PAGEPAGE7黑龍江省大慶市鐵人中學2024-2025學年高一物理下學期期中試題試題說明：1．本試題滿分110分，答題時間90分鐘。2．請將答案填寫在答題卡上，考試結(jié)束后只交答題卡。一、選擇題（本題共12題，每小題5分，1至7小題為單選題，8至12小題為多選題，多選半對得3分，共60分）1．如圖所示，A、B兩物體疊放在一起，用一不行伸長的水平細繩把A系于左邊的墻上，B在拉力F作用下向右勻速運動，在這過程中，A、B間的摩擦力的做功狀況是（）A．對A、B都做負功B．對A不做功，對B做負功C．對A做正功，對B做負功D．對A、B都不做功2．在光滑的絕緣水平面上有質(zhì)量均為m、帶電荷量分別為+q和-q的甲、乙兩個小球（可視為點電荷），在力F(作用在甲上)的作用下一起做勻加速直線運動，則甲、乙兩球之間的距離r為（）A．EQ\R(qEQ\F(k,F))B．qEQ\R(EQ\F(2k,F))C．2qEQ\R(EQ\F(k,F))D．2qEQ\R(EQ\F(F,k))3．設地球表面重力加速度為go，物體在距離地心4R（R是地球的半徑）處，由于地球的作用而產(chǎn)生的重力加速度為g，則EQ\F(g,go)為（）A.1B.EQ\F(1,9)C.EQ\F(1,4)D.EQ\F(1,16)4．如圖所示，一長為L，質(zhì)量為m的勻質(zhì)鏈條，起先時用手按住A端，放在光滑的桌面上，有EQ\F(1,5)的長度懸在桌邊緣，松手后，鏈條滑離桌面，從起先到鏈條剛滑離桌面過程中整個鏈條的重力勢能變更了（）A．EQ\F(12,25)mgLB．EQ\F(23,50)mgLC．-EQ\F(12,25)mgL

D．-EQ\F(23,50)mgLab5．a(chǎn)bA．在a軌道上運動時角速度較大B．在a軌道上運動時線速度較大C．在a軌道上運動時摩托車對側(cè)壁的壓力較大D．在a軌道上運動時摩托車和運動員所受的向心力較大6．AB和CD為圓上兩條相互垂直的直徑，圓心為O，將電荷量分別為＋q和－q的兩點電荷放在圓周上，其位置關(guān)于AB對稱且距離等于圓的半徑，如圖所示．要使圓心處的電場強度為零，可在圓周上再放一個適當?shù)狞c電荷Q，則該點電荷Q()A．應放在A點，Q＝2q B．應放在B點，Q＝－2qC．應放在C點，Q＝－q D．應放在D點，Q＝－q7．一起重機的鋼繩由靜止起先勻加速提起質(zhì)量為m的重物，當重物的速度為v1時，起重機的功率達到最大值P，以后起重機保持該功率不變，接著提升重物，直到以最大速度v2勻速上升為止，整個過程中，下列說法錯誤的是()A．鋼繩的最大拉力為eq\f(P,v1) B．重物的最大速度v2＝eq\f(P,mg) C．重物勻加速運動的加速度為eq\f(P,mv1)D．重物做勻加速運動的時間為eq\f(mv12,P-mgv1)8．質(zhì)量為m的物體，在距地面h高處以EQ\F(1,3)g的加速度由靜止豎直下落到地面，下列說法正確的是（）A．物體的重力勢能削減了EQ\F(1,3)mghB．物體的動能增加EQ\F(1,3)mghC．物體的機械能削減EQ\F(1,3)mghD．重力做功mgh9．質(zhì)量為m的物體在水平傳送帶上由靜止釋放，傳送帶由電動機帶動，始終保持以速度v勻速運動，物體與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為μ，物體過一會兒能保持與傳送帶相對靜止，對于物體從靜止釋放到相對靜止這一過程，下列說法正確的是()A．電動機多做的功為SKIPIF1<0mv2B．物體在傳送帶上的劃痕長EQ\F(v2,μg)C．傳送帶克服摩擦力做的功為EQ\F(1,2)mv2D．電動機增加的功率為μmgv10．在某行星和地球上相對于各自的水平地面旁邊相同的高度處以相同的速率平拋一物體,它們在水平方向運動的距離之比為2∶EQ\R(8)，已知該行星質(zhì)量約為地球的8倍,地球的半徑為R,地球表面的重力加速度為g.由此可知()A．該行星表面的重力加速度為EQ\R(2)gB．該行星表面的重力加速度為2gC．該行星的半徑約為2RD．該行星的半徑約為EQ\R(2)R11．如圖甲所示,長為l、傾角為α的斜面固定在水平地面上,一質(zhì)量為m的物塊從斜面頂端由靜止釋放并沿斜面對下滑動.已知物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ與下滑距離x的變更關(guān)系圖像如圖乙所示,重力加速度為g,則()A．μ0>tanαB．物塊下滑的加速度漸漸增大C．物塊下滑到斜面底端的過程中克服摩擦力做功為EQ\F(1,2)μ0mglcosαD．物塊下滑究竟端時的速度大小為EQ\R(2glsinα-2μoglcosα)12．如圖所示，輕質(zhì)彈簧的一端與固定的豎直板P拴接，另一端與物體A相連，物體A置于光滑水平桌面上，右端接一細線，細線繞過光滑的定滑輪與物體B相連．起先時用手托住B，讓細線恰好伸直，然后由靜止釋放B，直至B獲得最大速度．下列有關(guān)該過程的分析正確的是()A．B物體的機械能始終減小B．B物體機械能的削減量等于彈簧的彈性勢能的增加量C．