廣東省廣雅中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、利用回旋加速器我們可以獲得高能粒子，其核心部分為處于勻強磁場中的兩個D形盒，兩D形盒之間接交流電源，并留有窄縫，粒子在通過窄縫時得到加速。忽略粒子的重力等因素，為了增大某種帶電粒子射出時的動能，下列說法正確的是（）A．只增大D形盒的半徑 B．只增大加速電場的電壓C．只增大窄縫的寬度 D．只減小磁感應(yīng)強度2、在圖中，標出了磁場B的方向、帶電粒子的電性及運動方向，電荷所受洛侖茲力F的方向，其中正確的是A．B．C．D．3、如圖所示，一閉合導(dǎo)線框從水平有界勻強磁場上方豎直下落，下落過程線框保持豎直．從線框開始進入磁場到完全進入磁場前的過程中，線框可能做A．勻減速直線運動B．勻加速直線運動C．加速度越來越小的減速直線運動D．加速度越來越大的加速直線運動4、如圖所示，一帶電小球用絲線懸掛在水平方向的勻強電場中，當(dāng)小球靜止后把懸線燒斷，則小球在電場中將作（）A．自由落體運動 B．曲線運動C．沿著懸線的延長線作勻加速運動 D．變加速直線運動5、下圖是電場中某區(qū)域的電場線分布圖，a、b是電場中的兩點．這兩點相比，有()A．同一個檢驗點電荷放在a點所受的電場力比放在b點時所受電場力大B．同一個檢驗點電荷放在b點釋放其加速度較小C．a(chǎn)點的場強較大D．b點的場強較大6、有一條窄長小船停靠在湖邊碼頭，某同學(xué)想用一個卷尺粗略測定它的質(zhì)量。他首先使船平行碼頭自由停泊，輕輕從船尾上船，走到船頭后停下來，然后輕輕下船，用卷尺測出船后退的距離為d，船長為L，已知他自身的質(zhì)量為m，則船的質(zhì)量M為A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在固定的點電荷Q形成的電場中，有一個檢驗電荷q（已知電荷只受電場力作用）．則下列正確的是（）A．如果q為正電荷，且由靜止釋放，其運動軌跡一定與電場線重合B．若Q與q為異種電荷，則給q一定的初速度，q可能繞Q做勻速圓周運動C．q可能做勻速直線運動D．若Q與q為同種電荷，則q一定做加速度減小的變加速直線運動8、輕繩一端通過光滑的定滑輪與物塊P連接，另一端與套在光滑豎直桿上的圓環(huán)Q連接，Q從靜止釋放后，上升一定距離到達與定滑輪等高處，則在此過程中（）A．任意時刻P、Q兩物體的速度大小滿足vP<vQB．任意時刻Q受到的拉力大小與P的重力大小相等C．物塊P機械能不守恒，Q一直加速上升D．當(dāng)Q上升到與滑輪等高時，Q的機械能最大9、如圖所示，相距為d的水平金屬板M、N的左側(cè)有一對豎直金屬板P、Q，板P上的小孔S正對板Q上的小孔O．M、N間有垂直紙面向里的勻強磁場，在小孔S處有一帶電的負粒子，其重力和初速不計．當(dāng)變阻器的滑動觸頭在AB的中點時，粒子恰能在M、N間做直線運動．當(dāng)滑動變阻器滑片滑到A點后，則（）A．粒子在M、N間運動的過程中，動能將減小B．粒子在M、N間運動的過程中，動能將增大C．粒子在M、N間將做圓周運動D．粒于在M、N間運動的過程中，電勢能將不斷增大10、某帶電粒子只受電場力作用，從C向D運動，其軌跡如圖中虛線所示，由此可判定（）A．此粒子一定帶正電B．此粒子在C處的加速度大于在D處的加速度C．此粒子在C處的電勢能大于在D處的電勢能D．此粒子在C處的動能大于在D處的動能三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示實驗裝置可用來探究影響平行板電容器電容的因素，其中電容器左側(cè)極板和靜電計外殼接地，電容器右側(cè)極板與靜電計金屬球相連．（1）本實驗過程使用的實驗方法是（________）A．等效替代法B．控制變量法C．轉(zhuǎn)換法D．比較法（2）實驗過程中進行如下操作：使電容器帶電后與電源斷開．如果要研究電容C和兩板間間距d的關(guān)系，應(yīng)保持_______不變，改變_______。（將正確選項填在空格處）A．兩板間間距dB．兩板板間正對面積S和電介質(zhì)（3）電容器充電后與電源斷開，下列實驗現(xiàn)象中正確的是（_______）A．若只將A板水平向左移動，可觀察到靜電計指針偏角變小B．若只將A板豎直向上移動，可觀察到靜電計指針偏角變大C．若將一塊有機玻璃插到兩板之間，可觀察到靜電計指針偏角變大12．（12分）（1）用伏安法測一待測電阻，采用下圖的電路圖，則測量結(jié)果將比真實值______。（“偏大”，“偏小”）（2）用電流表和電壓表測待測電阻的電流電壓時讀數(shù)如圖，則電壓表的讀數(shù)為______V，電流表的讀數(shù)為______A。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）空間中存在未知電場，將一個電荷量為q=-2×10-10C的點電荷從電場中的A點沿直線移到B點的過程中，電場力做功為4×10-9J．已知A點的電勢為0V，求：（1）AB間的電勢差UAB（2）該點電荷在B點時具有的電勢能EPB．14．（16分）如圖(a)所示為某電阻隨攝氏溫度變化的關(guān)系圖象，圖中表示0℃時的電阻值，表示圖線的斜率．若用該電阻與電池(電動勢為，內(nèi)阻為)、電流表(滿偏電流為、內(nèi)阻為)、滑動變阻器串聯(lián)起來，連接成如圖(b)所示的電路，用該電阻做測溫探頭，把電流表的電流刻度改為相應(yīng)的溫度刻度，于是就得到了一個簡單的“電阻溫度計”．（1）使用“電阻溫度計”前，先要把電流表的刻度改為相應(yīng)的溫度值，若溫度,其對應(yīng)的電流分別為、，則、誰大？（2）若該“電阻溫度計”的最低適用溫度為0℃，即當(dāng)溫度為0℃時，電流表恰好達到滿偏電流，則變阻器的阻值為多大？（3）若保持（2）中電阻的值不變，則電流表刻度為時所對應(yīng)的溫度為多大？15．（12分）如圖所示，光滑水平地面上靜止著質(zhì)量都為m的物體B和物體C，質(zhì)量為M的物體A以初速度向右勻速運動，已知M=2m，物體A和物體B發(fā)生彈性碰撞，碰撞后運動一段時間物體B和物體C發(fā)生碰撞，粘在一起向右運動，求：（1）最終物體A的速度大??；（2）最終物體B和物體C一起運動的速度大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

