高級中學名校試卷PAGEPAGE12024年高三年級第二次適應性檢測物理試題注意事項：1．答題前，考生務必將自己的姓名、考生號等填寫在答題卡和試卷指定位置。2．回答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對應題目的〖答案〗標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標號?；卮鸱沁x擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.2024年4月19日起，日本開始排放第五批福島核污染水，預計排放19天。核污染水中含有一定量的放射性核素“氚”，該核素可在生物體內(nèi)富集，導致內(nèi)照射，從而損害生物體的健康。已知氚的衰變方程為，半衰期約為12年，下列說法正確的是（）A.氚核發(fā)生的是α衰變B.衰變產(chǎn)物X來自氚的核外電子C.衰變產(chǎn)生的射線能穿透幾厘米厚的鉛板D.若立即停止排放，12年后因排污導致的核輻射量會減少50%〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)核反應的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，X的質(zhì)量數(shù)為0，電荷數(shù)為-1，則X為電子，則氚核發(fā)生的是β衰變，選項A錯誤；B．衰變產(chǎn)物X來自氚核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時放出的電子，選項B錯誤；C．β射線的穿透能力較弱，不能穿透幾厘米厚的鉛板，選項C錯誤；D．若立即停止排放，12年后即經(jīng)過一個半衰期，會有一半氚核發(fā)生衰變，即因排污導致的核輻射量會減少50%，選項D正確。故選D。2.在x軸上的A、B兩點分別固定兩個點電荷，如圖是x軸上各點電場強度E隨位置x變化的關系圖像，圖中圖線關于O點中心對稱，x軸上C、D兩點關于O點對稱。規(guī)定x軸正方向為電場強度正方向，下列說法正確的是（）A.A、B兩點固定的是等量異種電荷B.從A點到B點，電勢逐漸降低C.電勢差D.一正電荷從C點自由釋放，僅在電場力作用下運動到D點過程中其動能先增大后減小〖答案〗D〖解析〗A．由電場方向隨x軸的變化可知，M、N兩點放置的是等量正點電荷，A錯誤；B．由題圖可知，從A點到B點，場強方向先向右后向左，根據(jù)沿電場線方向電勢降低可知，電勢先降低后升高，B錯誤；C．圖像與橫軸圍成的面積表示電勢差，由題圖可知圖線關于O點中心對稱，x軸上C、D兩點關于O點對稱。故C到O，O到D圍成的面積大小相等，又因為,故C錯誤；D．從A點到B點，場強方向先向右后向左，故正電荷從C點自由釋放，先受到向右的電場力，后受到向左的電場力，電場力先做正功，后做負功，其動能先增大后減小，D正確。故選D。3.如圖，將總質(zhì)量為200g的2000粒黃豆從距秤盤125cm高處連續(xù)均勻地倒在秤盤上，觀察到指針指在刻度為80g的位置附近。若每粒黃豆與秤盤在極短時間內(nèi)垂直碰撞一次，且碰撞前后速率不變，重力加速度，不計空氣阻力，則持續(xù)傾倒黃豆的時間約為（）A.1.5s B.2.0s C.2.5s D.3.0s〖答案〗C〖解析〗黃豆落在秤盤上的速度大小為由動量定理得解得t=2.5s故選C。4.1824年法國工程師卡諾創(chuàng)造性地提出了具有重要理論意義的熱機循環(huán)過程一卡諾循環(huán)，極大地提高了熱機的工作效率。如圖為卡諾循環(huán)的p﹣V圖像，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A開始沿循環(huán)曲線ABCDA回到初始狀態(tài)，其中AB和CD為兩條等溫線，BC和DA為兩條絕熱線。下列說法正確的是（）A.在D→A絕熱壓縮過程中，氣體內(nèi)能減小B.一次循環(huán)過程中氣體吸收的熱量小于放出的熱量C.B→C過程氣體對外界做的功等于D→A過程外界對氣體做的功D.B狀態(tài)時氣體分子單位時間對器壁單位面積撞擊次數(shù)比A狀態(tài)多〖答案〗C〖解析〗A．D→A絕熱壓縮過程中，外界對氣體做功，根據(jù)熱力學第一定律可知即氣體內(nèi)能增加，故A錯誤；B．一次循環(huán)過程中氣體的溫度不變，內(nèi)能不變。p﹣V圖像中圖線與坐標軸圍成的面積表示功。由圖知，在一次循環(huán)過程中，氣體對外界做功，為確保氣體的內(nèi)能不變，則氣體一定從外界吸收熱量，故一次循環(huán)過程中氣體吸收的熱量大于放出的熱量，故B錯誤；C．由圖知故B→C過程和D→A過程，溫度變化量的大小相等，內(nèi)能變化量的大小相等，且，可知W大小也必然相等，即B→C過程氣體對外界做的功等于D→A過程外界對氣體做的功，故C正確；D．AB狀態(tài)溫度相同，則狀態(tài)A和狀態(tài)B氣體分子的平均速率相同，而狀態(tài)B的體積大，氣體的密集程度小，則B狀態(tài)時氣體分子單位時間對器壁單位面積撞擊次數(shù)比A狀態(tài)少，故D錯誤。故選C。5.如圖甲是國產(chǎn)科幻大片《流浪地球2》中人類在地球同步靜止軌道上建造的空間站，人類通過地面和空間站之間的“太空電梯”往返于天地之間。圖乙是人乘坐“太空電梯”時由于隨地球自轉(zhuǎn)而需要的向心加速度a與其到地心距離r的關系圖像，已知為地球半徑，為地球同步衛(wèi)星軌道半徑，下列說法正確的是（）A.地球自轉(zhuǎn)的角速度B.地球同步衛(wèi)星的周期C.上升過程中電梯艙對人的支持力保持不變D.從空間站向艙外自由釋放一物體，物體將做自由落體運動〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)可知圖像中，其斜率為角速度的平方，A錯誤；B．由于解得故其周期B正確；C．