…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高二物理上冊階段測試試卷285考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示是由基本邏輯電路構(gòu)成的一個(gè)公路路燈自動(dòng)控制電路，圖中虛線框內(nèi)M是一只光敏電阻（受光照時(shí)電阻會(huì)變小），虛線框N中使用的是門電路。如果要想提高此邏輯電路在黃昏時(shí)的靈敏度，可適當(dāng)調(diào)節(jié)可變電阻R來實(shí)現(xiàn)，下列敘述正確的是A.N為與門電路，適當(dāng)增大R可提高黃昏時(shí)的靈敏度B.N為非門電路，適當(dāng)增大R可提高黃昏時(shí)的靈敏度C.N為與門電路，適當(dāng)減小R可提高黃昏時(shí)的靈敏度D.N為非門電路，適當(dāng)減小R可提高黃昏時(shí)的靈敏度2、關(guān)于液晶，以下說法不正確的是（）A.液晶既具有流動(dòng)體，又具有光學(xué)性質(zhì)各向異性B.液晶分子排列的有序性介于固體和液體之間C.當(dāng)液晶中電場強(qiáng)度不同時(shí)，它對不同顏色的光吸收強(qiáng)度就不同D.任何物質(zhì)都有液晶態(tài)3、關(guān)于物理學(xué)史的知識(shí)，下列事跡的敘述中不符合事實(shí)的是（）A.麥克斯韋認(rèn)為，磁場變化時(shí)會(huì)在周圍激發(fā)感生電場，處在其中的導(dǎo)體就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢B.奧斯特在對理論和實(shí)驗(yàn)資料進(jìn)行嚴(yán)格分析后指出：閉合電路中感應(yīng)電動(dòng)勢的大小，跟穿過這一閉合回路的磁通量的變化率成正比，后人稱之為法拉第電磁感應(yīng)定律C.法拉第不僅提出場的概念，而且發(fā)明了人類歷史上第一臺(tái)發(fā)電機(jī)D.焦耳測量了熱與機(jī)械功間的當(dāng)量關(guān)系--熱功當(dāng)量，為熱力學(xué)第一定律和能量守恒的建立奠定了實(shí)驗(yàn)基礎(chǔ)4、如圖所示，在空間中存在兩個(gè)相鄰的、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向相反的有界勻強(qiáng)磁場，其寬度均為L

現(xiàn)將寬度也為L

的矩形閉合線圈，從圖示位置垂直于磁場方向勻速經(jīng)過磁場區(qū)域，則在該過程中，能正確反映線圈中所產(chǎn)生的感應(yīng)電流或其所受的安培力隨時(shí)間變化的圖象是()A.B.C.D.5、如圖所示，一車廂長度為l

質(zhì)量為M

靜止在光滑的水平面上，車廂內(nèi)有一質(zhì)量為m

的物體以初速度v0

向右運(yùn)動(dòng)，與車廂來回碰撞n

次后靜止在車廂中，這時(shí)車廂的速度為(

)

A.v0

水平向右B.0

C.mvoM+m

D.mvoM鈭?m

6、有不共線的兩個(gè)力，大小分別為5N

和15N

同時(shí)作用在一個(gè)物體上，則它們的合力可能是()A.5N

B.8N

C.15N

D.25N

7、如圖所示，N

匝矩形導(dǎo)線框以角速度蠅

在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

的勻強(qiáng)磁場中繞軸O{O}{{{"}}}勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線框面積為S

線框的電阻為r

電感不計(jì)，外電路接電阻R

理想交流電流表下列說法正確的是()

A.圖示位置線圈的感應(yīng)電動(dòng)勢為NBS蠅

B.交流電流表的示數(shù)I=NBS蠅2(R+r)

C.一個(gè)周期內(nèi)通過R

的電荷量q=2BSR

D.R

兩端電壓的有效值U=蠅2NBS

評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)8、（1）如圖所示為用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)裝置．關(guān)于這一實(shí)驗(yàn)，下列說法中正確的是____

