2025屆吉林省吉林市豐滿區(qū)第五十五中學物理高二第一學期期中學業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于電壓和電動勢，下列說法正確的是（）A．電動勢就是電源兩極間的電壓B．電壓和電動勢單位相同，所以電動勢和電壓是同一物理量C．電動勢是反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領的物理量D．電源電動勢定義式E=Wq和電勢差定義式U=W2、圖是質(zhì)譜儀的工作原理示意圖。帶電粒子被加速電場加速后，進入速度選擇器。速度選擇器內(nèi)相互正交的勻強磁場和勻強電場的強度分別為B和E。平板S上有可讓粒子通過的狹縫P和記錄粒子位置的膠片A1、A2。平板S下方有強度為B0的勻強磁場。下列表述正確的是A．該帶電粒子帶負電B．速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向里C．能通過的狹縫P的帶電粒子的速率等于D．粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P，粒子的比荷越大3、如圖所示，兩只燈泡L1、L2分別標有“110V，60W”和“110V，100W”，另外有一只滑動變阻器R，將它們連接后接入220V的電路中，要求兩燈泡都正常發(fā)光，并使整個電路消耗的總功率最小，應使用下面()A． B． C． D．4、如圖甲所示，一帶正電的粒子以水平初速度vo（vo<E/B）先后進入方向互相垂直的勻強電場和勻強磁場區(qū)域，兩場的區(qū)域?qū)挾认嗤瑤щ娏Ｗ哟┻^兩場的過程中（不計重力），電場和磁場對粒子所做的總功為W1；若把上述兩場正交疊加，如圖乙所示，粒子仍以水平初速度vo穿過疊加場區(qū)，此過程電場和磁場對粒子所做的總功為W2，比較W1和W2有：A．一定是W1>W2 B．一定是W1=W2C．一定是W1<W2 D．可能是W1>W2，也可能是W1<W25、如圖所示為電場中的某一條電場線,A、B、C是其上的三點.現(xiàn)用、、表示這三點的電場強度,、、表示這三點的電勢,、、表示某一點電荷-q在這三點具有的電勢能,則必有(