上升過程中，處于超重狀態(tài)，支持力會變大，C錯誤；D．太空中處于失重狀態(tài)，從艙釋放一物體，不會做自由落體運動，D錯誤。故選B。6.加快發(fā)展新質(zhì)生產(chǎn)力是新時代可持續(xù)發(fā)展的必然要求，我國新能源汽車的迅猛發(fā)展就是最好的例證。某新能源汽車生產(chǎn)廠家在平直公路上測試汽車性能，t＝0時刻駕駛汽車由靜止啟動，時汽車達到額定功率，時汽車速度達到最大，如圖是車載電腦生成的汽車牽引力F隨速率倒數(shù)變化的關系圖像。已知汽車和司機的總質(zhì)量m＝2000kg，所受阻力與總重力的比值恒為，重力加速度，下列說法正確的是（）A.汽車啟動后做勻加速直線運動，直到速度達到最大B.汽車在BC段做勻加速直線運動，在AB段做勻速運動C.汽車達到的最大速度大小為15m/sD.從啟動到速度達到最大過程中汽車通過的距離為150m〖答案〗D〖解析〗AB．由圖可知汽車在AB段汽車牽引力不變，根據(jù)牛頓第二定律解得可知汽車在AB段做勻加速直線運動，汽車在BC段牽引力逐漸減小，做加速度減小的加速運動，故汽車啟動后先做勻加速直線運動，后做加速度減小的加速運動，直到速度達到最大，故AB錯誤；C．時汽車的速度為汽車額定功率為汽車達到的最大速度大小為故C錯誤；D．汽車做勻加速直線運動的位移為從啟動到速度達到最大過程中，根據(jù)動能定理解得汽車通過的距離為故D正確。故選D。7.如圖，右側(cè)面光滑的斜面體固定在水平面上，質(zhì)量相等的物塊M、N分別放在斜面體的左右兩個面上，M、N拴接在跨過光滑定滑輪的輕質(zhì)細繩兩端，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)對N施加一始終與右側(cè)輕繩垂直的拉力F，使N緩慢移動至右側(cè)細繩水平，該過程M保持靜止。下列說法正確的是（）A.拉力F逐漸增大B.輕繩的拉力先減小后增大C.M所受摩擦力先增大后減小D.斜面對M的作用力先增大后減小〖答案〗A〖解析〗AB．N離開斜面后，設F與豎直方向的夾角為，有，θ逐漸減小，所以繩子拉力逐漸減小，F(xiàn)逐漸增大。故A正確，B錯誤；C．力F作用之前，有所以原來M所受摩擦力沿斜面向下，隨著繩子拉力的減小，M受到的摩擦力逐漸減小，當右繩水平時，繩子拉力為零，則M受到的摩擦力沿斜面向上，所以M受到的摩擦力先沿斜面向下減小，再沿斜面向上增大，故C錯誤；D．斜面對M的作用力為斜面的支持力及摩擦力，因為支持力不變，所以當摩擦力先減小再增大時，斜面對M的作用力先變小后變大，故D錯誤。故選A。8.如圖，質(zhì)量為0.1kg的小球用輕彈簧懸掛并靜止在坐標原點O，Ox豎直向下。某時刻給小球施加一豎直向下的力F，力F大小滿足表達式，彈簧的勁度系數(shù)為0.5N/m。小球運動過程中彈簧始終在彈性限度內(nèi)，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A.在x＝0.2m處小球加速度最大B.小球運動到最低點時的加速度大小為C.下降過程彈簧彈性勢能增加了0.04JD.下降過程小球與彈簧組成的系統(tǒng)機械能增加了0.02J〖答案〗B〖解析〗AB．開始物體平衡時當小球的位移為x時受的合外力則小球的運動類似簡諧振動，開始時的加速度最大，即當x=0時的加速度最大，在x=0.2m時F合=0此時加速度為零；由對稱性可知，當x=0.4m時到達最低點，此時加速度為向上最大，大小為2m/s2，選項A錯誤，B正確；C．開始時彈簧伸長量到最低點時彈簧伸長量為x1=24m則根據(jù)可得下降過程中彈簧增加的彈性勢能選項C錯誤；D．由對稱性可知，下降過程中力F對小球做功為零，可知小球與彈簧組成的系統(tǒng)機械能不變，選項D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。9.1801年，托馬斯·楊用雙縫干涉實驗研究了光波的性質(zhì)。1834年，洛埃用平面鏡同樣得到了楊氏干涉的結(jié)果（稱洛埃鏡實驗）。洛埃鏡實驗的基本裝置如圖所示，S為單色線光源，M為一平面鏡。S發(fā)出的光直接照到光屏上，同時S發(fā)出的光還通過平面鏡反射到光屏上，這兩束光在光屏上疊加發(fā)生干涉形成明屏暗相間條紋。事實證明光從光疏介質(zhì)射向光密介質(zhì)時，反射光會產(chǎn)生π大小的相位突變，即發(fā)生所謂半波損失。設光源S到平面鏡的垂直距離和到光屏的垂直距離分別為d和L，單色光的波長為λ，下列說法正確的是（）A.在整個光屏上都會呈現(xiàn)明暗相間的干涉條紋B.若將平面鏡向左平移，則光屏上相鄰明條紋中心間距離將增大C.若將光屏向左平移到平面鏡右端B處，光屏上與B接觸處出現(xiàn)暗條紋D.在光屏上相鄰明條紋中心或相鄰暗條紋中心間的距離為〖答案〗CD〖解析〗A．光路圖如圖所示由此可知，光屏上一部分會呈現(xiàn)明暗相間的干涉條紋，故A錯誤；B．若將平面鏡向左平移，雙縫到屏的距離和雙縫的間距不變，則光屏上相鄰明條紋中心間距離不變，故B錯誤；C．若將光屏向左平移到平面鏡右端B處，由于半波損失，入射波與反射波之間附加半個波長的波程差，即處出現(xiàn)暗條紋，故C正確；D．光源到屏的距離可以看做雙縫到屏的距離，光源到光源在平面鏡中虛像的間距看做雙縫的間距，則有根據(jù)雙縫干涉相鄰條紋之間的距離公式可得故D正確。故選CD。10.如圖，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為3：1，原線圈中接有定值電阻，副線圈接有定值電阻和滑動變阻器R。已知，ab兩端接一正弦式交流電，當滑動變阻器R的滑片向左滑動過程中，下列說法正確的是（）A.電流表A示數(shù)變小B.電壓表V示數(shù)保持不變C.變壓器輸出功率先增大后減小D.電壓表示數(shù)變化與電流表示數(shù)變化的比值不變〖答案〗AD〖解析〗A．將原、負線圈和電阻R1等效為電源。等效后當滑動變阻器R的滑片向左滑動過程中，電阻變大，所以電流變小，電流表A示數(shù)變小，故A正確；B．