山東省濟(jì)南市濟(jì)南第一中學(xué)2025屆高二物理第一學(xué)期期末達(dá)標(biāo)檢測模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、已知電場中A點(diǎn)處放有一電量為q的電荷，所受電場力為F，A點(diǎn)處場強(qiáng)為E，則（）A.若在A點(diǎn)換上－q，A點(diǎn)的場強(qiáng)方向發(fā)生改變B.若在A點(diǎn)換上電量為2q的電荷，A點(diǎn)的場強(qiáng)將變?yōu)?EC.若把A點(diǎn)電荷q移去，A點(diǎn)的場強(qiáng)變?yōu)榱鉊.A點(diǎn)場強(qiáng)的大小、方向與q的大小、方向、有無均無關(guān)2、如圖所示為電流天平，可用來測定磁感應(yīng)強(qiáng)度．天平的右臂上掛有一匝數(shù)為N的矩形線圈，線圈下端懸在勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直紙面向里，當(dāng)線圈中通有電流I（方向如圖）時(shí)，發(fā)現(xiàn)天平的左端低右端高，下列哪些調(diào)節(jié)方案可以使天平平衡A.減小電流I大小B.增長線框的寬度C.增大左盤砝碼的質(zhì)量D.增加線圈的匝數(shù)N3、如圖所示，將一小球在距離地面一定高度處水平拋出，小球最后落到與拋出點(diǎn)水平相距的點(diǎn)．現(xiàn)調(diào)節(jié)拋出點(diǎn)的高度，使該小球仍落到點(diǎn)，且保證小球落到點(diǎn)的速率最小，則此拋出點(diǎn)距離地面的高度為（不計(jì)空氣阻力、小球可視為質(zhì)點(diǎn)）()A.2xB.xC.D.4、如圖，a、b兩根垂直紙面的導(dǎo)體通以大小相等的電流，兩導(dǎo)線旁有一點(diǎn)P，P點(diǎn)到a、b距離相等，要使P處磁場方向向右，則a、b中電流方向?yàn)锳.都向外B.都向里C.a中電流向外，b中電流向里D.a中電流向里，b中電流向外5、如圖所示，三根相互平行的固定長直導(dǎo)線、和垂直紙面如圖放置，與坐標(biāo)原點(diǎn)分別位于邊長為a的正方形的四個(gè)點(diǎn)上，與中的電流均為I，方向均垂直于紙面向外，中的電流為2I，方向垂直紙面向里（已知電流為I的長直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場中，距導(dǎo)線r處的磁感應(yīng)強(qiáng)度（其中k為常數(shù)）．某時(shí)刻有一質(zhì)子（電量為e）正好沿與x軸正方向成45°斜向上經(jīng)過原點(diǎn)O，速度大小為v，則質(zhì)子此時(shí)所受磁場力為()A.方向垂直紙面向里，大小為B.方向垂直紙面向外，大小為C.方向垂直紙面向里，大小為D.方向垂直紙面向外，大小為6、如圖所示是一種轉(zhuǎn)子和定子都有線圈的電動(dòng)機(jī)原理圖(轉(zhuǎn)向器未畫出)，在圖示狀態(tài)，線圈轉(zhuǎn)動(dòng)方向如圖中箭頭方向所示，則電源的正極應(yīng)是()A.a端 B.b端C.a端或b端都可以 D.無法判斷二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，A和B為豎直放置的平行金屬板，在兩極板間用絕緣線懸掛一帶電小球．開始時(shí)開關(guān)S閉合且滑動(dòng)變阻器的滑片P在a處，此時(shí)絕緣線向右偏離豎直方向(電源的內(nèi)阻不能忽略)．下列判斷正確的是()A.小球帶正電B.當(dāng)滑片P從a向b滑動(dòng)時(shí)，細(xì)線的偏角θ變大C.當(dāng)滑片P從a向b滑動(dòng)時(shí)，電流表中有電流，方向從上向下D.當(dāng)滑片P停在b處時(shí)，電源的輸出功率一定大于滑片P在a處時(shí)電源的輸出功率8、如圖所示，x軸上方有垂直紙面向里且足夠大的勻強(qiáng)磁場。兩個(gè)質(zhì)量、電荷量均相同的帶電離子（不計(jì)重力），分別帶正、負(fù)電荷，以相同速度從O點(diǎn)射入磁場中，射入方向與x軸正方向夾角均為θ，則正、負(fù)離子在磁場中（）A.運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同 B.