2025新高考單科模擬綜合卷物理考生注意：1.本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。滿分100分，考試時(shí)間75分鐘。2.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在本試卷和答題卡相應(yīng)位置上。3.請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4.考試結(jié)束后，將本試題卷和答題卡一并上交。一、選擇題：本題共10小題，共43分。第1~7題只有一個(gè)選項(xiàng)符合要求，每小題4分；第8~10題有多個(gè)選項(xiàng)符合要求，每小題5分，全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.A、B兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)在同一地點(diǎn)沿同一方向運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的位移x隨時(shí)間t變化規(guī)律如圖所示，A的圖像為拋物線，初速度為0，B的圖像為傾斜直線，兩圖像相切于P點(diǎn)，則0~3s內(nèi)，A、B兩質(zhì)點(diǎn)的最大距離為（）A.4.5m B.6m C.9m D.13.5m【答案】A【解析】【詳解】由題圖可知，A做的是初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，B做的是勻速直線運(yùn)動(dòng)，t=3s時(shí)A、B的速度大小相等，為則A的加速度為由于t=3s前，A的速度總比B的速度小，因此t=1.5s時(shí)A、B間的距離最大，即最大距離為故選A。2.如圖，右側(cè)面光滑的斜面體固定在水平面上，質(zhì)量相等的物塊M、N分別放在斜面體的左右兩個(gè)面上，M、N拴接在跨過光滑定滑輪的輕質(zhì)細(xì)繩兩端，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)對(duì)N施加一始終與右側(cè)輕繩垂直的拉力F，使N緩慢移動(dòng)至右側(cè)細(xì)繩水平，該過程M保持靜止。下列說法正確的是（）A.拉力F逐漸增大B.輕繩的拉力先減小后增大C.M所受摩擦力先增大后減小D.斜面對(duì)M的作用力先增大后減小【答案】A【解析】【詳解】AB．N離開斜面后，設(shè)F與豎直方向的夾角為，有，θ逐漸減小，所以繩子拉力逐漸減小，F(xiàn)逐漸增大。故A正確，B錯(cuò)誤；C．力F作用之前，有所以原來M所受摩擦力沿斜面向下，隨著繩子拉力的減小，M受到的摩擦力逐漸減小，當(dāng)右繩水平時(shí)，繩子拉力為零，則M受到的摩擦力沿斜面向上，所以M受到的摩擦力先沿斜面向下減小，再沿斜面向上增大，故C錯(cuò)誤；D．斜面對(duì)M作用力為斜面的支持力及摩擦力，因?yàn)橹С至Σ蛔?，所以?dāng)摩擦力先減小再增大時(shí)，斜面對(duì)M的作用力先變小后變大，故D錯(cuò)誤。故選A。3.下列若干敘述中，不正確的是（）A.黑體輻射電磁波的強(qiáng)度按波長(zhǎng)分布只與黑體的溫度有關(guān)B.對(duì)于同種金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)時(shí)，逸出光電子的最大初動(dòng)能與照射光的頻率成線性關(guān)系C.一塊純凈的放射性元素礦石，經(jīng)過一個(gè)半衰期以后，它的總質(zhì)量?jī)H剩下一半D.按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，電子的動(dòng)能減小，原子的能量增加【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)黑體輻射實(shí)驗(yàn)的規(guī)律可知：黑體輻射電磁波的強(qiáng)度按波長(zhǎng)的分布只與黑體的溫度有關(guān)，故A正確；B．根據(jù)光電效應(yīng)方程對(duì)于同種金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)時(shí)，逸出光電子的最大初動(dòng)能與照射光的頻率呈線性關(guān)系，故B正確；C．一塊純凈的放射性元素的礦石，經(jīng)過一個(gè)半衰期以后，將有一半放射性元素發(fā)生衰變，但是由于變成了別的物質(zhì)，故它的總質(zhì)量大于原來的一半，故C錯(cuò)誤；D．按照波爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，吸收光子，原子的能量增大，根據(jù)庫侖力提供向心力電子的動(dòng)能為故氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，電子的動(dòng)能減小，故D正確。