根據(jù)閉合電路歐姆定律由題可知根據(jù)理想變壓器原副線圈關系，聯(lián)立可得由于變小，所以變大，電壓表V示數(shù)變大，故B錯誤；C．由上式可知等效內(nèi)阻當外電阻接近內(nèi)阻時，輸出功率增大，由于R1:R2=9:1，即所以當R減小，輸出功率一直增大，故C錯誤；D．由上述可知電壓表示數(shù)變化與電流表示數(shù)變化的比值不變，故D正確。故選AD。11.藝術體操運動員在“帶操”表演中，手持細棒抖動彩帶一端，彩帶會像波浪般翻卷，如圖甲所示。圖乙是t=0時刻彩帶上的波形，E、F是彩帶上的兩個點。已知F點的縱坐標為，E點的振動方程為y=20sin（2πt）cm，關于彩帶上各點運動，下列說法正確的是（）A.該波的波長為1.6mB.t=0時刻F點向上運動C.E點的平衡位置位于（﹣0.1m，0）處D.F點的振動方程為〖答案〗ABD〖解析〗A．周期對于E點的振動方程為y=20sin（2πt）cm當時即E、F兩點平衡位置處距離為，則得故A正確；B．t=0時刻E點向上運動，則此時F點向上運動，故B正確；C．E、F兩點平衡位置處的距離為則E點的平衡位置位于（﹣0.2m，0）處，故C錯誤；D．設F點的振動方程為當t=0時解得所以F點的振動方程為故D正確。故選ABD。12.如圖，間距均為L的光滑水平金屬導軌與半徑為R的光滑半圓金屬導軌平滑連接，半圓導軌在豎直平面內(nèi)，水平導軌處于方向豎直向上、磁感應強度大小為B的勻強磁場中。在水平導軌上放置ab、cd兩導體棒，兩棒長度均為L、質(zhì)量分別為4m和m、電阻分別為r和2r，兩導體棒到半圓導軌底端的距離分別為和，足夠大，?，F(xiàn)給導體棒ab一大小的初速度，一段時間后導體棒cd通過半圓導軌最高點后，恰好落到其初始位置。cd棒離開導軌前兩棒與導軌始終垂直且接觸良好，兩導體棒間未發(fā)生碰撞，導軌電阻不計，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.導體棒cd離開磁場前已與ab棒達到共速B.導體棒cd剛進入半圓導軌瞬間，其兩端電壓C.導體棒cd離開半圓導軌前，通過其橫截面的電量D.導體棒cd離開水平導軌前，導體棒ab上產(chǎn)生的焦耳熱〖答案〗BD〖解析〗A．導體棒cd從最高點飛出后做平拋運動，則有，導體棒cd從最低點運動到最高點過程，根據(jù)動能定理有解得若ab、cd兩導體棒在磁場中達到共速，根據(jù)動量守恒定律有解得可知，導體棒cd離開磁場前沒有與ab棒達到共速，故A錯誤；B．結(jié)合上述，導體棒cd剛進入半圓導軌瞬間，根據(jù)動量守恒定律有解得則導體棒cd剛進入半圓導軌瞬間，其兩端電壓故B正確；C．導體棒cd離開半圓導軌前，通過其截面的電荷量與通過導體棒ab的電荷量相等，對導體棒ab進行分析，由于足夠大，可知，導體棒ab最終在水平軌道上減速至0，根據(jù)動量定理有其中解得故C錯誤；D．導體棒cd離開水平導軌前，總的焦耳熱則導體棒ab上產(chǎn)生的焦耳熱解得故D正確。故選BD。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.如圖甲所示，圖中陰影部分ABC為透明材料制成的柱形光學元件的橫截面，AC為半徑為R的圓弧，某實驗小組為測量該光學元件的折射率，先通過作圖確定了圓弧圓心O的位置。請回答下面問題：（1）實驗小組先在O處插一枚大頭針，然后在線段OB和OC之間某一位置插大頭針，在BC邊右側(cè)任意位置觀察，發(fā)現(xiàn)都無法擋住，原因是______，若要在BC邊右側(cè)觀察到擋住，應將向______邊方向移動（選填“OB”或“OC”）；（2）該小組經(jīng)過討論，重新設計了實驗方案，進行了如下操作：①在O處插大頭針，在BC邊右側(cè)合適位置插大頭針，調(diào)整觀察角度，再插上大頭針，使把和都擋?。虎诋嫵鲈吔?，作出圖乙所示光路圖，以、連線與BC邊交點為圓心作圓，分別過圓與直線和的交點作BC邊的垂線，垂足分別為、；③用刻度尺測出線段和的長度分別為、，則該元件的折射率n=______；（3）若測得該元件的折射率n=2，在O處固定一點光源，只考慮首次從圓弧AC直接射向AB、BC的光線，從點光源射向圓弧AC的光中，有一部分不能從AB、BC面直接射出，則這部分光照射到圓弧AC上的弧長為______。〖答案〗（1）光線發(fā)生了全反射OC（2）（3）〖解析〗【小問1詳析】[1][2]發(fā)現(xiàn)都無法擋住，原因是光線發(fā)生了全反射，應減小入射角，即將向OC邊方向移動?！拘?詳析】根據(jù)折射定律可知【小問3詳析】測得該元件的折射率n=2則全反射的臨界角為則如圖所示若沿OE方向射到AB面上的光線剛好發(fā)生全反射，則∠ADF=30°，同理，若沿OG方向射入的光線恰好在BC面上發(fā)生全反射，可得∠CDG=30°，因此∠FDH=30°，據(jù)幾何關系可得14.某實驗小組設計了如圖甲所示的實驗電路來測量電源的電動勢和內(nèi)阻，實驗所用器材如下：A.待測電源（電動勢E約為3V，內(nèi)阻r約為2Ω）B.電流表（量程為0.6A，內(nèi)阻約為0.5Ω）C.電壓表（量程為3V，內(nèi)阻約為3kΩ）D.滑動變阻器（最大電阻為20Ω、額定電流為1A）E.定值電阻（阻值為5Ω）F.開關與導線若干請回答下列問題：（1）實驗中定值電阻的作用是______；（2）將滑動變阻器的滑片移至阻值最小處，閉合開關S后，發(fā)現(xiàn)電壓表指針偏轉(zhuǎn)角度很小，該小組同學隨即改變滑片位置使滑動變阻器接入電路的阻值增大，發(fā)現(xiàn)電壓表指針偏轉(zhuǎn)角度仍然很小，接著他又將電壓表的b接線柱處導線拆下，依次與c、d、e三個接線柱進行試觸，發(fā)現(xiàn)試觸c、d時，電壓表無示數(shù)，試觸e時電壓表示數(shù)接近滿偏，可以判斷電路存在的故障是______；（3）該小組同學排除故障后按規(guī)范操作繼續(xù)進行實驗，閉合開關S后，改變滑動變阻器滑片位置，記錄若干組電壓表示數(shù)U和對應的電流表示數(shù)I，根據(jù)記錄的實驗數(shù)據(jù)作出U﹣I圖像，如圖乙所示，由圖像可得，電源的電動勢E=______，內(nèi)阻r=______；（用、、表示）（4）在滑動變阻器滑片從左向右緩慢滑動的過程中，測得若干組U、I值，從測得的第一組數(shù)據(jù)開始，若依次選用兩組連續(xù)的U、I值計算電源電動勢和內(nèi)阻，則測得的電動勢和內(nèi)阻的測量誤差______（選填“越來越大”“越來越小”或“不變”）?！