江蘇省常州市常州高級中學分校2025屆物理高三上期中調研模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在地面上方某一點將一小球以一定的初速度沿水平方向拋出，不計空氣阻力，則小球在隨后的運動中()A．速度和加速度的方向都在不斷變化B．速度與加速度方向之間的夾角一直減小C．在相等的時間間隔內，速率的改變量相等D．在相等的時間間隔內，動能的改變量相等2、如圖，閉合銅制線框用細線懸掛，靜止時其下半部分位于與線框平面垂直的磁場中，若將細線剪斷后線框仍能靜止在原處，則磁場的磁感應強度B隨時間t變化規(guī)律可能的是A． B．C． D．3、如圖所示，斜面體放在光滑的水平面上，小物塊A與斜面體間接觸面光滑。在小物塊沿斜面體下滑的過程中，斜面體對小物塊的作用力（）A．垂直于斜面，做功為零B．垂直于斜面，做功不為零C．不垂直于斜面，做功為零D．不垂直于斜面，做功不為零4、開普勒指出：所有行星繞太陽運動的軌道都是橢圓，太陽處在橢圓的一個焦點上。圖示為地球繞太陽做橢圓運動的示意圖，A點為近日點，B點為遠日點。在地球沿圖示路徑從A點向B點運動的過程中A．地球受到太陽的萬有引力增大 B．地球速度增大C．地球的加速度減小 D．地球的機械能增大5、如圖所示，在點電荷+Q產生的電場中，引入一個帶電量較小的電荷-q．當將-q移近+Q的過程中A．a點的電場不會改變B．b點的電場不會改變C．+Q在b點產生的電場會改變D．+Q在a點產生的電場不會改變6、某人乘電梯下樓，在豎直下降的過程中，電梯速度的平方v2與下降的位移x的關系如圖所示，則人對地板的壓力A．x=1m時大于人的重力B．x=11m時大于人的重力C．x=21m時大于人的重力D．x=21m時等于人的重力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，用輕繩拴著一質量為帶正電的小球在豎直面內繞O點做圓周運動，豎直面內加有豎直向下的勻強電場，電場強度為E，如圖甲所示，不計一切阻力，小球運動到最高點時的動能Ek與繩中張力F間的關系如圖乙所示，當地的重力加速度為g，由圖可推知（）A．輕繩的長度為B．小球所帶電荷量為C．小球在最高點的最小速度為D．小球在最高點的最小速度為8、如圖，在同一豎直平面內有兩個正對著的半圓形光滑軌道，軌道的半徑都是R．軌道端點所在的水平線相隔一定的距離．一質量為m的小球能在其間運動而不脫離軌道，經過最低點B時的速度為．小球在最低點B與最高點A對軌道的壓力之差為ΔF（ΔF＞0）．不計空氣阻力．則（）A．、一定時，R越大，ΔF越大B．、、R一定時，越大，ΔF越大C．、R一定時，越大，ΔF越大D．、R、x一定時，ΔF與v的大小無關9、從足夠高的地面上空以初速度豎直上拋出一個箱子，箱子內部裝有與箱子長度相等的物體，若運動過程中箱子不翻轉，且受到的空氣阻力與其速率成正比，箱子運動的速率隨時間變化的規(guī)律如圖所示，時刻到達最高點，再落回地面，落地速率為，且落地前箱子已經做勻速運動，則下列說法中正確的是A．箱子拋出瞬間的加速度大小為B．箱內物體對箱子底部始終沒有壓力C．若箱子拋出的速度為，落地速率也為D．上升過程中物體受箱子頂部向下的壓力，且壓力逐漸增大10、如圖所示,真空中有一個邊長為L的正方體,在它的兩個頂點M、N處分別固定等量異號點電荷,圖中的a、b、c、d也是正方體的頂點,e、f、g、h均為所在邊的中點，關于這些點的電場強度和電勢，下列說法正確的是()A．a、b兩點電場強度相同，電勢相等B．c、d兩點電場強度不同，電勢相等C．e、f兩點電場強度相同，電勢不等D．g、h兩點場強大小相同，電勢不等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組利用圖示的裝置探究加速度與力、質量的關系．（1）下列做法正確的是________（選填字母代號）．A．調節(jié)滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行B．在調節(jié)木板傾斜度平衡木塊受到的滑動摩擦力時，將裝有砝碼的砝碼桶通過定滑輪拴在木塊上C．實驗時，先放開木塊再接通打點計時器的電源D．通過增減木塊上的砝碼改變質量時，不需要重新調節(jié)木板傾斜度（2）為使砝碼桶及桶內砝碼的總重力在數值上近似等于木塊運動時受到的拉力，應滿足的條件是砝碼桶及桶內砝碼的總質量________木塊和木塊上砝碼的總質量．