本題選錯(cuò)誤的，故選C。4.如圖所示為蘋果自動(dòng)分揀裝置的示意圖。該裝置把大小不同的蘋果，按一定質(zhì)量標(biāo)準(zhǔn)自動(dòng)分揀為大蘋果和小蘋果。該裝置的托盤秤壓在壓力傳感器R1上。R1所受壓力越大阻值越小，當(dāng)R2兩端電壓超過某一值時(shí)，使控制電路接通，電磁鐵吸動(dòng)分揀開關(guān)的銜鐵。該控制電路中包含保持電路，能夠確保蘋果在分揀板上運(yùn)動(dòng)時(shí)電磁鐵始終保持吸動(dòng)狀態(tài)。下列說法正確的是（）A.為了選出質(zhì)量更大的蘋果可以增加纏繞電磁鐵線圈的匝數(shù)B.為了選出質(zhì)量更大的蘋果可以將電源A的輸出電壓減小C.為了選出質(zhì)量更大的蘋果可以增大R2的阻值D.質(zhì)量大的蘋果將進(jìn)入上通道【答案】B【解析】【詳解】D．大蘋果通過托盤秤時(shí)，兩端的電壓達(dá)到放大電路的激勵(lì)電壓，使放大電路中的電磁鐵吸動(dòng)分揀開關(guān)的銜鐵，大蘋果進(jìn)入下面的通道，故D錯(cuò)誤；A．為了選出質(zhì)量更大的蘋果，就要保持電磁鐵的磁性不變，而因壓力越大，電阻R1越小，此時(shí)回路中的電流就越大，而要保持電磁鐵的磁性不變，只需要減小纏繞電磁鐵線圈的匝數(shù)，故A錯(cuò)誤；B．為了選出質(zhì)量更大的蘋果，就要使得R2兩端電壓保持不變，因R1減小，而其他條件不變的情況下，只能減小和傳感器R1相連接電路中電源A的輸出電源，故B正確；C．為了選出質(zhì)量更大的蘋果，就要使得R2兩端電壓保持不變，因壓力越大，電阻R1越小，此時(shí)回路中的電流就越大，R2的電壓就會(huì)變得更大，則要想保持R2的電壓和原來一致，則只適當(dāng)減小R2的阻值，故C錯(cuò)誤。故選B。5.在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有一電阻忽略不計(jì)的矩形線圈，繞垂直于磁場(chǎng)的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的正弦交流電的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)e隨時(shí)間t的變化如圖甲所示，把該交流電輸入到圖乙中理想變壓器的A、B兩端。已知R，為熱敏電阻（其電阻隨溫度升高而減?。?，R為定值電阻，圖中各電表均為理想電表。下列說法正確的是（）A.變壓器A、B兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為u=100sin50πt（V）B.圖甲中t=2×10?2s時(shí)，穿過線圈的磁通量最大C.Rt處溫度升高后，電壓表V1與V2示數(shù)的比值不變D.Rt處溫度升高后，變壓器的輸入功率減小【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)圖甲可知，Em=100V，T=0.02s，則故變壓器原線圈兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為u=100sin100πt（V），故A錯(cuò)誤；B．圖甲中t=2×10?2s時(shí)，線圈平面與磁場(chǎng)垂直，穿過線圈的磁通量最大，故B正確；C．理想變壓器匝數(shù)不變，輸入電壓不變，則電壓表V1示數(shù)不變，副線圈兩端的電壓U2不變，Rt處溫度升高時(shí)，Rt的阻值減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，副線圈回路中的電流I2增大，電壓表V2測(cè)量Rt兩端的電壓，根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律及歐姆定律有Ut=U2?I2R則電壓表V2示數(shù)減小，電壓表V1示數(shù)與V2示數(shù)的比值變大，故C錯(cuò)誤；D．理想變壓器匝數(shù)不變，輸入電壓不變，副線圈兩端的電壓U2不變，Rt處溫度升高時(shí)，Rt的阻值變小，變壓器的輸出功率輸出功率變大，理想變壓器輸入功率等于輸出功率，故變壓器的輸入功率變大，故D錯(cuò)誤。故選B。6.某景區(qū)景點(diǎn)噴泉噴出的水柱高約20m，如圖所示，小明了解到噴泉專用泵額定電壓為220V，正常工作時(shí)輸入電流為3A，泵輸出的機(jī)械功率占輸入功率的75%，則此噴泉（）A.出水流量約為0.1m3/sB.電機(jī)繞組的電阻是55ΩC.任意時(shí)刻空中水的質(zhì)量約為10kgD.噴管的橫截面積約為0.8×10﹣4m2【答案】C【解析】【詳解】A．噴泉噴出的水柱高約20m，設(shè)水噴出噴口的速度為v，由位移—速度公式得v2＝2gh代入數(shù)據(jù)解得v＝20m/s設(shè)極短時(shí)間Δt內(nèi)有質(zhì)量為Δm的水噴出噴口，則由能量守恒得解得這些水的體積為則出水流量約為Q代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得Q＝2.475×10﹣3m3/s故A錯(cuò)誤；B．