2025屆云南省迪慶州維西縣第二中學(xué)高二物理第一學(xué)期期末聯(lián)考試題注意事項(xiàng)1．考生要認(rèn)真填寫(xiě)考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2．試題所有答案必須填涂或書(shū)寫(xiě)在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源與定值電阻R1、R2及滑動(dòng)變阻器R連接成如圖3所示的電路，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭由中點(diǎn)滑向b端時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A.電壓表和電流表讀數(shù)都增大B.電壓表和電流表讀數(shù)都減小C.電壓表讀數(shù)增大，電流表讀數(shù)減小D.電壓表讀數(shù)減小，電流表讀數(shù)增大2、兩相鄰勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不同、方向平行．一速度方向與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直的帶電粒子（不計(jì)重力），從較強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域進(jìn)入到較弱磁場(chǎng)區(qū)域后，粒子的A.軌道半徑減小，角速度增大B.軌道半徑減小，角速度減小C軌道半徑增大，角速度增大D.軌道半徑增大，角速度減小3、如圖所示，兩塊較大的平行金屬板A、B水平放置并與電源相連，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，電鍵S閉合后，兩板間有一帶電油滴恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將A板向上平移一小段距離．下列說(shuō)法正確的是A.電容器的電容減小B.電容器的電壓增大C.電容器的帶電量不變D.帶電油滴將向上做加速運(yùn)動(dòng)4、如圖所示某型號(hào)電吹風(fēng)的電路圖，它主要由電動(dòng)機(jī)M和電熱絲R構(gòu)成，已知電吹風(fēng)的額定電壓為220V，吹冷風(fēng)時(shí)的功率為120W，吹熱風(fēng)時(shí)的功率為1000W，關(guān)于該電吹風(fēng)，下列說(shuō)法正確的是A.電熱絲的內(nèi)阻為55ΩB.電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻約為403ΩC.若S1、S2均閉合，則電吹風(fēng)吹冷風(fēng)D.電動(dòng)機(jī)工作時(shí)輸出的機(jī)械功率為880W5、在如圖所示的電路中，電池的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，R1和R2是兩個(gè)固定的電阻，C為電容器．當(dāng)可變電阻的滑片向b端移動(dòng)時(shí)：A.I1變大，I2變小，電容器帶電量增加B.I1變大，I2變大，電容器帶電量增加C.I1變小，I2變大，電容器帶電量減少D.I1變小，I2變小，電容器帶電量減少6、如圖，為兩根相互平行的通電直導(dǎo)線a、b的橫截面圖，a、b的電流方向已在圖中標(biāo)出（）A.導(dǎo)線a磁感線沿逆時(shí)針?lè)较?，?dǎo)線a、b相互吸引B.導(dǎo)線a磁感線沿順時(shí)針?lè)较?，?dǎo)線a、b相互吸引C.導(dǎo)線a磁感線沿逆時(shí)針?lè)较颍瑢?dǎo)線a、b相互排斥D.導(dǎo)線a磁感線沿順時(shí)針?lè)较?，?dǎo)線a、b相互排斥二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、圖是通過(guò)變壓器降壓給用戶供電的示意圖．負(fù)載變化時(shí)變壓器輸入電壓基本保持不變．輸出電壓通過(guò)輸電線輸送給用戶，輸電線的電阻用R0表示，開(kāi)關(guān)S閉合后，相當(dāng)于接入電路中工作的用電器增加．如果變壓器上的能量損失可以忽略，則開(kāi)關(guān)S閉合后，以下說(shuō)法正確的是A.電表V1示數(shù)與V2示數(shù)的比值不變B.電表A1示數(shù)不變，A2示數(shù)增大C.輸電線的電阻R0消耗的功率增大D.流過(guò)電阻R1的電流減小8、在兩平行金屬板間，有如圖所示的互相正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)．α粒子（氦原子核）以速度v0從兩板的正中央垂直于電場(chǎng)方向和磁場(chǎng)方向從左向右射入，恰好能沿直線勻速通過(guò)．下列說(shuō)法正確的是（）A.若電子以速度沿相同方向射入，電子將向下偏轉(zhuǎn)B.若質(zhì)子以速度沿相同方向射入，質(zhì)子將沿直線勻速通過(guò)C.若質(zhì)子以大于的速度沿相同方向射入，質(zhì)子將向下偏轉(zhuǎn)D.