高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024江蘇省高考物理終極押題卷05（〖解析〗版）注意事項(xiàng)：考生在答題前請(qǐng)認(rèn)真閱讀本注意事項(xiàng)1．本試卷包含選擇題和非選擇題兩部分．考生答題全部答在答題卡上，答在本試卷上無效．全卷共16題，本次考試時(shí)間為75分鐘，滿分100分．2.答選擇題必須用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑．如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其它〖答案〗．答非選擇題必須用書寫黑色字跡的0.5毫米簽字筆寫在答題卡上的指定位置，在其它位置答題一律無效．3.如需作圖，必須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗單選題（2023?平谷區(qū)一模）如圖所示，玻璃磚的上表面aa'與下表面bb'平行，一束紅光從上表面的P點(diǎn)處射入玻璃磚，從下表面的Q點(diǎn)處射出玻璃磚，下列說法正確的是（）A．紅光進(jìn)入玻璃磚前后的波長(zhǎng)不會(huì)發(fā)生變化 B．紅光進(jìn)入玻璃磚前后的速度不會(huì)發(fā)生變化 C．若增大紅光的入射角，則紅光可能會(huì)在玻璃磚下表面的Q點(diǎn)左側(cè)某處發(fā)生全反射D．若紫光與紅光都從P點(diǎn)以相同的入射角入射，則紫光將從Q點(diǎn)右側(cè)某處射出玻璃磚〖答案〗D〖解析〗A．光速由介質(zhì)決定，但頻率由波源決定，由公式v＝λf可得，紅光進(jìn)入玻璃磚前后的波長(zhǎng)會(huì)發(fā)生變化，故A錯(cuò)誤；B．由光速與折射率的關(guān)系QUOTE可得，v會(huì)發(fā)生改變，所以紅光進(jìn)入玻璃磚前后的速度會(huì)發(fā)生變化，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)光的可逆性原理，只要光線可以從上表面射入，在玻璃中發(fā)生折射，就一定可以從下表面射出，所以增大紅光的入射角，則紅光不會(huì)在玻璃磚下表面發(fā)生全反射，故C錯(cuò)誤；D．若紫光與紅光都從P點(diǎn)以相同的入射角入射，由于紫光折射率較大，所以紫光折射角較小，所以紫光將從Q點(diǎn)右側(cè)某處射出玻璃磚，故D正確。故選：D。2．地球上只有百萬分之一的碳是以碳14形式存在于大氣中。能自發(fā)進(jìn)行衰變，關(guān)于發(fā)生衰變下列說法正確的是（）A．衰變放出的粒子來自于的核外電子B．衰變放出的粒子帶負(fù)電，具有很強(qiáng)的電離能力C．衰變產(chǎn)生的新核是D．衰變產(chǎn)生的新核的比結(jié)合能比大〖答案〗D〖解析〗A衰變放出的粒子來自于原子核內(nèi)，故A錯(cuò)誤；B．衰變放出的粒子帶負(fù)電，具有較弱的電離能力，故B錯(cuò)誤；C．進(jìn)行衰變的核反應(yīng)方程為可知衰變產(chǎn)生的新核是，故C錯(cuò)誤；D．衰變過程釋放能量，質(zhì)量虧損，因此產(chǎn)生新核的比結(jié)合能比大，故D正確。故選D。3．如圖甲為一列簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)刻的波形圖，為介質(zhì)中的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，圖乙為質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，則（）A．簡(jiǎn)諧橫波沿軸正方向傳播B．簡(jiǎn)諧橫波的波速為C．