江蘇省鹽城市射陽中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期末達標(biāo)檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、已知相互垂直的兩個共點力合力的大小為40N，其中一個力的大小為20N，則另一個力的大小為（）A.10N B.20NC.N D.60N2、如圖所示的圓形線圈共n匝,電阻為R,過線圈中心O垂直于線圈平面的直線上有A、B兩點，A、B兩點的距離為L，A、B關(guān)于O點對稱.一條形磁鐵開始放在A點，中心與O點重合，軸線與A、B所在直線重合,此時線圈中的磁通量為Φ1，將條形磁鐵以速度v勻速向右移動，軸線始終與直線重合，磁鐵中心到O點時線圈中的磁通量為Φ2，下列說法中正確的是()A.磁鐵在A點時，通過一匝線圈的磁通量為B.磁鐵從A到O的過程中,線圈中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢為E=C.磁鐵從A到B的過程中,線圈中磁通量的變化量為2Φ1D.磁鐵從A到B的過程中,通過線圈某一截面的電量不為零3、我國的“神舟”系列航天飛船的成功發(fā)射和順利返回，顯示了我國航天事業(yè)取得的巨大成就。已知地球的質(zhì)量為M，引力常量為G，飛船的質(zhì)量為m，設(shè)飛船繞地球做勻速圓周運動的軌道半徑為r，則（）A.飛船在此軌道上的運行速率為B.飛船在此圓軌道上運行的向心加速度為C.飛船在此圓軌道上運行的周期為D.飛船在此圓軌道上運行所受的向心力為4、如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為Q的帶電小球A用絕緣細(xì)線懸掛于O點，另一個帶電量也為Q的帶電小球B固定于O點的正下方，已知繩長OA為2l，O到B點的距離為l，平衡時AB帶電小球處于同一高度，已知重力加速度為g，靜電力常量為k．則（）A.A、B間庫侖力大小為B.A、B間庫侖力大小為C.細(xì)線拉力大小為D.細(xì)線拉力大小5、如圖所示直線A為某電源的U﹣I圖線，曲線B為某小燈泡L1的U﹣I圖線的一部分，用該電源和小燈泡L1串聯(lián)起來組成閉合回路時燈泡L1恰能正常發(fā)光，則下列說法中正確的是（）A.此電源的內(nèi)電阻為0.67ΩB.燈泡L1的額定電壓為3V，額定功率為6WC.把燈泡L1換成阻值恒為1Ω的純電阻，電源的輸出功率將變小，效率將變低D.由于小燈泡L1的U﹣I圖線是一條曲線，所以燈泡發(fā)光過程中歐姆定律不適用6、兩個大小相同、可看成點電荷的金屬小球a和b，分別帶有等量異種電荷，被固定在絕緣水平面上，這時兩球間靜電力的大小為F.現(xiàn)用一個不帶電且與金屬小球a、b大小相同的絕緣金屬小球c先與a球接觸，再與b球接觸后移去，則a、b兩球間的靜電力大小變?yōu)椋ǎ〢. B.C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在圖示電路中，P為滑動變阻器的滑片，電表均為理想電表．下列說法正確的是A.在P向右移動的過程中，電流表的示數(shù)變大B.在P向右移動的過程中，電壓表的示數(shù)變大C.當(dāng)P移到滑動變阻器的右端時，電源內(nèi)部消耗的電功率最大D.當(dāng)P移到滑動變阻器的右端時，電源的效率最高8、有兩個勻強磁場區(qū)域I和II，I中的磁感應(yīng)強度是II中的k倍，兩個速率相同的電子分別在兩磁場區(qū)域做圓周運動，與I中運動的電子相比，II中的電子（）A.運動軌跡的半徑是I中的k倍B.加速度的大小是I中的k倍C.做圓周運動的周期是I中的k倍D.做圓周運動的角速度是I中的k倍9、靜電場在x軸上場強E隨的變化關(guān)系如圖所示，x軸正方向為場強的正方向，帶正電的點電荷沿x軸運動，那么點電荷A.由x1運動到x3的過程中電勢能增大B.由x1運動到x4的過程中電場力先增大后減小C.由x1運動到x4的過程中電勢能先增大后減小D.在x2和x4處電勢相等10、在如圖所示的電路中電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，M為多種元件集成的電子元件，通過它的電流始終為恒定值，L1和L2是規(guī)格相同的小燈泡（其電阻不隨溫度變化），R為可變電阻，現(xiàn)閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)可變電阻R使其電阻值逐漸減小，下列說法正確的是（）A.