若質(zhì)子以大于的速度沿相同方向射入，質(zhì)子將向上偏轉(zhuǎn)9、如圖所示，兩個(gè)同心金屬環(huán)水平放置，半徑分別為r和2r，兩環(huán)間有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直環(huán)面向里勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在兩環(huán)間連接有一個(gè)電容為C的電容器，a、b是電容器的兩個(gè)極板。長(zhǎng)為r的金屬棒AB沿半徑方向放置在兩環(huán)間且與兩環(huán)接觸良好，并繞圓心以角速度做逆時(shí)針?lè)较?從垂直環(huán)面向里看)的勻速圓周運(yùn)動(dòng)。則下列說(shuō)法正確的是A.金屬棒中有從A到B電流 B.電容器a極板帶正電C.電容器兩端電壓為 D.電容器所帶電荷量為10、關(guān)于天然放射性，下列說(shuō)法正確的是（）A所有元素都可能發(fā)生衰變B.放射性元素的半衰期與外界的溫度無(wú)關(guān)C.放射性元素與別的元素形成化合物時(shí)仍具有放射性D.、和三種射線中，射線的穿透能力最強(qiáng)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）如圖所示的螺旋測(cè)微器的讀數(shù)是__________12．（12分）用螺旋測(cè)微器測(cè)金屬棒直徑為_(kāi)__________mm；用20分度游標(biāo)卡尺測(cè)金屬棒長(zhǎng)度為_(kāi)_______cm四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，xOy坐標(biāo)系中，在x≤0的區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B和豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)E＝0.2N/C，B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示，電場(chǎng)強(qiáng)度保持不變．一帶電液滴質(zhì)量m＝1.0×10-5kg，電量q＝5.0×10-4C，在t＝0時(shí)刻以v0＝2m/s的初速度由坐標(biāo)原點(diǎn)O豎直向上運(yùn)動(dòng).求：(1)在時(shí)刻液滴所在的位置坐標(biāo)；(2)離開(kāi)O點(diǎn)后，液滴經(jīng)過(guò)y軸時(shí)的位置與O點(diǎn)的距離.14．（16分）如圖所示，單匝矩形線框abcd以ad邊為軸在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B＝0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，lab＝0.4m，lbc＝0.5m，線框電阻r＝1Ω，ad間接入的電阻R＝9Ω，電流表為理想電表，線圈角速度ω＝102rad/s．求：(1)線框從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)30°時(shí)電流的方向及電流表的示數(shù)；(2)線框勻速轉(zhuǎn)動(dòng)t＝10min，電阻R上產(chǎn)生的熱量QR15．（12分）如圖所示，在坐標(biāo)系xOy中，第一象限除外的其它象限都充滿勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度都為B＝0．12T、方向垂直紙面向內(nèi)．P是y軸上的一點(diǎn)，它到坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離l＝0．40m．一比荷＝5．0×107C/kg的帶正電粒子從P點(diǎn)開(kāi)始進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，初速度v0＝3．0×106m/s、方向與y軸正方向成夾角θ＝53°并與磁場(chǎng)方向垂直．不計(jì)粒子的重力作用．已知sin53°＝0．8，cos53°＝0．6，求：（1）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑R；（2）在第一象限中與x軸平行的虛線上方的區(qū)域內(nèi)充滿沿x軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)（如圖），粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后進(jìn)入第一象限，最后恰好從P點(diǎn)沿初速度的方向再次射入磁場(chǎng)．求勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E和電場(chǎng)邊界（虛線）與x軸之間的距離d