即鸢浮剑?）保護電路（2）滑動變阻器短路（3）（4）越來越小〖解析〗【小問1詳析】實驗中定值電阻的作用是保護電路；【小問2詳析】將滑動變阻器的滑片移至阻值最小處，閉合開關S后，發(fā)現(xiàn)電壓表指針偏轉(zhuǎn)角度很小，該小組同學隨即改變滑片位置使滑動變阻器接入電路的阻值增大，發(fā)現(xiàn)電壓表指針偏轉(zhuǎn)角度仍然很小，說明滑動變阻器以及電流表兩端電壓之和很小，即電阻很小；接著他又將電壓表的b接線柱處導線拆下，依次與c、d、e三個接線柱進行試觸，發(fā)現(xiàn)試觸c、d時，電壓表無示數(shù)，說明滑動變阻器兩端電壓為零，可能是滑動變阻器短路，試觸e時電壓表示數(shù)接近滿偏，進一步判斷是滑動變阻器短路，即可以判斷電路存在的故障是滑動變阻器短路?！拘?詳析】[1][2]根據(jù)結(jié)合圖像可得可得【小問4詳析】該實驗的誤差來自電壓表的分流作用；在滑動變阻器滑片從左向右緩慢滑動的過程中，滑動變阻器的阻值越來越小，回路電流越來越大，而此時電壓表的分流比例越來越?。ǘ搪窌r電壓表不再分流），則根據(jù)相鄰兩組U、I的值測得的電動勢和內(nèi)阻值誤差越來越小。15.如圖，單杠比賽中運動員身體保持筆直繞杠進行雙臂大回環(huán)動作，此過程中運動員以單杠為軸做圓周運動，重心到單杠的距離始終為d=1m。當運動員重心運動到A點時，身體與豎直方向間的夾角為α，此時雙手脫離單杠，此后重心經(jīng)過最高點B時的速度，最后落到地面上，C點為落地時重心的位置。已知A、B、C在同一豎直平面內(nèi)，運動員的質(zhì)量m＝60kg，A、C兩點間的高度差h=1.2m，重力加速度，，，忽略空氣阻力。求：（1）運動員重心在A點時單杠對每只手的拉力大小F；（2）A、C兩點間的水平距離L?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）運動員由A到B做斜拋運動，則運動員由A到B水平方向上做勻速直線運動，即運動員在A點時，設單杠對人的作用力為T，根據(jù)牛頓第二定律解得則運動員重心在A點時單杠對每只手的拉力大小F為（2）運動員在A點時豎直方向的分速度為運動員由A到C點在豎直方向上做豎直上拋運動，取豎直向上為正方向，則解得在水平方向上勻速直線運動，則16.氣釘槍是一種廣泛應用于建筑、裝修等領域的氣動工具，工作時以高壓氣體為動力，如圖甲所示是氣釘槍和與之配套的氣罐、氣泵。圖乙是氣釘槍發(fā)射裝置示意圖，氣缸通過細管與氣罐相連。射釘時打開開關，氣罐向氣缸內(nèi)壓入高壓氣體推動活塞運動，活塞上的撞針將釘子打入物體，同時切斷氣源，然后閥門自動打開放氣，復位彈簧將活塞拉回原位置。氣釘槍配套氣罐的容積，氣缸有效容積，氣釘槍正常使用時氣罐內(nèi)壓強范圍為，為大氣壓強，當氣罐內(nèi)氣體壓強低于時氣泵會自動啟動充氣，壓強達到時停止充氣。假設所有過程氣體溫度不變，已知氣罐內(nèi)氣體初始壓強為，。（1）使用過程中，當氣罐內(nèi)氣體壓強降為時氣泵啟動，充氣過程停止使用氣釘槍，當充氣結(jié)束時，求氣泵共向氣罐內(nèi)泵入壓強為的空氣體積；（2）充氣結(jié)束后用氣釘槍射出100顆釘子后，求此時氣罐中氣體壓強p?！即鸢浮剑?）20L；（2）〖解析〗（1）充氣之前，氣罐內(nèi)氣體的壓強為，充氣后氣罐內(nèi)氣體的壓強為，充氣過程為等溫變化，所以有解得（2）設發(fā)射第一個釘子有解得發(fā)射第二個釘子有解得發(fā)射第三個釘子有解得由此類推，則發(fā)第100個釘子后，有將題中數(shù)據(jù)帶入，解得17.如圖，Oxyz坐標系中，在空間x<0的區(qū)域Ⅰ內(nèi)存在沿z軸負方向、磁感應強度大小的勻強磁場；在空間0<x≤0.2m的區(qū)域Ⅱ內(nèi)存在沿x軸負方向、電場強度大小的勻強電場。從A（0.2m，0，0）點沿y軸正方向以的速度射入一帶正電粒子，粒子比荷，此后當粒子再次穿過x軸正半軸時，撤去電場，在空間x≥0.2m且y>0區(qū)域Ⅲ內(nèi)施加沿x軸負方向的勻強磁場和沿x軸正方向的勻強電場，其中、，同時在空間x≥0.2m且y<0區(qū)域Ⅳ內(nèi)施加沿x軸負方向、磁感應強度大小未知的勻強磁場。從撤去電場時開始計算，當帶電粒子第5次沿y軸負方向穿過xOz平面時恰好經(jīng)過x軸上的P點（圖中未畫出）。已知，不計帶電粒子重力，不考慮電磁場變化產(chǎn)生的影響，計算結(jié)果可保留根式，求（1）粒子第一次穿過y軸時的速度；（2）粒子經(jīng)過x軸負半軸時的x坐標；（3）磁感應強度的大小及P點的x坐標。〖答案〗（1）；方向與y軸正方向成45°；（2）；（3）；〖解析〗（1）帶電粒子進入?yún)^(qū)域Ⅱ做類平拋運動，軌跡如圖沿x軸方向，有，，解得，，可得，即帶電粒子到達y軸時，速度大小為，方向與y軸正方向成=45°。（2）帶電粒子在區(qū)域Ⅰ做勻速圓周運動，軌跡如圖根據(jù)解得粒子經(jīng)過x軸負半軸時的x坐標為（3）帶電粒子再次進入?yún)^(qū)域Ⅱ做斜拋運動，根據(jù)對稱性可知，到達A點時速度大小仍為，方向沿y軸正方向。