2025屆重慶江北區(qū)物理高二上期末學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在物理學中，常用比值定義物理量，用來表示研究對象的某種性質。下列表達式屬于比值定義的是（）A. B.C. D.2、下列物理量中屬于矢量的是（）A.磁通量 B.電動勢C.電流 D.磁感應強度3、在下列四圖中，標出磁場B、電流I和安培力F的相互關系，其中正確的是（）A. B.C. D.4、下列物理量中，均屬于標量的一組是A.質量、時間、功 B.質量、速度、時間C.時間、速度、功 D.力、位移、功5、如圖所示的溫控電路中，R1為定值電阻，R2為半導體熱敏電阻（溫度越高電阻越?。?，C為電容器，電源內阻不可忽略．當環(huán)境溫度降低時下列說法正確的是A.電容器C的帶電量增大B.電壓表的讀數(shù)減小C.干路電流增大D.R1消耗的功率變大6、在電場中A點，先后放入q1、q2兩個點電荷（q1＞q2），點電荷所受到的電場力分別為F1、F2，兩次測得該點的電場強度分別為E1、E2，則（）A.F1=F2，E1=E2 B.F1>F2，E1=E2C.F1>F2，E1>E2 D.F1<F2，E1<E2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于勻強磁場中的運動電荷，下列說法正確的是（）A.電荷一定受到磁場力 B.電荷可能不受磁場力C.若電荷僅受磁場力，則速度一定不變 D.若電荷僅受磁場力，則動能一定不變8、如圖所示，兩平行正對金屬板水平放置，使上面金屬板帶上一定量正電荷，下面金屬板帶上等量的負電荷，形成的勻強電場強度為E，在它們之間加上垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為B，ab為兩金屬板間與板平行的中心線，如果帶電粒子進入電場前的速率v=，且粒子重力不計，則下列判斷正確的是A.帶正電粒子沿ab方向從左側進入場區(qū)，粒子能沿直線通過場區(qū)B.帶負電粒子沿ba方向從右側進入場區(qū)，粒子能沿直線通過場區(qū)C.不論粒子電性如何，沿ab方向從左側進入場區(qū)，都能沿直線通過場區(qū)D.不論粒子電量如何，沿ba方向從右側進入場區(qū)，都能沿直線通過場區(qū)9、如圖所示，A、B兩閉合線圈為同樣導線繞成，A有10匝，B有20匝，兩圓線圈半徑之比為2∶1，均勻磁場只分布在B線圈內．當磁場隨時間均勻減弱時A.A中無感應電流B.A、B中均有恒定的感應電流C.A、B中感應電動勢之比為2∶1D.A、B中感應電流之比為1∶210、如圖所示，兩個同心金屬環(huán)水平放置，半徑分別為r和2r，兩環(huán)間有磁感應強度大小為B、方向垂直環(huán)面向里勻強磁場，在兩環(huán)間連接有一個電容為C的電容器，a、b是電容器的兩個極板。長為r的金屬棒AB沿半徑方向放置在兩環(huán)間且與兩環(huán)接觸良好，并繞圓心以角速度做逆時針方向(從垂直環(huán)面向里看)的勻速圓周運動。則下列說法正確的是A.金屬棒中有從A到B電流 B.電容器a極板帶正電C.電容器兩端電壓為 D.電容器所帶電荷量為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在測量一節(jié)干電池的電動勢和內電阻的實驗中，實驗電路圖如圖所示(1)實驗過程中，電流表應選______滑動變阻器應選_______(請?zhí)顚戇x項前對應的字母)A．電流表A1(量程0.6A，內阻約0.8Ω)B．電流表A2(量程3A，內阻約0.5Ω)C．滑動變阻器R1(0～10Ω)D．