福建福州市2025屆高三上物理期中教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)模擬試題注意事項(xiàng)1．考生要認(rèn)真填寫考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，卡車通過(guò)定滑輪以恒定的功率P0拉繩，牽引河中的小船沿水面運(yùn)動(dòng)，已知小船R的質(zhì)量為m，沿水面運(yùn)動(dòng)時(shí)所受的阻力為f，當(dāng)繩AO段與水平面夾角為θ時(shí)，小船的速度為v，不計(jì)繩子與滑輪的摩擦，則此時(shí)小船的加速度等于（）A． B． C． D．2、如圖，小球甲從A點(diǎn)水平拋出，同時(shí)將小球乙從B點(diǎn)自由釋放，兩小球先后經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)速度大小相等，方向夾角為30°，已知B、C高度差為h，兩小球質(zhì)量相等，不計(jì)空氣阻力，由以上條件可知（）A．小球甲做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度大小為B．甲、乙兩小球到達(dá)C點(diǎn)所用時(shí)間之比為C．A，B兩點(diǎn)高度差為D．兩小球在C點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率大小相等3、一小物塊放置在固定斜面上，在沿平行斜面向下的拉力F作用下沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)的大小在0～t1、t1～t2和t2～t3時(shí)間內(nèi)分別為F1、F2和F3，物塊的v-t圖象如圖所示。已知小物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)處處相等，則（）A．B．C．時(shí),若,此時(shí)小物塊的加速度一定不為零D．僅將F的方向變成豎直向下,小物塊一定能沿斜面下滑4、某工人利用升降機(jī)將貨物從一樓豎直運(yùn)送到五樓。設(shè)此過(guò)程中貨物隨升降機(jī)一起先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，再做勻速運(yùn)動(dòng)，最后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)到停止。則A．貨物在升降機(jī)中一直處于超重狀態(tài)B．貨物在升降機(jī)中一直處于失重狀態(tài)C．升降機(jī)勻減速上升過(guò)程中，貨物對(duì)底板的壓力小于貨物自身的重力D．升降機(jī)勻加速上升過(guò)程中，貨物對(duì)底板的壓力大于底板對(duì)貨物的支持力5、如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)的均勻鏈條放在光滑水平桌面上，且使長(zhǎng)度的垂在桌邊，松手后鏈條從靜止開(kāi)始沿桌邊下滑，則鏈條滑至剛剛離開(kāi)桌邊時(shí)的速度大小為()A． B．C． D．6、據(jù)報(bào)道，2020年前我國(guó)將發(fā)射8顆海洋系列衛(wèi)星，包括2顆海洋動(dòng)力環(huán)境衛(wèi)星和2顆海陸雷達(dá)衛(wèi)星(這4顆衛(wèi)星均繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng))，以加強(qiáng)對(duì)黃巖島、釣魚島及西沙群島全部島嶼附近海域的監(jiān)測(cè)。設(shè)海陸雷達(dá)衛(wèi)星的軌道半徑是海洋動(dòng)力環(huán)境衛(wèi)星的n倍，下列說(shuō)法正確的是()A．在相同時(shí)間內(nèi)，海陸雷達(dá)衛(wèi)星到地心的連線掃過(guò)的面積與海洋動(dòng)力環(huán)境衛(wèi)星到地心的連線掃過(guò)的面積相等B．海陸雷達(dá)衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑的三次方與周期的平方之比等于海洋動(dòng)力環(huán)境衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑的三次方與周期的平方之比C．海陸雷達(dá)衛(wèi)星與海洋動(dòng)力環(huán)境衛(wèi)星角速度之比為D．海陸雷達(dá)衛(wèi)星與海洋動(dòng)力環(huán)境衛(wèi)星周期之比為二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、發(fā)射地球同步衛(wèi)星時(shí)，先將衛(wèi)星發(fā)射到近地圓軌道1，然后在圓軌道1的Q點(diǎn)經(jīng)點(diǎn)火使衛(wèi)星沿橢圓軌道2運(yùn)行，待衛(wèi)星到橢圓軌道2上距地球最遠(yuǎn)點(diǎn)P處，再次點(diǎn)火，將衛(wèi)星送入同步圓軌道3，如圖所示．則衛(wèi)星在軌道1、2和3上正常運(yùn)行時(shí)，有（）A．衛(wèi)星在軌道3上的速率大于在軌道1上的速率B．衛(wèi)星在軌道3上的角速度小于在軌道1上的角速度C．衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)Q點(diǎn)的加速度等于它在軌道2上經(jīng)Q點(diǎn)的加速度D．衛(wèi)星在軌道2上運(yùn)行時(shí)經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的加速度跟經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)的加速度相等8、在機(jī)場(chǎng)和火車站對(duì)行李進(jìn)行安全檢查用的水平傳送帶如圖所示，當(dāng)行李放在勻速運(yùn)動(dòng)的傳送帶上后，傳送帶和行李之間的滑動(dòng)摩擦力使行李開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，隨后它們保持相對(duì)靜止，行李隨傳送帶一起勻速通過(guò)檢測(cè)儀檢查，設(shè)某機(jī)場(chǎng)的傳送帶勻速前進(jìn)的速度為0.4m/s，某行李箱的質(zhì)量為5kg，行李箱與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，當(dāng)旅客把這個(gè)行李箱小心地放在傳送帶上的A點(diǎn)，已知傳送帶AB兩點(diǎn)的距離為1.2m,那么在通過(guò)安全檢查的過(guò)程中，g取10m/s2，則（）．A．開(kāi)始時(shí)行李箱的加速度為0.2m/s2B．行李箱從A點(diǎn)到達(dá)B點(diǎn)時(shí)間為3.1sC．傳送帶對(duì)行李箱做的功為0.4JD．傳送帶上將留下一段摩擦痕跡，該痕跡的長(zhǎng)度是0.04m9、某人身系彈性繩自高空p點(diǎn)自由下落,如圖所示a點(diǎn)是彈性繩的原長(zhǎng)位置,c點(diǎn)是人所到達(dá)的最低點(diǎn),b點(diǎn)是人靜止懸吊時(shí)的平衡位置.不計(jì)空氣阻力,則下列說(shuō)法中正確的是（）A．從p至b過(guò)程中重力的沖量大小大于彈性繩彈力的沖量大小B．從p至b過(guò)程中重力所做功等于人克服彈力所做的功C．從p至c過(guò)程中重力的沖量大小大于彈性繩彈力的沖量大小D．從p至c過(guò)程中重力所做功等于人克服彈力所做的功10、如圖甲所示，一傾角=的足夠長(zhǎng)斜面體固定在水平地面上，一個(gè)物塊靜止在斜面上．現(xiàn)用大小為F=kt，（k為常量，F(xiàn)、t的單位均為國(guó)際標(biāo)準(zhǔn)單位）的拉力沿斜面向上拉物塊，物塊受到的摩擦力Ff隨時(shí)間變化的關(guān)系圖象如圖乙所示，物塊與斜面間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g=10m/s2，則下列判斷正確的是A．物塊的質(zhì)量為1kgB．k的值為5N/sC．物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為D．t=3s時(shí)，物塊的速度大小為1.6m/s三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）用如圖甲所示的裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)頻率f=50Hz.(1)對(duì)于該實(shí)驗(yàn)，下列操作中對(duì)減小實(shí)驗(yàn)誤差有利的是___________(填選項(xiàng)前的字母)A.重物選用質(zhì)量和密度較大的金屬錘B.兩限位孔在同一豎直面內(nèi)上下對(duì)正C.精確測(cè)量出重物的質(zhì)量D.用手托穩(wěn)重物，先釋放重物,后接通電源(2)實(shí)驗(yàn)中得到的一條紙帶如圖乙所示，打下的第一個(gè)點(diǎn)標(biāo)記為O，選擇點(diǎn)跡清晰且便于測(cè)量的連續(xù)5個(gè)點(diǎn)，標(biāo)為A、B、C、D、E，測(cè)出A、C、E到O點(diǎn)的距離分別為d1=9.51cm、d2=15.71cm、d3=23.47cm.重物質(zhì)量為0.5kg，當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭=9.80m/s2.現(xiàn)選取重物在OC段的運(yùn)動(dòng)進(jìn)行數(shù)據(jù)處理，則OC段重力勢(shì)能減少量為_(kāi)___________J，動(dòng)能增加量為_(kāi)_____________J.(計(jì)算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)，(3)實(shí)驗(yàn)結(jié)果往往是重力勢(shì)能的減少量略大于動(dòng)能的增加量，關(guān)于這個(gè)誤差，下列說(shuō)法正確的是_____(填選項(xiàng)前的字母)A.該誤差屬于偶然誤差B.該誤差屬于系統(tǒng)誤差C.可以通過(guò)多次測(cè)量取平均值的方法來(lái)減小該誤差D.可以通過(guò)減小空氣阻力和摩擦阻力的影響來(lái)減小該誤差12．（12分）如圖所示為研究平行板電容器電容的實(shí)驗(yàn)．電容器充電后與電源斷開(kāi)，電量Q

