寧夏銀川二十四中2025屆高二物理第一學期期中統(tǒng)考模擬試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關(guān)于動摩擦因數(shù),下列說法正確的是(

)A．兩物體接觸面間壓力越大,動摩擦因數(shù)越大B．兩物體間滑動摩擦力越大,動摩擦因數(shù)越大C．兩物體間的動摩擦因數(shù)與滑動摩擦力成正比,與兩物體間的壓力成反比D．兩物體間的動摩擦因數(shù)是由兩物體的材料和接觸面的粗糙程度等決定的,與滑動摩擦力和正壓力無關(guān)2、用電器離電源L米，線路上的電流為I，為使在線路上的電壓降不超過U，已知輸電線的電阻率為ρ．那么，輸電線的橫截面積的最小值是（）A．ρL／R B．2UL／Iρ C．U／ρLI D．2ρLI／U3、如圖甲所示是某電場中的一條電場線，a、b是這條電場線上的兩點，一帶正電的粒子只在靜電力作用下，沿電場線從a運動到b。在這過程中，粒子的速度-時間圖像如圖乙所示，比較a、b兩點電勢的高低和電場強度的大小A．φa＞φb，Ea＝EbB．φa＞φb，Ea＜EbC．φa＜φb，Ea＝EbD．φa＜φb，Ea＞Eb4、下列有關(guān)電場的公式說法正確的是（）A．由公式可知，在電場中某點放入不同的試探電荷，若試探電荷受到的電場力增大為原來的二倍時，該點的電場強度也增大為原來的二倍B．由公式可知，將放在點電荷電場中某點的試探電荷的電量變成原來的二倍時，該點的電場強度也變?yōu)樵瓉淼亩?。C．由公式可知，當電容器帶的電量變成原來二倍時，電容器的電容也變?yōu)樵瓉矶禗．由公式可知，當平行板電容器兩板正對面積變成原來二倍時，電容器的電容也變?yōu)樵瓉矶?、某同學畫的表示磁場B、電流I和安培力F的相互關(guān)系如圖所示，其中正確的是()A． B． C． D．6、在2012年倫敦奧運會上，“世界飛人”博爾特完成100m決賽（在直線跑道上進行）的成績?yōu)?.63s。完成200m決賽（部分跑道是彎道）的成績?yōu)?9.32s。關(guān)于他在決賽中的運動情況，下列說法正確的是（）A．9.63s指的是時間間隔B．19.32s指的是時刻C．200m指的是位移大小D．100m決賽過程中任一時刻的瞬時速度一定大于10.4m／s二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、對電動勢的理解，正確的是()A．電動勢在數(shù)值上等于非靜電力把1C的正電荷從負極移到正極所做的功B．電動勢在數(shù)值上等于靜電力把1C的負電荷從正極移到負極所做的功C．電動勢在數(shù)值上等于靜電力把1C的正電荷從負極移到正極所做的功D．電源電動勢越大，則它把其他形式的能轉(zhuǎn)化成電能的本領(lǐng)越強8、如圖所示的電路中，當滑動變阻器的滑片向上滑動時，則()A．電源的功率變小B．電容器儲存的電荷量變小C．電源內(nèi)部消耗的功率變大D．電阻R消耗的電功率變小9、一帶電小球在空中由A點運動到B點過程中，受重力、電場力和空氣阻力三個力．若重力勢能增加3J、機械能增加0.5J、電場力做功1J，則小球()A．重力做功為3JB．動能減少2.5JC．克服空氣阻力做功0.5JD．電勢能增加1J10、如圖所示，一直流電動機與阻值R=4Ω的電阻串聯(lián)在電源上，閉合開關(guān)，電動機的輸入功率為P=20W，電源的電動勢E=20V，內(nèi)阻r=1Ω。用理想電壓表測出電動機兩端電壓，已知電動機線圈的電阻RM=1Ω，則下列說法中正確的是A．通過電動機的電流為10AB．電源的輸出功率為36WC．電動機的輸出功率為16WD．理想電壓表的示數(shù)為2V三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）美國物理學家密立根通過如圖所示的實驗裝置最先測出了電子的電荷量，被稱為密立根油滴實驗．兩塊水平放置的金屬板A、B分別與電源的正負極相連接，板間產(chǎn)生勻強電場，方向豎直向下，圖中油滴由于帶負電懸浮在兩板間保持靜止．（已知重力加速度為g）（1）若要測出該油滴的電荷量，需要測出的物理量有__________．A．油滴質(zhì)量mB．兩板間的電壓UC．兩板間的距離dD．兩板的長度L（2）用所選擇的物理量表示出該油滴的電荷量q=________12．（12分）如圖為“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗的實物電路圖，已知小燈泡額定電壓為3V。(1)在方框圖中畫出與實物電路相應的電路圖______。(2)完成下列實驗步驟①閉合開關(guān)前，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片，應停留在滑動變阻器________端；(選填“左”或“右”)②閉合開關(guān)后，逐漸移動變阻器的滑片，增加小燈泡兩端的電壓，記錄電流表和電壓表的多組讀數(shù)，直至電壓達到額定電壓；③記錄如下一組U和I的數(shù)據(jù)，斷開開關(guān)。根據(jù)實驗數(shù)據(jù)在圖中作出小燈泡燈絲的伏安特性曲線_____。編號12345678U/V0.200.601.001.401.802.202.603.00I/A0.0200.0600.1000.1400.1700.1900.2000.205燈泡發(fā)光情況不亮微亮逐漸變亮正常發(fā)光(3)數(shù)據(jù)分析①從圖線上可以得出，當電壓逐漸增大時，燈絲電阻的變化情況是__________________________。②圖線表明導體的電阻隨溫度升高而____________。③小燈泡正常工作時的電阻約為________。(保留小數(shù)點后一位有效數(shù)字)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在空間有一坐標系xOy，直線OP與x軸正方向的夾角為30°，第一象限內(nèi)有兩個大小不同、方向都垂直紙面向外的勻強磁場區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，直線OP是它們的邊界，OP上方區(qū)域Ⅰ中磁場的磁感應強度為B。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子(不計重力)以速度v從O點沿與OP成30°角的方向垂直于磁場進入?yún)^(qū)域Ⅰ，質(zhì)子先后通過磁場區(qū)域Ⅰ和Ⅱ后，恰好垂直打在x軸上的Q點(圖中未畫出)，試求：（1）區(qū)域Ⅱ中磁場的磁感應強度大??；（2）Q點的坐標。14．（16分）如圖甲所示，真空中的電極K連續(xù)不斷地發(fā)出電子（電子的初速度可忽略不計），經(jīng)電壓為U0的電場加速，加速電壓U0隨時間t變化的圖像如圖乙所示，每個電子通過加速電場的過程時間極短，可認為該過程加速電壓不變.電子被加速后由小孔S穿出沿兩個彼此靠近且正對的水平金屬板A、B間中軸線，從左邊緣射入A、B兩板間的偏轉(zhuǎn)電場，A、B兩板長均為L=0.020m，兩板之間距離d=0.050m，A板的電勢比B板電勢高U，A、B板右側(cè)邊緣到豎直放置的熒光屏P（面積足夠大）之間的距離b=0.10m，熒光屏的中心點O與A、B板的中心軸線在同一永平直線上，不計電子之間的相互作用力及其所受的重力。求：（1）求電子進入偏轉(zhuǎn)電場的初速度v0（已知電子質(zhì)量為m、電量為e，加速電壓為U0）（2）假設電子能射出偏轉(zhuǎn)電場，從偏轉(zhuǎn)電場右端射出時，它在垂直于兩板方向的偏轉(zhuǎn)位移y為多少（用U0、U、L、d表示）；（3）要使電子都打不到熒光屏上，A、B兩板間所加電壓U應滿足什么條件；（4）當A、B板間所加電壓U=50V時，電子打在熒光屏上距離中心點O多遠的范圍內(nèi)。15．（12分）如圖所示，水平放置的兩金屬極板長度為L，相距為d，極板間的電壓為U，兩極板間的電場可視為勻強電場。一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從極板中央水平射入電場中，射入時的速度為v0，并從電場的右端射出。若不計粒子的重力，求該粒子射出時沿垂直于板面方向偏移的距離y。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】兩物體間的動摩擦因數(shù)是由兩物體的材料和接觸面的粗糙程度等決定的,與滑動摩擦力和正壓力無關(guān)，D正確．2、D【解析】