帶電粒子從D形盒中射出時的動能為：帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，則圓周半徑為：可得：顯然，當(dāng)帶電粒子q、m一定的，則有：Ekm∝R2B2即Ekm隨磁場的磁感應(yīng)強度B、D形金屬盒的半徑R的增大而增大，與加速電場的電壓和狹縫距離無關(guān)．A．只增大D形盒的半徑，與結(jié)論相符，選項A正確；B．只增大加速電場的電壓，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C．只增大窄縫的寬度，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D．只減小磁感應(yīng)強度，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；2、B【解析】

A圖中磁場向里，電子向右運動，所以電流方向向左，根據(jù)左手定則可得，洛倫茲力的方向下，所以A錯誤；B圖中磁場向外，正電荷向右運動，根據(jù)左手定則可得，洛倫茲力的方向向下，所以B正確；C圖中磁場向左，正電荷向右運動，運動方向與磁場方向平行，不受洛倫茲力的作用，所以C錯誤；D圖中磁場向上，正電荷向左運動，根據(jù)左手定則可得，洛倫茲力的方向內(nèi)，所以D錯誤；故選B．3、C【解析】

在線框進入磁場的過程中，受向下的重力和向上的安培力作用；當(dāng)安培力等于重力時，加速度為零，線框做勻速直線運動；當(dāng)安培力大于重力時，根據(jù)牛頓第二定律可得：由于速度減小，所以加速度減小，即此時線框做加速度減小的減速運動；當(dāng)安培力小于重力時，根據(jù)牛頓第二定律可得：由于速度增加，所以加速度減小，即此時線框做加速度減小的加速運動；由上分析可知線框不可能做勻變速直線運動，故選C。4、C【解析】

懸線燒斷前，小球受重力、拉力、電場力平衡，重力和電場力的合力與拉力等值反向。燒斷細線，物體受重力、電場力，兩個力合力恒定，沿細線方向，小球開始靜止，在恒定合力作用下將沿合力方向即沿著懸線的延長線方向做勻加速直線運動，故ABD錯誤，C正確。故選C。5、D【解析】

電場線的疏密代表電場的強弱，由圖可知b點電場線密而a點電場線稀疏，故b點場強大于a的場強．故D正確而C錯誤．由于b點場強大于a的場強，根據(jù)F=qE可得同一個試探電荷在b點所受電場力大于在a點所受的電場力，同一個檢驗點電荷放在b點釋放其加速度較大，故AB錯誤．故選D．【點睛】電場線的疏密代表電場的強弱，電場線越密，場強越大，電場線越疏，場強越小．電場力F=qE.6、B【解析】

根據(jù)題意，人從船尾走到船頭過程中，動量守恒，則有Mv0=mv即Md=m（L－d）解得船的質(zhì)量為A.，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B.，與結(jié)論相符，選項B正確；C.，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D.，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】

