【詳解】A．根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，可以從單一熱源吸收熱量，使之完全變?yōu)楣?，但是?huì)引起其他的變化，如絕熱氣缸，故A正確；B．當(dāng)理想氣體做等壓膨脹過程時(shí)，根據(jù)可得溫度要增加，故內(nèi)能△U增加；又因?yàn)闅怏w膨脹對外做功，所以W＜0，再根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q可得Q＞0，氣體一定吸收熱量，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳遞到高溫物體，若有外界做功的話，可以從低溫物體傳遞到高溫物體；故C錯(cuò)誤；D．壓縮氣體，外界對氣體做功，W＜0，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q得知若氣體同時(shí)放熱，氣體的內(nèi)能不一定增加；故D錯(cuò)誤。故選A。8.如圖所示，足夠長的光滑斜面固定在水平面上，輕質(zhì)彈簧與A、B物塊相連，A、C物塊由跨過光滑小滑輪的輕繩連接。初始時(shí)刻，C在外力作用下靜止，繩中恰好無拉力，B放置在水平面上，A靜止?，F(xiàn)撤去外力，物塊C沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，當(dāng)C運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，B剛好離開地面。已知A、B的質(zhì)量均為m，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，則上述過程中（）A.C的質(zhì)量mC可能小于mB.C的速度最大時(shí)，A的加速度為零C.C的速度最大時(shí)，彈簧彈性勢能最大D.A、B、C系統(tǒng)的機(jī)械能先變小后變大【答案】B【解析】【詳解】A．剛開始對A受力分析，可知A只受重力和彈簧的彈力作用，根據(jù)平衡條件有解得彈簧原來的壓縮量當(dāng)C運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，B對地面的壓力剛好為零，彈簧的拉力等于B的重力，則彈簧此時(shí)的伸長量為則x1=x2，彈簧初末狀態(tài)的彈性勢能相等，根據(jù)A、B、C和彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有α是斜面的傾角，得，sinα＜1所以，故A錯(cuò)誤；BC．當(dāng)C的速度最大時(shí)A的速度達(dá)到最大，即ABC與彈簧為一系統(tǒng)，系統(tǒng)的動(dòng)能最大，則彈性勢能最小，則彈簧為原長。而C在斜面方向合力為0，即繩拉力T=mCgsinα=mg即繩對A的拉為mg，則A的合力為0，加速度為零，故B正確，C錯(cuò)誤；D．由于A、B、C和彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，而彈簧先復(fù)原再拉長，故彈性勢能先減小后增加，故A、B、C系統(tǒng)的機(jī)械能先變大后變小，故D錯(cuò)誤。故選B。9.如圖所示，在“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)中，用A、B兩彈簧秤拉橡皮條結(jié)點(diǎn)，使其到達(dá)O點(diǎn)處，此時(shí)α+β>90°，然后保持彈簧測力計(jì)B的示數(shù)不變而減小β時(shí)，為保持結(jié)點(diǎn)O位置不變，可采取的辦法是A.減小A的讀數(shù)，同時(shí)減小α角 B.減小A的讀數(shù)，同時(shí)增大α角C.增大A的讀數(shù)，同時(shí)減小α角 D.增大A的讀數(shù)，同時(shí)增大α角【答案】AB【解析】【詳解】要使結(jié)點(diǎn)不變，應(yīng)保證合力不變，故可以根據(jù)平行四邊形定則作圖進(jìn)行分析．O點(diǎn)位置不變，即合力大小和方向不變，保持B的示數(shù)不變，即B的拉力大小不變，即一個(gè)分力大小不變，一個(gè)分力大小和方向都變，要減小，如圖，根據(jù)平行四邊形定則可得減小A的讀數(shù)，同時(shí)減小α角或減小A的讀數(shù)，同時(shí)增大α角，AB正確．10.兩列沿繩傳播的簡諧橫波（虛線表示甲波，實(shí)線表示乙波）在某時(shí)刻的波形圖如圖所示，M為繩上x=0.2m處的質(zhì)點(diǎn)，則下列說法中正確的是（）A.M點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)B.由圖示時(shí)刻開始，再經(jīng)甲波的周期，質(zhì)點(diǎn)M將位于波峰C.圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)M的速度為零D.甲波傳播速度v1比乙波的傳播速度v2大【答案】AB【解析】【詳解】AC．質(zhì)點(diǎn)M是兩列波的波峰或波谷相遇點(diǎn)，振動(dòng)始終加強(qiáng)，速度不為零，故A正確，C錯(cuò)誤；B．甲向右傳播，由波形平移法知，圖示時(shí)刻M點(diǎn)正向下運(yùn)動(dòng)，再經(jīng)甲波的周期，M將位于波峰，故B正確；D．波速由介質(zhì)的性質(zhì)決定，兩列均沿繩傳播，同種介質(zhì)，則波速相等，故D錯(cuò)誤。故選AB。11.甲圖中S、N間的磁場可視為水平方向的勻強(qiáng)磁場，A為理想交流電流表，V為理想交流電壓表，矩形線圈繞垂直于磁場方向的水平軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，矩形線圈通過滑環(huán)接一理想變壓器，滑動(dòng)觸頭P上下移動(dòng)時(shí)可改變變壓器副線圈的輸出電壓，副線圈接有可調(diào)電阻R，從圖示位置開始計(jì)時(shí)，發(fā)電機(jī)線圈中產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢隨時(shí)間變化的圖像如圖乙所示，忽略線圈、電刷與導(dǎo)線的電阻，以下判斷正確的是（）A.電壓表的示數(shù)為B.0.01s時(shí)穿過發(fā)電機(jī)線圈的磁通量最小C.保持R的大小不變，P的位置向上移動(dòng)，電流表讀數(shù)減小D.保持R的大小及P的位置不變，發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速增大一倍，變壓器的輸入功率將增大到原來的4倍【答案】BD【解析】【詳解】A．電壓表顯示的是交流電的有效值，故示數(shù)為故A錯(cuò)誤；B．0.01s時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢負(fù)向最大，此時(shí)磁通量變化率最大，磁通量為零，最小，故B正確；C．若P的位置向上移動(dòng)，匝數(shù)比減小，副線圈電壓增大，R的大小不變時(shí)，電流表讀數(shù)將增大，故C錯(cuò)誤；D．若P的位置不變、R的大小不變，而把發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速增大一倍，根據(jù)電壓增大為原來的2倍，則變壓器的輸入功率將增大到原來的4倍，故D正確。故選BD。12.用圖示裝置可以檢測霍爾效應(yīng)。利用電磁鐵產(chǎn)生磁場，電流表檢測輸入霍爾元件的電流，電壓表檢測元件輸出的電壓。已知圖中的霍爾元件是半導(dǎo)體，與金屬導(dǎo)體不同，它內(nèi)部形成電流的“載流子”是空穴，空穴可視為能自由移動(dòng)的帶正電的粒子。圖中的1、2、3、4是霍爾元件上的四個(gè)接線端。當(dāng)開關(guān)S1、S2閉合后，電流表A和電流表B、C都有明顯示數(shù)，下列說法中正確的是（）A.電表B為電壓表，電表C為電流表B.接線端4的電勢低于接線端2的電勢C.若調(diào)整電路，使通過電磁鐵和霍爾元件的電流與原電流方向相反，但大小不變，則電壓表的示數(shù)將保持不變D.若增大R1、增大R2，則電壓表示數(shù)增大【答案】BC【解析】【詳解】A．B表為測量通過霍爾元件的電流，C表測量霍爾電壓，故電表B為電流表，電表C為電壓表，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)安培定則可知，磁場的方向向下，通過霍爾元件的電流由1流向接線端3，電子移動(dòng)方向與電流的方向相反，由左手定則可知，電子偏向接線端2，所以接線端2的電勢低于接線端4的電勢，故B正確；C．當(dāng)調(diào)整電路，使通過電磁鐵和霍爾元件的電流方向相反，由左手定則可知洛倫茲力方向不變，即2、4兩接線端的電勢高低關(guān)系不發(fā)生改變，故C正確；D．增大，電磁鐵中的電流減小，產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度減小，增大，霍爾元件中的電流減小，所以霍爾電壓減小，即電壓表示數(shù)一定減小，故D錯(cuò)誤。故選BC。二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題）13.圖中圓盤可繞過中心垂直于盤面的水平軸轉(zhuǎn)動(dòng)。