燈泡L1變暗、L2變亮B.通過電阻R的電流增大C.電子元件M兩端的電壓變大D.電源兩端電壓變小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學(xué)在測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻的實驗中，備有下列器材：A．待測的干電池（電動勢約為1.5V，內(nèi)阻小于1.0Ω）B．電流表A1（量程0～3mA，內(nèi)阻Rg1＝10Ω）C．電流表A2（量程0～0.6A，內(nèi)阻Rg2約為0.1Ω）D．滑動變阻器R1（阻值范圍0～20Ω，額定電流10A）E．滑動變阻器R2（阻值范圍0～200Ω，額定電流1A）F．電阻箱R0（阻值范圍0～999Ω）G．開關(guān)和導(dǎo)線若干（1）某同學(xué)發(fā)現(xiàn)上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，于是他設(shè)計了如圖a、b、c、d所示的四個參考實驗電路，并計劃用圖象法處理實驗數(shù)據(jù)，其中最合理的是圖________所示的電路；在該電路中，為了操作方便且能準(zhǔn)確地進行測量，滑動變阻器應(yīng)選________(填寫器材前的字母代號)（2）該同學(xué)選出合理的實驗電路后，把與R0串聯(lián)的電流表當(dāng)作量程為0～3V的電壓表使用，于是將電阻箱R0的阻值調(diào)至________Ω（3）下圖為該同學(xué)利用(1)中選出的合理的實驗電路測出的數(shù)據(jù)繪出的I1－I2圖線(I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù))，被測干電池的電動勢E＝______V，內(nèi)阻r＝______Ω．（結(jié)果保留2位小數(shù)）12．（12分）用如圖所示電路測量電源的電動勢和內(nèi)阻．實驗器材：待測電源（電動勢約3V，內(nèi)阻約2Ω），保護電阻R1（阻值10Ω）和R2（阻值5Ω），滑動變阻器R，電流表A，電壓表V，開關(guān)S，導(dǎo)線若干實驗主要步驟：（ⅰ）將滑動變阻器接入電路的阻值調(diào)到最大，閉合開關(guān)；（ⅱ）逐漸減小滑動變阻器接入電路的阻值，記下電壓表的示數(shù)U和相應(yīng)電流表的示數(shù)I；（ⅲ）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，作U—I圖線（U、I都用國際單位）；（ⅳ）求出U—I圖線斜率的絕對值k和在橫軸上的截距a回答下列問題：（1）電壓表最好選用______；電流表最好選用______A．電壓表（0-3V，內(nèi)阻約15kΩ）B．電壓表（0-3V，內(nèi)阻約3kΩ）C．電流表（0-200mA，內(nèi)阻約2Ω）D．電流表（0-30mA，內(nèi)阻約2Ω）（2）滑動變阻器的滑片從左向右滑動，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)增大，兩導(dǎo)線與滑動變阻器接線柱連接情況是______A．兩導(dǎo)線接在滑動變阻器電阻絲兩端的接線柱B．兩導(dǎo)線接在滑動變阻器金屬桿兩端的接線柱C．一條導(dǎo)線接在滑動變阻器金屬桿左端接線柱，另一條導(dǎo)線接在電阻絲左端接線柱D．一條導(dǎo)線接在滑動變阻器金屬桿右端接線柱，另一條導(dǎo)線接在電阻絲右端接線柱（3）選用k、a、R1、R2表示待測電源的電動勢E和內(nèi)阻r的表達式E=______，r=______，代入數(shù)值可得E和r的測量值四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，空間存在勻強電場和勻強磁場，電場方向為y軸正方向，磁場方向垂直于xy平面（紙面）向外，電場E和磁場B都可以隨意加上或撤除，重新加上的電場或磁場與撤除前的一樣。一帶正電的粒子質(zhì)量為m、電荷量為q從P(x=0，y=h)點以一定的速度平行于x軸正向入射。這時若只有磁場，粒子將做半徑為R0的圓周運動；若同時存在電場和磁場，粒子恰好做直線運動．