設(shè)電機(jī)繞組的電阻為r，泵輸出的機(jī)械功率占輸入功率的75%，則有：（1﹣75%）UI＝I2r代入數(shù)據(jù)解得，電機(jī)繞組的電阻r≈18.3Ω故B錯(cuò)誤；C．水從噴出到最高點(diǎn)所用的時(shí)間為在空中的水包括上升過程與下降過程兩部分的水，兩部分水的質(zhì)量近似相等，則任意時(shí)刻空中水的質(zhì)量約為代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得m≈10kg故C正確；D．設(shè)噴管的橫截面積為S，則解得噴管的橫截面積約為S≈1.2×10﹣4m2故D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示，豎直放置的光滑導(dǎo)軌寬為L(zhǎng)，上端接有阻值為R的電阻，導(dǎo)軌的一部分處于寬度和間距均為d、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B的4個(gè)矩形勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。質(zhì)量為m的水平金屬桿ab在距離第1個(gè)磁場(chǎng)h高度處由靜止釋放，發(fā)現(xiàn)金屬桿進(jìn)入每個(gè)磁場(chǎng)時(shí)的速度都相等。金屬桿接入導(dǎo)軌間的電阻為3R，與導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度為g，h>d，下列說法正確的是（）A.金屬桿從第4個(gè)磁場(chǎng)穿出時(shí)，金屬桿中產(chǎn)生熱量6mgdB.金屬桿從第4個(gè)磁場(chǎng)穿出時(shí)的速度大小C.金屬桿穿過第1個(gè)磁場(chǎng)的過程，通過電阻R的電荷量D.金屬桿在第1個(gè)磁場(chǎng)中做加速度越來越大的減速運(yùn)動(dòng)【答案】C【解析】【詳解】A．由于金屬桿進(jìn)入每個(gè)磁場(chǎng)的速度都相等，故在金屬桿穿過第一區(qū)域磁場(chǎng)到進(jìn)入第二區(qū)域磁場(chǎng)，根據(jù)能量守恒可知故穿過第四個(gè)磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生的總熱量A錯(cuò)誤；B．設(shè)穿過第四個(gè)磁場(chǎng)的速度為，根據(jù)能量守恒可知解得B錯(cuò)誤；C．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，穿過第一個(gè)磁場(chǎng)的電動(dòng)勢(shì)通過電路中的電流又因?yàn)槁?lián)立上述各式可得C正確；D．對(duì)金屬桿受力分析可知解得金屬桿的質(zhì)量不變，隨著金屬桿向下運(yùn)動(dòng)，由于金屬桿減速，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)逐漸變小，電路中的感應(yīng)電流變小，金屬桿受到的安培力變小，故加速度越來越小，D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示，正四面體棱長(zhǎng)為l，在其頂點(diǎn)a、b、c各固定一個(gè)點(diǎn)電荷，a點(diǎn)電荷電量為＋2q，b、c兩點(diǎn)電荷電量均為＋q，M、N、P分別為棱ab、ac、bc的中點(diǎn)。已知點(diǎn)電荷Q周圍空間某點(diǎn)的電勢(shì)，r為該點(diǎn)到點(diǎn)電荷的距離，下列說法正確的是（）A.M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同B.P點(diǎn)的電勢(shì)高于d點(diǎn)的電勢(shì)C.P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為D.電量為＋q′的試探電荷在d點(diǎn)的電勢(shì)能為【答案】BD【解析】【詳解】A．根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加可知，a、b處的電荷在M點(diǎn)產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)沿著ab連線由M指向b，c處的電荷在M點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)沿著cM連線由c指向M；而a、c處的電荷在N點(diǎn)產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)沿著ac連線由N指向c，b處的電荷在N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)沿著bN連線由b指向N，則M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不同，故A錯(cuò)誤；B．