圓盤加速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，角速度的增加量與對應(yīng)時(shí)間的比值定義為角加速度，用β表示，，我們用測量直線運(yùn)動(dòng)加速度的實(shí)驗(yàn)裝置來完成實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)步驟如下。其中打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接交流電的頻率為50Hz，圖中A、B、C、D……為計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間有四個(gè)點(diǎn)未畫出。①如圖甲所示，將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在桌面上，將紙帶一端穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的限位孔，然后固定在圓盤的側(cè)面，當(dāng)圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，紙帶可以卷在圓盤側(cè)面上；②接通電源，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器開始打點(diǎn)，啟動(dòng)控制裝置使圓盤勻加速轉(zhuǎn)動(dòng)；③斷開電源，經(jīng)過一段時(shí)間，停止轉(zhuǎn)動(dòng)圓盤和打點(diǎn)，取下紙帶，進(jìn)行測量。（1）用20分度的游標(biāo)卡尺測得圓盤的直徑如圖乙所示，圓盤的直徑為___________mm；（2）由圖丙可知，打下計(jì)數(shù)點(diǎn)D時(shí)，圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為_________rad/s（保留兩位有效數(shù)字）；（3）圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角加速度大小為_________rad/s2。（保留兩位有效數(shù)字）。【答案】(1).120.00(2).6.5(3).10(9.8~10)【解析】【詳解】（1）[1]游標(biāo)卡尺主尺部分讀數(shù)為120mm，游標(biāo)上是第0格與主尺，精確度為0.05mm，故圓盤的直徑為（2）[2]由于每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)沒有畫出，所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔T=0.1s，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上D點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度大小故（3）[3]根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得由于，故角加速度為（9.8~10）14.按圖甲所示的電路測量一節(jié)舊電池的電動(dòng)勢E(約1.5V)和內(nèi)阻r(約20Ω)，可供選擇的器材如下：兩個(gè)相同電流表A1、A2（量程0～500μA，內(nèi)阻約為500Ω），滑動(dòng)變阻器R（阻值0～100Ω，額定電流1.0A），定值電阻R1（阻值約為100Ω），兩個(gè)相同的電阻箱R2、R3（阻值0～999.9Ω），開關(guān)、導(dǎo)線若干。由于現(xiàn)有電流表量程偏小，不能滿足實(shí)驗(yàn)要求，為此，先將電流表改裝（擴(kuò)大量程），然后再按圖甲電路進(jìn)行測量。（1）測量電流表A2的內(nèi)阻，按圖乙電路測量A2的內(nèi)阻時(shí)，必要的操作如下．A．?dāng)嚅_S1B．閉合S1、S2C．按圖乙連接線路，將滑動(dòng)變阻器R的滑片調(diào)至最左端，R2調(diào)至最大D．?dāng)嚅_S2，閉合S3E．調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R，使A1、A2的指針偏轉(zhuǎn)適中，記錄A1的示數(shù)I1F．調(diào)節(jié)R2，使A1的示數(shù)為I1，記錄R2的值請按合理順序排列其余實(shí)驗(yàn)步驟（填序號(hào)）______（2）將電流表A2（較小量程）改裝成電流表A（較大量程），如果(1)中測出A2的內(nèi)阻為468.0Ω，現(xiàn)用R2將A2改裝成量程為20mA的電流表A，應(yīng)把R2為_______（3）利用電流表A、電阻箱R3，測電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻。用電流表A、電阻箱R3及開關(guān)S按圖甲所示電路測電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻。實(shí)驗(yàn)時(shí)，改變R3的值，記下電流表A的示數(shù)I，得到若干組R3、I的數(shù)據(jù)，然后通過做出有關(guān)物理量的的線性圖象，求得電池電動(dòng)勢E和內(nèi)阻r。a.圖中虛線框內(nèi)為一條直線，其中縱軸為，橫軸應(yīng)為__________；b.已知圖中直線縱軸截距為b，斜率為k，改裝后電流表A的內(nèi)阻為RA，則電動(dòng)勢E=____，內(nèi)阻r=_____縱軸截距的絕對值。【答案】(1).EDF(2).12(3).R3(4).(5).【解析】【詳解】（1）[1]等效替代法測電阻的核心是“效果相同”，本題中體現(xiàn)為使A1的示數(shù)相同，所以步驟為CBEDFA；（2）[2]改裝原理如圖所示電阻需要分擔(dān)電流電阻電壓則（3）[3]由閉合電路歐姆定律得將此公式變形后即得故橫坐標(biāo)為，圖像的斜率距表示電源電動(dòng)勢，故解得解得【點(diǎn)睛】測電阻的方法有伏安法、半偏法、等效替代法等．電表改裝原理可記為“串大并小”．測量電源電動(dòng)勢和內(nèi)阻始終離不開閉合電路的歐姆定律。三、計(jì)算題（本題共4小題）15.如圖所示，一開口向上的氣缸固定在水平地面上，質(zhì)量均為m、橫截面積均為S的活塞A、B將缸內(nèi)氣體分成I、II兩部分.在活塞A的上方放置一質(zhì)量為2m的物塊，整個(gè)裝置處于平衡狀態(tài)，此時(shí)I、II兩部分氣體的長度均為l0.已知大氣壓強(qiáng)與活塞質(zhì)量的關(guān)系為，氣體可視為理想氣體且溫度始終保持不變，不計(jì)一切摩擦，氣缸足夠高.當(dāng)把活塞A上面的物塊取走時(shí)，活塞A將向上移動(dòng)，求系統(tǒng)重新達(dá)到平衡狀態(tài)時(shí)，A活塞上升的高度.【答案】【解析】【詳解】對氣體Ⅰ，其初態(tài)壓強(qiáng)末態(tài)壓強(qiáng)為設(shè)末態(tài)時(shí)Ⅰ氣體的長度為l1，可得，代入數(shù)據(jù)解得．對Ⅱ氣體，其初態(tài)壓強(qiáng)為末態(tài)壓強(qiáng)為設(shè)末態(tài)時(shí)Ⅱ氣體的長度為，可得代入數(shù)據(jù)解得．故活塞A上升的高度為得．16.如圖所示是一個(gè)透明的玻璃圓柱體的橫截面，其半徑R=20cm，AB是過圓心的一條水平直徑.從激光源S發(fā)出一條與AB平行的細(xì)光束，入射到玻璃圓柱體上，光束到頂部的距離h=2.68cm，折射光束恰好過B點(diǎn)，經(jīng)B點(diǎn)反射后從圓柱體中射出.已知光在真空中的傳播速度為c=3×108m/s,.①求玻璃的折射率；②求此光束從射入圓柱體到射出圓柱體所用的時(shí)間.(只考慮一次反射)【答案】(1)(2)【解析】【詳解】①光線SC折射后經(jīng)過B點(diǎn)，光路如圖所示，由折射定律有由幾何關(guān)系知，解得玻璃的折射率為②根據(jù)對稱性知CB=BD=2Rcosβ光在玻璃中傳播的速度為光束從射入圓柱體到射出圓柱體所用的時(shí)間為s17.如圖所示，坐標(biāo)原點(diǎn)O處有一點(diǎn)狀的放射源，它向xoy平面內(nèi)的x軸上方各個(gè)方向(包括x軸正方向和負(fù)方向)發(fā)射帶正電的同種粒子，速度大小都是v0，在的區(qū)域內(nèi)分布有指向y軸正方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為，其中q與m分別為該種粒子的電荷量和質(zhì)量；在的區(qū)域內(nèi)分布有垂直xOy平面的勻強(qiáng)磁場.ab為一塊很大的平面感光板，放置于y=2d處，觀察發(fā)現(xiàn)此時(shí)恰好沒有粒子打到ab板上.(不考慮粒子的重力及粒子間的相互作用)(1)求粒子剛進(jìn)入磁場時(shí)的速率；(2)求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。?3)將ab板平移到距x軸最遠(yuǎn)什么位置時(shí)所有粒子均能打到板上？【答案】(1)(2)(3)【解析】【詳解】（1）根據(jù)動(dòng)能定理得可得剛進(jìn)入磁場時(shí)的速率（2）根據(jù)（1）可知，對于沿x軸正方向射出的粒子，其進(jìn)入磁場時(shí)與x軸正方向的夾角其在電場中沿x軸正方向的位移若沿x軸正方向輸出的粒子不能打到ab板上，則所有粒子均不能打到ab板上，因此沿x軸正方向射出的粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌跡與ab板相切，如圖甲所示：由幾何關(guān)系可