將________（填“增大”、“減小”或“不變”），與電容器相連的靜電計(jì)用來(lái)測(cè)量電容器的___________．在常見(jiàn)的電介質(zhì)中，由于空氣的介電常數(shù)是最小的，當(dāng)極板間插入其它的電介質(zhì)板時(shí)，電容器的電容將___________（填“增大”、“減小”或“不變”），于是我們發(fā)現(xiàn)，靜電計(jì)指針偏角將___________．（填“增大”、“減小”或“不變”）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一個(gè)“V”形玻璃管ABC倒置于豎直平面內(nèi)，并處于場(chǎng)強(qiáng)大小為E=1x113v/m，方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一個(gè)重力為G=1x11-3N，電荷量為q=2X11-6C的帶負(fù)電小滑塊從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，小滑塊與管壁的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=1．5，已知管長(zhǎng)AB=BC=L=2m，傾角α=37°，B點(diǎn)是一段很短的光滑圓弧管，sin37°=1．6，cos37°=1．8，重力加速度g=11m/s2，求從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最后靜止，小滑塊通過(guò)的總路程為為多少？14．（16分）如圖是某種靜電分選器的原理示意圖，兩個(gè)豎直放置的平行金屬板帶有等量異號(hào)電荷，形成勻強(qiáng)電場(chǎng)。分選器漏斗的出口與兩板上端處于同一高度，到兩板距離相等?；旌显谝黄鸬腶、b兩種顆粒從漏斗出口下落時(shí)，a種顆粒帶上正電,b種顆粒帶上負(fù)電。經(jīng)分選電場(chǎng)后，a、b兩種顆粒分別落到水平傳送帶A、B上。已知兩板間距d=0.1m,板的長(zhǎng)度l=0.5m，電場(chǎng)僅局限在平行板之間;各顆粒所帶電量大小與其質(zhì)量之比均為1×10?5C/kg。設(shè)顆粒進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的初速度為零，分選過(guò)程中顆粒大小及顆粒間的相互作用力不計(jì)。要求兩種顆粒離開(kāi)電場(chǎng)區(qū)域時(shí)，不接觸到極板但有最大偏轉(zhuǎn)量。重力加速度g=10m/s2（計(jì)算結(jié)果均保留一位有效數(shù)字）。(1)左、右兩板各帶何種電荷?兩極板間的電壓多大?(2)若兩帶電平行板的下端距傳送帶A、B的高度H=0.3m，顆粒落至傳送帶時(shí)的速度大小是多少?(3)設(shè)顆粒每次與傳送帶碰撞反彈時(shí)，沿豎直方向的速度大小為碰撞前豎直方向速度大小的一半，求顆粒第2次與傳送帶碰撞反彈的高度？15．（12分）如圖所示，光滑水平面上固定兩個(gè)傾斜軌道和一豎直光滑圓軌道（最低點(diǎn)處分別與左、右水平軌道相切），各部分平滑相接。一小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）從左邊傾斜軌道頂點(diǎn)A由靜止釋放，沿傾斜軌道下滑，經(jīng)過(guò)圓軌道后沖上右邊光滑的傾斜軌道，到最高點(diǎn)后再沿軌道滑下，再次經(jīng)過(guò)圓軌道并滑上左邊的傾斜軌道，如此往復(fù)多次。已知圓軌道半徑，小球的質(zhì)量，左邊傾斜軌道的傾角，軌道的長(zhǎng)度，小球與左邊傾斜軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)，g取10m/s2。求：(1)小球第一次通過(guò)豎直圓軌道最高點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大?。?2)小球第一次滑上右邊軌道的最大高度與第二次滑上右邊軌道的最大高度之比；(3)小球通過(guò)豎直圓軌道最高點(diǎn)的次數(shù)。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】