根據(jù)歐姆定律得根據(jù)電阻定律解得A．ρL／R，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B．2UL／Iρ，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C．U／ρLI，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D．2ρLI／U，與結(jié)論相符，選項D正確；故選D．考點：遠距離輸電【名師點睛】此題是關(guān)于遠距離輸電的問題；解決本題的關(guān)鍵掌握電阻定律和歐姆定律，注意導線輸電導線應為兩條3、A【解析】帶正電的粒子從a運動到b，由速度時間圖線得到正電荷做加速運動，故電場力從a到b；正電荷受到的電場力與場強方向相同，故場強從a到b，而沿場強方向，電勢變小，故a點電勢較大，即φa＞φb；因為速度圖線的斜率不變，故加速度不變，因此電場力不變，所以電場強度不變，即Ea=Eb，故A正確，BCD錯誤。4、D【解析】公式為電場強度的定義式，電場強度只和電場本身的性質(zhì)有關(guān)，與試探電荷受到的電場力以及試探電荷的電荷量無關(guān)，A錯誤；公式中的Q是場源電荷的電荷量，不是試探電荷的電荷量，B錯誤；電容器電容的決定式為，計算式為，所以電容器電容的大小和兩極板間的電勢差以及所帶電荷量無關(guān)，當平行板電容器兩板正對面積變成原來二倍時，電容器的電容也變?yōu)樵瓉矶?，C錯誤D正確．5、D【解析】

根據(jù)左手定則可知，A圖中安培力方向應該向下，B圖中安培力應該垂直于磁場斜向左上方，C圖中磁場方向和電流方向在同一直線上，不受安培力作用，D圖中安培力方向斜向左下方垂直于電流方向，故ABC錯誤，D正確．6、A【解析】