A．打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)接直流電源。

B．應(yīng)先釋放紙帶；后接通電源打點(diǎn)。

C．需使用秒表測出重物下落的時(shí)間。

D．測出紙帶上兩點(diǎn)跡間的距離；可知重物相應(yīng)的下落高度。

（2）在用電火花計(jì)時(shí)器（或電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器）研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)打出了一條紙帶．已知計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的時(shí)間間隔為0.02s，他按打點(diǎn)先后順序每5個(gè)點(diǎn)取1個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，得到了O、A、B、C、D等幾個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，如圖所示，則相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為____s．用刻度尺量得OA=1.50cm、AB=1.90cm、BC=2.30cm、CD=2.70cm．由此可知，紙帶做____運(yùn)動(dòng)（選填“勻加速”或“勻減速”），打C點(diǎn)時(shí)紙帶的速度大小為____m/s．

9、甲、乙兩船質(zhì)量均為M，以相同的速率v相向而行，甲船上站著一個(gè)質(zhì)量為m的人隨船行駛，不計(jì)水的阻力，當(dāng)他由甲船跳上乙船，再由乙船跳回甲船上，這樣反復(fù)跳幾次后，乙船的速度變?yōu)榱?，則甲船的速度為____。10、三個(gè)電阻分別標(biāo)有“100Ω4W”，“200Ω2W”，“50Ω8W”，將它們串聯(lián)起來，允許通過的最大電流為______A，允許消耗的最大總功率為______W．11、如圖所示，是研究平行板電容器電容的實(shí)驗(yàn)裝置，其中極板A接地，極板B與靜電計(jì)相接，靜電計(jì)外殼也接地．在實(shí)驗(yàn)中，若將A極板稍向左移動(dòng)一些，增大電容器兩極板間的距離，電容器所帶的電量可視為不變，這時(shí)可觀察到靜電計(jì)金屬箔張角會(huì)______，兩極板間電勢差______，兩極板間的電場強(qiáng)度______，電容______，（填“變大”“變小”或“不變”）12、研究小車勻變速直線運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)裝置如圖(a)

所示，其中斜面傾角可調(diào)。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的工作頻率為50Hz

紙帶上計(jì)數(shù)點(diǎn)的間距如圖(b)

所示；其中每相鄰兩點(diǎn)之間還有4

個(gè)記錄點(diǎn)未畫出。

(1)

部分實(shí)驗(yàn)步驟如下：A.測量完畢，關(guān)閉電源，取出紙帶B.接通電源，待打點(diǎn)計(jì)時(shí)器工作穩(wěn)定后放開小車C.將小車?？吭诖螯c(diǎn)計(jì)時(shí)器附近，小車尾部與紙帶相連D.把打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在夾板上，讓紙帶穿過限位孔上述實(shí)驗(yàn)步驟的正確順序是：_____________(

用字母填寫)

(2)

圖(b)

中標(biāo)出的相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔T=

_________s

(3)

為了充分利用記錄數(shù)據(jù)，減小誤差，小車加速度大小的計(jì)算式應(yīng)為a=

_________。13、人體安全電壓：不高于____V.同樣的電壓或電流加在人體上，____電（填“交流”或者“直流”）的危害更大。14、如圖所示，載貨車廂通過懸臂固定在纜繩上，纜繩與水平方向夾角為婁脠

，當(dāng)纜繩帶動(dòng)車廂以加速度a

勻加速向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，貨物在車廂中與車廂相對靜止.

假設(shè)滑動(dòng)摩擦力等于最大靜摩擦力，重力加速度為g

.

請?jiān)趫D中畫出貨物的受力示意圖，并求貨物與車廂的動(dòng)摩擦因數(shù)至少為____．15、在婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)中，有少數(shù)婁脕

粒子發(fā)生了大角度偏轉(zhuǎn)，有的偏轉(zhuǎn)角度甚至大于90

度，這樣的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象否定了___________原子模型。評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)16、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對錯(cuò)）17、只有沿著電場線的方向電勢才會(huì)降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯(cuò)）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯(cuò)）19、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯(cuò)）

20、只有沿著電場線的方向電勢才會(huì)降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯(cuò)）21、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯(cuò)）