滑動變阻器R2(0～2000Ω)(2)根據(jù)圖示的電路，電流表測量值_______真實值(選填“大于”或“小于”)(3)若測量是新干電池，其內電阻比較?。谳^大范圍內調節(jié)滑動變阻器，電壓表讀數(shù)變化________(選填“明顯”或“不明顯”)(4)閉合開關，調節(jié)滑動變阻器，讀取電壓表和電流表的示數(shù)．用同樣方法測量多組數(shù)據(jù)，將實驗測得的數(shù)據(jù)標在如圖所示的坐標圖中，請作出U-I圖線_____，由此求得待測電池的電動勢E=_____V，內電阻r=______Ω（結果均保留兩位有效數(shù)字）．所得內阻的測量值與真實值相比________（填“偏大”、“偏小”或“相等”）12．（12分）在“測定金屬絲的電阻率”的實驗中，某同學進行了如下測量：(1)用毫米刻度尺測量接入電路中的被測金屬絲的有效長度．測量3次，求出其平均值l．其中一次測量結果如圖1甲所示，金屬絲的另一端與刻度尺的零刻線對齊，圖中讀數(shù)為_____cm．用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，選不同的位置測量3次，求出其平均值d．其中一次測量結果如圖1乙所示，圖中讀數(shù)為_____mm(2)采用如圖所示的電路測量金屬絲的電阻．電阻的測量值比真實值_____（填“偏大”或“偏小”）．最后由公式ρ=_______計算出金屬絲的電阻率（用直接測量的物理量表示）(3)請你根據(jù)電路圖在實物圖中進行實物連線________．（電流表選0.6A量程，電壓表選3V量程）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在電場中把一個電荷量為-6×10-8C的點電荷從A點移到B點，克服電場力做功3×10-5J；將此電荷從B點移到C點，電場力做功為4.5×10-5J．則：（1）若將此電荷從A點移到C點，電荷的電勢能變化多少？AC間的電勢差為多少？（2）若A點的電勢為零，則B、C兩點的電勢分別為多少？14．（16分）如圖所示，MN和PQ是兩根放在豎直面內且足夠長的平行金屬導軌，相距l(xiāng)=1.2m．導軌處在垂直紙面向里的磁感應強度B=0.5T的勻強磁場中．一根電阻為r=0.2Ω的金屬棒ab可緊貼導軌左右運動．兩塊平行的、相距d=0.8m、長度L=1.2m的水平放置的金屬板A和C分別與兩平行導軌相連接，圖中跨接在兩導軌間的電阻R1=2Ω，R2=0.5Ω．其余電阻忽略不計．質量m=0.01kg、帶電量q=－0.04C的小球（重力不可忽略、可視為質點）以某一速度v0=6m/s沿金屬板A和C的中線射入板間，恰能從A板的右邊緣射出金屬板（g取10m/s2）．求：（1）兩金屬板A和C間的電壓；（2）金屬棒ab的速度大小和方向15．（12分）如圖所示，兩平行金屬導軌間的距離L=0.40m，金屬導軌所在的平面與水平面夾角θ=37°，在導軌所在平面內，分布著磁感應強度B=0.60T、方向垂直于導軌所在平面的勻強磁場。金屬導軌的一端接有電動勢E=4.5V、內阻r=0.50Ω的直流電源，現(xiàn)把一個質量m=0.04kg的導體棒ab放在金屬導軌上，導體棒恰好靜止。導體棒與金屬導軌垂直、且接觸良好，導體棒與金屬導軌接觸的兩點間的電阻R0=2.5Ω，金屬導軌電阻不計，g取10m/s2，已知sin37°=0.60，cos37°=0.80，求：（1）通過導體棒的電流；（2）導體棒受到的安培力大??；（3）導體棒受到的摩擦力；（4）若導軌光滑且磁感應強度B的方向改為豎直向上，為使導體棒仍然保持靜止，則電路中需要另外接入一個多大的電阻。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A．