求：（1）若只有磁場，粒子做圓周運動半徑R0大??；（2）若同時存在電場和磁場，粒子的速度大?。唬?）現(xiàn)在，只加電場，當(dāng)粒子從P點運動到x=R0平面（圖中虛線所示）時，立即撤除電場同時加上磁場，粒子繼續(xù)運動，其軌跡與x軸交于M點。（不計重力）。粒子到達x=R0平面時速度v大小以及粒子到x軸的距離；（4）M點的橫坐標(biāo)xM。14．（16分）如圖所示，兩水平導(dǎo)軌間距，處于豎直向上的勻強磁場中，磁感強度，一金屬桿與導(dǎo)軌垂直放置并接觸良好，，電容，理想電流表0刻線在刻度盤中央，金屬桿接入電路部分電阻，框架電阻不計，導(dǎo)軌足夠長，金屬桿向左以的速度勻速運動，單刀雙擲開關(guān)S開始接觸點2。(1)當(dāng)單刀雙擲開關(guān)S接觸點1，求電流表的示數(shù)和通過電流表的電流方向；(2)一段時間后再把單刀雙擲開關(guān)S接觸點2，直到電流表示數(shù)為0，求通過電流表的電荷量。15．（12分）如圖所示，勻強磁場的磁感應(yīng)強度B＝0.1T，金屬棒AD長0.4m，與框架寬度相同，電阻r＝1.3Ω，框架電阻不計，電阻R1＝2Ω，R2＝1Ω.當(dāng)金屬棒以5m/s速度勻速向右運動時，求：(1)流過金屬棒的感應(yīng)電流為多大？(2)若圖中電容器C為0.3μF，則電容器中儲存多少電荷量？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】依據(jù)合力與分力遵循平行四邊形定則，根據(jù)平行四邊形定則作圖，結(jié)合勾股定理，即可求解【詳解】根據(jù)平行四邊形定則，如圖所示：根據(jù)幾何關(guān)系，有：；故選C.【點睛】本題關(guān)鍵根據(jù)平行四邊形定則作圖，然后根據(jù)幾何關(guān)系列式求解2、B【解析】A．磁鐵在A點時，線圈中的磁通量為Φ1，所以通過一匝線圈的磁通量也為Φ1，與匝數(shù)無關(guān)，故A錯誤；B．磁鐵從A到O的過程中，線圈中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢為故B正確；CD．磁鐵從A點運動到B點，磁通量先增加后減小，磁通量的變化量為零，故平均感應(yīng)電動勢為零，故平均感應(yīng)電流為零，故通過線圈某一截面的電量為零，故CD錯誤。故選B。3、C【解析】A．研究飛船繞地球做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式解得故A錯誤；B．根據(jù)萬有引力提供向心力，得所以故B錯誤；C．根據(jù)萬有引力提供向心力，得所以故C正確；D．飛船在此圓軌道上運行所受的向心力為萬有引力，得故D錯誤。故選C。4、D【解析】由幾何關(guān)系可知，OA與OB的夾角為600，則AB間距離：，則A、B間庫侖力大小為，選項A錯誤；根據(jù)平行四邊形法則可知，AB間的庫侖力為：，細(xì)線的拉力，或者，選項BC錯誤，D正確；故選D.點睛：此題關(guān)鍵是受力分析，畫出受力圖，結(jié)合平行四邊形法則以及幾何關(guān)系列方程求解.5、B【解析】A．由圖讀出電源的電動勢E=4V內(nèi)阻故A錯誤；B．兩圖線的交點表示小燈泡L1與電源連接時的工作狀態(tài)，由于燈泡正常發(fā)光，則知燈泡的額定電壓U=3V額定電流I=2A則額定功率為P=UI=6W故B正確；C．燈泡L1的電阻換成阻值恒為1Ω的純電阻，可知外電阻更接近電源的內(nèi)阻，根據(jù)推論：電源的內(nèi)外電阻相等時電源的輸出功率最大，知把燈泡L1換成阻值恒為1Ω的純電阻，電源的輸出功率將變大，效率將變低，故C錯誤；D．燈泡是純電阻元件，歐姆定律適用，U-I圖象為曲線的原因是燈泡電阻隨溫度的變化而變化，故D錯誤。故選B。6、D【解析】設(shè)a球與b球的電荷量大小均為q，距離為r，則a和b之間的庫侖引力為：，假設(shè)a球帶正電，當(dāng)不帶電的小球c與a球接觸后，a、c兩球平分電荷，每球帶電持量為，當(dāng)再把c球與b球接觸后，兩球的電荷先中和，再平分，每球所帶電荷量為，由于r不變，則a、b兩球之間的相互作用力的大小為：，故D正確，ABC錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】AB．