時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的加速度小于質(zhì)點(diǎn)的加速度D．時(shí)，質(zhì)點(diǎn)距平衡位置的距離大于質(zhì)點(diǎn)距平衡位置的距離〖答案〗C〖解析〗A由振動(dòng)圖像可知，在t=0.2s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方向向下，結(jié)合波形圖可知，簡(jiǎn)諧橫波沿軸負(fù)方向傳播，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．簡(jiǎn)諧橫波的波速為選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．時(shí)，即在t=0.2s再經(jīng)過，則質(zhì)點(diǎn)P到達(dá)波谷，而質(zhì)點(diǎn)Q在波谷與平衡位置之間，則此時(shí)質(zhì)點(diǎn)的加速度小于質(zhì)點(diǎn)的加速度，選項(xiàng)C正確；D．時(shí)，即在t=0.2s再經(jīng)過質(zhì)點(diǎn)P到達(dá)波峰，質(zhì)點(diǎn)Q在波峰和平衡位置之間，則質(zhì)點(diǎn)距平衡位置的距離小于質(zhì)點(diǎn)距平衡位置的距離，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。4．回?zé)崾街评錂C(jī)是一種深低溫設(shè)備，制冷極限約50K。某臺(tái)回?zé)崾街评錂C(jī)工作時(shí)，一定量的氦氣（可視為理想氣體）緩慢經(jīng)歷如圖所示的四個(gè)過程：已知狀態(tài)A和B的溫度均為27℃，狀態(tài)C和D的溫度均為℃，下列判斷正確的是（）A．氣體由狀態(tài)A到B過程，溫度先降低后升高B．氣體由狀態(tài)B到C過程，內(nèi)能保持不變C．氣體由狀態(tài)C到D過程，分子間的平均間距減小D．氣體由狀態(tài)C到D過程，氣體對(duì)外做功〖答案〗D〖解析〗A如圖所示，因?yàn)榈葴鼐€離O點(diǎn)越遠(yuǎn)，溫度越高，所以氣體由狀態(tài)A到B過程，溫度先升高后降低，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．由圖示圖線可知，氣體由狀態(tài)到過程，氣體體積不變而壓強(qiáng)減小，由理想氣體狀態(tài)方程可知，氣體溫度降低，氣體內(nèi)能減小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．由圖示圖線可知，氣體由狀態(tài)到過程，氣體體積增大，分子間的平均間距增大，故C錯(cuò)誤；D．由圖示圖線可知，氣體由狀態(tài)到過程，氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，選項(xiàng)D正確。故選D。5．如圖所示，交流電流表A1、A2和A3分別與電阻R、線圈L和電容器C串聯(lián)后接在同一交流電源上．交流電壓的瞬時(shí)值為．三個(gè)電流表的讀數(shù)分別為I1、I2和I3．現(xiàn)換另一電源供電，交流電壓的瞬時(shí)值為，．改換電源后，三個(gè)電流表的讀數(shù)變化情況是（??）A．I1、I2和I3都不變 B．I1、I2不變、I3變大C．I1不變、I2變大、I3變小 D．I1不變、I2變小、I3變大〖答案〗D〖解析〗交流電的角頻率ω變大，則頻率f變大，交流電的有效值不變；電阻R的阻值與交流電的頻率無關(guān)，故I1不變；交流電頻率變大，則線圈的阻抗變大，則I2變??；交流電頻率變大，則電容器的容抗減小，則I3變大；故選D。6．