P點(diǎn)距離a、b、c處的電荷要比d點(diǎn)距離a、b、c處的電荷近，根據(jù)點(diǎn)電荷Q周圍空間某點(diǎn)的電勢(shì)，可知r越小φ越大，則P點(diǎn)的電勢(shì)高于d點(diǎn)的電勢(shì)，故B正確；C．根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加可知，b、c處的電荷在P點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)相互抵消，則P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為根據(jù)幾何關(guān)系可知?jiǎng)t故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)點(diǎn)電荷Q周圍空間某點(diǎn)的電勢(shì)，可知d點(diǎn)的電勢(shì)為電量為＋q′試探電荷在d點(diǎn)的電勢(shì)能為故D正確。故選BD。9.在處的波源P產(chǎn)生一列沿x軸負(fù)方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，在處的波源Q產(chǎn)生一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波。時(shí)刻兩波源開始振動(dòng)，時(shí)兩列簡(jiǎn)諧波的波形圖分別如圖中實(shí)線和虛線所示，下列說法正確的是（）A.兩波源的起振方向均沿y軸負(fù)方向B.兩列波的波速大小均為C.再經(jīng)過0.1s，平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)位移為D.平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)在前內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程為50cm【答案】BD【解析】【詳解】A．根據(jù)同側(cè)法由圖可知，兩波源的起振方向均沿y軸正方向，故A錯(cuò)誤；B．由圖可知，兩列波的傳播距離相等均為則兩列波的波速大小均為故B正確；C．由圖可知，兩列波均傳播，則兩列波的周期均為，再經(jīng)過0.1s，兩列波平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)均回到平衡位置，則位移為0，故C錯(cuò)誤；D．波源P產(chǎn)生的波傳播到的時(shí)間為波源Q產(chǎn)生的波傳播到的時(shí)間為則，平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為由于兩列波的起振方向相同，兩波源到的距離差則此處為振動(dòng)減弱點(diǎn)，內(nèi)質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為則平衡位置在處的質(zhì)點(diǎn)在前內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程為故D正確。故選BD。10.如圖所示，三個(gè)物塊A、B、C的質(zhì)量分別為m、2m、m，物塊B疊放在C上，物塊A與C之間用輕彈簧水平連接，物塊A、C與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為，物塊B與C之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。在大小恒為F的水平推力作用下，使三個(gè)物塊正保持相對(duì)靜止地一起向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，已知重力加速度為g，最大靜摩擦力等于摩擦力，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，則下列說法正確的是（）A.彈簧彈力大小為B.保持A、B、C三個(gè)物塊相對(duì)靜止，F(xiàn)最大值不超過C.在撤去水平推力的瞬間，物塊A的加速度變小D.若撤去水平推力后，物塊B和C仍能保持相對(duì)靜止【答案】AB【解析】【詳解】A．對(duì)A、B、C三個(gè)物體受力分析，摩擦力為根據(jù)牛頓第二定律對(duì)A受力分析，根據(jù)平衡條件聯(lián)立，可得故A正確；B．保持A、B、C三個(gè)物塊相對(duì)靜止，對(duì)B可知，整體的最大加速度為對(duì)A、B、C三個(gè)物體，根據(jù)牛頓第二定律解得故B正確；C．在撤去水平推力的瞬間，彈簧對(duì)A的力不會(huì)發(fā)生突變，即在撤去水平推力的瞬間，A的受力情況不變，即物體A的加速度不變，故C錯(cuò)誤；D．