22、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯(cuò)）

評卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共8分)23、將一單擺裝置豎直掛于某一深度h（未知）且開口向下的小筒中（單擺的下部分露于筒外），如圖甲所示，將懸線拉離平衡位置一個(gè)小角度后由靜止釋放，設(shè)單擺振動(dòng)過程中懸線不會(huì)碰到筒壁，如果本實(shí)驗(yàn)的長度測量工具只能測量出筒的下端口到擺球球心的距離為l，并通過改變l而測出對應(yīng)的周期T，再以T2為縱軸、l為橫軸作出函數(shù)關(guān)系圖象，那么就可以通過此圖象得出小筒的深度h和當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋?）利用單擺測重力加速度時(shí)，為了減小誤差，我們利用秒表來測量單擺多次全振動(dòng)的時(shí)間，從而求出振動(dòng)周期．除了秒表之外，現(xiàn)有如下工具，還需的測量工具為____A．天平B．毫米刻度尺C．螺旋測微器（2）如果實(shí)驗(yàn)中所得到的T2-L關(guān)系圖象如圖乙所示，那么真正的圖象應(yīng)是a、b、c中的__________．（3）由圖象可知，小筒的深度h=____________m，當(dāng)?shù)氐膅=_____________m/s2．（4）某次秒表計(jì)時(shí)得的時(shí)間如圖丙所示，則總時(shí)間為____________s．評卷人得分五、證明題(共2題，共20分)24、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)。25、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動(dòng)。整個(gè)裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點(diǎn)時(shí)，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運(yùn)動(dòng)為簡諧運(yùn)動(dòng)。評卷人得分六、識(shí)圖作答題(共1題，共3分)26、下圖1表示綠色植物葉肉細(xì)胞部分結(jié)構(gòu)中的某些生命活動(dòng)過程，①～⑦代表各種物質(zhì)，A、B代表兩種細(xì)胞器。圖2表示該植物葉片CO2吸收量隨光照強(qiáng)度的變化曲線。據(jù)圖回答下列問題：

(1)圖1中B是____。光反應(yīng)形成ATP的反應(yīng)式為____。(2)若該綠色植物長時(shí)間處于黑暗狀態(tài)時(shí)，則圖中①→②→①的循環(huán)不能進(jìn)行，原因是____。(3)當(dāng)光照強(qiáng)度處于圖2中的D點(diǎn)時(shí)，圖1中⑥的去向有____。(4)圖2中0～D間此幼苗光合作用有機(jī)物的凈積累量為____。(用S1、S2、S3表示)(5)在晴朗天氣下，給植物澆灌含18O的水，則在植物體周圍的空氣中含放射性物質(zhì)有____。(6)若圖2為植物25℃時(shí)CO2吸收量隨光照強(qiáng)度的變化曲線。已知該植物光合作用和細(xì)胞呼吸的最適溫度分別為25℃和30℃，請?jiān)趫D中畫出30℃時(shí)(原光照強(qiáng)度和CO2濃度不變)相應(yīng)的CO2吸收量隨光照強(qiáng)度的變化曲線(要求在曲線上標(biāo)明與圖中A、B、C三點(diǎn)對應(yīng)的a、b、c三個(gè)點(diǎn)的位置)。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【解析】【答案】D2、D【分析】解：A；液晶像液體一樣具有流動(dòng)性；而其光學(xué)性質(zhì)與某些晶體相似具有各向異性，故A正確．

B；液晶一方面像液體具有流動(dòng)性；另一方面又像晶體，分子在特定方向排列比較整齊有序，具有各向異性的特點(diǎn)．故B正確．

C；液晶各向異性；對不同顏色光的吸收強(qiáng)度隨電場強(qiáng)度的變化而變化．故C正確。

D；某些有機(jī)化合物具有一種特殊的狀態(tài)；在這種狀態(tài)中，它們一方面像液體，具有流動(dòng)性，另一方面又像晶體，分子在某個(gè)方向上排列比較整齊，因而具有各向異性，我們把這些物質(zhì)叫做液晶．并不是所有物質(zhì)都有液晶態(tài)，只有一些某些有機(jī)化合物才有液晶態(tài)，故D錯(cuò)誤．

