PAGE20-安徽省合肥一中2025屆高三物理下學期最終一卷試題（含解析）一、選擇題（本大題共8小題，每小題6分共48分。在每小題給出的四個選項中，第1-4題只有一項符合題目要求，第5-8題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分有選錯或不選的得0分。請選出符合題目要求的一項或多項填入答題卷中）1.進行光電效應試驗時，若普朗克常量h和元電荷e為已知，我們就可以通過測量入射光的頻率v和某金屬的遏止電壓UC得到該金屬的截止頻率。其原理表達式正確的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】愛因斯坦光電效應方程而聯(lián)立解得故選A。2.籃球運動受許多中學生的寵愛，某次訓練中，一位男生練習定點投籃，籃球剛好水平擊中籃板上的A點，如圖所示，不計空氣阻力?，F(xiàn)在他向后退了一小段距離，拋射點B距籃板更遠但高度不變，再次投籃，籃球又恰好水平擊中籃板上的A點，則（）A.第一次投籃，籃球在空中飛行的時間較短B.第一次擊中A點時的速度較小C.其次次投籃的初速度較小D.其次次投籃時拋射角θ較大【答案】B【解析】【詳解】A．籃球在豎直方向上做豎直上拋運動，由于兩次擊中同一點，即在豎直方向上的位移相等，依據(jù)逆向思維，將豎直上拋運動看做自由落體運動的逆運動，即，所以空中飛行時間相同，A錯誤；B．籃球在水平方向上做勻速直線運動，兩次運動時間相同，而第一次水平位移小，所以水平分速度小，所以擊中A點時速度較小，B正確；C．依據(jù)可知兩次豎直分速度相等，其次次水平分速度大，所以依據(jù)速度的合成可得，所以其次次初速度大，C錯誤；D．依據(jù)可知越大，正切值越小，即其次次投籃時拋射角θ較小，D錯誤。故選B。3.如圖所示，水平路面上有一輛翻斗車正在卸貨。貨物A的質(zhì)量為m，翻斗車的質(zhì)量為M，某時刻貨物A正在沿車廂加速下滑，此時車廂與水平面的夾角為。若貨物與車廂間的摩擦不計，且翻斗車始終保持靜止，則該時刻水平路面對車的支持力和摩擦力的大小分別為（）A.； B.；C.； D.；【答案】C【解析】【詳解】可以對整體分析，水平方向f=macosθ豎直方向?qū)ω浳飉a=mgsinθ聯(lián)立以上各式可解出故選C。4.對月球的形成，目前主要有“俘獲說”、“分別說”兩種說法若月球是從地球分別出去的，則地球與月球的密度應當大致相等。請同學們選用下列某些條件求出地球與月球的密度之比約為（）地球表面的重力加速度9.80m/s2月球表面的重力加速度1.56m/s2地球半徑6.40×106m月球半徑1.74×106m地球與月球之間的距離3.80×108m月球公轉(zhuǎn)周期27.3天萬有引力常量G=6.67×10-11N·m2/kg2A.1 B.2 C.3 D.4【答案】B【解析】【詳解】依據(jù)萬有引力等于重力可得再由推出地球與月球的密度之比為代入數(shù)據(jù)得故B符合題意，ACD不符合題意。5.如圖甲所示，志向變壓器原、副線圈匝數(shù)比為10：1，表均為志向電表，R0的阻值為6，R為可變電阻。在變壓器的原線圈接入如圖乙所示的電壓，則下列說法正確的是（）A.R減小時，電流表示數(shù)減小B.R增大時，電壓表示數(shù)增大C.圖乙中電壓的頻率是50Hz，有效值是110VD.若R的阻值為5，則變壓器的輸入功率為22W【答案】D【解析】【詳解】AB．依據(jù)原、副線圈匝數(shù)不變，原線圈電壓不變，當R減小時，副線圈電壓不變，副線圈電流強度增加，依據(jù)可知原線圈電流強增加，因此電壓表示數(shù)不變，電流表示數(shù)增大，AB錯誤；C．圖乙中電壓周期因此頻率電壓的最大值因此電壓的有效值C錯誤；D．依據(jù)可得副線圈兩端電壓的有效值副線圈輸出的總功率由于變壓器是志向變壓器，變壓器的輸入功率為22W，D正確。故選D。6.電荷量大小分別為Q和9Q的兩個點電荷A、B分別固定于x軸上兩處，且其中一個點電荷固定于x=0處。