在撤去水平推力的瞬間，對(duì)物塊B、C整體受力分析則整體的加速度為由B選項(xiàng)可知，物塊B的最大加速度為所以，若撤去水平推力后，物塊B和C不能保持相對(duì)靜止，故D錯(cuò)誤。故選AB。二、非選擇題：本題共6小題，共57分。11.小王利用如圖甲所示裝置探究彈簧的彈性勢(shì)能。在粗糙水平桌面上固定好輕質(zhì)彈簧和光電門，將光電門與數(shù)字計(jì)時(shí)器（圖甲中未畫出）連接。實(shí)驗(yàn)開始時(shí)，彈簧在光電門的左側(cè)，且處于原長(zhǎng)狀態(tài)。小滑塊與彈簧不拴接，不計(jì)空氣阻力。（1）用外力將滑塊向左緩慢推至滑塊上的遮光條（寬度為d）距離光電門為x處，撤去外力，數(shù)字計(jì)時(shí)器記錄的遮光條通過光電門的時(shí)間為t。滑塊通過光電門時(shí)的速度大小為_________。（2）多次改變滑塊的質(zhì)量m，重復(fù)（1）中操作，得出多組m與t的值，以為橫坐標(biāo)、為縱坐標(biāo)作出的圖像如圖乙所示（圖中的a、b均為已知量），則撤去外力瞬間彈簧的彈性勢(shì)能_________；已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間，則滑塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)_________?！敬鸢浮竣?②.③.【解析】【詳解】（1）[1]由于通過光電門的時(shí)間極短，可以將通過光電門的平均速度看做瞬時(shí)速度，為（2）[2][3]根據(jù)動(dòng)能定理得代入速度得整理得則結(jié)合圖像得圖像的斜率解得12.做“用油膜法估測(cè)油酸分子的大小”的實(shí)驗(yàn)。（1）下列實(shí)驗(yàn)步驟的正確順序是__________（填寫實(shí)驗(yàn)步驟前的序號(hào)）。A.往邊長(zhǎng)約為的淺盤里倒入約深的水，待水面穩(wěn)定后將適量的痱子粉均勻地撒在水面上B.用注射器將事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上，待薄膜形狀穩(wěn)定C.將畫有油酸膜形狀的玻璃板平放在坐標(biāo)紙上，計(jì)算出油酸膜的面積，根據(jù)油酸的體積和油酸膜的面積計(jì)算出油酸分子直徑的大小D.用注射器將事先配好的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，記下量筒內(nèi)每增加一定體積時(shí)的滴數(shù)，由此計(jì)算出一滴油酸酒精溶液的體積，再根據(jù)油酸酒精溶液的濃度計(jì)算出油酸的體積E.將玻璃板放在淺盤上，然后將油酸膜的形狀用彩筆描繪在玻璃板上（2）實(shí)驗(yàn)中，體積為的所用油酸酒精溶液中純油酸的體積為，用注射器和量筒測(cè)得滴上述溶液的體積為，把一滴該溶液滴入盛水的撒有痱子粉的淺盤中，待水面穩(wěn)定后，得到油酸薄膜的輪廓形狀和尺寸如圖所示，圖中每個(gè)小正方形的邊長(zhǎng)為，則油酸薄膜的面積__________；可求得油酸分子的直徑為__________（用、、、、表示）。（3）某同學(xué)實(shí)驗(yàn)中最終得到的油酸分子直徑數(shù)據(jù)偏大，可能是因?yàn)開_________。A.計(jì)算油膜面積時(shí)，舍去了所有不足一格的方格B.水面上痱子粉撒得太多，油膜沒有充分展開C.用注射器和量筒測(cè)體積溶液滴數(shù)時(shí)多記錄了幾滴【答案】（1）DABEC（2）①.②.（3）AB【解析】【小問1詳解】實(shí)驗(yàn)過程應(yīng)先用注射器將事先配好的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，記下量筒內(nèi)每增加一定體積時(shí)的滴數(shù)，由此計(jì)算出一滴油酸酒精溶液的體積，再根據(jù)油酸酒精溶液的濃度計(jì)算出油酸的體積，后往邊長(zhǎng)約為的淺盤里倒入約深的水，待水面穩(wěn)定后將適量的痱子粉均勻地撒在水面上，再用注射器將事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上，待薄膜形狀穩(wěn)定，隨后將玻璃板放在淺盤上，然后將油酸膜的形狀用彩筆描繪在玻璃板上，最后將畫有油酸膜形狀的玻璃板平放在坐標(biāo)紙上，計(jì)算出油酸膜的面積。根據(jù)油酸的體積和油酸膜的面積計(jì)算出油酸分子直徑的大小。即實(shí)驗(yàn)步驟的正確順序是DABEC?！拘?詳解】根據(jù)數(shù)格子的辦法，多于半格算一格，少于半格舍去，油膜的總格數(shù)為71格，則油膜總面積為由于所用油酸酒精溶液每體積溶液中有純油酸體積，則溶液的濃度為用注射器和量筒測(cè)得體積為的上述溶液有滴，則一滴溶液中純油酸的體積為油酸分子直徑為聯(lián)立解得【小問3詳解】A．計(jì)算油膜面積時(shí)，舍去了所有不足一格的方格，導(dǎo)致油膜面積測(cè)量值偏小，根據(jù)可知油酸分子直徑測(cè)量值偏大，故A正確；B．