本題選擇不正確的；故選：D．

通常我們把物質(zhì)的狀態(tài)分為固態(tài)；液態(tài)和氣態(tài)；但是某些有機(jī)化合物具有一種特殊的狀態(tài)，在這種狀態(tài)中，它們一方面像液體，具有流動(dòng)性，另一方面又像晶體，分子在某個(gè)方向上排列比較整齊，因而具有各向異性，我們把這些物質(zhì)叫做液晶．液晶是不穩(wěn)定的，外界影響的微小變化，例如溫度、電場等，都會(huì)引起液晶分子排列變化，改變它的光學(xué)性質(zhì)．

本題考查了液晶的定義和特性，知識(shí)點(diǎn)較為冷僻，平時(shí)看書要仔細(xì)．【解析】【答案】D3、B【分析】解：A；麥克斯韋認(rèn)為；磁場變化時(shí)會(huì)在空間激發(fā)感生電場，處在場中的導(dǎo)體就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，故A正確；

B；奧斯特發(fā)現(xiàn)“電生磁”現(xiàn)象．法拉第總結(jié)出了電磁感應(yīng)定律；閉合電路中感應(yīng)電動(dòng)勢的大??；跟穿過這一電路的磁通量的變化率成正比；故B錯(cuò)誤；

C；法拉第提出了場的概念；而且發(fā)明了人類歷史上的第一臺(tái)發(fā)電機(jī)，故C正確；

D；該實(shí)驗(yàn)是熱功當(dāng)量實(shí)驗(yàn)；它為能量守恒定律奠定了實(shí)驗(yàn)基礎(chǔ)；故D正確；

本題選擇不正確的；故選：B．

明確電學(xué)中各位科學(xué)家的主要貢獻(xiàn)以及相關(guān)內(nèi)容；要求能準(zhǔn)確掌握現(xiàn)象和性質(zhì)，才能正確求解，熱功當(dāng)量實(shí)驗(yàn)為能量守恒定律奠定了實(shí)驗(yàn)基礎(chǔ)．

本題考查電磁學(xué)中的相關(guān)物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)，要注意明確法拉第電磁感應(yīng)定律的內(nèi)容，同時(shí)注意法拉第電磁感應(yīng)定律是紐曼、韋伯在對理論和實(shí)驗(yàn)資料嚴(yán)格分析后先后提出的，并不是法拉第得出的結(jié)論．【解析】【答案】B4、D【分析】【分析】根據(jù)楞次定律判斷出感應(yīng)電流的方向；根據(jù)切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢和閉合電路歐姆定律求出感應(yīng)電流的大小；根據(jù)安培力公式求出安培力的大小，通過左手定則判斷安培力的方向。

解決本題的關(guān)鍵掌握切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢公式以及安培力的大小公式，會(huì)通過楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，通過左手定則判斷安培力的方向?！窘獯稹烤€圈進(jìn)入磁場，在進(jìn)入磁場0鈭?L

的過程中，E=BLv

電流I=BLvR

方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向.

安培力的大小F=BIL=B2L2vR

根據(jù)左手定則，知安培力方向水平向左；在L鈭?2L

的過程中，電動(dòng)勢E=2BLv

電流I=2BLvR

方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，安培力的大小F=2隆脕2B2L2vR=4B2L2vR

根據(jù)左手定則，知安培力方向水平向左；在2L鈭?3L

的過程中，E=BLv

電流I=BLvR

方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向，安培力的大小為F=BIL=B2L2vR

根據(jù)左手定則，知安培力方向水平向左，故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D?！窘馕觥緿

5、C【分析】解：以物體與車廂組成的系統(tǒng)為研究對象；以小球的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律可得：

mv0=(M+m)v

最終車的速度：v=mv0M+m

方向與v

的速度相同，水平向右；

故選：C

．

物體與車廂反復(fù)碰撞；最終兩者速度相等，在此過程中，兩者組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可以求出車廂的速度．

本題考查了求小車的速度，選物體與小車組成的系統(tǒng)為研究對象，水平方向僅有系統(tǒng)的內(nèi)力作用而不受外力作用，故此方向滿足動(dòng)量守恒，碰撞前的動(dòng)量，等于最后的總動(dòng)量，典型的動(dòng)量守恒的題目．【解析】C