（選填“遠大于”“遠小于”或“近似等于”）（3）甲、乙兩同學在同一實驗室，各取一套圖示的裝置放在水平桌面上，木塊上均不放砝碼，在沒有平衡摩擦力的情況下，研究加速度a與拉力F的關系，分別得到圖中甲、乙兩條直線．設甲、乙用的木塊質量分別為m甲、m乙，甲、乙用的木塊與木板間的動摩擦因數分別為μ甲、μ乙，由圖可知，m甲________m乙，μ甲________μ乙．（選填“大于”“小于”或“等于”）12．（12分）欲用伏安法測定一段阻值約為5Ω左右的金屬導線的電阻，要求測量結果盡量準確，現備有以下器材：A．電池組（3V，內阻1Ω）B．電流表（1～3A，內阻1．1125Ω）C．電流表（1～1．6A，內阻1．125Ω）D．電壓表（1～3V，內阻3kΩ）E．電壓表（1～15V，內阻15kΩ）F．滑動變阻器（1～21Ω，額定電流1A）G．滑動變阻器（1～2111Ω，額定電流1．3A）H．開關、導線（1）滑動變阻器應選用的是_____________。（填寫器材的字母代號）（2）實驗電路應采用電流表___接法（填“內”或“外”），采用此接法測得的電阻值比其真實值偏___（填“大”或“小”），造成這種誤差的主要原因是_______________。（3）設實驗中，電流表、電壓表的某組示數如下圖所示，圖示中I=____A，U=___V。（4）為使通過待測金屬導線的電流能在1～1．5A范圍內改變，請按要求在方框內畫出測量待測金屬導線的電阻Rx的原理電路圖_____________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，坐標平面第Ⅰ象限內存在大小為E＝4×105N/C、方向水平向左的勻強電場，在第Ⅱ象限內存在方向垂直紙面向里的勻強磁場．比荷＝2.5×109C/kg的帶正電的粒子，以初速度v0＝2×107m/s從x軸上的A點垂直x軸射入電場，OA＝0.2m，不計粒子的重力．（1）求粒子在電場中運動的加速度大小；（2）求粒子經過y軸時的位置到原點O的距離；（3）若要使粒子不能進入第Ⅲ象限，求磁感應強度B的取值范圍．（不考慮粒子第二次進入電場后的運動情況）14．（16分）如圖所示，CDE為光滑的軌道，其中ED是水平的，CD是豎直平面內的半圓，與ED相切于D點，且半徑R=0.5m，質量m=0.1kg的滑塊A靜止在水平軌道上，另一質量M=0.5kg的滑塊B前端裝有一輕質彈簧（A、B均可視為質點）以速度v0向左運動并與滑塊A發(fā)生彈性正碰，若相碰后滑塊A能過半圓最高點C，取重力加速度g=10m/s2，則：(1)B滑塊至少要以多大速度向前運動；(2)如果滑塊A恰好能過C點，滑塊B與滑塊A相碰后輕質彈簧的最大彈性勢能為多少．15．（12分）蹦床比賽分成預備運動和比賽動作。最初，運動員靜止站在蹦床上；在預備運動階段，他經過若干次蹦跳，逐漸增加上升高度，最終達到完成比賽動作所需的高度；此后，進入比賽動作階段。把蹦床簡化為一個豎直放置的輕彈簧，彈力大小F=kx（x為床面下沉的距離，k為常量）。質量m=50kg的運動員靜止站在蹦床上，床面下沉；在預備運動中，假定運動員所做的總功W全部用于增加其機械能；在比賽動作中，把該運動員視作質點，其每次離開床面做豎直上拋運動的騰空時間均為，設運動員每次落下使床面壓縮的最大深度均為。取重力加速度g=10m/s2，忽略空氣阻力的影響。（1）求常量k，并在圖中畫出彈力F隨x變化的示意圖；（2）求在比賽動作中，運動員離開床面后上升的最大高度；（3）借助F-x圖像可以確定彈力做功的規(guī)律，在此基礎上，求和W的值。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】由于物體只受重力作用，做平拋運動，故加速度不變，速度大小和方向時刻在變化，選項A錯誤；設某時刻速度與豎直方向夾角為θ，則tanθ=v0vy平拋運動、動能定理【名師點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結合加速度公式和動能定理公式靈活求解即可。2、B【解析】因剪斷細線后線框仍能靜止在原處，可知安培力向上，根據楞次定律可知，穿過線；圈的磁通量增加，磁感應強度增強，選項D錯誤；設B=B0+kt;根據平衡知識；即，式中mg、B0、S、L及R均為定值，則隨時間t的增加，k減小時，等式兩邊才能平衡，故選項B正確，AC錯誤；故選B.3、D【解析】