此時撤去電場，設粒子在區(qū)域Ⅲ中的轉(zhuǎn)動半徑為，在區(qū)域Ⅳ中的轉(zhuǎn)動半徑為，沿x軸負方向觀察可得，如圖所示軌跡根據(jù)幾何關系可知，整理可得在磁場中，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得可得粒子在x軸方向，在y>0的區(qū)域做初速為零的勻加速運動，加速度在y<0區(qū)域，做四次勻速運動，每一次勻速運動的時間在y>0區(qū)域運動的時間做勻加速運動的位移做勻速運動的位移P點的x軸坐標18.如圖甲，固定點O處懸掛長為L的輕質(zhì)細繩，末端拴接一個質(zhì)量為m的小球，在O點正下方處固定一細釘。將細繩向左側(cè)拉至水平位置，由靜止釋放小球，當細繩擺至豎直位置時，被細釘擋住，此后小球恰好能在豎直平面內(nèi)做圓周運動。如圖乙，O點下方的光滑水平面上有一凹槽，凹槽左右擋板內(nèi)側(cè)間的距離也為L，在凹槽右側(cè)靠近擋板處置有一質(zhì)量為m的小物塊，凹槽上表面與物塊間的動摩擦因數(shù)μ＝0.1。物塊與凹槽一起以速度向左運動，小球從圖乙所示位置由靜止釋放，釋放時細線與水平方向間的夾角為α且sinα＝0.3。當小球擺到最低點時剛好與凹槽左側(cè)發(fā)生碰撞，小球被彈回，同時凹槽被原速率彈回。此后小球擺到右側(cè)后無法做完整的圓周運動，而是在某位置脫離圓軌道做拋體運動，小球做拋體運動的軌跡與所在直線交于E點（圖中未畫出）。已知小球與凹槽不發(fā)生二次碰撞，所有的碰撞均為彈性碰撞，重力加速度，求（1）點到O點的距離；（2）凹槽的質(zhì)量M；（3）E點到圓軌道最低點的距離；（4）若，小球和凹槽在軌道最低點相碰后，凹槽與物塊達到共速時物塊到右側(cè)擋板的距離x及從碰撞后到共速所經(jīng)歷的時間t?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）0；（4），〖解析〗（1）設圓周的最高點C的速度為，圓周的半徑為R，滿足重力剛好提供向心力從開始擺下的位置到圓周最高點過程，根據(jù)機械能守恒聯(lián)立解得，（2）沒從位置擺下后碰前的速度為，根據(jù)機械能守恒解得因為碰后凹槽原速率反彈，根據(jù)彈性碰撞的特點，說明小球也是原速率反彈且小球和小車組成系統(tǒng)動量守恒，即總動量為零。解得（3）設與水平方向夾角為時脫離圓軌道的速度為，在此位置的牛頓第二定律因為小球原速率反彈，可以從a位置由靜止擺下到脫離圓軌道過程中解得，脫離軌道后，根據(jù)拋體運動特點，水平豎直正交分解，可得，因為所以到軌道最低點的距離為零。（4）根據(jù)動量守恒根據(jù)功能關系聯(lián)立解得所以共速時到右端的距離為設開始相對運動二者的速度為方向向右方向向左；凹槽的位移物塊的位移且有聯(lián)立可得整理得解得凹槽與小物塊第一次碰后，由可得所以以此類推令得所以碰撞了4次后又相對運動了后，凹槽和小物塊相對靜止向右勻速運動。所以總時間解得2024年高三年級第二次適應性檢測物理試題注意事項：1．答題前，考生務必將自己的姓名、考生號等填寫在答題卡和試卷指定位置。2．回答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對應題目的〖答案〗標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標號?；卮鸱沁x擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.2024年4月19日起，日本開始排放第五批福島核污染水，預計排放19天。核污染水中含有一定量的放射性核素“氚”，該核素可在生物體內(nèi)富集，導致內(nèi)照射，從而損害生物體的健康。已知氚的衰變方程為，半衰期約為12年，下列說法正確的是（）A.氚核發(fā)生的是α衰變B.衰變產(chǎn)物X來自氚的核外電子C.衰變產(chǎn)生的射線能穿透幾厘米厚的鉛板D.若立即停止排放，12年后因排污導致的核輻射量會減少50%〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)核反應的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，X的質(zhì)量數(shù)為0，電荷數(shù)為-1，則X為電子，則氚核發(fā)生的是β衰變，選項A錯誤；B．衰變產(chǎn)物X來自氚核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時放出的電子，選項B錯誤；C．β射線的穿透能力較弱，不能穿透幾厘米厚的鉛板，選項C錯誤；D．若立即停止排放，12年后即經(jīng)過一個半衰期，會有一半氚核發(fā)生衰變，即因排污導致的核輻射量會減少50%，選項D正確。故選D。2.在x軸上的A、B兩點分別固定兩個點電荷，如圖是x軸上各點電場強度E隨位置x變化的關系圖像，圖中圖線關于O點中心對稱，x軸上C、D兩點關于O點對稱。規(guī)定x軸正方向為電場強度正方向，下列說法正確的是（）A.A、B兩點固定的是等量異種電荷B.從A點到B點，電勢逐漸降低C.電勢差D.一正電荷從C點自由釋放，僅在電場力作用下運動到D點過程中其動能先增大后減小〖答案〗D〖解析〗A．由電場方向隨x軸的變化可知，M、N兩點放置的是等量正點電荷，A錯誤；B．由題圖可知，從A點到B點，場強方向先向右后向左，根據(jù)沿電場線方向電勢降低可知，電勢先降低后升高，B錯誤；C．圖像與橫軸圍成的面積表示電勢差，由題圖可知圖線關于O點中心對稱，x軸上C、D兩點關于O點對稱。故C到O，O到D圍成的面積大小相等，又因為,故C錯誤；D．從A點到B點，場強方向先向右后向左，故正電荷從C點自由釋放，先受到向右的電場力，后受到向左的電場力，電場力先做正功，后做負功，其動能先增大后減小，D正確。故選D。3.如圖，將總質(zhì)量為200g的2000粒黃豆從距秤盤125cm高處連續(xù)均勻地倒在秤盤上，觀察到指針指在刻度為80g的位置附近。