6、C【分析】略【解析】C

7、B【分析】【分析】根據(jù)Em=NBS婁脴

求解感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值，根據(jù)E=Em2

求解感應(yīng)電動(dòng)勢的有效值，根據(jù)歐姆定律求解電流有效值，根據(jù)q=n?鈱?R+r

求解電量。

本題關(guān)鍵記住交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交流電的最大值表達(dá)式Em=NBS婁脴

注意可以根據(jù)推論公式q=n?鈱?R+r

求解電量。【解答】A；圖示位置是中性面位置；感應(yīng)電動(dòng)勢為零，故A錯(cuò)誤；

B、感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值Em=NBS婁脴

故電流為：I=ER+r=NBSw2(R+r)

故B正確；

C、一個(gè)周期內(nèi)通過R

的電荷量：q=It=n?鈱?r+R=0

故C錯(cuò)誤；

D、感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值Em=NBS婁脴

有效值為：E=Em2=NBSw2

由閉合電路歐姆定律可得R

兩端電壓的有效值為：U=ER+rR=NBSw2(R+r)

故D錯(cuò)誤。

故選B。

【解析】B

二、填空題(共8題，共16分)8、略

【分析】

（1）A；打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)接交流電源；故A錯(cuò)誤．

B；開始記錄時(shí)；應(yīng)先給打點(diǎn)計(jì)時(shí)器通電打點(diǎn)，然后再釋放重錘，讓它帶著紙帶一同落下，如果先放開紙帶讓重物下落，再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)時(shí)器的電源，由于重物運(yùn)動(dòng)較快，不利于數(shù)據(jù)的采集和處理，會(huì)對實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生較大的誤差．故B錯(cuò)誤．

C；我們可以通過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器計(jì)算時(shí)間；不需要秒表．故C錯(cuò)誤．

D；測出紙帶上兩點(diǎn)跡間的距離；可知重物相應(yīng)的下落高度，故D正確．

故選D．

（2）按打點(diǎn)先后順序每5個(gè)點(diǎn)取1個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)；則相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為0.1s．

由于相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)的位移之差相等；所以紙帶做勻加速直線運(yùn)動(dòng)．

利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論。

vc===0.25m/s．

故答案為：（1）D

（2）0.1；勻加速、0.25．

【解析】【答案】書本上的實(shí)驗(yàn)；我們要從實(shí)驗(yàn)原理；實(shí)驗(yàn)儀器、實(shí)驗(yàn)步驟、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)這幾點(diǎn)去搞清楚．

紙帶實(shí)驗(yàn)中；若紙帶勻變速直線運(yùn)動(dòng)，測得紙帶上的點(diǎn)間距，利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，可計(jì)算出打出某點(diǎn)時(shí)紙帶運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度．

9、略

【分析】【解析】【答案】mv/(M+m)10、略

【分析】解：根據(jù)P=I2R可得；通過三個(gè)電阻的電流分別為：

I1=0.2A，I2=0.1A，I3=0.2A；

則允許通過的電流最大值I=0.1A；

允許消耗的功率Pmax=I2（R1+R2+R3）=0.12×（100+200+50）=3.5W；

故答案為：0.1；3.5．

根據(jù)功率公式可求得三個(gè)電阻的最大允許電流；串聯(lián)時(shí)三個(gè)電阻通過的電流相等，不能超過最小的額定電流；再由功率公式可求得總功率．

本題考查的是串聯(lián)電路的特點(diǎn)，在串聯(lián)電路中，電路的電流的大小是相同的，根據(jù)這一個(gè)特點(diǎn)就可以判斷出電流中允許通過的最大的電流．【解析】0.1；3.511、略

【分析】解：根據(jù)C=若將A極板稍向左移動(dòng)一些，增大電容器兩極板間的距離，則電容C變??；

根據(jù)U=電勢差增大，所以靜電計(jì)金屬箔張角會(huì)變大．

根據(jù)E===知電場強(qiáng)度不變．

故本題答案為：變大；變大，不變，變小．

靜電計(jì)測量的是電容器兩極板間的電勢差，電勢差越大，金屬箔張角越大．根據(jù)C=判斷電容的變化，根據(jù)U=判斷電勢差的變化，根據(jù)E=判斷兩極板間電場強(qiáng)度的變化．