運(yùn)動(dòng)的軌道半徑相同C.重新回到x軸時(shí)速度方向相反 D.重新回到x軸時(shí)距O點(diǎn)的距離相等9、在如圖所示的電路中，閉合電鍵S，將滑動(dòng)變阻器滑片P向a端移動(dòng)一段距離，下列結(jié)論正確的是A.電流表讀數(shù)變小B.燈泡L變亮C.電容器C上的電荷量增多D.電壓表讀數(shù)變小10、如圖所示，勻強(qiáng)電場中a、b、c、d四個(gè)水平平面，間距相等，每個(gè)平面上各點(diǎn)的勻強(qiáng)電場方向都垂直于平面．一個(gè)電子射入電場后的運(yùn)動(dòng)軌跡如實(shí)線MN所示，由此可知（）A.電場強(qiáng)度方向向左B.電子在N的動(dòng)能小于在M的動(dòng)能C.a平面的電勢低于b平面D.電子在N的電勢能小于在M的電勢能的電勢三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用伏安法測量一個(gè)定值電阻的電阻值，現(xiàn)有的器材規(guī)格如下：A．待測電阻Rx(大約100Ω)B．直流毫安表A1(量程0～10mA，內(nèi)阻約100Ω)C．直流毫安表A2(量程0～40mA，內(nèi)阻約40Ω)D．直流電壓表V1(量程0～3V，內(nèi)阻約5kΩ)E．直流電壓表V2(量程0～15V，內(nèi)阻約15kΩ)F．直流電源(輸出電壓4V，內(nèi)阻不計(jì))G．滑動(dòng)變阻器R(阻值范圍0～50Ω，允許最大電流1A)H．開關(guān)一個(gè)、導(dǎo)線若干(1)根據(jù)器材的規(guī)格和實(shí)驗(yàn)要求，為使實(shí)驗(yàn)結(jié)果更加準(zhǔn)確，直流毫安表應(yīng)選________，直流電壓表應(yīng)選________(2)在方框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)電路圖_________，要求電壓和電流的變化范圍盡可能大一些(3)用鉛筆按電路圖將實(shí)物圖連線__________12．（12分）在測定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)中，備有下列器材：A．待測的干電池（電動(dòng)勢約為1.5V，內(nèi)電阻小于1.0Ω）B．電流表A1（量程0﹣3mA，內(nèi)阻Rg1=10Ω）C．電流表A2（量程0﹣0.6A，內(nèi)阻Rg2=0.1Ω）D．滑動(dòng)變阻器R1（0﹣20Ω，10A）E．滑動(dòng)變阻器R2（0﹣200Ω，lA）F．定值電阻R0（990Ω）G．開關(guān)和導(dǎo)線若干（1）某同學(xué)發(fā)現(xiàn)上述器材中沒有電壓表，但給出了兩個(gè)電流表，于是他設(shè)計(jì)了如圖甲所示的（a）、（b）兩個(gè)參考實(shí)驗(yàn)電路，其中合理的是__圖所示的電路；在該電路中，為了操作方便且能準(zhǔn)確地進(jìn)行測量，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選__（填寫器材前的字母代號）（2）圖乙為該同學(xué)根據(jù)（1）中選出的合理的實(shí)驗(yàn)電路，利用測出的數(shù)據(jù)繪出的I1﹣I2圖線（I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)，且I2的數(shù)值遠(yuǎn)大于I1的數(shù)值），但坐標(biāo)紙不夠大，他只畫了一部分圖線，則由圖線可得被測電池的電動(dòng)勢E=__V，內(nèi)阻r=__Ω（3）若圖線與縱坐標(biāo)軸的交點(diǎn)等于電動(dòng)勢的大小，則圖線的縱坐標(biāo)應(yīng)該為_________A．I1（R0+Rg1）B．I1?R0C．I2（R0+Rg2）D．I1?Rg1四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，區(qū)域Ⅰ內(nèi)有與水平方向成角的勻強(qiáng)電場E1，區(qū)域?qū)挾葹閐1，區(qū)域Ⅱ內(nèi)有正交的有界勻強(qiáng)磁場B和勻強(qiáng)電場E2，區(qū)域?qū)挾葹閐2，磁場方向垂直紙面向里，電場方向豎直向下．