貴陽市第十八中學2025屆物理高二第一學期期中達標檢測模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、用細線拴住一個小球在光滑的水平面內做勻速圓周運動，下列描述小球運動的物理量發(fā)生變化的是()A．速率 B．線速度 C．周期 D．角速度2、如圖所示，甲、乙兩人靜止在光滑的冰面上，甲沿水平方向推了乙一下，結果兩人向相反方向滑去．已知甲的質量為45kg，乙的質量為50kg．則下列判斷正確的是A．甲的速率與乙的速率之比為9:10B．甲的加速度大小與乙的加速度大小之比為9:10C．甲對乙的沖量大小與乙對甲的沖量大小之比為1:1D．甲的動能與乙的動能之比為1:13、示波器可以用來觀察電信號隨時間變化的情況，其核心部件是示波管，其原理圖如下，為水平偏轉電極，為豎直偏轉電極．以下說法正確的是A．加圖3波形電壓、不加信號電壓，屏上在兩個位置出現亮點B．加圖2波形電壓、加圖1波形電壓，屏上將出現兩條豎直亮線C．加圖4波形電壓、加圖2波形電壓，屏上將出現一條豎直亮線D．加圖4波形電壓、加圖3波形電壓，屏上將出現圖1所示圖線4、原來靜止的物體受合力作用時間為，合力隨時間的變化情況如圖所示，則（）A．時間內物體的動量變化量與時間內物體的動量變化量相等B．時間內物體的平均速率與時間內物體的平均速率不相等C．時物體的速度為零，外力在時間內對物體的沖量為零D．時間內物體的位移為零，外力對物體做的功為零5、關于靜電場，下列說法正確的是（）A．只有體積很小的帶電體才能看作點電荷B．根據E=F/q可知，電場強度與電場力成正比C．電場強度的方向與電荷的受力方向相同D．任一點的電場強度總是指向該點電勢降落最快的方向6、如圖是某一點電荷的電場線分布圖,下列表述正確的是()A．A點的電勢高于B點的電勢 B．該點電荷帶負電C．A點和B點電場強度的方向相同 D．A點的電場強度小于B點的電場強度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，兩平行金屬板A、B放在真空中，間距為d，P點在A、B板間，A板接地，B板的電勢φ隨時間t的變化情況如圖乙所示，t=0時，在P點由靜止釋放一質量為m、電荷量為e的電子，當t=2T時，電子回到P點。電子運動過程中未與極板相碰，不計重力，則下列說法正確的是

A．φ1：φ2=1：2B．φ1：φ2=1：3C．在0～2T時間內，當t=T時電子的電勢能最小D．在0～2T時間內，電子的電勢能減小了8、如圖所示，兩極板間距為d的平行板電容器與一電源連接，開關S閉合，電容器兩板間有一質量為m、帶電荷量為q的微粒靜止不動，下列敘述中正確的是A．微粒帶的是正電B．兩極板的電壓等于C．斷開開關S，微粒將向下做加速運動D．保持開關S閉合，把電容器兩極板距離增大，微粒將向下做加速運動9、如圖所示，物體在水平力F作用下沿粗糙斜面向上加速運動，則（）A．物體機械能的改變量等于力F所做的功B．物體動能的改變量等于合外力所做的功C．物體重力勢能的增加量等于物體克服重力所做的功D．運動過程中由于摩擦產生的內能等于物體機械能的減少10、關于靜電場的電場強度和電勢，下列說法正確的是A．電場強度為零的地方，電勢也為零B．電場強度大小逐漸減小的區(qū)域，電勢也逐漸降低C．電場強度的方向處處與等電勢面垂直D．任一點的電場強度總是指向該點電勢降落最快的方向三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了精確測量一導體的電阻：(1)用多用電表粗測其電阻，用已經調零且選擇開關指向歐姆擋“×10”檔位的多用電表測量，發(fā)現指針的偏轉角度太大，這時他應將選擇開關換成歐姆擋的“______”檔位(選填“×100”或“×1”)，然后進行______，再次測量該導體的阻值，其表盤及指針所指位置如圖所示，則該導體的阻值為______Ω．(2)現要進一步精確測量其阻值Rx,實驗室提供了下列可選用的器材：電源E：電動勢約為4.5V,內阻忽略不計；電壓表V：量程15V電流表A1：量程50mA、內阻r1=20Ω；電流表A2：量程200mA、內阻r2約為4Ω；定值電阻R0：阻值為80Ω；滑動變阻器R1：最大阻值為10Ω；單刀單擲開關S、導線若干．①測量中要求電表讀數誤差盡可能小，應該選用的電表是___________；②試將方框中測量電阻Rx的實驗電路原理圖補充完整___________(原理圖中的元件用題干中相應的英文字母標注)．12．（12分）一位同學在實驗中分別用游標卡尺和螺旋測微器測量物體長度，得到結果如圖所示，游標卡尺示數為________cm，螺旋測微器示數為________cm．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一個帶電粒子只在電場力作用下通過勻強電場中的a、b兩點，一簇帶箭頭的實線表示勻強電場的電場線，如圖所示．已知帶電粒子通過a、b兩點的速度大小分別是5m/s和3m/s，粒子的質量是200g，a、b兩點的電勢差為80V．（1）試判斷帶電粒子所帶電荷的種類．（2）帶電粒子所帶的電荷量．14．（16分）如圖所示，一個質量為30g帶電量C的半徑極小的小球，用絲線懸掛在某勻強電場中，電場線與水平面平行.當小球靜止時，測得懸線與豎直夾角為30°，由此可知：(1)勻強電場方向怎樣？(2)電場強度大小為多少？(g取10m/s2)15．（12分）如圖所示，質量m=1kg的通電導體棒在安培力作用下靜止在傾角為37°、寬度L=1m的光滑絕緣框架上，磁場方向垂直于框架平面向下（磁場僅存在于絕緣框架內）．右側回路中，電源的電動勢E=8V、內阻r=1Ω，額定功率為8W、額定電壓為4V的電動機M正常工作．取sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度大小g=10m/s1．試求：（1）電動機當中的電流IM與通過電源的電流I總．（1）金屬棒受到的安培力大小及磁場的磁感應強度大小．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】小球做勻速圓周運動，速度的大小不變，即速率不變，方向時刻改變．所以小球的速度不斷改變，選項A錯誤，B正確；周期是標量，勻速圓周運動中周期是不變的，故C錯誤；角速度的大小和方向都不變，故D錯誤；故選B．2、C【解析】