解決本題的關(guān)鍵根據(jù)C=判斷電容的變化，根據(jù)U=判斷電勢差的變化，根據(jù)E=判斷兩極板間電場強(qiáng)度的變化．【解析】變大；變大；不變；變小12、(1)DCBA

(2)0.1

(3)(x6+x5+x4)鈭?(x3+x2+x1)9T2【分析】【分析】(1)

先連接實(shí)驗(yàn)器材，測量時(shí)先接通電源，后釋放紙帶；(2)

打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的工作頻率為50Hz

每隔0.02s

打一次電，每相鄰兩點(diǎn)之間還有4

個(gè)記錄點(diǎn)未畫出，共5

個(gè)0.02s

(3)

根據(jù)加速度定義式求解。要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問題的能力，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的理解與應(yīng)用?！窘獯稹?1)

在實(shí)驗(yàn)過程中應(yīng)先固定打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，再放置小車，然后打開電源，最后釋放小車，所以正確的順序是DCBA

．(2)

每隔4

點(diǎn)或每5

個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)，相臨計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔均為0.1s

．(3)

利用逐差法，根據(jù)加速度定義得：a=?xT2=(x6+x5+x4)鈭?(x3+x2+x1)9T2

故填：(1)DCBA

(2)0.1

(4)(x6+x5+x4)鈭?(x3+x2+x1)9T2

?！窘馕觥?1)DCBA

(2)0.1

(3)(x6+x5+x4)鈭?(x3+x2+x1)9T2

13、略

【分析】根據(jù)規(guī)定，人體安全電壓：不高于36V，同樣的電壓或電流，對于人體交流電危害更大?！窘馕觥俊敬鸢浮?6V交流14、【分析】

【分析】

以物體為研究對象進(jìn)行受力分析，同時(shí)將加速度a

沿水平方向和豎直方向進(jìn)行分解，在水平方向和豎直方向根據(jù)牛頓第二定律列方程求解。

本題主要是考查了牛頓第二定律的知識(shí)；利用牛頓第二定律答題時(shí)的一般步驟是：確定研究對象、進(jìn)行受力分析、進(jìn)行正交分解、在坐標(biāo)軸上利用牛頓第二定律建立方程進(jìn)行解答。

【解答】

設(shè)貨物的質(zhì)量為m

以m

為研究對象進(jìn)行受力分析，同時(shí)將加速度a

沿水平方向和豎直方向進(jìn)行分解，如圖所示；

則水平方向的加速度ax=acos婁脠

豎直方向的加速度大小為ay=asin婁脠

對于m

在豎直方向根據(jù)牛頓第二定律可得：N鈭?mg=may

在水平方向根據(jù)牛頓第二定律可得：f=max

而f=婁脤N

聯(lián)立解得：婁脤=acos婁脠g+asin婁脠

。

如圖所示：3

個(gè)力acos婁脠g+asin婁脠

【解析】acos婁脠g+asin婁脠

15、湯姆孫【分析】【分析】盧瑟福根據(jù)婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，否定了湯姆孫原子模型。解答本題的關(guān)鍵是知道盧瑟福根據(jù)婁脕

粒子散射實(shí)驗(yàn)提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，否定了湯姆孫原子模型?！窘獯稹吭趭涿?/p>

粒子散射實(shí)驗(yàn)中，有少數(shù)婁脕

粒子發(fā)生了大角度偏轉(zhuǎn)，有的偏轉(zhuǎn)角度甚至大于90

度，這樣的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象否定了湯姆孫原子模型。故答案為：湯姆孫。

【解析】湯姆孫三、判斷題(共7題，共14分)16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動(dòng)電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．17、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．19、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．20、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．21、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．22、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、實(shí)驗(yàn)題(共1題，共8分)23、略

【分析】（1）為了測量出周期，需要秒表，為測量程度的改變需要刻度尺，故還需要的測量工具為B；（2）根據(jù)單擺的周期公式，得顯然若以l為自變量，則當(dāng)?shù)豯=0時(shí)T2>0，所以真正的圖象是a；（3）由（2）的分析可以確定，筒的深度為0．30m，a圖象的斜率為所以當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?．86m/