如圖所示，將一小球從傾角的斜面頂端A點(diǎn)以初速度水平拋出，落在斜面上的B點(diǎn)，C為小球運(yùn)動(dòng)過程中與斜面相距最遠(yuǎn)的點(diǎn)，CD垂直AB。小球可視為質(zhì)點(diǎn)，空氣阻力不計(jì)，則（）A．小球在C點(diǎn)的速度大小是B．小球在從A到C點(diǎn)所用時(shí)間小于從C到B點(diǎn)所用時(shí)間C．小球在B點(diǎn)的速度與水平方向的夾角正切值是D．A、D兩點(diǎn)間距離等于D、B兩點(diǎn)間距離〖答案〗C〖解析〗AC點(diǎn)時(shí)速度分解如下則有故A錯(cuò)誤；B．C點(diǎn)時(shí)速度分解如下則豎直速度為則A到C用時(shí)為到達(dá)B點(diǎn)時(shí)由平拋運(yùn)動(dòng)物體在任意時(shí)刻（任意位置），速度夾角的正切值為位移夾角正切值的2倍可得，豎直速度為C到B點(diǎn)所用時(shí)間則小球在從A到C點(diǎn)所用時(shí)間等于從C到B點(diǎn)所用時(shí)間，故B錯(cuò)誤；C．由平拋運(yùn)動(dòng)物體在任意時(shí)刻（任意位置），速度夾角的正切值為位移夾角正切值的2倍可得，小球在B點(diǎn)時(shí)，小球在B點(diǎn)時(shí)的速度與水平方向夾角正切值為，故C正確；D．由于小球在從A到C點(diǎn)所用時(shí)間等于從C到B點(diǎn)所用時(shí)間，且水平速度不變，則AB中點(diǎn)應(yīng)位于C點(diǎn)正下方，故D錯(cuò)誤。故選C。7．已知兩顆行星的質(zhì)量m1=2m2，公轉(zhuǎn)周期T1=2T2，則它們繞太陽運(yùn)轉(zhuǎn)軌道的半長(zhǎng)軸之比為（）A． B．2 C． D．〖答案〗C〖解析〗由開普勒第三定律可知解得故C正確。故選C。8．如圖所示，一個(gè)矩形線框以豎直向上的初速度進(jìn)入只有一條水平邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，進(jìn)入磁場(chǎng)后上升一段高度又落下離開磁場(chǎng)，忽略空氣阻力，則（）A．線圈上升過程產(chǎn)生的熱焦耳熱小于下落過程產(chǎn)生的焦耳熱B．線圈上升過程通過截面的電量小于下落過程通過截面的電量C．線圈從開始進(jìn)入到完全進(jìn)入磁場(chǎng)所用時(shí)間小于線圈從開始飛出到完全飛出磁場(chǎng)所用時(shí)間D．線圈上升過程損失的機(jī)械能小于下落過程損失的機(jī)械能〖答案〗C〖解析〗ACD．矩形線框上升階段，從開始進(jìn)磁場(chǎng)到恰好完全進(jìn)入磁場(chǎng)，線框受重力和向下的安培力作用，做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，恰好完全進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，速度設(shè)為v0，之后只受重力，做豎直上拋運(yùn)動(dòng)。下降階段，只受重力，在磁場(chǎng)中做自由落體運(yùn)動(dòng)，到開始出磁場(chǎng)時(shí)，速度也為v0，之后開始出磁場(chǎng)到完全出磁場(chǎng)的過程中，線框受重力和向上的安培力作用，可能勻速出磁場(chǎng)，也可能做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)或者加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)出磁場(chǎng)。無論是哪種情況，由于進(jìn)磁場(chǎng)過程的末速度v0和出磁場(chǎng)過程的初速度v0相等，故進(jìn)磁場(chǎng)過程任意時(shí)刻的瞬時(shí)速度v和瞬時(shí)加速度都大于出磁場(chǎng)過程的。