當斜面固定不動時斜面體對小物塊的作用力垂直斜面，支持力對小物塊不做功，本題是把斜面體放在光滑的水平面上，小物塊沿斜面體下滑的過程中，支持力和速度方向夾角為鈍角，說明支持力對小物塊做負功，故D正確，ABC錯誤。故選D。4、C【解析】

A．根據萬有引力定律可知，地球沿圖示路徑從A點向B點運動的過程中，r增大，地球受到太陽的萬有引力F減小。故A錯誤。

B．從A點向B點運動的過程中，萬有引力做負功，所以地球的速度v減小，機械能不變。故BD錯誤。

C．根據牛頓第二定定律，，可得：地球沿圖示路徑從A點向B點運動的過程中，r增大，地球的加速度a減小。故C正確。5、D【解析】

A．a點的電場為點電荷+Q和電荷-q在a點產生電場的疊加，將-q移近點電荷+Q的過程中，電荷-q到a點的距離發(fā)生變化，在a點產生的電場發(fā)生變化。所以a點的電場發(fā)生改變，故A項錯誤；B．b點的電場為點電荷+Q和電荷-q在b點產生電場的疊加，將-q移近點電荷+Q的過程中，電荷-q到b點的距離發(fā)生變化，在b點產生的電場發(fā)生變化。所以b點的電場發(fā)生改變，故B項錯誤；C．點電荷+Q到b點的距離及電量不變，所以點電荷+Q在b點產生的電場不會改變，故C項錯誤；D．點電荷+Q到a點的距離及電量不變，所以點電荷+Q在a點產生的電場不會改變，故D項正確。6、C【解析】試題分析：根據圖中的信息判斷人和電梯的運動性質，然后結合牛頓運動定律分析從圖中可知電梯由靜止開始向下運動過程中，初速度為零，，根據可知電梯向下做勻加速直線運動，加速度向下，人和電梯處于失重狀態(tài)，即0~2m過程中人受到的支持力小于重力，根據牛頓第三定律可知人對地板的壓力小于重力，在3~20m過程中恒定不變，即電梯做勻速直線運動，此過程中人受到的支持力等于重力，即人對地板的壓力等于重力，在21~23m過程中隨x均勻減小，根據可得電梯做減速運動，加速度向上，人和電梯處于超重狀態(tài)，過程中人受到的支持力大于重力，即人的地板的壓力大于重力，故C正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

A．在最高點時，繩對小球的拉力、重力和電場力的合力提供向心力，則得：，即故由圖象可知，圖象斜率即故A正確；B．當F=0時，由，解得，故B錯誤；CD．當F=0時，重力和電場力提供向心力，此時為最小速度，解得故C正確，D錯誤；8、CD【解析】試題分析：在最低點B，有，則，根據機械能守恒定律得，，在最高點A有：，解得，所以；m、x一定時，R越大，一定越小，故A錯誤；m、x、R一定時，越大，不變，故B錯誤；m、R一定時，x越大，一定越大，故C正確；m、R、x一定時，與的大小無關，故D正確．考點：向心力、牛頓第二定律【名師點睛】本題綜合考查了牛頓第二定律和機械能守恒定律，關鍵搞清向心力的來源，知道最高點速度和最低點速度的關系．9、AC【解析】