ABCD.假設(shè)卡車速度是v0，對(duì)小船運(yùn)動(dòng)分解，小船的速度為v的沿繩分量與卡車速度相同，如圖：由幾何關(guān)系可知，此時(shí)卡車的牽引力為再對(duì)小船受力分析如圖：由牛頓第二定律可知，小船加速度為故A正確BCD錯(cuò)誤。故選A。2、C【解析】A項(xiàng)，小球乙到C的速度為，此時(shí)小球甲的速度大小也為，又因?yàn)樾∏蚣姿俣扰c豎直方向成角，可知水平分速度為故A錯(cuò)；B、小球運(yùn)動(dòng)到C時(shí)所用的時(shí)間為得而小球甲到達(dá)C點(diǎn)時(shí)豎直方向的速度為，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間為所以甲、乙兩小球到達(dá)C點(diǎn)所用時(shí)間之比為故B錯(cuò)C、由甲乙各自運(yùn)動(dòng)的時(shí)間得：，故C對(duì)；D、由于兩球在豎直方向上的速度不相等，所以兩小球在C點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率也不相等故D錯(cuò)；故選C3、B【解析】

AB.根據(jù)圖象可知，0-t1時(shí)間內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)受力情況及牛頓第二定律得：F1+mgsinθ-μmgcosθ=ma1t1-t2時(shí)間內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，可知：F2+mgsinθ-μmgcosθ=0t2-t3時(shí)間內(nèi)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，斜率與0-t1成相反數(shù)，可知：F3+mgsinθ-μmgcosθ=-ma1綜合以上所述，解得：F1＞F2＞F3故A錯(cuò)誤，B正確。C.t=0時(shí)，若F=0，此時(shí)mgsinθ可能等于μmgcosθ，加速度可能為0，故C錯(cuò)誤；D.當(dāng)F的方向變成豎直向下，則：（F+mg）sinθ-μ（F+mg）cosθ=ma其中可能恰好平衡，故D錯(cuò)誤。4、C【解析】

AB．升降機(jī)在勻加速上升階段，加速度向上，則貨物在升降機(jī)中處于超重狀態(tài)；升降機(jī)在勻減速上升階段，加速度向下，則貨物在升降機(jī)中處于失重狀態(tài)；選項(xiàng)AB錯(cuò)誤。C．升降機(jī)勻減速上升過(guò)程中，根據(jù)mg-FN=ma可知，貨物對(duì)底板的壓力FN小于貨物自身的重力mg，選項(xiàng)C正確；D．貨物對(duì)底板的壓力與底板對(duì)貨物的支持力是一對(duì)相互作用力，總是相等的，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。5、C【解析】

鏈條在重力作用而向下滑動(dòng)，只有重力做功，其機(jī)械能守恒；可設(shè)桌面為零勢(shì)能面，列出機(jī)械能守恒方程可得出鏈條的速度．【詳解】設(shè)桌面為零勢(shì)能面，鏈條的總質(zhì)量為m開(kāi)始時(shí)鏈條的機(jī)械能為：E1=當(dāng)鏈條剛脫離桌面時(shí)的機(jī)械能：E2=由機(jī)械能守恒可得：E1=E2即：解得：．故應(yīng)選：C．【點(diǎn)睛】零勢(shì)能面的選取是任意的，本題也可以選鏈條滑至剛剛離開(kāi)桌邊時(shí)鏈條的中心為零勢(shì)能面，結(jié)果是一樣的，要注意重力勢(shì)能的正負(fù)；抓住機(jī)械能守恒時(shí)，鏈條動(dòng)能的變化取決于重力勢(shì)能的變化量．6、B【解析】根據(jù)可得，衛(wèi)星到地心的連線掃過(guò)的面積為，半徑不同，面積不同，A錯(cuò)誤；由可知，是一個(gè)定值，B正確；根據(jù)可知角速度之比為，C錯(cuò)誤；根據(jù)可知周期之比為，D錯(cuò)誤．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】衛(wèi)星在1軌道和3軌道均是萬(wàn)有引力提供向心力：，，所以，A錯(cuò)。ω=GMr3軌道1上經(jīng)Q點(diǎn)的加速度和它在軌道2上經(jīng)Q點(diǎn)的加速度均是由萬(wàn)有引力提供加速度，相同，所以a相同，所以C對(duì)；P點(diǎn)和Q點(diǎn)離地球距離不同，所受萬(wàn)有引力不同，所以a不同。D錯(cuò)。8、BCD【解析】