一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的微粒在區(qū)域Ⅰ左邊界的P點(diǎn)，由靜止釋放后水平向右做直線運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從區(qū)域Ⅱ右邊界上的Q點(diǎn)穿出，其速度方向改變了，重力加速度為g，求：（1）區(qū)域Ⅰ和區(qū)域Ⅱ內(nèi)勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E1、E2的大?。唬?）區(qū)域Ⅱ內(nèi)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（3）微粒從P運(yùn)動(dòng)到Q的時(shí)間14．（16分）如圖，正方形區(qū)域內(nèi)存在著豎直向下的勻強(qiáng)電場和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，已知該區(qū)域的邊長為。一個(gè)帶電粒子（不計(jì)重力）從中點(diǎn)以速度水平飛入，恰能勻速通過該場區(qū)；若僅撤去該區(qū)域內(nèi)的磁場，使該粒子以同樣的速度從中點(diǎn)飛入場區(qū)，最后恰能從點(diǎn)飛出；若僅撤去該區(qū)域內(nèi)的電場，該帶電粒子仍從中點(diǎn)以相同的速度進(jìn)入場區(qū)，求：(1)該粒子最后飛出場區(qū)的位置；(2)僅存電場與僅存磁場的兩種情況下，帶電粒子飛出場區(qū)時(shí)速度偏向角之比是多少？15．（12分）如圖所示是磁動(dòng)力電梯示意圖，即在豎直平面內(nèi)有兩根很長的平行豎直軌道，軌道間有垂直軌道平面交替排列的勻強(qiáng)磁場B1和B2，B1=B2=1.0T，B1和B2的方向相反，兩磁場始終豎直向上做勻速運(yùn)動(dòng)，電梯轎廂固定在圖示的金屬框abcd內(nèi)，并且與之絕緣．已知電梯載人時(shí)的總質(zhì)量為4.95×103kg，所受阻力f=500N，金屬框垂直軌道的邊長ab=2.0m，兩磁場的寬度均與金屬框的邊長ad相同，金屬框整個(gè)回路的電阻R=8.0×10﹣4Ω，g取10m/s2。已知電梯正以v1=10m/s的速度勻速上升，求：（1）金屬框中感應(yīng)電流的大小及圖示時(shí)刻感應(yīng)電流的方向；（2）磁場向上運(yùn)動(dòng)速度v0的大?。唬?）該電梯的工作效率。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】電場強(qiáng)度是通過比值定義法得出的，電場強(qiáng)度取決于電場本身，與試探電荷無關(guān)，故在A點(diǎn)換上－q或2q或把q移去，A點(diǎn)的場強(qiáng)都不變故選D。2、A【解析】根據(jù)天平原理，根據(jù)左手定則、安培力公式進(jìn)行判斷；【詳解】天平是等臂杠桿，當(dāng)線圈中通有電流I時(shí)，根據(jù)左手定則，右端線圈受到的安培力豎直向上，天平的左端低右端高，要使天平水平平衡，可以減小左端的砝碼的質(zhì)量，也可以減小安培力，即減小匝數(shù)、電流、線框?qū)挾鹊?，故選項(xiàng)A正確，選項(xiàng)BCD錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵明確天平的工作原理是等臂杠桿，然后判斷出安培力方向，得到控制平衡的方法3、C【解析】小球做平拋運(yùn)動(dòng)，則水平方向：x=v0t；豎直方向：h=gt2，小球落地的速度：，聯(lián)立可得：，因?yàn)槎ㄖ?，則當(dāng)，即時(shí)v最??；A.2x，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B.x，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C.，與結(jié)論相符，選項(xiàng)C正確；D.