公式：不是電流的定義式，I與P及U有關，不屬于比值定義法，故A錯誤；B．電容器兩端的電勢差U與電荷量Q及電容器電容C有關，不屬于比值定義法，故B錯誤；C．放入磁場中導體棒的電流與力F和磁感應強度B及有效長度L有關，故不屬于比值定義法，故C錯誤；D．電場強度的定義式：E與F、q無關，由電場本身決定，屬于比值定義法，故D正確。故選D。2、D【解析】ABC．磁通量、電動勢是只有大小沒有方向的標量，電流有大小，有方向，但電流運算時不遵守矢量運算法則，也是標量，ABC錯誤；D．磁感應強度是矢量，D正確。故選D。3、A【解析】熟練應用左手定則是解決本題關鍵，在應用時可以先確定一個方向，然后逐步進行，如可先讓磁感線穿過手心，然后通過旋轉手，讓四指和電流方向一致或讓大拇指和力方向一致，從而判斷出另一個物理量的方向，用這種程序法，防止弄錯方向【詳解】根據(jù)左手定則可知，A圖中安培力方向應該向上，故A正確；根據(jù)左手定則可知，B圖中安培力應該垂直于磁場斜向上，故B錯誤；根據(jù)左手定則可知，C圖中磁場方向和電流方向在同一直線上，不受安培力作用，故C錯誤；根據(jù)左手定則可知，D圖中安培力方向垂直于直導線斜向左上方，故D錯誤．故選A4、A【解析】質量、時間、功都是只有大小無方向的物理量，是標量；而速度、力和位移既有大小又有方向，是矢量；故選A.5、A【解析】C、當環(huán)境溫度降低時R2增大，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流I減小．故C錯誤A、電容器的電壓UC=E-I（r+R1），E、r、R1均不變，I減小，UC增大，由得，電容器C的帶電量增大．故A正確B、總電流I減小，路端電壓U=E-Ir，E、r不變，則U增大，電壓表的讀數(shù)增大．故B錯誤D、R1消耗的功率P=I2R1，I減小，R1不變，則P減小．故D錯誤．故本題選A6、B【解析】在電場中的同一點，電場強度相同，與所放的電荷無關，所以E1=E2，根據(jù)F=qE知，q1＞q2，則F1＞F2，故B正確，ACD錯誤．故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】AB．洛倫茲力的大?。簽樗俣扰c磁感應強度的夾角，當時，，當時，所以運動的電荷在磁場中不一定受到磁場力，A錯誤，B正確；CD．根據(jù)左手定則可知洛倫茲力方向始終與電荷的運動方向垂直，所以洛倫茲力只改變速度方向不改變速度大小，所以電荷僅受洛倫茲力，速度改變，動能一定不變，C錯誤，D正確。故選BD。8、AC【解析】帶電粒子受到的電場力和洛倫茲力平衡時，才能沿直線通過，根據(jù)左手定則判斷洛倫茲力方向，確定兩個力能否平衡，即可判斷粒子能否沿直線運動【詳解】A項：正電粒子沿ab方向從左側進入場區(qū)，根據(jù)左手定則判斷可知，粒子受的洛倫茲力方向向上，電場力方向向下，此時洛倫茲力qvB=qE，與電場力二力平衡，粒子能沿直線通過場區(qū)．故A正確；B項：負電粒子沿ba方向從右側進入場區(qū)，根據(jù)左手定則判斷可知，粒子受的洛倫茲力方向向上，電場力方向向上，粒子將做曲線運動，不能沿直線通過場區(qū)．故B錯誤；C項：不論粒子電性如何，沿ab方向從左側進入場區(qū)，受力分析發(fā)現(xiàn)粒子受的洛倫茲力方向、電場力方向始終相反，此時洛倫茲力qvB=qE，與電場力二力平衡，粒子能沿直線通過場區(qū)．故C正確；D項：不論粒子電量如何，沿ba方向從右側進入場區(qū)，受力分析發(fā)現(xiàn)粒子受洛倫茲力、電場力方向始終相同，都向上或向下，不能沿直線通過場區(qū)．