在它們形成的電場中，有一個摸索電荷-q沿x軸從+向坐標原點O運動，其電勢能Ep隨x的改變關系如圖所示，圖線最低處對應的x軸坐標為x0。則可以確定的是（）A.A帶正電且處于x=0處B.B帶正電且處于x=-2x0處C.在x=x0處電場強度等于零D.在x軸上x＞x0范圍內(nèi)，電場方向向左【答案】BC【解析】【詳解】A．從圖像可知在處的電勢能大于零，故在此處應有一負電荷，即-Q，A錯誤；C．在x=x0處電勢能最小，此處應為平衡位置，且Ep-x圖象的斜率表示電場力，即x=x0處電場力為零，則電場強度等于零，故C正確；B．依據(jù)C項分析x=x0處電場強度等于零，設+9Q的橫坐標為-x，則有解得，B正確；D．在x軸上區(qū)域，摸索電荷-q沿x軸從向坐標原點O運動，其電勢能Ep隨x的減小而減小，可知電場力做正功，依據(jù)負電荷所受電場力方向與電場方向相反，則電場方向向右，D錯誤。故選BC。7.如圖所示，質(zhì)量為m的木塊放置在粗糙程度相同的水平地面上，一輕質(zhì)彈簧左端固定在豎直墻壁上，右端與木塊接觸，此時彈簧處于原長?，F(xiàn)對木塊施加水平向左的推力F將木塊緩慢壓至某一位置靜止，這一過程中推力F對木塊做功為W1，木塊克服摩擦力做功為W2。撤推力F后木塊向右運動，最終以某一速率與彈簧分別。不計空氣阻力，則下列說法正確的是（）A.撤去推力F的瞬間，木塊的加速度最大B.撤去推力F后，木塊與彈簧分別時的速率最大C.彈簧彈性勢能的最大值為（W1-W2）D.木塊與彈簧分別時，木塊的動能為（W1-2W2）【答案】ACD【解析】【詳解】A．撤去推力后，木塊的加速度可知，撤去推力的瞬間，彈簧的形變量最大，此時木塊的加速度最大，A正確；B．木塊與彈簧分別前，當彈簧的彈力與摩擦力平衡時，木塊加速度為零，此時速率最大，B錯誤；C．由功能關系可知，從起先到彈簧壓縮至最短時，彈性勢能Ep=W1-W2，C正確；D．物塊與彈簧在彈簧原長位置分別，則從向左推木塊到木塊與彈簧分別的全程中，由動能定理可得Ek=W1-2W2D正確。故選ACD。8.如圖所示，在xOy平面內(nèi)有磁感應強度大小均為B勻強磁場，其中0<x<a范圍內(nèi)的磁場方向垂直于xOy平面對里，x＞a范圍內(nèi)的磁場方向垂直于xOy平面對外。一個帶正電q、質(zhì)量為m的粒子（重力不計）從坐標原點O沿x軸正方向射入磁場，若粒子在磁場中運動一段時間后恰能回到O點。則下列說法正確的是（）A.當粒子經(jīng)過虛線x=a時，其速度方向與y軸正方向夾45°角B.粒子在磁場中做圓周運動的速度C.粒子在x＞a區(qū)域運動的過程中，軌跡與x軸交點的橫坐標為x=（2+）aD.粒子從O點動身到恰好回到O點經(jīng)驗的時間為【答案】BD【解析】【詳解】A．依據(jù)洛倫茲力供應向心力，則有解得可知，粒子在兩個磁場中運動的半徑相同，在磁場中運動一段時間后恰能回到O點，則其運動軌跡肯定關x軸對稱，在x＞a范圍內(nèi)圓周運動的圓心肯定在x軸上，其運動軌跡，如圖所示由幾何關系可知，當粒子經(jīng)過虛線x=a時，其速度方向與y軸正方向夾30°角，故A錯誤。B．設粒子圓周的半徑為r，依據(jù)幾何關系有可得依據(jù)洛倫茲力供應向心力，則有解得，故B正確。C．粒子在x＞a區(qū)域運動的過程中，軌跡與x軸交點的橫坐標應為故C錯誤。D．由軌跡圖可知，粒子在兩個磁場中運動總的圓心角為則粒從O點動身到恰好回到O點經(jīng)驗的時間為又，解得，故D正確。故選BD。第Ⅱ卷（共62分）二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第9題～第12題為必考題，每個試題考生都必需做答。第13題～第16題為選考題，考生依據(jù)要求做答。（一）必考題9.測定物體的質(zhì)量有多種方法。某同學利用下面方法間接測量物體質(zhì)量M，裝置如圖甲所示：一根輕繩跨過輕質(zhì)定滑輪與兩個相同的重物PQ相連，重物P、Q的質(zhì)量均為m=200g，在重物Q的下面通過輕質(zhì)掛鉤懸掛待測物塊Z，重物P的下端與穿過打點計時器的紙帶相連，已知當?shù)刂亓铀俣葹間=9.8m/s2。