)A．B．C．D．6、帶電量分別為2Q、4Q的兩點電荷，相距為r，相互作用力為F?，F(xiàn)把兩個電荷的電量各減少一半，距離減小為r4，則兩個點電荷的相互作用力變?yōu)椋ˋ．4FB．2FC．FD．F二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、光滑絕緣的水平面上有一棱形abcd,∠bad=60°，在a、b、c三個頂點上分別放置一個點電荷qa、qbA．qb一定帶正電B．qC．qa=3qbD．8、如圖所示，圓圈中的“×”表示電流方向垂直紙面向里，圓圈中的“?”表示電流方向垂直紙面向外．兩根通電長直導線a、b平行水平放置，a、b中的電流強度均為I，此時a受到的磁場力大小為F．當在a、b的上方再放置一根與a、b平行的通電長直導線c后，a受到的磁場力大小仍為F，圖中abc正好構成一個等邊三角形，則此時（）A．b受到的磁場力大小為FB．b受到的磁場力大小為C．c受到的磁場力大小為FD．c受到的磁場力大小為9、四個電荷量大小相同的點電荷位于正方形四個角上，電性與各點電荷附近的電場線分布如圖所示．a(chǎn)b、cd分別是正方形兩組對邊的中垂線，O為中垂線的交點，P、Q分別為ab、cd上的兩點，OP>OQ，下列說法中正確的是（）A．P、Q兩點電勢相等，場強也相同B．P點的電勢比M點的高C．PM兩點間的電勢差大于QM間的電勢差D．帶負電的試探電荷在Q點時比在M點時電勢能小10、如圖所示為伏安法測電阻的一種常用電路，以下分析正確的是（____）A．此接法的測量值大于真實值B．此接法的測量值小于真實值C．此接法要求待測電阻遠小于電流表內(nèi)阻D．開始實驗時滑動變阻器滑動頭P應處在最右端三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）有一游標卡尺，主尺的最小分度是1mm，游標上有20個小的等分刻度。用它測量一小球的直徑，如圖1所示的讀數(shù)是__________mm。（2）用螺旋測微器測量一根金屬絲的直徑，如圖2所示的讀數(shù)是_____________mm。（3）如圖3所示的電流表讀數(shù)為_________A，如圖4所示的電壓表讀數(shù)為____________V（4）某同學先用多用電表粗測其電阻。用已經(jīng)調(diào)零且選擇開關指向歐姆擋“×100”檔位的多用電表測量，發(fā)現(xiàn)指針的偏轉(zhuǎn)角度太小，這時他應將選擇開關換成另一個擋位，然后進行歐姆調(diào)零，再次測量電阻絲的阻值，其表盤及指針所指位置如右圖所示，則此段電阻絲的電阻為_______Ω．12．（12分）某同學利用下列器材測定一個蓄電池的電動勢和內(nèi)阻．蓄電池的電動勢約為4V．A．量程是0.6A．內(nèi)阻約為0.5Ω的電流表B．量程是5V，內(nèi)阻是6kΩ的電壓表C．量程是15V，內(nèi)阻是30kΩ的電壓表D．阻值為0-1kΩ，額定電流為0.5A的滑動變阻器E.阻值為0-10Ω，額定電流為2A的滑動變阻器F.定值電阻，額定功率4WG.開關S一個，導線若干(1)為了減小實驗誤差，電壓表應選擇_______(填器材代號)，圖中的導線應連接到處_____(填“a”或“b”)，改變滑動變阻器阻值的時候，為了使電壓表和電流表的讀數(shù)變化比較明顯，滑動變阻器應選擇______(填器材代號)．(2)用(1)問中的實驗電路進行測量，讀出電壓表和電流表的讀數(shù)，畫出對應的U-I圖線如圖所示，由圖線可得該蓄電池的電動勢E=____V，內(nèi)阻r=____Ω．(結果保留兩位有效數(shù)字)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示為一真空示波管，電子從燈絲K發(fā)出初速度不計，經(jīng)燈絲與A板間的加速電壓加速，從A板中心孔沿中心線KO射出，然后進入兩塊平行金屬板M、N形成的偏轉(zhuǎn)電場中偏轉(zhuǎn)電場可視為勻強電場，電子進入M、N間電場時的速度與電場方向垂直，電子經(jīng)過電場后打在熒光屏上的P點已知加速電壓為，M、N兩板間的電壓為，兩板間的距離為d，板長為，板右端到熒光屏的距離為，電子的質(zhì)量為m，電荷量為求：電子穿過A板時的速度大??；電子在偏轉(zhuǎn)場運動的時間t；電子從偏轉(zhuǎn)電場射出時的側(cè)移量；點到O點的距離．14．（16分）質(zhì)譜儀是研究同位素的重要儀器，如圖所示為質(zhì)譜儀原理示意圖。設粒子質(zhì)量為m、電荷量為q，從S1無初速度進入電場，加速電場電壓為U，之后垂直磁場邊界進入勻強磁場，磁感應強度為B。不計粒子重力。求：（1）粒子進入磁場時的速度是多大？（2）打在底片上的位置到S3的距離多大？（3）粒子從進入磁場到打在底片上的時間是多少？15．（12分）如圖所示，abcd是一個正方形盒子．cd邊的中點有一個小孔e，盒子中有沿ad方向的勻強電場．一個質(zhì)量為m、帶電量為q的粒子從a處的小孔沿ab方向以初速度v0射入盒內(nèi)，并恰好從e處的小孔射出。(忽略粒子重力)求：(1)該帶電粒子從e孔射出的速度大??；(2)若正方形的邊長為L，求該電場的場強大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A.根據(jù)閉合電路歐姆定律，路端電壓U=E?Ir，只有當外電路斷開時，I=0，路端電壓等于電動勢。故A錯誤；B.電壓與電動勢的單位相同，但物理意義不同，是兩個不同的物理量。故B錯誤；C.電源是把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，電動勢反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領大小。故C正確；D.電動勢定義式中的W是非靜電力做功，電勢差中的W是靜電力做功。故D錯誤。故選：C.【點睛】電壓與電動勢的單位相同，但物理意義不同，不是同一物理量的不同叫法．電動勢是反映電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領大小的物理量．電動勢定義式中的W是非靜電力做功，電勢差中的W是靜電力做功。電動勢等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓．2、D【解析】