故D錯誤故選AC【點睛】本題考查對速度選擇器工作原理的理解，由qE=qvB得，此結論與帶電粒子的電性、電量無關，同時注意左手定則的應用9、BD【解析】試題分析：穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，電路中產生感應電流；由法拉第電磁感應定律可以求出感應電動勢；由電阻定律求出導線電阻，最后由歐姆定律可以求出線圈電流磁場隨時間均勻減弱，穿過閉合線圈A的磁通量減少，A中產生感應電流，故A錯誤；磁場隨時間均勻減弱，穿過閉合線圈A、B的磁通量減少，A、B中都產生感應電流，故B正確；由法拉第電磁感應定律得，感應電動勢：，其中、S都相同，A有10匝，B有20匝，線圈產生的感應電動勢之比為1：2，A、B環(huán)中感應電動勢，故C錯誤；線圈電阻，兩圓線圈半徑之比為2：1，A有10匝，B有20匝，、s都相同，則電阻之比，由歐姆定律得，產生的感應電流之比，故D正確；10、BC【解析】A．根據(jù)右手定則可知，AB棒做切割磁感線運動，但電路沒有閉合，所以金屬棒AB中沒有感應電流，故A錯誤；B．AB棒切割磁感線產生感應電動勢高低為：A端為低電勢、B端為高電勢，則電容器a極板帶正電，b極板帶負電，B正確；C．電容器兩端電壓等于切割感應電動勢，根據(jù)有：C正確；D．根據(jù)得：D錯誤；故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.A②.C③.小于④.不明顯⑤.⑥.1.5⑦.1.9⑧.偏小【解析】本題考查測量電源電動勢和內阻的實驗【詳解】(1)因為一般干電池電動勢為1.5V，結合電路中的電阻情況得知電路中的電流比較小，所以應該選量程為0.6A的電流表更合適，故電流表選A；因為是限流式電路，滑動變阻器應該選擇總阻值和電源內阻更接近的，故滑動變阻器應該選擇C；(2)此電路圖采用的是電流表相對電源的外接法，因為電壓表存在分流作用，故而電流表的測量值實際并不是主路電路，主路電流應該等于電流表的示數(shù)與流經電壓表的電流之和，故電流表測量值應小于真實值；(3)若電源比較新，內阻較小，則內電壓的變化也比較小，故路端電壓變化不明顯，即電壓表示數(shù)變化不明顯；(4)將方格紙上的個點連成如圖所示的直線，由圖線可得，該圖線與縱軸的焦點表示電源的電動勢，該圖線的斜率的絕對值表示電源的內阻，即E=1.5V，r=1.9Ω，因使用該種方法測量得出的，即測量值相比于真實值偏小12、①.24.13（24.12~24.14）②.0.516(0.515～0.518)③.偏小④.⑤.【解析】(1)由圖示刻度尺可知，其分度值為1mm，示數(shù)為24.12～24.14cm；由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：0.5mm+1.6×0.01mm=0.516mm；(2)采用安培表外接法，由于電壓表的內阻不是無窮大，電壓表有分流，從而電流表的測量值大于真實值，由R＝可知，電阻的測量值小于真實值；由R＝ρ，R＝，S＝，可得ρ＝。(3)實物連接如下圖所示四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1.5ⅹ10-5J；；（2）-500V；【解析】(1)依題意從A移到B電場力做功WAB=-3×10-5J，從B移到C電場力做功WBC=4.5×10-5J，從A移到C，電場力做功為：WAC=WAB+WBC=-3×10-5J+4.5×10-5J=1.5×10-5J；故：從A移到C電勢能減少ΔE＝1.5×10-5J由代入數(shù)據(jù)，解得：；(2)設B、C點的電勢分別為φB、φC，有：解得：，14、（1）6V（2）1