若每粒黃豆與秤盤在極短時間內(nèi)垂直碰撞一次，且碰撞前后速率不變，重力加速度，不計空氣阻力，則持續(xù)傾倒黃豆的時間約為（）A.1.5s B.2.0s C.2.5s D.3.0s〖答案〗C〖解析〗黃豆落在秤盤上的速度大小為由動量定理得解得t=2.5s故選C。4.1824年法國工程師卡諾創(chuàng)造性地提出了具有重要理論意義的熱機循環(huán)過程一卡諾循環(huán)，極大地提高了熱機的工作效率。如圖為卡諾循環(huán)的p﹣V圖像，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A開始沿循環(huán)曲線ABCDA回到初始狀態(tài)，其中AB和CD為兩條等溫線，BC和DA為兩條絕熱線。下列說法正確的是（）A.在D→A絕熱壓縮過程中，氣體內(nèi)能減小B.一次循環(huán)過程中氣體吸收的熱量小于放出的熱量C.B→C過程氣體對外界做的功等于D→A過程外界對氣體做的功D.B狀態(tài)時氣體分子單位時間對器壁單位面積撞擊次數(shù)比A狀態(tài)多〖答案〗C〖解析〗A．D→A絕熱壓縮過程中，外界對氣體做功，根據(jù)熱力學第一定律可知即氣體內(nèi)能增加，故A錯誤；B．一次循環(huán)過程中氣體的溫度不變，內(nèi)能不變。p﹣V圖像中圖線與坐標軸圍成的面積表示功。由圖知，在一次循環(huán)過程中，氣體對外界做功，為確保氣體的內(nèi)能不變，則氣體一定從外界吸收熱量，故一次循環(huán)過程中氣體吸收的熱量大于放出的熱量，故B錯誤；C．由圖知故B→C過程和D→A過程，溫度變化量的大小相等，內(nèi)能變化量的大小相等，且，可知W大小也必然相等，即B→C過程氣體對外界做的功等于D→A過程外界對氣體做的功，故C正確；D．AB狀態(tài)溫度相同，則狀態(tài)A和狀態(tài)B氣體分子的平均速率相同，而狀態(tài)B的體積大，氣體的密集程度小，則B狀態(tài)時氣體分子單位時間對器壁單位面積撞擊次數(shù)比A狀態(tài)少，故D錯誤。故選C。5.如圖甲是國產(chǎn)科幻大片《流浪地球2》中人類在地球同步靜止軌道上建造的空間站，人類通過地面和空間站之間的“太空電梯”往返于天地之間。圖乙是人乘坐“太空電梯”時由于隨地球自轉(zhuǎn)而需要的向心加速度a與其到地心距離r的關系圖像，已知為地球半徑，為地球同步衛(wèi)星軌道半徑，下列說法正確的是（）A.地球自轉(zhuǎn)的角速度B.地球同步衛(wèi)星的周期C.上升過程中電梯艙對人的支持力保持不變D.從空間站向艙外自由釋放一物體，物體將做自由落體運動〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)可知圖像中，其斜率為角速度的平方，A錯誤；B．由于解得故其周期B正確；C．上升過程中，處于超重狀態(tài)，支持力會變大，C錯誤；D．太空中處于失重狀態(tài)，從艙釋放一物體，不會做自由落體運動，D錯誤。故選B。6.加快發(fā)展新質(zhì)生產(chǎn)力是新時代可持續(xù)發(fā)展的必然要求，我國新能源汽車的迅猛發(fā)展就是最好的例證。某新能源汽車生產(chǎn)廠家在平直公路上測試汽車性能，t＝0時刻駕駛汽車由靜止啟動，時汽車達到額定功率，時汽車速度達到最大，如圖是車載電腦生成的汽車牽引力F隨速率倒數(shù)變化的關系圖像。已知汽車和司機的總質(zhì)量m＝2000kg，所受阻力與總重力的比值恒為，重力加速度，下列說法正確的是（）A.汽車啟動后做勻加速直線運動，直到速度達到最大B.汽車在BC段做勻加速直線運動，在AB段做勻速運動C.汽車達到的最大速度大小為15m/sD.從啟動到速度達到最大過程中汽車通過的距離為150m〖答案〗D〖解析〗AB．由圖可知汽車在AB段汽車牽引力不變，根據(jù)牛頓第二定律解得可知汽車在AB段做勻加速直線運動，汽車在BC段牽引力逐漸減小，做加速度減小的加速運動，故汽車啟動后先做勻加速直線運動，后做加速度減小的加速運動，直到速度達到最大，故AB錯誤；C．時汽車的速度為汽車額定功率為汽車達到的最大速度大小為故C錯誤；D．汽車做勻加速直線運動的位移為從啟動到速度達到最大過程中，根據(jù)動能定理解得汽車通過的距離為故D正確。故選D。7.如圖，右側(cè)面光滑的斜面體固定在水平面上，質(zhì)量相等的物塊M、N分別放在斜面體的左右兩個面上，M、N拴接在跨過光滑定滑輪的輕質(zhì)細繩兩端，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)。現(xiàn)對N施加一始終與右側(cè)輕繩垂直的拉力F，使N緩慢移動至右側(cè)細繩水平，該過程M保持靜止。下列說法正確的是（）A.拉力F逐漸增大B.輕繩的拉力先減小后增大C.M所受摩擦力先增大后減小D.斜面對M的作用力先增大后減小〖答案〗A〖解析〗AB．N離開斜面后，設F與豎直方向的夾角為，有，θ逐漸減小，所以繩子拉力逐漸減小，F(xiàn)逐漸增大。故A正確，B錯誤；C．力F作用之前，有所以原來M所受摩擦力沿斜面向下，隨著繩子拉力的減小，M受到的摩擦力逐漸減小，當右繩水平時，繩子拉力為零，則M受到的摩擦力沿斜面向上，所以M受到的摩擦力先沿斜面向下減小，再沿斜面向上增大，故C錯誤；D．斜面對M的作用力為斜面的支持力及摩擦力，因為支持力不變，所以當摩擦力先減小再增大時，斜面對M的作用力先變小后變大，故D錯誤。故選A。8.如圖，質(zhì)量為0.1kg的小球用輕彈簧懸掛并靜止在坐標原點O，Ox豎直向下。某時刻給小球施加一豎直向下的力F，力F大小滿足表達式，彈簧的勁度系數(shù)為0.5N/m。小球運動過程中彈簧始終在彈性限度內(nèi)，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A.在x＝0.2m處小球加速度最大B.小球運動到最低點時的加速度大小為C.下降過程彈簧彈性勢能增加了0.04JD.下降過程小球與彈簧組成的系統(tǒng)機械能增加了0.02J〖答案〗B〖解析〗AB．