，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；4、C【解析】根據(jù)安培定則，由a電流在P處的磁場方向知，a電流周圍的磁感線是逆時(shí)針方向，電流方向垂直紙面向外；b電流在P處的磁場方向知，b電流周圍的磁感線是順時(shí)針方向，電流方向應(yīng)垂直紙面向里，故C正確，ABD錯(cuò)誤；故選C.5、B【解析】根據(jù)安培定則，作出三根導(dǎo)線分別在O點(diǎn)的磁場方向，如圖：由題意知，L1在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1＝，L2在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2＝，L3在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B3＝，先將B2正交分解，則沿x軸負(fù)方向的分量為B2x＝sin45°＝，同理沿y軸負(fù)方向的分量為B2y＝sin45°＝，故x軸方向的合磁感應(yīng)強(qiáng)度為Bx＝B1+B2x＝，y軸方向的合磁感應(yīng)強(qiáng)度為By＝B3?B2y＝，故最終的合磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為，方向?yàn)閠anα＝＝1，則α=45°，如圖：故某時(shí)刻有一質(zhì)子（電量為e）正好沿與x軸正方向成45°斜向上經(jīng)過原點(diǎn)O，由左手定則可知，洛倫茲力的方向?yàn)榇怪奔埫嫦蛲猓笮閒＝eBv＝，故B正確;故選B【點(diǎn)睛】磁感應(yīng)強(qiáng)度為矢量，合成時(shí)要用平行四邊形定則，因此要正確根據(jù)安培定則判斷導(dǎo)線周圍磁場方向是解題的前提.6、C【解析】若a是電源的正極，則兩個(gè)通電螺線管產(chǎn)生的磁場的方向是：N極向左，S極向右，線框所在磁場的區(qū)域的磁場方向向左；線框左側(cè)的邊電流的方向向里，由左手定則可知，該邊受到的安培力向上，與題干中轉(zhuǎn)動(dòng)的方向相同；若b是電源的正極，則兩個(gè)通電螺線管產(chǎn)生的磁場的方向是：S極向左，N極向右，線框所在磁場的區(qū)域的磁場方向向右；線框左側(cè)的邊電流的方向向外，由左手定則可知，該邊受到的安培力向上，與題干中轉(zhuǎn)動(dòng)的方向相同。由分析可知，電源的正極是a端或b端都可以。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】A.由圖，A板帶正電，B帶負(fù)電，電容器內(nèi)電場方向水平向右．細(xì)線向右偏，電場力向右，則小球帶正電．故A正確.B.滑動(dòng)頭向右移動(dòng)時(shí)，R變小，外電路總電阻變小，總電流變大，路端電壓U=E-Ir變小，兩定值電阻電壓之和減小，R1兩端電壓減小，電容器電壓變小，兩板間場強(qiáng)減小，則細(xì)線偏角變小，故B錯(cuò)誤C.滑動(dòng)頭向右移動(dòng)時(shí)，電容器電壓變小，電容器放電，因A板帶正電，則流過電流表的電流方向向下．故C正確D.根據(jù)電源的輸出功率與外電阻的關(guān)系：當(dāng)外電阻等于內(nèi)阻時(shí)，輸出功率最大．外電阻大于內(nèi)阻，外電阻減小，輸出功率增大；當(dāng)外電阻小于內(nèi)阻時(shí)，外電阻減小，輸出功率減小．本題，不知道外電阻與內(nèi)阻大小關(guān)系，故無法判斷電源輸出功率的大小，故D錯(cuò)誤8、BD【解析】A．因兩個(gè)離子質(zhì)量相同，電荷量也相等，它們垂直進(jìn)入同一勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期必相等；當(dāng)不等于時(shí)，兩個(gè)離子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心角不等，所以在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間就不相等，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)可得：可知運(yùn)動(dòng)的軌道半徑相同，故B正確；C．因離子進(jìn)入磁場時(shí)射入方向與軸夾角為，那么射出磁場時(shí)速度方向必與軸夾角為，所以重新回到軸時(shí)速度方向相同，故C錯(cuò)誤；D．重新回到軸時(shí)距點(diǎn)的距離為：因?yàn)榘霃较嗟?