2024年湖南師大附中高考物理模擬試卷(一)C.剎車的加速度大小為5m/s23.2023年5月30日16時(shí)29分神舟十六號(hào)成功對(duì)接于空間站天和核心艙徑向端口，圓周運(yùn)動(dòng)，圓周運(yùn)動(dòng)的半徑分別為r?、r?,地球半徑為R,地球表面重力加速度為g,萬(wàn)有引力常量為G,下列說(shuō)法正確的是()4.某興趣小組想要運(yùn)用所學(xué)力學(xué)知識(shí)進(jìn)行實(shí)踐研究，他們找輕繩跨過(guò)B端定滑輪連接質(zhì)量為m的重物，另一輕繩纏繞在電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)軸O上，通過(guò)電動(dòng)機(jī)的牽引控制CD桿的轉(zhuǎn)動(dòng)從而控制重物的起落。圖中所示位置兩桿處于同一豎直面內(nèi)，OD繩沿豎直方向，γ=30°,θ=A.AB桿受到繩子的作用力大小為mg,方向不一定沿AB桿消耗的功率相同，電表均為理想交流電表，下列說(shuō)法正確的是()C.電流表的示數(shù)D.若R?斷路，電流表示數(shù)將增大二、多選題：本大題共5小題，共24分。6.如圖所示，ABCD是正四面體，虛線圓為三角形ABD的內(nèi)切圓，切點(diǎn)分別為M、N、P,O為圓心，正四面體的頂點(diǎn)A、B和D分別固定有電荷量為+Q,+Q和-Q的點(diǎn)電荷，下列說(shuō)法正確的是()A.M、P兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同C.將帶正電的試探電荷由O點(diǎn)沿直線移動(dòng)到C點(diǎn)，電勢(shì)能先增大后減小D.將固定在D點(diǎn)的點(diǎn)電荷移動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，振動(dòng)圖像如圖。已知兩波源的振動(dòng)傳播到時(shí)間差為2s。下列說(shuō)法正確的是()A.機(jī)械波在介質(zhì)中的傳播速度為1m/sB.xOy平面內(nèi)(1m,3m)位置處在振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)C.兩波源間的連線上有7個(gè)振動(dòng)最強(qiáng)點(diǎn)D.0～7s內(nèi)，O處質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為12cm圖線。已知重力加速度g=10m/s2,根據(jù)圖中所給信息可得()A.木板的長(zhǎng)度為2mD.2s內(nèi)“物塊和木板”系統(tǒng)的摩擦生熱為2J置。長(zhǎng)木板固定在水平桌面上，圓弧體固定在木板上最底端B與木板上表面相切，用重垂線確定長(zhǎng)木板右端C在水平地面上的投影位置C'。測(cè)出C點(diǎn)離地面的高度h,重力加速度為g。離x,及對(duì)應(yīng)的B點(diǎn)到C點(diǎn)的距離L,作L-x2圖像，得到圖像的斜率為k,則物塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因12.某同學(xué)要測(cè)量一段特制的圓柱形導(dǎo)體材料的電阻率p,同時(shí)測(cè)電源的內(nèi)待測(cè)的圓柱形導(dǎo)體R?(阻值未知)(1)他用螺旋測(cè)微器測(cè)量該導(dǎo)體的直徑D,結(jié)果如圖甲所示，可讀出D=甲乙丙 體溫度，求當(dāng)彈簧剛好恢復(fù)到原長(zhǎng)時(shí)，活塞下方的甲粒子第一次到達(dá)x軸時(shí)速度方向與x軸正方向的夾角為θ=60°。乙粒兩粒子均在第2次進(jìn)入磁場(chǎng)后相遇，相遇點(diǎn)為各自軌跡的最低點(diǎn)。已知甲、乙粒子的質(zhì)量均為m,帶電量均為+q,不計(jì)粒子重力以及粒子間的長(zhǎng)，平臺(tái)邊緣正上方用長(zhǎng)H=10m的輕繩懸掛質(zhì)量為m的物塊A,懸點(diǎn)正下方靜置一質(zhì)量為m?的物塊B,且m<mo,將A向左拉至輕繩水平由靜止釋放，A與B發(fā)生正碰，碰后A的速度為零。已知A與B碰撞過(guò)程中的恢復(fù)系該系數(shù)是一個(gè)定值，只與發(fā)生碰撞物體材料有關(guān)?，F(xiàn)將A、B互換角色，將B懸掛起來(lái)從水平位置由靜止釋放，與A發(fā)生正碰后A滑上小車，A滑上小車后，小車左端迅速?gòu)棾鲆粋€(gè)厚度不計(jì)的擋板，同時(shí)取走B。在小車上L段內(nèi)A受一個(gè)來(lái)自右側(cè)擋板水平向左的斥力F?