空氣阻力與速率成正比，箱子落地前已經做勻速直線運動，由平衡條件可以求出空氣阻力的比例系數，根據箱子的受力情況應用牛頓第二定律求出箱子拋出時的加速度大??；分析清楚箱子的運動過程，判斷箱子的加速大小如何變化、加速度方向如何，然后分析箱子內物體與箱子間的作用力如何變化?！驹斀狻肯渥酉侣溥^程最后做運動直線運動，勻速運動的速度為，由題意可知，此時箱子受到的空氣阻力，箱子做勻速直線運動，由平衡條件得：，解得：，箱子剛跑出瞬間受到的空氣阻力：，此時，由牛頓第二定律得：，故A正確；箱子向下運動過程受到豎直向上的空氣阻力，箱子所示合力：，由牛頓第二定律可知，箱子下落過程的加速度a小于重力加速度g，對箱子內的物體，由牛頓第二定律得：，，該過程箱子底部對物體有向上的支持力，則物體對箱子底部有豎直向下的壓力，故B錯誤；若箱子拋出的速度為，箱子上升的最大高度比以拋出時的高度更高，箱子下落的高度更大，向下加速運動速度一定達到，此時箱子所示空氣阻力與重力相等而做勻速運動，箱子落地的速度為，故C正確；箱子向上運動過程所受空氣阻力f向下，箱子所示合力，由牛頓第二定律可知，箱子的加速度大?。海渥觾任矬w的加速度與箱子加速度相等大于重力加速度，則箱子上部對物體有向下的壓力，箱子向上運動過程速度不斷減小，空氣阻力不斷減小，箱子的加速度不斷減小，則箱子內物體的加速度不斷減小，由牛頓第二定律可知：，由于a減小，則箱子對物體向下的壓力N不斷減小，故D錯誤；故選AC。10、ACD【解析】

A、根據等量異種電荷的電場線分布，結合a、b兩點連線在兩點電荷連線的中垂線上，可知，a、b兩點的電場強度大小相等，方向相同，而中垂面是0V的等勢面；故A正確.B、c、d兩點的場強用場強的矢量疊加原理可知大小相等，方向不同；而電勢與中垂面比較可知φc>0>φdC、e、f兩點的場強用場強的矢量疊加原理結合對稱性可知大小相等，方向相同；電勢同樣滿足φe>0>φfD、g、h兩點場強用場強的矢量疊加原理結合對稱性可知大小相等，方向不同；中垂面的電勢為零，電勢與中垂面相比較可知φg>0>φh故選ACD.【點睛】常見電場的電場線分布及等勢面的分布要求我們能熟練掌握，并要注意沿電場線的方向電勢是降低的，同時注意等量異號電荷形成電場的對稱性．加強基礎知識的學習，掌握住電場線的特點，即可解決本題．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AD遠小于小于大于【解析】

（1）[1]．實驗中細繩要保持與長木板平行，A項正確；平衡摩擦力時不能將裝有砝碼的砝碼桶通過定滑輪拴在木塊上，這樣無法平衡摩擦力，B項錯誤；實驗時應先接通電源再放開木塊，C項錯誤；平衡摩擦力后，改變木塊上的砝碼的質量后不再需要重新平衡摩擦力，D項正確．（2）[2]．由整體法和隔離法得到細繩中的拉力F＝Ma＝M＝mg，可見，當砝碼桶和桶內砝碼的總質量m遠小于木塊和木塊上砝碼的總質量M時，可得F≈mg.（3）[3]．不平衡摩擦力，則F－μmg＝ma，a＝－μg，圖象的斜率大的木塊的質量小，縱軸截距絕對值大的動摩擦因數大，因此m甲<m乙，μ甲>μ乙．12、（1）F，（2）外，小，電壓表的分流作用；（3）1．48，2．21；（4）如下圖所示．【解析】（1）題目要求測量結果盡量準確要選擇滑動變阻器分壓接法，則選取小阻值F；故選取的．

（2）電池組3V，則選取電壓表D；根據歐姆定律，故電流表選取C；被測電阻約；為小電阻，故選擇電流表外接；

采用此接法測得電阻上的電流值偏大，則電阻值比其真實值偏小，造成這種誤差的主要原因是電壓表的分流作用；（3）電流表讀數I=1.48A；電壓表讀數U=2.21V；

（4）電流表外接又滑動變阻器分壓接法，故電實驗原理電路圖如圖：

點睛：電學實驗要注意以下問題：（1）儀表的選擇；（2）電路的接法；（3）數據的處理；要學會根據實驗的原理同時結合安全性、準確性原則進行分析．四、計算題：本題共