A．粒子垂直磁場向下進入磁場，根據(jù)左手定則可以知道粒子帶正電，所以A錯誤.B．粒子帶正電，則受電場力向右，由左手定則可判斷磁場方向垂直直面向外，故B錯誤.C．由：得：此時離子受力平衡，可沿直線穿過選擇器，所以C錯誤.D．由：知R越小比荷越大，故D正確.3、A【解析】A、燈泡1的額定電流，燈泡2的額定電流，在A電路中，兩燈泡正常發(fā)光時，通過R的電流為，R與并聯(lián)，電壓相等，根據(jù)，所以功率之比等于電流之比，為，則R上消耗的功率為，則整個電路的總功率；在D電路中，兩燈泡正常發(fā)光，則通過R的電流等于兩燈泡額定電流之和，為，兩燈泡的并聯(lián)電壓為，則R上的電壓為，根據(jù)，知電阻R上消耗的功率與兩個燈泡消耗的功率相等，所以整個電路的總功率，所以A電路消耗的功率小，故A正確，D錯誤；B、在B電路中，燈泡1的額定電流，燈泡2的額定電流，燈泡2能正常法，則燈泡1就會燒掉，B電路不能保證兩燈泡正常發(fā)光，在C電路中，兩燈泡串聯(lián)，則兩燈泡電流相等，不能保證兩燈泡正常發(fā)光，故B、C錯誤．點睛：解決本題的關鍵知道在混聯(lián)電路中，總功率等于各電阻消耗的功率之和，會根據(jù)功率的公式求出額定電流，判斷燈泡能否正常發(fā)光．4、A【解析】

先判斷帶電粒子在電場中的受力情況和在重疊區(qū)的受力情況，比較兩種情況中的偏轉(zhuǎn)位移的大小，而洛倫茲力對粒子不做功，只有電場力做功，進而可以判斷做功大?。驹斀狻坎徽搸щ娏Ｗ訋Ш畏N電荷，粒子穿過重疊場區(qū)時，電場力的方向與洛倫茲力的方向的夾角大于90°，所以帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)位移比重疊時的偏轉(zhuǎn)位移大，所以不論粒子帶何種電性，甲中帶電粒子在電場中偏轉(zhuǎn)位移一定大于乙中的偏轉(zhuǎn)位移，而洛倫茲力對帶電粒子不做功，只有電場力做功，所以一定是W1＞W(wǎng)2，故A正確。故選A?！军c睛】本題解題的關鍵是分析兩種情況下的偏轉(zhuǎn)位移的大小，洛倫茲力對帶電粒子不做功，難度適中．5、B【解析】

A．電場線的疏密程度表示電場強度的大小，由于只有一根電場線，故無法判斷電場強度的大小。故A錯誤。

B．沿著電場線電勢逐漸降低，所以必有。故B正確。

CD．根據(jù)公式Ep=qφ，可知負電荷在電勢高的點電勢能小，故EPC＞EPB＞EPA。故CD錯誤。6、A【解析】

由庫侖定律可得，變化前的F=K2Q·4Qr2，變化后F'=KQ·2Q(【點睛】此題比較簡單，直接根據(jù)庫侖定律得出兩次作用的表達式，則可求得距離減小后相互作用力，從而解出此題。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

因為棱形中心o點的電場強度方向由o指向d，故a、c一定是同種電荷，b為正電荷，由于b點電荷離d點較遠，為了滿點o、d兩點的電場強度相同，根據(jù)電場的疊加原理可知，a、c兩點的電荷一定是同種等量的正電荷，故A正確，B錯誤；根據(jù)o、d兩點的電場強度相同，O點的電場強度為E0=kqbob8、BC【解析】加上導線c后，a受到的磁場力如圖所示，a受到的合磁場力仍為F，則受到c給的磁場大小也為F，與b給的磁場力夾角為120°，故合力為，因為abc正好構成一個等邊三角形，所以c給b的磁場力大小為F，c受到的磁場力如圖所示，根據(jù)平行四邊形定則可得b受到的磁場力，根據(jù)牛頓第三定律可得，c受到的a、b給的磁場力如圖所示，根據(jù)平行四邊形定則可得，BC正確．9、BD【解析】