A．甲、乙兩人組成的系統(tǒng)動量守恒，以兩人組成的系統(tǒng)為研究對象，以甲的速度方向為正方向，由動量守恒定律得：甲、乙的速率之比：故A錯誤；B．甲與乙之間的作用力為作用力與反作用力，大小相等，由牛頓第二定律：加速度之比：故B錯誤；C．甲、乙兩人組成的系統(tǒng)動量守恒，所以分離后二者動量大小相等，方向相反．由動量定理：I=△mv=△P可知，甲對乙的沖量大小與乙對甲的沖量大小之比為1：1．故C正確；D．動能的表達式：甲、乙動能之比：故D錯誤．3、A【解析】

加圖3波形電壓、不加信號電壓，則電子將在兩個不同方向的電壓一定的電場中運動發(fā)生兩個大小相同方向相反的位移，故在屏上水平方向的兩個位置出現亮點，選項A正確；加圖2波形電壓、加圖1波形電壓，屏上將出現一條豎直亮線，選項B錯誤；加圖4波形電壓、加圖2波形電壓，屏上將出現一條水平亮線，選項C錯誤；加圖4波形電壓、加圖3波形電壓，屏上將出現圖3所示圖線，選項D錯誤；故選A.【點睛】本題考查示波器原理，搞清楚兩個電壓的作用是關鍵．4、C【解析】

A．由題圖可知，與時間內合力方向不同，動量變化量不相等，選項A錯誤。BC．時，物體速度最大，由動量定理可得，時物體速度為零，與時間內物體平均速率相等，選項B錯誤，C正確。D．時間內物體先加速后減速，位移不為零，動能變化量為零，合力對物體做的功為零，選項D錯誤。故選C。5、D【解析】

A、電荷的形狀、體積和電荷量對分析的問題的影響可以忽略時，就可以看成是點電荷，并不是只有體積很小的帶電體才能看作點電荷，故A錯誤；B、電場強度是描述電場本身的性質的物理量，與試探電荷無關，不能說電場強度與電場力F成正比，與電量q成反比，故B錯誤；C、物理學上規(guī)定，場強方向與放在該點的正電荷所受電場力方向相同，與放在該點的負電荷所受電場力方向相反，故C錯誤；D、順著電場線方向，電勢逐漸降低，但電場強度的方向總是指向電勢降落最快的方向，故D正確；故選D。【點睛】電場強度是描述電場本身的性質的物理量，與試探電荷無關，場強方向是放在該點的正電荷所受電場力方向，順著電場線方向，電勢逐漸降低，但電場強度的方向總是指向電勢降落最快的方向。6、B【解析】