細線拉力對A做的功等于A物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機械能的增加量D．B物體動能的增加量等于細線拉力對物體B做的功與物體B重力做功之和二、試驗題（本題共2小題，共15分）13．在探討平拋運動的試驗中，如圖為小球做平拋運動的閃光照相照片的一部分，圖中背景方格的邊長均為5cm，若小球在平拋運動途中的幾個位置如圖中的A、B、C所示，假如取g＝10m/s2，那么：（1）照相機的閃光周期是s；（2）小球運動中水平分速度的大小是m/s；（3）小球經(jīng)過B點時的速度大小是m/s。甲14．圖甲為驗證機械能守恒定律的試驗裝置示意圖。甲兩個質(zhì)量各為mA和mB（mA>mB）的小物塊A和B分別系在一條跨過定滑輪的軟繩兩端，用手拉住物塊B，使它與地面接觸，用米尺測量物塊A的底部h/mt2/sh/mt2/s2ab0乙（1）在物塊A下落的時間t內(nèi)，物塊A、B組成的系統(tǒng)削減的重力勢能ΔEP=，增加的動能ΔEk=(用mA、mB、h和t表示)。變更mA、mB和h，多次重復上述試驗，若在試驗誤差范圍內(nèi)ΔEP=ΔEk均成立，則可初步驗證機械能守恒定律；（2）由于空氣阻力和定滑輪阻力的作用，試驗中往往出現(xiàn)系統(tǒng)重力勢能的削減量（選填“大于”“小于”“等于”）動能的增加量；（3）若某同學作出了該試驗的h-t2圖像如圖乙所示，已知橫縱坐標上的數(shù)值a、b，則當?shù)氐膶嶋H重力加速度g=(用mA、mB、a和b表示)。三、計算題（共35分。第15題10分，第16題10分，第17題15分）15．某物體在地面上受重力為160N，將它置于衛(wèi)星中，當衛(wèi)星以a=g/2的加速度上升到某高度處，物體與衛(wèi)星中水平支持物相互擠壓的力為90N.求此時衛(wèi)星距地面的高度為多少？已知R地=6.4×103km，g=10m/s2.16．質(zhì)量為M、長度為d的木塊，放在光滑的水平面上，在木塊右邊有一個銷釘把木塊攔住，使木塊不能向右滑動。質(zhì)量為m的子彈以水平速度vo射入木塊，剛好能將木塊射穿?，F(xiàn)在拔去銷釘，使木塊能在水平面上自由滑動，而子彈仍以水平速度vo射入靜止的木塊。設子彈在木塊中受阻力恒定。求：（1）子彈射入木塊的深度；（2）從子彈起先進入木塊到與木塊相對靜止的過程中，木塊的位移是多大.ddvo17．如圖所示，在傾角為37o的斜面上，一勁度系數(shù)為k=100N/m的輕彈簧一端固定在A點，自然狀態(tài)時另一端位于B點。斜面上方有一半徑R=0.2m、圓心角等于143°的豎直圓弧形光滑軌道與斜面相切于C處，圓弧軌道的最高點為D。斜面AB段光滑，BC段粗糙且長度為0.4m?，F(xiàn)將一質(zhì)量為1kg的小物塊從C點由靜止釋放，小物塊將彈簧壓縮了0.2m后速度減為零（不計小物塊到達B處與彈簧碰撞時的能量損失）。已知彈簧彈性勢能表達式Ek=kx2，其中k為彈簧的勁度系數(shù)，x為彈簧的形變量，重力加速度取g=10m/s2，sin37o=0.6，cos37o=0.8。（計算結(jié)果可保留根號）求：⑴物塊速度達到最大時彈簧彈力F的大??；⑵小物塊與斜面BC段間的動摩擦因數(shù)μ；A37o143A37o143oBCDO

鐵人中學2024級高一學年下學期期中考試物理試題答案一、選擇題（本題共12題，每小題5分，1至7小題為單選題，8至12小題為多選題，多選半對得3分，共60分）1．B2．B3．D4．C5．B6．C7．C8．BD9．AD10．BC11．BC12．ACD二、試驗題（本題共2小題，共15分）13．（1）0.1s（2）1.5m/s（3）2.5m/s（均2分）14．（1）(2分)；或EQ\F(1,2)(mA+mB)(EQ\F(2h,t))2(2分)（2）大于(2分)；（3）EQ\F(2(mA+mB),mA-mB)EQ\F(a,b)(3分)三、計算題（共35分。第15題10分，第16題10分，第17題15分）15．(10分)h=3R地=1.92×104km解析：在地面mg=Gm=16kg——1分在地面：G=mg——2分在某處，據(jù)牛頓其次定律有：FN－mg′=ma——2分g′=5/8m/s2——1分在不同地方，物體的重力近似等于該處的萬有引力.在某處：mg′=G——2分g′=（）2g故h=R地-R地=3R地——1分h=1.92×104km.——1分16．(10分)（1）s=EQ\F(M,m+M)d（2）x=EQ\F(Mm,(m+M)2)ddvo（1）fd=EQ\F(1,2)mvo2①——2分dvo由運動學得：a1=EQ\F(f,m)，a2=EQ\F(f,M)——1分vo-a1t=a2t——1分t=EQ\F(vo,EQ\F(f,m)+EQ\F(f,M))v=a2t=EQ\F(m,m+M)vo②——1分（列動量守恒定律方程2分，v結(jié)果1分，共3分）fs=EQ\F(1,2)mvo2-EQ\F(1,2)(M+m)v2③——2分由①②③得s=EQ\F(M,m+M)d——1分（2）fx=EQ\F(1,2)Mv2–0④——1分由①②④得x=EQ\F(Mm,(m+M)2)d