行李開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)由牛頓第二定律有：μmg=ma，所以得：a="2"m/s2，故A錯(cuò)誤；物體加速到與傳送帶共速的時(shí)間，此時(shí)物體的位移：，則物體在剩下的x2=1.2m-0.04m=1.96m內(nèi)做勻速運(yùn)動(dòng)，用時(shí)間，則行李箱從A點(diǎn)到達(dá)B點(diǎn)時(shí)間為t=t1+t2="3.1"s，選項(xiàng)B正確；行李最后和傳送帶最終一起勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理知，傳送帶對(duì)行李做的功為：W=mv2="0.4"J，故C正確；在傳送帶上留下的痕跡長(zhǎng)度為：，故D正確．故選BCD．9、AD【解析】

某人下降的過(guò)程中，彈性繩未伸長(zhǎng)前某人做自由落體運(yùn)動(dòng)，彈性繩開(kāi)始伸長(zhǎng)后，彈力逐漸變大，某人受到重力和彈力的合力先變小后反向變大，當(dāng)合力向下時(shí)加速，合力向上時(shí)減速．【詳解】A、B、從p至b的過(guò)程中，重力作用時(shí)間大于彈力作用時(shí)間，重力也大于彈力，故重力的沖量大于彈力的沖量；故A正確，B錯(cuò)誤.C、D、從p至c的過(guò)程中，對(duì)人運(yùn)用動(dòng)量定理，有：IG-IT=0，故重力的沖量大小等于彈性繩彈力的沖量大小；由動(dòng)能定理，可知，WG-WT=0重力所做功等于人克服彈力所做的功，故C錯(cuò)誤，D正確.故選AD.【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵分析清楚某人的運(yùn)動(dòng)情況和受力情況，然后結(jié)合沖量的定義和動(dòng)量定理列式分析10、ABD【解析】

A.t=0時(shí)，F(xiàn)f=mgsin=5N解得：m=1kg故A項(xiàng)與題意相符；B.t=ls時(shí)，F(xiàn)f=0，說(shuō)明F=5N則k=5N/s，故B項(xiàng)與題意相符；C.后來(lái)滑動(dòng)Ff=6N=μmgcos解得：μ=故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D.當(dāng)F=Ff+mgsin即kt1=6+5解得：t1=2.2s物體開(kāi)始向上滑動(dòng)F合=kt-Ff-mgsin解得：F合=kt-11由動(dòng)量定理:故D項(xiàng)與題意相符．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、AB0.77J0.76JBD【解析】

（1）實(shí)驗(yàn)供選擇的重物應(yīng)該相對(duì)質(zhì)量較大、體積較小的物體，這樣能減少摩擦阻力的影響，從而減小實(shí)驗(yàn)誤差，故A正確；為了減小紙帶與限位孔之間的摩擦圖甲中兩限位孔必須在同一豎直線，這樣可以減小紙帶與限位孔的摩擦，從而減小實(shí)驗(yàn)誤差，故B正確；因?yàn)槲覀兪潜容^mgh、mv2的大小關(guān)系，故m可約去，不需要測(cè)量重錘的質(zhì)量，對(duì)減小實(shí)驗(yàn)誤差沒(méi)有影響，故C錯(cuò)誤；實(shí)驗(yàn)時(shí)，先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源再放手松開(kāi)紙帶，對(duì)減小實(shí)驗(yàn)誤差沒(méi)有影響，故D錯(cuò)誤．所以AB正確，CD錯(cuò)誤．（2）由題意可得物體由O到C的過(guò)程中，重物高度下降了：d2=15.71cm，故重力勢(shì)能的減小量：△EP=mg△h=0.5×9.8×0.1571J≈0.77J；C點(diǎn)速度為：，動(dòng)能增加量．（3）實(shí)驗(yàn)結(jié)果往往是重力勢(shì)能的減少量略大于動(dòng)能的增加量，這個(gè)誤差是系統(tǒng)誤差，無(wú)法避免，可以通過(guò)減小空氣阻力和摩擦阻力的影響來(lái)減小該誤差，故BD正確，AC錯(cuò)誤．12、不變；電勢(shì)差；增大；減?。弧窘馕觥侩娙萜鞒潆姾笈c電源斷開(kāi)，電量保持不變；靜電計(jì)可以測(cè)量電容器的電勢(shì)差．當(dāng)插入介質(zhì)時(shí)，增大，由可知電容將增大；由可知，兩板間的電壓減小，靜電計(jì)指針偏角減?。?、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、【解析】試題分析：對(duì)帶電小滑塊受力分析得：