順著電場線電勢降低，則知A點的電勢低于B點的電勢．故A錯誤．根據電場線從無窮遠出發(fā)到負電荷終止可知，該電荷是負電荷．故B正確．電場線的切線方向為電場強度方向，由圖看出，A、B兩點場強方向不同．故C錯誤．由圖知，A處電場線較密，則A處電場強度大．故D錯誤．故選B．【點睛】此題考查的就是點電荷的電場的分布及特點，以及電場線方向與電勢高低的關系，熟悉正、負點電荷，等量同種、等量異種電荷周圍電場分布情況往往是解題關鍵.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

AB．0～T時間內平行板間的電場強度為：，電子以，向上做勻加速直線運動，經過時間T的位移為：，速度為：；T～2T內平行板間電場強度為：，加速度為：，電子以v1的速度向上做勻變速度直線運動，位移為：，由題意2T時刻回到P點，則有：，聯立可得：，故A錯誤B正確；C．依據電場力做正功最多，電勢能最小，而0～T內電子做勻加速運動，T～2T之內先做勻減速直線運動，后反向勻加速直線運動，因，所以在T～2T某時刻電勢能最小，C錯誤；D．電子在2T時刻回到P點，此時速度為：（負號表示方向向下），電子的動能為：，根據能量守恒定律，電勢能的減小量等于動能的增加量，D正確。8、BD【解析】

A．由題，帶電荷量為q的微粒靜止不動，所受的電場力與重力平衡，則微粒受到向上的電場力，而平行板電容器板間的場強方向豎直向下，則微粒帶負電，故A錯誤；B．由平衡條件得：得電源的電動勢為：，故B正確；C．斷開開關S，電容器所帶電量不變，根據公式、和可得，得場強E不變，微粒所受的電場力不變，則微粒仍靜止不動，故C錯誤；D．保持開關S閉合，極板間的電壓U不變，當把電容器兩極板距離增大，根據，則電場強度減小，那么電場力減小，因此微粒將向下做加速運動，故D正確；9、BC【解析】

A．物體機械能的改變量等于外力所做的功，在整個過程中外力為F和摩擦力，故做功之和為F和摩擦力之和，故A錯誤；

B．由動能定理可知，物體的動能的該變量等于物體合外力所做的功，故B正確；

C．物體重力勢能的增加量等于物體克服重力所做的功，故C正確；

D．根據能量守恒即可判斷，運動過程中摩擦產生的內能不等于物體機械能的減少，故D錯誤。10、CD【解析】

本題考查電場強度與電勢的概念【詳解】A．電場強度的大小具有絕對性，而電勢的高低則具有相對性，選擇的參考平面不同，電勢的高低也會不同，所以電勢是否為0與電場強度沒有必然聯系，故A錯誤；B．電場強度的大小可以從電場線的疏密程度看出，但是電勢的高低卻取決于電場線的走向，沿著電場線方向電勢會逐漸降低，但是電場強度卻可能在逐漸增大，故B錯誤；C．因為在等勢面上移動電荷電場力不做功，故電場強度的方向處處與等電勢面垂直，C選項正確；D．沿電場線的方向電勢逐漸降低，但電勢降低的方向不一定是電場的方向，電勢降落最快的方向則一定是電場強度的方向，故D選項正確。綜上所述，本題正確答案應選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、×1歐姆調零40.0A1、A2圖見解析【解析】

（1）[1]．多用電表指針的偏轉角度太大，指示值太小，要使指針指在中央附近，指示值變大，根據歐姆擋讀數=指示值×倍率可知，應換用倍率小的擋位，用×1擋．

[2][3]．換擋后，要重新進行歐姆調零．此段電阻絲的電阻為40.0Ω．

（2）①[4]．電源的電動勢為4.5V，則電壓表的量程（15V）過大，則可用已知內阻的電流表A1與定值電阻R0串聯作為電壓表；則所選的電表是A1A2；[5]．電路如圖；12、1.455cm5.765mm【解析】游標卡尺的主尺讀數為：1.4cm=14mm，游標尺上第9個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為9×0.05mm=0.45mm，所以最終讀數為：14mm+0.45mm=14.45mm．螺旋測微器的固定刻度為5.5mm，可動刻度為16.5×0.01mm=0.165mm，所以最終讀數為5.5mm+0.165mm=5.665mm．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）負電荷（2）-0.02C【解析】

（1）根據速度的變化，分析電場力的方向，即可判斷電荷的種類．（2）根據動能定理和電場力做功的公式W=qU結合求解電荷量．【詳解】（1）由題意知，粒子從a到b速度減小，說明電場力方向從b→a，與場強方向相反，所以該電荷帶負電．（2）根據動能定理得：代入數據得：q=﹣0.02C【點睛】解決本題關鍵掌握動能定理和電場力做功公式W=qU，要注