=0.2mg,擋板水平向左的斥力F?=0.8mg。已知小車質(zhì)量M=m=2kg,物塊A與小車上表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.4,重力加速度g=10m/s2,不計(jì)空氣阻力。(1)求A剛滑上小車時(shí)的速度大??；(2)求A與小車第一次達(dá)到共速時(shí)的速度大小及A到小車左端的距離；(3)物塊A與左側(cè)擋板的碰撞為彈性碰撞，求物塊A與左側(cè)擋板碰撞次數(shù)及物塊A最終相對(duì)小車靜止時(shí)與光電流為零時(shí)的反向電壓即為遏止電壓Ue,根據(jù)動(dòng)能定理eUc=E故A錯(cuò)誤；可知Ek甲<Ek丙由vp<V丙所以分別用甲光、丙光照射同一雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置，甲光形成的干涉條紋D.由題圖可知，甲光和乙光頻率相同，但是甲光比乙光的飽和電流大，即甲光的光強(qiáng)大于乙光，故D錯(cuò)光電流為零時(shí)的反向電壓即為遏止電壓Ue,根據(jù)光電效應(yīng)方D.BC.神舟十六號(hào)與空間站做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，分別根據(jù)線速度與軌道半徑本題考查了萬(wàn)有引力定律在天體上的運(yùn)用，理解萬(wàn)有引力完全提供向心力是解題地球自轉(zhuǎn)時(shí)，物體所受萬(wàn)有引力等于重力；理解“神舟十六號(hào)”和“空間站”從相兩個(gè)力T所作力的平行四邊形為菱形，根據(jù)平衡條件可得F2r=√3mgD、若R?斷路，則T?次級(jí)電阻變大，相當(dāng)于電網(wǎng)用電設(shè)備減少，總功率減少，電流減小，則初系，再求匝數(shù)比；根據(jù)升壓變壓器輸入功率等于三個(gè)電阻功率之和列式，姆定律求電流表的示數(shù)。若R?斷路，則T?次級(jí)電阻變大，相當(dāng)于電網(wǎng)用電設(shè)備減少，分析電流表示數(shù)的變的電勢(shì)相等，且N點(diǎn)電勢(shì)高于O點(diǎn)的電勢(shì)，O點(diǎn)的電勢(shì)高于和M、P點(diǎn)的電勢(shì)；在D點(diǎn)的負(fù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的等勢(shì)線，在D點(diǎn)的負(fù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中，從O到C電勢(shì)逐漸變大，綜上所述，可知從O到C電勢(shì)逐漸變大，將帶正電的試探電荷由O點(diǎn)沿直線移動(dòng)到C的電勢(shì)相等，則將固定在D點(diǎn)的點(diǎn)電荷移動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零，故D正確。C:根據(jù)等量同種正點(diǎn)電荷空間等勢(shì)面的分布特點(diǎn)及單獨(dú)點(diǎn)電荷電勢(shì)分布特點(diǎn)聯(lián)立判斷O點(diǎn)到C點(diǎn)連線上D:根據(jù)等量同種正點(diǎn)電荷空間等勢(shì)面的分布特點(diǎn)判斷C、D兩點(diǎn)電勢(shì)的關(guān)系，再根據(jù)電本題考查電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系、電勢(shì)能與電場(chǎng)力做功的關(guān)系、電勢(shì)等基本的知?jiǎng)ts?=s?,所以(1m,3m)處于振動(dòng)減弱區(qū)。兩波源間的連線上有8個(gè)振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)分別為x=-2.5m,-1.5m,-0.5m,0.5m,1.5m,2.5m,3.5m,4.5m,從0時(shí)刻起，經(jīng)3s,S?波傳到O處質(zhì)點(diǎn)。經(jīng)5s,S?波傳到O處質(zhì)點(diǎn)，所以0～7s內(nèi)，O處質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為s=4A?+4A=4×兩機(jī)械波在同一介質(zhì)傳播，傳播速度相等，根據(jù)兩波源的振動(dòng)傳播到坐標(biāo)原點(diǎn)O處的時(shí)間差為2s,由速度公式求波速。