（1）某次試驗中，先接通頻率為50Hz的溝通電源，再由靜止釋放系統(tǒng)，得到如圖乙所示的紙帶，則系統(tǒng)運動的加速度a=________m/s2（保留兩位有效數(shù)字）；（2）忽視各類阻力，求出物塊Z質(zhì)量的理論值為M理=________kg（保留兩位有效數(shù)字）；（3）實際狀況下，由于存在空氣阻力及摩擦阻力，物塊Z的實際質(zhì)量M實________M理（選填“＞”或“<”或“=”）?！敬鸢浮?1).5.5(2).0.51(3).＞【解析】【詳解】（1）[1]．依據(jù)逐差法得（2）[2]．由牛頓其次定律可知Mg=（M+2m）a得到（3）[3]．由M實g-f=（M實+2m）a得到M實=實際質(zhì)量總是大于理論值M理，所以應選填“＞”。10.某試驗小組利用如圖甲所示的電路描繪標有“2.5V字樣小燈泡的燈絲電阻R隨電壓U改變的R-U圖像并測定小燈泡額定功率P額。試驗所用器材如下：小燈泡Q（額定電壓2.5V）；電池組E（電動勢為4.5V，內(nèi)阻很?。?；電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約3k）；滑動變阻器R′（阻值范圍0～10）；電阻箱R0（阻值范圍0~999.9Ω）；單刀開關S1；單刀雙擲開關S2。請完成以下問題：（1）請將圖甲所示的電路圖補充完整_________；（2）試驗步驟如下：A.將R′的滑片P移至b端；B.將S2與1端接通，閉合S1，適當調(diào)整P位置，使電壓表讀數(shù)為某一值U1；C.保持P位置不變，將S2與2端接通，調(diào)整R0，當電壓表讀數(shù)為________時，讀出電阻箱R0的值R1，將此值作為電壓U1時小燈泡的電阻值；D.重復步驟B、C，記錄多組電壓表讀數(shù)U及對應的電阻箱讀數(shù)R；E.斷開S1，整理好器材。（3）該試驗小組已將試驗中記錄的各組小燈泡燈絲電阻R和對應U的數(shù)據(jù)在如圖乙所示的R-U圖像中正確地描好點，請你在圖乙中描繪出R-U圖線_________；（4）在正常發(fā)光狀況下，小燈泡的電功率P額=________W（計算結果保留兩位有效數(shù)字）。【答案】(1).(2).U1(3).(4).1.0W【解析】【詳解】（1）[1]因為采納的是滑動變阻器，阻值較小，所以用滑動變阻器的分壓式的連接，電路如圖所示。（2）[2]要想將變阻箱R0的值R1，作為小燈泡的電阻值，依據(jù)電路的特點，必需電阻箱兩端的電壓值和小燈泡的兩端的電壓值相同，即必需是電壓表的示數(shù)U1一樣。（3）[3]如圖所示。（4）[4]由圖可知，當小燈泡的達到額定電壓時，電阻值約為，依據(jù)。11.如圖甲所示，用表面絕緣的金屬絲繞成的正方形閉合線框abcd放置于粗糙的水平桌面上，線框邊長L=40cm、匝數(shù)N=50匝、質(zhì)量m=0.20kg、電阻R=8.0，虛線MN是線框中線，MN左側空間存在方向豎直向下的勻強磁場，磁感應強度大小B隨時間t改變的關系如圖乙所示。已知線框與桌面之間的動摩擦因數(shù)。設線框與桌面之間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g=10m/s2。求：（1）時刻線框中感應電流大小和方向；（2）時刻線框所受摩擦力的大小和方向?！敬鸢浮浚?），電流方向沿逆時針（或電流方向沿adcba）；（2），方向向左【解析】【詳解】（1）由法拉第電磁感應定律可得再由歐姆定律可得由楞次定律推斷，電流方向沿逆時針（或電流方向沿adcba）。（2）ad邊所受安培力大小方向向右；線框與桌面之間的最大靜摩擦力所以，由力的平衡可知，線框受到的摩擦力大小為方向向左。12.如圖所示，質(zhì)量為m=1.0×10-2kg的小球通過長度L=1.80m的輕繩跨過光滑輕質(zhì)小定滑輪與小鐵盒相連，鐵盒放置于滑輪正下方的光滑水平地面上A點，它與滑輪之間相距，鐵盒左側中心有一個小孔，小孔直徑略大于小球直徑。