由于進(jìn)出磁場(chǎng)的任意瞬間，瞬時(shí)速度為v時(shí)，都有聯(lián)立得因此上升過程進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)的任意時(shí)刻的安培力大于下降過程出磁場(chǎng)時(shí)的，上升過程進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)的平均速度也大于下降過程出磁場(chǎng)時(shí)的。而又因?yàn)檫M(jìn)磁場(chǎng)過程和出磁場(chǎng)過程的位移相同，因此線圈上升過程克服安培力做的功，或者說產(chǎn)生的焦耳熱，也即機(jī)械能的損失，大于下降過程的；線圈上升過程從開始進(jìn)入磁場(chǎng)到完全進(jìn)入磁場(chǎng)所用時(shí)間也小于線圈從開始飛出到完全飛出磁場(chǎng)所用時(shí)間，故AD錯(cuò)誤，C正確；B．由法拉第電磁感應(yīng)定律，閉合電路歐姆定律，電流的定義式聯(lián)立得在本題中，線圈上升過程和下降過程，磁通量的變化量絕對(duì)值是的相等，故線圈上升過程通過截面的電量等于下落過程通過截面的電量，B錯(cuò)誤。故選C。9．如圖甲，白鶴灘水電站是世界第二大水電站，共安裝16臺(tái)我國(guó)自主研制的全球單機(jī)容量最大功率百萬千瓦水輪發(fā)電機(jī)組。2021年6月28日，白鶴灘水電站首批機(jī)組投產(chǎn)發(fā)電，用500千伏特高壓向四川遠(yuǎn)距離輸電。在遠(yuǎn)距離輸電中，輸電線的電阻是不可忽略的，如圖乙，為白鶴灘水電站輸電線路原理圖，水電站輸出電壓穩(wěn)定的正弦交流電，升至特高壓U后向四川供電，輸送的總功率為P。用戶端理想變壓器原副線圈匝數(shù)分別為n1、n2，R1為輸電線總電阻，R2為不斷電用戶電阻（可視為定值電阻），R為可變用戶電阻（可視為可變電阻）。當(dāng)可變電阻R減小時(shí)，電壓表和電流表示數(shù)變化的絕對(duì)值分別為△U、△I，電壓表和電流表均為理想電表，下列說法正確的是（）A．B．C．對(duì)于原線圈回路，虛線框所圈部分的等效電阻為D．輸電線路上損耗的功率為〖答案〗B〖解析〗AB．設(shè)用戶端理想變壓器原副線圈兩端電壓分別為U1、U2，電流分別為I1、I2，則根據(jù)理想變壓器特點(diǎn)U1I1=U2I2U1：U2=n1：n2得，對(duì)原線圈電路有由上式可得故A錯(cuò)誤，B正確；C．由，結(jié)合，聯(lián)立可得故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)C中分析可知，虛線框所圈部分的等效電阻為R’，則R1上消耗功率為故D錯(cuò)誤。故選B。10．如圖所示，長(zhǎng)為l的輕桿，一端固定一個(gè)質(zhì)量為m的小球，另一端有固定轉(zhuǎn)動(dòng)軸O，桿可在豎直面內(nèi)繞轉(zhuǎn)動(dòng)軸O無摩擦轉(zhuǎn)動(dòng)；質(zhì)量為m的物塊放置在光滑水平面上，開始時(shí)，使小球靠在物塊的光滑側(cè)面上，輕桿與水平面夾角45°，用手控制物塊靜止，然后釋放物塊，在之后球與物塊運(yùn)動(dòng)的過程中，下列說法正確的是（）A．球與物塊分離前，桿上的彈力逐漸增大B．球與物塊分離前，球與物塊的速度相等C．球與物塊分離前，物塊的速度先增大后減小D．球與物塊分離時(shí)，球的加速度等于重力加速度〖答案〗D〖解析〗AD．