開始物體平衡時當小球的位移為x時受的合外力則小球的運動類似簡諧振動，開始時的加速度最大，即當x=0時的加速度最大，在x=0.2m時F合=0此時加速度為零；由對稱性可知，當x=0.4m時到達最低點，此時加速度為向上最大，大小為2m/s2，選項A錯誤，B正確；C．開始時彈簧伸長量到最低點時彈簧伸長量為x1=24m則根據(jù)可得下降過程中彈簧增加的彈性勢能選項C錯誤；D．由對稱性可知，下降過程中力F對小球做功為零，可知小球與彈簧組成的系統(tǒng)機械能不變，選項D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。9.1801年，托馬斯·楊用雙縫干涉實驗研究了光波的性質(zhì)。1834年，洛埃用平面鏡同樣得到了楊氏干涉的結(jié)果（稱洛埃鏡實驗）。洛埃鏡實驗的基本裝置如圖所示，S為單色線光源，M為一平面鏡。S發(fā)出的光直接照到光屏上，同時S發(fā)出的光還通過平面鏡反射到光屏上，這兩束光在光屏上疊加發(fā)生干涉形成明屏暗相間條紋。事實證明光從光疏介質(zhì)射向光密介質(zhì)時，反射光會產(chǎn)生π大小的相位突變，即發(fā)生所謂半波損失。設光源S到平面鏡的垂直距離和到光屏的垂直距離分別為d和L，單色光的波長為λ，下列說法正確的是（）A.在整個光屏上都會呈現(xiàn)明暗相間的干涉條紋B.若將平面鏡向左平移，則光屏上相鄰明條紋中心間距離將增大C.若將光屏向左平移到平面鏡右端B處，光屏上與B接觸處出現(xiàn)暗條紋D.在光屏上相鄰明條紋中心或相鄰暗條紋中心間的距離為〖答案〗CD〖解析〗A．光路圖如圖所示由此可知，光屏上一部分會呈現(xiàn)明暗相間的干涉條紋，故A錯誤；B．若將平面鏡向左平移，雙縫到屏的距離和雙縫的間距不變，則光屏上相鄰明條紋中心間距離不變，故B錯誤；C．若將光屏向左平移到平面鏡右端B處，由于半波損失，入射波與反射波之間附加半個波長的波程差，即處出現(xiàn)暗條紋，故C正確；D．光源到屏的距離可以看做雙縫到屏的距離，光源到光源在平面鏡中虛像的間距看做雙縫的間距，則有根據(jù)雙縫干涉相鄰條紋之間的距離公式可得故D正確。故選CD。10.如圖，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為3：1，原線圈中接有定值電阻，副線圈接有定值電阻和滑動變阻器R。已知，ab兩端接一正弦式交流電，當滑動變阻器R的滑片向左滑動過程中，下列說法正確的是（）A.電流表A示數(shù)變小B.電壓表V示數(shù)保持不變C.變壓器輸出功率先增大后減小D.電壓表示數(shù)變化與電流表示數(shù)變化的比值不變〖答案〗AD〖解析〗A．將原、負線圈和電阻R1等效為電源。等效后當滑動變阻器R的滑片向左滑動過程中，電阻變大，所以電流變小，電流表A示數(shù)變小，故A正確；B．根據(jù)閉合電路歐姆定律由題可知根據(jù)理想變壓器原副線圈關系，聯(lián)立可得由于變小，所以變大，電壓表V示數(shù)變大，故B錯誤；C．由上式可知等效內(nèi)阻當外電阻接近內(nèi)阻時，輸出功率增大，由于R1:R2=9:1，即所以當R減小，輸出功率一直增大，故C錯誤；D．由上述可知電壓表示數(shù)變化與電流表示數(shù)變化的比值不變，故D正確。故選AD。11.藝術體操運動員在“帶操”表演中，手持細棒抖動彩帶一端，彩帶會像波浪般翻卷，如圖甲所示。圖乙是t=0時刻彩帶上的波形，E、F是彩帶上的兩個點。已知F點的縱坐標為，E點的振動方程為y=20sin（2πt）cm，關于彩帶上各點運動，下列說法正確的是（）A.該波的波長為1.6mB.t=0時刻F點向上運動C.E點的平衡位置位于（﹣0.1m，0）處D.F點的振動方程為〖答案〗ABD〖解析〗A．周期對于E點的振動方程為y=20sin（2πt）cm當時即E、F兩點平衡位置處距離為，則得故A正確；B．t=0時刻E點向上運動，則此時F點向上運動，故B正確；C．E、F兩點平衡位置處的距離為則E點的平衡位置位于（﹣0.2m，0）處，故C錯誤；D．設F點的振動方程為當t=0時解得所以F點的振動方程為故D正確。故選ABD。12.如圖，間距均為L的光滑水平金屬導軌與半徑為R的光滑半圓金屬導軌平滑連接，半圓導軌在豎直平面內(nèi)，水平導軌處于方向豎直向上、磁感應強度大小為B的勻強磁場中。在水平導軌上放置ab、cd兩導體棒，兩棒長度均為L、質(zhì)量分別為4m和m、電阻分別為r和2r，兩導體棒到半圓導軌底端的距離分別為和，足夠大，?，F(xiàn)給導體棒ab一大小的初速度，一段時間后導體棒cd通過半圓導軌最高點后，恰好落到其初始位置。cd棒離開導軌前兩棒與導軌始終垂直且接觸良好，兩導體棒間未發(fā)生碰撞，導軌電阻不計，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.導體棒cd離開磁場前已與ab棒達到共速B.導體棒cd剛進入半圓導軌瞬間，其兩端電壓C.導體棒cd離開半圓導軌前，通過其橫截面的電量D.導體棒cd離開水平導軌前，導體棒ab上產(chǎn)生的焦耳熱〖答案〗BD〖解析〗A．導體棒cd從最高點飛出后做平拋運動，則有，導體棒cd從最低點運動到最高點過程，根據(jù)動能定理有解得若ab、cd兩導體棒在磁場中達到共速，根據(jù)動量守恒定律有解得可知，導體棒cd離開磁場前沒有與ab棒達到共速，故A錯誤；B．結(jié)合上述，導體棒cd剛進入半圓導軌瞬間，根據(jù)動量守恒定律有解得則導體棒cd剛進入半圓導軌瞬間，其兩端電壓故B正確；C．導體棒cd離開半圓導軌前，通過其截面的電荷量與通過導體棒ab的電荷量相等，對導體棒ab進行分析，由于足夠大，可知，導體棒ab最終在水平軌道上減速至0，根據(jù)動量定理有其中解得故C錯誤；D．導體棒cd離開水平導軌前，總的焦耳熱則導體棒ab上產(chǎn)生的焦耳熱解得故D正確。故選BD。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.