A點右側有一個半R未知的光滑圓弧軌道AB，圓弧的圓心O在A點正上方，B點與圓心等高。先用另一根輕繩向左拉小球，小球處于靜止狀態(tài)時，拉小球的兩輕繩與豎直方向的夾角均為=60°。某一時刻剪斷左側輕繩，當小球下擺至最低點時，鐵盒對地面的壓力剛好為零，此刻拉繩瞬間斷裂，小球瞬間射入鐵盒后與鐵盒不分別，此后鐵盒持續(xù)受到F=0.10N、方向水平向左的恒力作用。不計空氣阻力及鐵盒大小對運動的影響，取g=10m/s2，求：（1）水平繩剛剪斷瞬間小球的加速度大?。唬?）小球射入鐵盒瞬間鐵盒與小球的共同速度大??；（3）請通過計算推斷出，鐵盒有無可能從B點滑出圓弧并正好落在水平面上A點?！敬鸢浮浚?）8.7m/s2；（2）1.0m/s；（3）見解析【解析】【詳解】水平繩剛剪斷瞬間，小球做圓周運動，小球所受合力沿圓周切線方向，即解得（2）設小球運動至最低點時的速度大小為v1，由機械能恒定律可得設此刻繩子的拉力為T，則有設鐵盒質(zhì)量為M，則有拉繩斷裂、小球射入鐵盒瞬間，滿意動量守恒定律，則有解得：鐵盒與小球的共同速度大?。?）設鐵盒從B點滑出時的速度為v3，由動能定理可得鐵盒從B點飛出后，豎直方向做豎直上拋運動，水平方向做勻加速運動，若正好落在A點，則有：豎直方向水平方向解得當鐵盒經(jīng)過圓弧上B點時，設軌道對鐵盒的彈力為FN，由圓周運動學問可得解得由此推斷出，當圓弧半徑R=3.0×10-2m時，鐵盒能通過B點，并正好落在水平面上A點（其它推斷方法正確也得分，但肯定要說明兩點：鐵盒經(jīng)過B點時，軌道對鐵盒的彈力FN≥0，鐵盒滑B點后，再由運動分解方法求出正好落在A點的半徑R）。（二）選考題（共15分，請考生從給出的2道物理題中每科任選一題做答）【物理選修——3-3】13.下列說法正確的是__________。A.全部晶體的導熱性能肯定各向異性B.荷葉上的小水珠呈球形是水表面張力作用的結果C.給籃球打氣越壓越吃力，說明氣體分子間存在斥力D.肯定量100℃的水變成100℃的水蒸氣，其內(nèi)能肯定增加E.只要能減弱氣體分子熱運動的猛烈程度，氣體的溫度就可以降低【答案】BDE【解析】【詳解】A．單晶體的導熱性能肯定是各向異性，多晶體的導熱性能是各向同性的，A錯誤；B．荷葉上小水珠呈球形是水的表面張力，使水珠表面有收縮趨勢，B正確；C．給籃球打氣越壓越吃力，是由于打氣過程中氣體壓強增大的結果，并不是由于分子間存在斥力，C錯誤；D．肯定量的水變成的水蒸氣，雖然溫度沒有上升，但此過程必需吸熱，而汲取的熱量分子之間的距離增大，分子勢能增加，其內(nèi)能增加，D正確；E．溫度是分子熱運動的平均動能的標記，所以減弱氣體分子熱運動的猛烈程度，氣體的溫度就可以降低，E正確。故須BDE。14.如圖甲所示的V-T圖像中，肯定質(zhì)量的志向氣體從狀態(tài)A經(jīng)過狀態(tài)B、C、D后又回到狀態(tài)A。已知該氣體在狀態(tài)A時的壓強為1×105Pa，氣體在BC過程中汲取熱量為Q1，在DA過程中放出熱量為Q2。（1）求此氣體經(jīng)過一次循環(huán)又回到初態(tài)A過程中，外界對氣體做的總功W；（2）將該循環(huán)過程用圖乙的p-T圖像表示出來（在圖中標出狀態(tài)A、B、C、D）?！敬鸢浮?1)W=Q2-Q1；(2)答案見解析【解析】【詳解】(1)氣體在AB和CD兩個過程是等容改變，沒有對外做功，氣體在BC和DA段都是等溫改變，其內(nèi)能不變，因此BC過程中吸熱Q1，依據(jù)熱力學第肯定律，全部用于對外做功，即W1+Q1=0DA過程中放熱Q2等于外界對氣體做功W2-Q2=0因此，此氣體經(jīng)過一次循環(huán)又回到初態(tài)A過程中，外界對氣體做的總功W=W1+W2=Q2-Q1(2)結合圖甲所示的V-T圖像，及題中信息可知，；從A到B是等容改變，依據(jù)可得從B到C是等溫改變，依據(jù)可知從C到D上等容改變，依據(jù)可知因此在圖乙的p一T圖像中作出其循環(huán)過程如圖