水面上痱子粉撒得太多，油膜沒有充分展開，導(dǎo)致油膜面積測(cè)量值偏小，根據(jù)可知油酸分子直徑測(cè)量值偏大，故B正確；C．用注射器和量筒測(cè)體積溶液滴數(shù)時(shí)多記錄了幾滴，導(dǎo)致油酸體積測(cè)量值偏小，根據(jù)可知油酸分子直徑測(cè)量值偏小，故C錯(cuò)誤。故選AB。13.如圖所示，某同學(xué)要測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻﹐現(xiàn)有一個(gè)未知內(nèi)阻的電流表A，他先用圖甲所示的電路測(cè)量電流表A的內(nèi)阻。（1）已知圖甲中電阻R1=28.8Ω，R2=7.2Ω，當(dāng)調(diào)節(jié)電阻箱的阻值為圖乙所示時(shí)，靈敏電流表的示數(shù)恰好為0，則電流表A的內(nèi)阻為RA=__________Ω。（2）該同學(xué)將電流表A接入圖丙所示的電路測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記錄電阻箱的阻值R及對(duì)應(yīng)的電流表的示數(shù)I，作出圖線如圖丁所示。已知定值電阻R0=1.0Ω，則電源的電動(dòng)勢(shì)E=__________V，內(nèi)阻r=__________Ω。（3）根據(jù)圖丙設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)，該同學(xué)測(cè)得的電動(dòng)勢(shì)__________（填“大于”“等于”或“小于”）真實(shí)值，測(cè)得的內(nèi)阻值__________（填“大于”“等于”或“小于”）真實(shí)值?！敬鸢浮浚?）3.1（2）①.1.5②.1.9（3）①.等于②.等于【解析】【小問1詳解】由圖乙可得，電阻箱的阻值，由圖甲的電橋法可得代入數(shù)據(jù)解得小問2詳解】[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律，可得變式可得由圖丁可得，解得，【小問3詳解】[1][2]根據(jù)以上分析，利用圖丙設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)，該同學(xué)測(cè)得的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻不存在系統(tǒng)誤差，測(cè)得的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻均等于真實(shí)值。14.如圖所示，有一個(gè)豎直放置的容器，橫截面積為，有一隔板放在卡槽上將容器分隔為容積均為的上下兩部分，另有一只氣筒分別通過單向進(jìn)氣閥與容器上下兩部分連接（氣筒連接處的體積不計(jì)，抽氣、打氣時(shí)氣體溫度保持不變），初始時(shí)、均關(guān)閉，活塞位于氣筒最右側(cè)，動(dòng)到最右側(cè)完成一次打氣?；钊瓿梢淮纬闅?、打氣后，隔板與卡槽未分離，此時(shí)容器上下兩部分氣體壓強(qiáng)之比為3∶5，重力加速度為。（1）求氣筒的容積；（2）當(dāng)完成抽氣、打氣各2次后，隔板與卡槽仍未分離，則隔板的質(zhì)量至少是多少？【答案】（1）（2）【解析】【小問1詳解】活塞完成一次抽氣、打氣后，隔板與卡槽未分離，氣體做等溫變化，對(duì)上部分氣體對(duì)下部分氣體根據(jù)題意解得氣筒的容積為【小問2詳解】當(dāng)完成抽氣、打氣各2次后，隔板與卡槽仍未分離，氣體做等溫變化，對(duì)上部分氣體對(duì)下部分氣體解得，隔板與卡槽仍未分離，則解得隔板的質(zhì)量至少為15.如圖所示，在坐標(biāo)系xOy中，y軸左側(cè)有圓形磁場(chǎng)區(qū)域，圓的半徑為，圓心坐標(biāo)為，該區(qū)域內(nèi)的磁場(chǎng)，方向垂直紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度，y軸與y軸右側(cè)的虛線CD之間存在寬度，電場(chǎng)強(qiáng)度，方向沿+x的勻強(qiáng)電場(chǎng)，PQ為顯示屏，CD與PQ之間存在方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，CD、PQ均與y軸平行，PQ與CD的間距l(xiāng)x可調(diào)。一平行于x軸的線狀粒子源寬度為2R，連續(xù)均勻發(fā)射比荷均為，速度均為v0的帶電粒子，線狀粒子源中心位置a發(fā)射的粒子正對(duì)圓形磁場(chǎng)圓心，位置a發(fā)射的粒子經(jīng)圓形磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)恰好從坐標(biāo)原點(diǎn)O離開圓形磁場(chǎng)，不計(jì)粒子重力及相互間作用力，求：（1）線狀粒子源