如圖甲所示，圖中陰影部分ABC為透明材料制成的柱形光學元件的橫截面，AC為半徑為R的圓弧，某實驗小組為測量該光學元件的折射率，先通過作圖確定了圓弧圓心O的位置。請回答下面問題：（1）實驗小組先在O處插一枚大頭針，然后在線段OB和OC之間某一位置插大頭針，在BC邊右側(cè)任意位置觀察，發(fā)現(xiàn)都無法擋住，原因是______，若要在BC邊右側(cè)觀察到擋住，應將向______邊方向移動（選填“OB”或“OC”）；（2）該小組經(jīng)過討論，重新設計了實驗方案，進行了如下操作：①在O處插大頭針，在BC邊右側(cè)合適位置插大頭針，調(diào)整觀察角度，再插上大頭針，使把和都擋??；②畫出元件邊界，作出圖乙所示光路圖，以、連線與BC邊交點為圓心作圓，分別過圓與直線和的交點作BC邊的垂線，垂足分別為、；③用刻度尺測出線段和的長度分別為、，則該元件的折射率n=______；（3）若測得該元件的折射率n=2，在O處固定一點光源，只考慮首次從圓弧AC直接射向AB、BC的光線，從點光源射向圓弧AC的光中，有一部分不能從AB、BC面直接射出，則這部分光照射到圓弧AC上的弧長為______。〖答案〗（1）光線發(fā)生了全反射OC（2）（3）〖解析〗【小問1詳析】[1][2]發(fā)現(xiàn)都無法擋住，原因是光線發(fā)生了全反射，應減小入射角，即將向OC邊方向移動。【小問2詳析】根據(jù)折射定律可知【小問3詳析】測得該元件的折射率n=2則全反射的臨界角為則如圖所示若沿OE方向射到AB面上的光線剛好發(fā)生全反射，則∠ADF=30°，同理，若沿OG方向射入的光線恰好在BC面上發(fā)生全反射，可得∠CDG=30°，因此∠FDH=30°，據(jù)幾何關系可得14.某實驗小組設計了如圖甲所示的實驗電路來測量電源的電動勢和內(nèi)阻，實驗所用器材如下：A.待測電源（電動勢E約為3V，內(nèi)阻r約為2Ω）B.電流表（量程為0.6A，內(nèi)阻約為0.5Ω）C.電壓表（量程為3V，內(nèi)阻約為3kΩ）D.滑動變阻器（最大電阻為20Ω、額定電流為1A）E.定值電阻（阻值為5Ω）F.開關與導線若干請回答下列問題：（1）實驗中定值電阻的作用是______；（2）將滑動變阻器的滑片移至阻值最小處，閉合開關S后，發(fā)現(xiàn)電壓表指針偏轉(zhuǎn)角度很小，該小組同學隨即改變滑片位置使滑動變阻器接入電路的阻值增大，發(fā)現(xiàn)電壓表指針偏轉(zhuǎn)角度仍然很小，接著他又將電壓表的b接線柱處導線拆下，依次與c、d、e三個接線柱進行試觸，發(fā)現(xiàn)試觸c、d時，電壓表無示數(shù)，試觸e時電壓表示數(shù)接近滿偏，可以判斷電路存在的故障是______；（3）該小組同學排除故障后按規(guī)范操作繼續(xù)進行實驗，閉合開關S后，改變滑動變阻器滑片位置，記錄若干組電壓表示數(shù)U和對應的電流表示數(shù)I，根據(jù)記錄的實驗數(shù)據(jù)作出U﹣I圖像，如圖乙所示，由圖像可得，電源的電動勢E=______，內(nèi)阻r=______；（用、、表示）（4）在滑動變阻器滑片從左向右緩慢滑動的過程中，測得若干組U、I值，從測得的第一組數(shù)據(jù)開始，若依次選用兩組連續(xù)的U、I值計算電源電動勢和內(nèi)阻，則測得的電動勢和內(nèi)阻的測量誤差______（選填“越來越大”“越來越小”或“不變”）?！即鸢浮剑?）保護電路（2）滑動變阻器短路（3）（4）越來越小〖解析〗【小問1詳析】實驗中定值電阻的作用是保護電路；【小問2詳析】將滑動變阻器的滑片移至阻值最小處，閉合開關S后，發(fā)現(xiàn)電壓表指針偏轉(zhuǎn)角度很小，該小組同學隨即改變滑片位置使滑動變阻器接入電路的阻值增大，發(fā)現(xiàn)電壓表指針偏轉(zhuǎn)角度仍然很小，說明滑動變阻器以及電流表兩端電壓之和很小，即電阻很??；接著他又將電壓表的b接線柱處導線拆下，依次與c、d、e三個接線柱進行試觸，發(fā)現(xiàn)試觸c、d時，電壓表無示數(shù)，說明滑動變阻器兩端電壓為零，可能是滑動變阻器短路，試觸e時電壓表示數(shù)接近滿偏，進一步判斷是滑動變阻器短路，即可以判斷電路存在的故障是滑動變阻器短路?！拘?詳析】[1][2]根據(jù)結(jié)合圖像可得可得【小問4詳析】該實驗的誤差來自電壓表的分流作用；在滑動變阻器滑片從左向右緩慢滑動的過程中，滑動變阻器的阻值越來越小，回路電流越來越大，而此時電壓表的分流比例越來越小（短路時電壓表不再分流），則根據(jù)相鄰兩組U、I的值測得的電動勢和內(nèi)阻值誤差越來越小。15.如圖，單杠比賽中運動員身體保持筆直繞杠進行雙臂大回環(huán)動作，此過程中運動員以單杠為軸做圓周運動，重心到單杠的距離始終為d=1m。當運動員重心運動到A點時，身體與豎直方向間的夾角為α，此時雙手脫離單杠，此后重心經(jīng)過最高點B時的速度，最后落到地面上，C點為落地時重心的位置。已知A、B、C在同一豎直平面內(nèi)，運動員的質(zhì)量m＝60kg，A、C兩點間的高度差h=1.2m，重力加速度，，，忽略空氣阻力。求：（1）運動員重心在A點時單杠對每只手的拉力大小F；（2）A、C兩點間的水平距離L?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）運動員由A到B做斜拋運動，則運動員由A到B水平方向上做勻速直線運動，即運動員在A點時，設單杠對人的作用力為T，根據(jù)牛頓第二定律解得則運動員重心在A點時單杠對每只手的拉力大小F為（2）運動員在A點時豎直方向的分速度為運動員由A到C點在豎直方向上做豎直上拋運動，取豎直向上為正方向，則解得在水平方向上勻速直線運動，則16.氣釘槍是一種廣泛應用于建筑、裝修等領域的氣動工具，工作時以高壓氣體為動力，如圖甲所示是氣釘槍和與之配套的氣罐、氣泵。圖乙是氣釘槍發(fā)射裝置示意圖，氣缸通過細管與氣罐相連。射釘時打開開關，氣罐向氣缸內(nèi)壓入高壓氣體推動活塞運動，活塞