滑動變阻器向右移動，電路總電阻減小，根據(jù)：可知，電流表的示數(shù)變大，根據(jù)：可知電壓表的示數(shù)減?。还蔄正確，B錯誤；CD．當(dāng)P移到滑動變阻器的右端時，外電阻R最小，根據(jù)：可知，電路中的電流最大；根據(jù)：可知此時電源內(nèi)部消耗的電功率最大；故C正確；根據(jù)效率：可知，此時的電源的效率最低，故D錯誤；8、AC【解析】電子在磁場中做的圓周運動，洛倫茲力作為向心力，根據(jù)圓周運動的周期公式和半徑公式逐項分析即可設(shè)Ⅱ中的磁感應(yīng)強度為B，則Ⅰ中的磁感應(yīng)強度為kB，根據(jù)電子在磁場中運動的半徑公式可知，Ⅰ中的電子運動軌跡的半徑為，Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑為，所以Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑是Ⅰ中的k倍，故A正確；電子在磁場運動的洛倫茲力作為向心力，所以電子的加速度的大小為，所以Ⅰ中的電子加速度的大小為，Ⅱ中的電子加速度的大小為，所以Ⅱ的電子的加速度大小是Ⅰ中的倍，故B錯誤；根據(jù)電子在磁場中運動的周期公式可知，Ⅰ中的電子運動周期為，Ⅱ中的電子運動周期為，所以Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑是Ⅰ中的k倍，所以Ⅱ中的電子運動軌跡的周期是Ⅰ中的k倍，故C正確；做圓周運動的角速度，所以Ⅰ中的電子運動角速度為，Ⅱ中的電子運動角速度為，在Ⅱ的電子做圓周運動的角速度是Ⅰ中的倍，故D錯誤9、AB【解析】ACD．由x1運動到x4的過程中，電場力一直做負(fù)功，電勢能一直增大，所以A正確，CD錯誤；B．根據(jù)圖像，由x1運動到x4的過程中場強大小先增大后減小，電場力先增大后減小，B正確；故選AB。10、BC【解析】因M中阻值與電壓成正比，故M中電流保持不變；故燈泡L2的亮度不變；總電流不變，R減小，L1電阻不變，根據(jù)分流規(guī)律R電流增大，L1電流減小變暗，故A錯誤；因R的阻值減小，故由歐姆定律可知，通過R的電流增大，故B正確；電子M兩端的電壓，燈L2兩端電壓不變，燈L1兩端電壓減小，電子元件兩端電壓變大，故C正確；電源兩端的電壓U=E-Ir，總電流不變，所以電源兩端電壓不變，故D錯誤；故選BC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.b②.D③.990④.1.48⑤.0.85【解析】(1)[1][2]上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，將電流表串聯(lián)一個電阻，可以改裝成較大量程的電壓表．四個參考實驗電路，其中合理的是b，因為電源的內(nèi)阻較小，所以應(yīng)該采用較小最大值的滑動變阻器，有利于數(shù)據(jù)的測量和誤差的減?。瑒幼冏杵鲬?yīng)選D(2)[3]根據(jù)歐姆定律可知：，代入數(shù)據(jù)解得：(3)[4][5]根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)的知識得，電源兩端電壓：U=I1（990+10）=1000I1，根據(jù)圖象與縱軸的交點得電動勢：E=1.48mA×1000Ω=1.48V，與橫軸的交點可得出路端電壓為1.1V時電流是0.45A，由閉合電路歐姆定律E=U+Ir可得：r=0.85Ω12、①.（1）A、②.C③.（2）C④.（3）ka⑤.k-R2【解析】（1）電壓表并聯(lián)在電路中，故電壓表內(nèi)阻越大，分流越小，誤差也就越小，因此應(yīng)選內(nèi)阻較大的A電壓表；當(dāng)滑動變阻器接入電阻最小時，通過電流表電流最大，此時通過電流表電流大小約；因此，電流表選擇C；（2）分析電路可知，滑片右移電壓表示數(shù)變大，則說明滑動變阻器接入電路部分阻值增大，而A項中兩導(dǎo)線均接在金屬柱的兩端上，接入電阻為零；而B項中兩導(dǎo)線接在電阻絲兩端，接入電阻最大并保持不變；C項中一導(dǎo)線接在金屬桿左端，而另一導(dǎo)線接在電阻絲左端，則可以保證滑片右移時阻值增大；而D項中導(dǎo)線分別接右邊上下接線柱，滑片右移時，接入電阻減??；故D錯