對(duì)小球和物塊整體受力分析，受重力，桿的彈力F，地面的支持力FN，如圖1所示，在水平方向由牛頓第二定律得分離后物塊的加速度為零，可知在球與物塊分離前，物塊的加速度逐漸減小，而小球水平方向的分加速度與物塊的加速度相等，所以物塊的水平方向分加速度逐漸減小，而逐漸增大，所以彈力逐漸減小，當(dāng)恰好分離時(shí)，水平加速度為零，彈力為零，球只受重力，加速度等于重力加速度g，故A錯(cuò)誤，D正確；B．設(shè)球的速度為v，球與物塊分離前，物塊與球的水平速度相等，球的速度與桿垂直向下，如圖2所示，將球的速度分解為水平方向和豎直方向兩個(gè)分速度，由圖可知，球的速度大于物塊的速度，故B錯(cuò)誤；C．由于地面光滑，桿對(duì)物塊的彈力始終向左，物塊的加速度始終向左，所以物塊一直加速，故C錯(cuò)誤。故選D。11．如圖所示，光滑斜面底端有一固定擋板，輕彈簧下端連接在擋板上，上端放置一個(gè)小物塊，小物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)對(duì)小物塊施加一個(gè)沿斜面向上的恒力F（F<mgsinθ），使小物塊沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)小物塊的速度為v。若小物塊質(zhì)量為m，重力加速度為g，彈簧的勁度系數(shù)為k，斜面的傾角為θ，彈簧始終在彈性限度內(nèi)。則從開始運(yùn)動(dòng)到物塊與彈簧分離的過程中下列說法正確的是（）

A．物塊獲得的最大動(dòng)能為B．物塊增加的機(jī)械能為C．開始時(shí)，彈簧中的彈性勢(shì)能為D．當(dāng)物塊與彈簧分離時(shí)，重力的瞬時(shí)功率為mgvsinθ〖答案〗D〖解析〗A．從開始運(yùn)動(dòng)到物塊與彈簧分離的過程中，由牛頓第二定律可知當(dāng)a=0時(shí)，速度最大，此時(shí)彈簧彈力大小為彈簧仍處于壓縮狀態(tài)，此后速度減小，所以物塊獲得的最大動(dòng)能大于，故A錯(cuò)誤；BC．小物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，彈簧壓縮量為從開始運(yùn)動(dòng)到物塊與彈簧分離的過程中，恒力F做的功為由功能關(guān)系可知，物塊增加的機(jī)械能為可知物塊增加的機(jī)械能大于。開始時(shí)彈簧中的彈性勢(shì)能為故B、C錯(cuò)誤；D．當(dāng)物塊與彈簧分離時(shí)，重力做功的瞬時(shí)功率為故D正確。故選D。二、實(shí)驗(yàn)題12．現(xiàn)用已調(diào)為水平的氣墊導(dǎo)軌及圖甲中所示的其它裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)的主要步驟為：(1)用一游標(biāo)卡尺測(cè)得擋光片的寬度d如圖乙所示，則d=cm。用天平測(cè)得滑塊a（含擋光片）的質(zhì)量為m1及滑塊b（含擋光片和彈簧）的質(zhì)量為m2(2)將滑塊b靜置于兩光電門之間，將滑塊a置于光電門1的右端，然后將滑塊a水平壓縮彈簧，滑塊a在彈簧的作用下向左彈射出去，通過光電門1后繼續(xù)向左滑動(dòng)并與滑塊b發(fā)生碰撞(3)a、b兩滑塊碰撞彈開后，分別通過光電門1和2，實(shí)驗(yàn)結(jié)束(4)實(shí)驗(yàn)后，分別記錄了滑塊a先后兩次通過光電門1的時(shí)間t1和t2，及滑塊b通過光電門2的時(shí)間t3.(5)若碰撞前后動(dòng)量守恒，則驗(yàn)證的表達(dá)式為（用測(cè)得量符號(hào)表示）(6)如果該碰撞為彈性碰撞，且滑塊a碰撞后也隨即向左通過光電門2，則兩滑塊的質(zhì)量m1m2（填大于、等于或小于）〖答案〗(1)1.550(5)或(6)大于〖解析〗(1)[1]根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)原理，可知擋光片的寬度d=1.5×10mm+0.05mm×10=15.50mm=1.550cm(5)[2]滑塊a先后兩次通過光電門1的速度分別為滑塊b通過光電門2的速度為設(shè)向左為正方向，則要驗(yàn)證的關(guān)系為即(6)[3]如果該碰撞為彈性碰撞，且滑塊a碰撞后也隨即向左通過光電門2，則解得則三、解答題13．