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭由中點(diǎn)滑向b端時(shí)，接在電路中的電阻變大，總電阻也變大，總電流變小，內(nèi)電壓變小，輸出電壓變大（V表讀數(shù)變大），U1變小，U2變大，I2變大，A表讀數(shù)變大，選項(xiàng)A正確2、D【解析】由于磁場(chǎng)方向與速度方向垂直，粒子只受到洛倫茲力作用，即，軌道半徑，洛倫茲力不做功，從較強(qiáng)到較弱磁場(chǎng)區(qū)域后，速度大小不變，但磁感應(yīng)強(qiáng)度變小，軌道半徑變大，根據(jù)角速度可判斷角速度變小，選項(xiàng)D正確【定位】磁場(chǎng)中帶電粒子的偏轉(zhuǎn)【名師點(diǎn)睛】洛倫茲力在任何情況下都與速度垂直，都不做功，不改變動(dòng)能3、A【解析】電容器與直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接，電壓不變，A極板豎直向上平移一小段距離，依據(jù)電容的定義式，分析電容變化，再由，分析板間場(chǎng)強(qiáng)變化，從而即可分析該點(diǎn)油滴的運(yùn)動(dòng)情況【詳解】A項(xiàng)：A極板向上平移一小段距離，根據(jù)，當(dāng)間距d增大時(shí)，則電容C減小，故A正確；B、C項(xiàng)：電容器與直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接，電壓U不變，根據(jù)，那么電量Q減小，故BC錯(cuò)誤；D項(xiàng)：由于電壓不變，板間距離增大，場(chǎng)強(qiáng)減小，油滴受到的電場(chǎng)力減小，帶點(diǎn)油滴向下加速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤故選A【點(diǎn)睛】本題是電容器動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，考查分析和判斷能力，掌握電容的定義式與決定式的區(qū)別，注意理解電容器的電壓不變與電量不變的情況4、A【解析】若S1、S2閉合，電熱絲接入，則此時(shí)電阻絲發(fā)熱，電吹風(fēng)吹出的是熱風(fēng)；故C錯(cuò)誤；電機(jī)和電阻并聯(lián)，當(dāng)吹熱風(fēng)時(shí)，電阻消耗的功率為P=P熱-P冷=1000W-120W=880W，由P=，可知R==Ω=55Ω，故A正確；電機(jī)為非純電阻電路故不能用P=求，所以電阻值不等于，故B錯(cuò)誤；電動(dòng)機(jī)工作時(shí)輸出的功率為吹冷風(fēng)時(shí)的功率，故只有120W，故D錯(cuò)誤；故選A【點(diǎn)睛】本題考查了電吹風(fēng)的電路結(jié)構(gòu)及電功率的計(jì)算問(wèn)題；對(duì)于這類結(jié)合生活中的電器考查電路連接情況的題目，要結(jié)合串并聯(lián)電路的電流流向特點(diǎn)進(jìn)行分析5、A【解析】在閉合電路中，R與R2串聯(lián)，再與R1并聯(lián)，電容器并聯(lián)在R的兩端，電容器兩端的電壓等于R兩端間的電壓．當(dāng)可變電阻R的滑片向上端移動(dòng)時(shí)，電阻R的阻值減小，抓住電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律，判斷通過(guò)R1和R2的電流以及R兩端的電壓【詳解】當(dāng)可變電阻R的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，R的阻值增大，整個(gè)電路的總電阻增大，電動(dòng)勢(shì)不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律，總電流減小，內(nèi)電壓減小，外電壓增大，所以I1增大．總電流減小，則I2減小，R2兩端的電壓減小，則R兩端的電壓增大，根據(jù)Q=CU，可知電容器帶電量增加．故A正確，BCD錯(cuò)誤故選A6、D【解析】根據(jù)右手螺旋定則可判斷：導(dǎo)線a磁感線沿順時(shí)針?lè)较?，再利用左手定則可判斷：導(dǎo)線b受到了向右的安培力，力是相互的所以導(dǎo)線a、b相互排斥，故D正確；ABC錯(cuò)誤；故選D二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ACD【解析】根據(jù)電壓和匝數(shù)成正比可求出副線圈的電壓，在根據(jù)電路中的串并聯(lián)關(guān)系可以知道電流及功率的變化狀況【詳解】A、因?yàn)檩斎腚妷簬缀醪蛔儯本€圈的電壓比等于匝數(shù)之比，所以比值不變，故A對(duì)；B、因?yàn)檩斎腚妷簬缀醪蛔?