博爾特完成100m決賽（在直線跑道上進行）的成績?yōu)?.63s，對應一段位移，是時間間隔，故A正確；完成200m決賽（部分跑道是彎道）的成績?yōu)?9.32s，對應一段位移，是時間間隔，故B錯誤；運動會時運動員跑200m有彎道，路程和位移大小不相等，路程大于位移的大小，故C錯誤；100m決賽的平均速度v=xt=1009.63m/s=10.4m/s，但不能說任一時刻的瞬時速度都一定大于10.4m/s二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

ABC．由可知電源電動勢在數(shù)值上等于非靜電力把電源中1C正電荷從負極移到正極所做的功；故A正確，BC錯誤；D．電源電動勢越大，則它把其他形式的能轉(zhuǎn)化成電能的本領(lǐng)越強，選項D正確。8、BC【解析】

在變阻器R的滑片向上滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻變小，外電路總電阻變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析干路電流和路端電壓如何變化，由歐姆定律分析并聯(lián)部分電壓的變化，從而分析電容的電量如何變化，根據(jù)功率的公式分析功率的變化．【詳解】在變阻器R的滑片向上滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻變小，外電路總電阻變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，可知干路電流I變大，根據(jù)P=EI，可知電源的功率變大，根據(jù)，可知電源內(nèi)部消耗的功率變大，故A錯誤，C正確；因干路電流I變大，則路端電壓U變小，而電壓變大，而，則并聯(lián)部分的電壓變小，即電容器兩端的電壓變小，根據(jù)Q=CU，可知電容器儲存的電荷量變小，故B正確；因不知道R與的大小關(guān)系，無法判斷電阻R消耗的電功率變化情況，故D錯誤；故選BC?！军c睛】本題為閉合電路歐姆定律中的含容電路，要注意明確與電容器串聯(lián)的電阻在電路穩(wěn)定時，可以將其作為導線處理．9、BC【解析】試題分析：解決本題需根據(jù)：重力做功等于重力勢能的減小量；電場力做功等于電勢能的減小量；合力做功等于動能的增加量；除重力外的各個力做的總功等于機械能的增加量．由功能關(guān)系分析．解：A、重力做功等于重力勢能變化量的負值，則重力勢能增加3J，故重力做功﹣3J，故A錯誤；B、據(jù)題，重力勢能增加3J、機械能增加0.5J，而機械能等于重力勢能與動能之和，則得動能減少2.5J，故B正確．C、除重力外的各個力做的總功等于機械能的增加量，除重力外，有電場力和空氣阻力做功，電場力做功1J，而機械能增加0.5J，所以克服空氣阻力做功0.5J，故C正確．D、電場力做功等于電勢能的減小量，電場力做功1J，故電勢能減小1J，故D錯誤；故選BC【點評】功是能量轉(zhuǎn)化的量度，有多種表現(xiàn)形式：重力做功是重力勢能變化的量度；電場力做功是電勢能變化的量度；合力做功是動能變化的量度；重力外的各個力做的總功是機械能變化的量度．10、BC【解析】

A．設電路中的電流為I，則：P=I[E-I(R+r)]即20=I[20-I(4+1)]解得I=2A選項A錯誤；B．電源的輸出功率為選項B正確；CD．電動機兩端電壓U=E-I(R+r)=10V電動機的輸出功率為選項C正確，D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ABC【解析】（1）平行金屬板板間存在勻強電場，液滴恰好處于靜止狀態(tài)，電場力與重力平衡，則有：，所以需要測出的物理量有油滴質(zhì)量m，兩板間的電壓U，兩板間的距離d，故選ABC．（2）由，可得油滴的電荷量為：．12、左先不變，后逐漸增大增大14.6【解析】

(1)[1]描繪小燈泡的伏安特性曲線，電壓與電流要從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓式接法，燈泡電阻較小，約為幾歐姆到十幾歐姆，遠小于電壓表內(nèi)阻，電流表應采用外接法。(2)[2]①為保護電路安全，開關(guān)閉合之前，圖中滑動變阻器的滑片應該置于左端。[3]③根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)，畫出小燈泡的I－U圖線(3)[4]①從圖線上可以得出，當電壓逐漸增大時，燈絲電阻的變化情況是先不變，后逐漸增大。[5]②圖線表明導體的電阻隨溫度升高而增大。[6]③根據(jù)I－U圖線得當燈泡兩端電壓U＝3V時，I＝0.205A，所以小燈泡正常工作時的電阻約為R＝Ω≈14.6Ω。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)B'=2B【解析】

（1）設質(zhì)子在磁場Ⅰ和Ⅱ中做圓周運動的軌道半徑分別為r1和r2，區(qū)域Ⅱ中磁感應強度為B′，由牛頓第二定律知：qvB＝mv2粒子在兩區(qū)域運動的軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系可知，質(zhì)子從A點出磁場I時的速度方向與OP的夾角為300，故粒子在磁場I中軌跡的圓心角為θ=60°