如圖所示，導(dǎo)熱汽缸上端開口，豎直固定在地面上，高度H=1.35m。質(zhì)量均為m=2kg的A、B兩個(gè)活塞靜止時(shí)將汽缸容積均分為三等份，A、B之間為真空并壓縮一根輕質(zhì)彈簧，彈性系數(shù)k=300N/m，A、B與汽缸間無摩擦，大氣壓p0=1×105Pa，密封氣體初始溫度T1=252K，重力加速度g取10m/s2，活塞面積S=4×10﹣4m2，其厚度忽略不計(jì)。（1）求最初密封氣體的壓強(qiáng)；（2）若給電阻絲通電加熱密封氣體，當(dāng)活塞B緩慢上升到離汽缸底部h=1m時(shí)，求密封氣體的溫度；（3）保持密封氣體的溫度T0=252K不變，當(dāng)用F=120N的力豎直向下壓活塞A．求穩(wěn)定時(shí)A向下移動(dòng)的距離L?！即鸢浮剑?）2×105Pa；（2）770K；（3）0.67m〖解析〗（1）對(duì)AB整體2mg+p0S=p1S得p1=2×105Pa（2）初狀態(tài)對(duì)Akx1=mg+p0S末狀態(tài)對(duì)Bk（x1+h-）=p2S密封氣體得T2=770K（3）設(shè)用F向下壓后彈簧的壓縮量為x2，有kx2=mg+F+p0S設(shè)F向下壓后封閉氣體的壓強(qiáng)為p3，有p3S=2mg+F+p0S由于溫度不變，由玻意耳定律知A活塞下降的距離得L=0.67m14．一正弦交流電的電壓隨時(shí)間變化規(guī)律如圖所示，則（1）交流電的周期是多少？（2）交流電的頻率是多少？（3）交流電壓的有效值是多少？〖答案〗（1）0.04s；（2）25Hz；（3）〖解析〗根據(jù)圖像可知交流電的類型、電壓峰值以及周期等物理量，然后進(jìn)一步可求出頻率、有效值。（1）從圖片中可以看出，正弦交流電兩個(gè)波峰之間的時(shí)間差就是交流電的周期，則周期為（2）根據(jù)頻率與周期的關(guān)系可以求得交流電的頻率為（3）從圖中可以看出交流電的峰值為由于該交流電為正弦交流電，則可以求得有效值為15．如圖所示，在足夠長(zhǎng)的粗糙水平面上放一長(zhǎng)為、質(zhì)量為、左右擋板厚度不計(jì)的U形盒子P（盒子內(nèi)底面水平），盒子P與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。在盒子的左端放一質(zhì)量等于的物塊（可看作質(zhì)點(diǎn)），Q的帶電量始終為。整個(gè)裝置始終處在一個(gè)水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，場(chǎng)強(qiáng)為，Q與盒子內(nèi)表面無摩擦，放開物塊后即在盒內(nèi)向右運(yùn)動(dòng)與右面擋板碰撞，設(shè)碰撞時(shí)間極短且碰撞過程中沒有機(jī)械能損失，重力加速度g取10。求（1）物塊與盒子發(fā)生第一次碰撞后，P、Q的速度大?。唬?）物塊與盒子發(fā)生第一次碰撞后至第二次碰撞前Q與盒子右擋板間的最大距離（結(jié)果可用分?jǐn)?shù)表示）；（3）P最終是否會(huì)停止？若P不能停止，求第一次碰后，20秒內(nèi)P前進(jìn)的路程；若P會(huì)停止，求P前進(jìn)的總路程?！即鸢浮剑?）8m/s，3m/s；（2）；（3）P、Q終將停止，P前進(jìn)的總路程為10m〖解析〗（1）設(shè)Q與P第一次碰撞前的速度為，碰后P、Q的速度分別為和，由動(dòng)能定理，得碰撞過程動(dòng)量守恒碰撞過程機(jī)械能守恒代入數(shù)據(jù)求得（