A、電場線的疏密表示場強的大小，電場線越密，電場強度越大，根據(jù)圖象知P點的電場強度比Q點的小。根據(jù)電場線與等勢面垂直，可知ab與cd是兩條等勢線，則P與O的電勢相等，Q與O的電勢也相等，所以P、Q兩點的電勢相等;故A錯誤.B、ab連線上各點的電勢相等，M點比ab連線上各點的電勢低，則M點的電勢比P點的低;故B正確.C、由于P、Q兩點電勢相等，所以PM兩點間的電勢差等于QM間的電勢差;故C錯誤.D、P、Q兩點的電勢相等，則Q點的電勢高于M點的電勢，而負電荷在電勢高處電勢能小，所以帶負電的試探電荷在Q點的電勢能比在M點小;故D正確.故選BD.【點睛】本題的關鍵要掌握電場線的分布情況，理解電場的疊加原理，掌握電場線的兩個物理意義：電場線的疏密表示場強的大小，電場線方向表示電勢的高低．10、AD【解析】A、此電路為內(nèi)接法，由于電流表的分壓作用，使電壓表示數(shù)偏大，所以由歐姆定律可得接法測量出的電阻值大于R的真實值，故A正確，B錯誤；

C、內(nèi)接法要求被測電阻較大，遠遠大于電流表的內(nèi)阻，以致電流表分壓帶來的誤差可以忽略，故C錯誤；

D、滑動變阻器限流接法，閉合電鍵時滑動頭P應處在最右端，此時接入電路中電阻最大，電路在中電流最小，對整個電路起到保護作用，故D正確．點睛：對于伏安法測電阻的實驗，要注意分清內(nèi)外接法的誤差來源，本著盡量減小誤差的原則選擇電路，滑動變阻器的使用應本著保護電路的要求，學生最好在理解的基礎上識記．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、13.55mm0.680±0.001mm0.46A1.90±0.01V13000Ω【解析】

（1）游標卡尺的讀數(shù)是：1.3cm+0.05mm×11=13.55mm。（2）螺旋測微器的讀數(shù)是：0.5mm+0.01mm×18.0=0.680mm。（3）如圖3所示的電流表最小刻度為0.02A，則讀數(shù)為0.46A，如圖4所示的電壓表最小刻度為0.1V，則讀數(shù)為1.90V（4）歐姆表指針的偏轉(zhuǎn)角度太小，則說明倍率檔選擇過小，要換用大量程的，即選×1000檔，其阻值為：13×1000Ω=13000Ω；【點睛】解決本題的關鍵掌握游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．歐姆表要注意倍率的選?。?2、B①E4.21.33【解析】

（1）蓄電池的電動勢約為3V，電壓表C的量程太大，選電壓表選B；導線接①處，電壓表內(nèi)阻已知，與電池串聯(lián)的定值電阻阻值已知，有利于準確測出電池的內(nèi)阻；（2）由圖線在縱軸上的截距可得蓄電池的電動勢E＝3.2V，圖線斜率的絕對值|k|≈5.3Ω，減去與電池串聯(lián)的定值電阻的阻值4Ω，可得電池的內(nèi)阻r＝1.3Ω.【點睛】（1）根據(jù)蓄電池的電動勢選擇電壓表的量程；根據(jù)電壓表內(nèi)阻已知，與電池串聯(lián)的定值電阻阻值已知，從減小誤差的角度選擇測量電路；（2）由圖像的縱軸截距可得電動勢，由圖線斜率的絕對值減去與電池串聯(lián)的定值電阻的阻值可得電源內(nèi)阻．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、；；；【解析】

（1）電子在加速電場U1中運動時，電場力對電子做正功，根據(jù)動能定理求解電子穿過A板時的速度大?。唬?）電子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，水平方向做勻速直線運動，根據(jù)進入偏轉(zhuǎn)電場時的速度和極板長度求出粒子在偏轉(zhuǎn)電場中運動的時間；（3）粒子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，豎直方向做初速度為0的勻加速直線運動，根據(jù)粒子受力和運動時間求出側(cè)向位移量；（4）粒子離開偏轉(zhuǎn)電場后做勻速直線運動，水平方向做勻速直線運動求出運動時間，豎直方向亦做勻速直線運動由時間和速度求出偏轉(zhuǎn)位移，再加上電場中的側(cè)位移即為OP的距離．【詳解】（1）粒子在加速電場中只有電場力做功，根據(jù)動能定理有：得電子加速后的速