，原副線圈的電壓比等于匝數(shù)之比，則副線圈的電壓幾乎不變，閉合開(kāi)關(guān)后，負(fù)載增加，副線圈總電阻減小，副線圈電壓不變，則副線圈電流增大，即A2示數(shù)增大，原副線圈電流之比等于匝數(shù)之反比，所以電表A1示數(shù)也增大，故B錯(cuò)；C、由于A2示數(shù)增大，所以流過(guò)輸電線的電阻R0的電流增大，根據(jù)則輸電線的電阻R0消耗的功率增大，故C對(duì)；D、閉合開(kāi)關(guān)，電壓表V2示數(shù)不變，副線圈電流增大，R0兩端電壓增大，根據(jù)串聯(lián)分壓得R1兩端電壓減小，所以流過(guò)電阻R1的電流減小，故D對(duì)；故選ACD【點(diǎn)睛】電壓是前決定后，電流是后決定前，并且前后功率相等8、BD【解析】粒子受到向上的洛倫茲力和向下的電場(chǎng)力，二力平衡時(shí)粒子沿直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)二力不平衡時(shí)，粒子做曲線運(yùn)動(dòng)，由公式qv0B=qE，電量與電性不會(huì)影響粒子的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)；再分析電子的受力情況，從而明確電子是否會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)【詳解】由于α粒子從左向右射入正交的電場(chǎng)和磁場(chǎng)空間，恰能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則兩力平衡，即Eq=qvB，所以選擇的速度v=，與電性和電量無(wú)關(guān)，但有確定的進(jìn)、出口．若電子以相同的速度射入，相對(duì)α粒子電場(chǎng)力和洛侖茲力均反向，則電子仍將做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以選項(xiàng)A錯(cuò)誤；同理，質(zhì)子以相同的速度射入時(shí)，相對(duì)α粒子電場(chǎng)力和洛侖茲力雖減小，但兩力仍平衡，沿直線通過(guò)，所以選項(xiàng)B正確；若質(zhì)子進(jìn)入的速度變大，電場(chǎng)力不變，但向上的洛侖茲力變大，所以質(zhì)子將向上偏轉(zhuǎn)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，選項(xiàng)D正確．故選BD【點(diǎn)睛】本題考查了利用質(zhì)譜儀進(jìn)行粒子選擇原理，只要對(duì)粒子進(jìn)行正確的受力分析即可解決此類問(wèn)題，注意掌握粒子做直線運(yùn)動(dòng)，一定是勻速直線運(yùn)動(dòng)，且粒子的電量與電性均不會(huì)影響運(yùn)動(dòng)性質(zhì)9、BC【解析】A．根據(jù)右手定則可知，AB棒做切割磁感線運(yùn)動(dòng)，但電路沒(méi)有閉合，所以金屬棒AB中沒(méi)有感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤；B．AB棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)高低為：A端為低電勢(shì)、B端為高電勢(shì)，則電容器a極板帶正電，b極板帶負(fù)電，B正確；C．電容器兩端電壓等于切割感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)有：C正確；D．根據(jù)得：D錯(cuò)誤；故選BC。10、BCD【解析】A．有些原子核不穩(wěn)定，可以自發(fā)地衰變，但不是所有元素都可能發(fā)生衰變，故A錯(cuò)誤；B．放射性元素的半衰期由原子核內(nèi)部因素決定，與外界的溫度無(wú)關(guān)，故B正確；C．放射性元素的放射性與核外電子無(wú)關(guān)，放射性元素與別的元素形成化合物時(shí)仍具有放射性，故C正確；D．、和三種射線中，射線的穿透能力最強(qiáng)，電離能力最弱，故D正確；故選BCD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、【解析】螺旋測(cè)微器的讀數(shù)是0.01mm×37.6=0.376mm.12、①.6.124-6.126②.10.230【解析】[1]．用螺旋測(cè)微器測(cè)金屬棒直徑為：6mm+0.01mm×12.5=6.125mm；[2]．用20分度游標(biāo)卡尺測(cè)金屬棒長(zhǎng)度為：10.2cm+0.05mm×6=10.230cm四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、(1)（-0.2m，0）(2)0.27m【解析】(1)由于mg＝1.0×10﹣5×10＝1.0×10﹣4NqE＝5×10﹣4×0.2＝1.0×10﹣4N，則mg＝qE在有磁場(chǎng)時(shí)間內(nèi)，液滴做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB1＝m，代入數(shù)據(jù)解得：r1＝0.1m，周期：T1，代入數(shù)據(jù)解得：T1s，因?yàn)椋核栽谶@段時(shí)間內(nèi)，液滴運(yùn)動(dòng)了半個(gè)圓周，則：x1＝2r1＝0.2m該點(diǎn)的坐標(biāo)為：（﹣0.2m，0）；(2)在～時(shí)間內(nèi)無(wú)磁場(chǎng)，液滴沿y軸負(fù)方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，y1＝v0t2，y1m，在～時(shí)間內(nèi)r2代入數(shù)據(jù)解得：r2m周