A：在固定的點電荷Q形成的電場中，如果q為正電荷，且由靜止釋放，則電荷沿電場力方向加速運動，點電荷Q形成電場的電場線是直線，其軌跡與電場線重合。故A項正確。B：若Q與q為異種電荷，則給q一定的初速度，使庫侖引力等于所需要的向心力，q繞Q做勻速圓周運動。故B項正確。C：q在Q的電場中一定受電場力，q所受合力不等于0，q不可能做勻速直線運動。故C項錯誤。D：若Q與q為同種電荷，q受到庫侖斥力。若是由靜止開始釋放，q一定做加速度減小的變加速直線運動；若q有初速度，q可能做曲線運動。故D項錯誤。8、AD【解析】

A.將物塊Q的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，Q沿繩子方向的分速度等于P的速度．當(dāng)輕繩與桿的夾角為θ時，由速度的分解有：vP=vQcosθ，cosθ<1，則得vP<vQ.故A正確；B.P先向下做加速運動，處于失重狀態(tài)，則繩的拉力大小小于P的重力大小，即Q受到的拉力大小小于P的重力大小，后向下減速，處于超重狀態(tài)，拉力大小大于P的重力大小，故B錯誤；C.物塊P下落過程中，繩子拉力對P做負功，則P的機械能減?。甉開始細線拉力沿豎直方向的分力大于重力，加速度方向向上，后來細線的拉力沿豎直方向的分力小于重力，加速度方向向下，Q先加速上升，后減速上升，故C錯誤；D.除重力以外其它力做的功等于物體機械能的增量，物塊Q上升到與滑輪等高前，拉力做正功，機械能增加，物塊Q上升到與滑輪等高后，拉力做負功，機械能減小．所以Q上升到與滑輪等高時，機械能最大．故D正確．故選AD【點睛】將物塊Q的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，Q沿繩子方向的分速度等于P的速度．結(jié)合平行四邊形定則求出P、Q速度的關(guān)系．通過繩子拉力對Q物體的做功情況，判斷物塊Q機械能的變化，從而得出何時機械能最大．9、AC【解析】

AB．粒子恰能在M、N間作直線運動，則有：當(dāng)滑片移動到A端時，極板間電勢差變小，電場強度減小，帶負電的粒子受向上的電場力減小，則粒子向下偏轉(zhuǎn)，電場力將對粒子做負功，引起粒子動能減小，故A正確，B錯誤。C．當(dāng)滑片移動到A端時，電場強度為零，粒子僅受洛倫茲力作用，做勻速圓周運動，故C正確；D．當(dāng)滑片移動到A端時，電場強度為零，電場力消失，電勢能變?yōu)榱?，故D錯誤。故選AC．【點睛】本題難度屬于中等，帶點粒子在勻強電場中可做兩種運動，一是當(dāng)初速度為零或與電場方向在同一直線時，帶電粒子做勻變速直線運動；二是當(dāng)初速度電場方向不在同一直線時，帶電粒子在電場力作用下做平拋運動．帶點粒子在復(fù)合場中的運動，要依據(jù)受力分析及力對物體運動狀態(tài)的影響等知識綜合分析．10、BC【解析】A、由電荷的運動軌跡可知，電荷的受力方向指向左下方，逆著電場線的方向，所以電荷為負電荷，所以A錯誤．B、電場線密的地方電場強度大，電場線疏的地方電場強度小，由圖可知，C點的場強大于D點的場強的大小，在C點的受力大于在D的受力，所以粒子在D點的加速度小于它在C點的加速度，所以B正確；C、D、由電荷的運動軌跡可知，電荷的受力方向指向左下方，粒子從C向D運動的過程中電場力做正功，電荷的電勢能減小，動能增加，所以粒子在C處的電勢能大于在D處的電勢能，粒子在C點的動能小于它在D點的動能，所以C正確，D錯誤．綜上所述本題答案是：BC點睛：根據(jù)物體做曲線運動的條件，掌握住電場線的特點，結(jié)合電場力做功與電勢能的變化關(guān)系即可解決本題三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BBAB【解析】

平行板電容器的電容與正對面積，板間距離、介質(zhì)有關(guān)，本實驗采用了控制變量法；靜電計是測量平行板電容器兩板間電勢差的，使電容器帶電后與電源斷開，則帶電量不變，要研究電容C與兩板間間距d的關(guān)系，要保持兩板間的正對面積和電介質(zhì)不變，只能改變距離，觀察靜電計指針張角的變化；【詳解】解：(1)平行板電容器的電容與正對面積，板間距離、介質(zhì)有關(guān)；本實驗采用了控制變量法，故B正確，A、C、D錯誤；故選B；(2)使電容器帶電后與電源斷開，電量不變，要研究電容C和兩板間間距d的關(guān)系，要保持兩極板間正對面積和電介質(zhì)不變，改變兩板間間距d；(3)電容器充電后與電源斷開，電量不變，只將A板水平向左移動，兩板間間距d增大，根據(jù)C=εs4πkd可知電容C減小，由U=QC可知兩板間電勢差U增大，可觀察到靜電計指針張角有變大，故A錯誤；只將A板豎直向上移動，兩極板間正對面積減小，根據(jù)C=ε