，相等，則重新回到軸時(shí)距點(diǎn)的距離相等，故D正確；故選BD。9、AC【解析】AB．將滑動(dòng)變阻器滑片P向a端移動(dòng)后，變阻器接入電路的電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律知，電路中電流I變小，則電流表讀數(shù)變小，燈泡L變暗，故A正確，B錯(cuò)誤；C．電容器C兩端的電壓：UC=E-I（RL+r），I變小，其他量不變，則UC增大，電容器C上的電荷量增多，故C正確；D．變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，則路端電壓增大，電壓表讀數(shù)變大，故D錯(cuò)誤。故選AC。10、BC【解析】根據(jù)電場線方向與等勢線垂直和電子所受的電場力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，判斷出電子所受的電場力方向，分析電場力做功的正負(fù)，根據(jù)動(dòng)能定理分析動(dòng)能的變化和電勢能的變化．根據(jù)順著電場線方向電勢降低，判斷電勢的高低【詳解】A、根據(jù)電場線方向與等勢線垂直可知，電場線方向必定位于豎直方向，則電子所受的電場力必定在豎直方向．電子做曲線運(yùn)動(dòng)，所受的電場力方向指向軌跡的內(nèi)側(cè)，所以可知電子所受的電場力方向應(yīng)豎直向下，電子帶負(fù)電，電場力方向與電場強(qiáng)度方向相反，所以可知電場強(qiáng)度方向豎直向上，如圖所示，故A錯(cuò)誤;BD、若電子由M運(yùn)動(dòng)到N，電子所受的電場力方向應(yīng)豎直向下，與速度方向的夾角為鈍角，對電子做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理可知，電子的動(dòng)能減小，電勢能增加，所以電子在N的動(dòng)能小于在M的動(dòng)能，在N的電勢能大于在M的電勢能，故B正確，D錯(cuò)誤;C、根據(jù)順著電場線方向電勢降低，得知，a點(diǎn)電勢低于b點(diǎn)電勢，故C正確【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵是根據(jù)電子的軌跡彎曲方向和電場線方向判斷出電場力方向，運(yùn)用動(dòng)能定理和電場力做功與電勢能變化的關(guān)系進(jìn)行分析，注意掌握電場線與等勢面之間的關(guān)系三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.A2②.V1③.④.【解析】（1）0-15V范圍的電壓表測量4V電壓時(shí)，誤差較大，所以選用電壓表V1，但是選用電壓表V1后待測電壓最大為3V，所以電路中的最大電流為（2）電壓和電流的變化范圍盡可能大一些，所以采用滑動(dòng)變阻器的分壓接法，因?yàn)楸粶y電阻較小，所以采用電流表的外接法，如圖所示（3）實(shí)物圖如圖所示12、①.（1）b②.D③.（2）1.48④.0.84⑤.（3）A【解析】（1）上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個(gè)電流表，電路中電流最大：Im=A=1.5A；故電流表至少應(yīng)選擇0～0.6A量程；故應(yīng)將3mA故應(yīng)將電流表G串聯(lián)一個(gè)電阻，改裝成較大量程的電壓表使用．電表流A由于內(nèi)阻較??；故應(yīng)采用相對電源來說的外接法；故a、b兩個(gè)參考實(shí)驗(yàn)電路，其中合理的是b；因?yàn)殡娫吹膬?nèi)阻較小，所以應(yīng)該采用較小最大值的滑動(dòng)變阻器，有利于數(shù)據(jù)的測量和誤差的減小．滑動(dòng)變阻器應(yīng)選D（R1），（2）根據(jù)電路結(jié)構(gòu)結(jié)合閉合電路歐姆定律知解得：所以圖像的縱坐標(biāo);解得：圖像的斜率解得：（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律可知U=E﹣Ir，若圖線與縱坐標(biāo)軸的交點(diǎn)等于電動(dòng)勢的大小，則圖線的縱坐標(biāo)應(yīng)該為路段電壓，而U=I1（R0+Rg1），即圖線的縱坐標(biāo)應(yīng)該為I1（R0+Rg