由λ=vT求出波長(zhǎng)，根據(jù)兩波源到(1m,3m)位置的路程差與波長(zhǎng)的關(guān)系，分析該位置的振動(dòng)本題要掌握波的疊加原理，根據(jù)路程差與波長(zhǎng)的關(guān)系，結(jié)合起始時(shí)波源振動(dòng)方向關(guān)根據(jù)右手定則，確定電流方向從上往下看為順時(shí)針方向，所以b棒所受安培力方向沿斜面向上，當(dāng)b棒所由于b棒開始加速度小于a棒的加速度，所以開始兩者速度差逐漸增大，感應(yīng)電流逐漸增大，v-t斜率逐漸增大，當(dāng)兩棒加速度相等時(shí)，兩者的速度差一定，回路感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)一定，感應(yīng)電流一定，之后b棒向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，之后的圖像與a棒的圖像平行，故A正確；B、根據(jù)上述分析，開始時(shí)b棒靜止，則有此時(shí)i-t圖像為過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，之后b棒向上做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，結(jié)合上述有兩棒速度的差值逐漸增大，感應(yīng)電流逐漸增大，則兩棒速度的差值的斜率逐漸減小，之后，兩者加速度相等，此過(guò)程，圖像為傾斜直線，斜率為正值，縱軸F=mgsinθ+maa+BiL結(jié)合上述，由于拉力與電流成線性關(guān)系，可知，之后的F-t圖像與i-t圖像形狀相同，故C正確；D、b棒開始靜止，安培力沒有做功，此時(shí)安培力的功率為0,之后b棒所受安培力的功率為b棒速度與感應(yīng)電流均在發(fā)生變化，結(jié)合上述可知，此過(guò)程感應(yīng)電流則此過(guò)程的b棒所受安培力的功率P隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖像也不成線性關(guān)系，故D錯(cuò)誤。根據(jù)導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)情況結(jié)合電磁感應(yīng)的規(guī)律，分析兩根導(dǎo)體棒的速iR分析電流隨時(shí)間的變化，根據(jù)牛頓第二定律分析F隨時(shí)間的變化，根據(jù)本題主要考查電磁感應(yīng)中導(dǎo)體棒在導(dǎo)軌上的應(yīng)用，其中要注意b導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)變化。在做題中要注意雙導(dǎo)9.【答案】BC設(shè)滑套相對(duì)棒的加速度大小為a?,經(jīng)時(shí)間t?滑套滑出直棒，則有大時(shí)，滑套相對(duì)棒向后運(yùn)動(dòng)，棒的加速度小時(shí)，滑套相對(duì)棒向前運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛本題考查牛頓第二定律，解題關(guān)鍵是對(duì)滑套做好受力分析，會(huì)分析滑套的運(yùn)動(dòng)情況,B先向右后向左運(yùn)動(dòng)，總位移為0,因此，A運(yùn)動(dòng)的位移即為木板長(zhǎng)度，即木板長(zhǎng)度B的速度最大，此時(shí)由于切線斜率為0,故B物塊的加速度為0;對(duì)B進(jìn)行受力分析可知，此時(shí)彈簧彈力的對(duì)稱性可知，t=1s時(shí)，B的速度為0,即位于簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅處，B向右的位移為2x,對(duì)0～1s過(guò)程列C、1s時(shí)，木板的v-t圖切線斜率不為0,說(shuō)明木板此時(shí)仍有加速度，故摩擦力與彈簧彈力并不相等，故D、由圖像可知，全過(guò)程物塊與木板的相對(duì)路程即等于物塊的位移s,因此2s內(nèi)“物塊和木板”系統(tǒng)的摩根據(jù)題意與圖示圖像分析清楚物塊與長(zhǎng)木板的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，根據(jù)圖示圖像求出物塊的有,即rrx=4cm得P?=7.5×104Pa(3)設(shè)活塞上方氣體末狀態(tài)的壓強(qiáng)為p?,由于彈簧恢復(fù)到原長(zhǎng)，彈力為0,對(duì)活塞受力分析P?S+mg=p?S答：(1)活塞上方汽缸內(nèi)氣體的熱力學(xué)溫度T?為432K;(2)當(dāng)彈簧剛好恢復(fù)到原長(zhǎng)時(shí)，活塞下方的氣體壓強(qiáng)p?為7.5×10+Pa;解得β=45°