…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統(tǒng)編版高一物理下冊階段測試試卷906考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、【題文】如圖所示；某一選手將一枚飛鏢從高于靶心的位置水平投向豎直懸掛的靶盤，結(jié)果飛鏢打在靶心的正下方．忽略飛鏢運動過程中所受空氣阻力，在其他條件不變的情況下，為使飛鏢命中靶心，他在下次投擲時應該。

A.換用質(zhì)量稍大些的飛鏢B.適當減小投飛鏢的高度C.到稍遠些的地方投飛鏢D.適當增大投飛鏢的初速度2、河水由西向東流，河寬為800m，河中各點的水流速度大小為v水，各點到較近河岸的距離為x，v水與x的關系為v水=x（m/s），讓小船船頭垂直河岸由南向北渡河，小船在靜水中的速度大小恒為v船=4m/s；

下列說法正確的是（）A.小船渡河的軌跡為直線B.小船在河水中的最大速度是2m/sC.小船渡河的時間是200sD.小船在距南岸200m處的速度小于距北岸200m處的速度3、A、B、C三物同時、同地、同向出發(fā)作直線運動，下圖是它們位移與時間的圖象，由圖可知它們在t時間內(nèi)（除t時刻外）（）

A.平均速度VA=VB=VC

B.平均速度VA＞VB＞VC

C.A一直在B；C的前面。

D.A的速度一直比B；C要大。

4、下列說法正確的是（）A.體積很大的物體，不能視為質(zhì)點B.參考系必須是靜止不動的物體C.做直線運動的物體，其位移大小不一定等于路程D.甲的加速度a甲=2m/s2，乙的加速度a乙=﹣3m/s2，a甲＞a乙5、如圖所示，3

塊完全相同的木塊，放在光滑水平面上，C.B

間接觸也是光滑的，一顆子彈水平從A

射入，最后從B

穿出，則子彈穿出B

后，3

木塊的速率關系是()

A.VA=V=VB=V=VCB.VA>V>VB>V>VCC.VB>V>VA>V>VCD.VA<V<VB=V=VC

6、天文學家發(fā)現(xiàn)某恒星有一顆行星在圓形軌道上繞其運動，并測出了行星的軌道半徑R

和公轉(zhuǎn)周期T

已知引力常量為G

由此可算出()

A.恒星質(zhì)量B.恒星平均密度C.行星質(zhì)量D.行星半徑7、下表是濟南至煙臺的N923

次列車運行時刻表的一部分；則(

)

。車站到達時間開車時間停留時間里程/km濟南始發(fā)站08120淄博091509183110濰坊104410473210藍村120512083341煙臺1435終點站524A.表中的“3

”指的是時刻B.表中的“1205

”指的是時間C.從濟南到煙臺列車通過的路程為524km

D.從濰坊到藍村列車的平均速度為94km/h

評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、關于第一宇宙速度，下面說法中正確的是（）A.它是能使人造地球衛(wèi)星環(huán)繞地球運行的最小發(fā)射速度B.它是人造地球衛(wèi)星沿近地圓形軌道上運行時的運行速度C.從人造衛(wèi)星環(huán)繞地球運行速度公式v=知，把衛(wèi)星發(fā)射到越遠的地方越容易D.把衛(wèi)星發(fā)射到離地面較遠的圓軌道上運行，要使衛(wèi)星的發(fā)射速度大于第一宇宙速度9、質(zhì)量不等，但有相同初動能的兩個物體，在動摩擦因數(shù)相同的水平面上滑動至停止，則下列說法正確的是(

)

A.質(zhì)量大的物體滑行距離大B.質(zhì)量小的物體滑行距離大C.質(zhì)量大的物體克服摩擦力所做的功多D.兩個物體克服摩擦力所做的功一樣多10、下面的實例中，物體系統(tǒng)機械能守恒的是(

)

A.物體做平拋運動，不計空氣阻力B.物體沿光滑斜面向上勻速運動C.跳傘運動員張開傘后，在空中勻速下降D.人造衛(wèi)星脫離火箭后在大氣層外沿橢圓軌道飛行11、如圖所示，用小錘打擊彈性金屬片，金屬片把A

球沿水平方向拋出，同時B

球被松開，AB

兩球質(zhì)量相等.

觀察發(fā)現(xiàn)兩球幾乎同時著地，你認為從該實驗能得出的結(jié)論是(

)

A.平拋運動的物體在水平方向上是勻速直線運動B.兩球同時出發(fā)C.平拋運動的物體在豎直方向是自由落體運動D.兩球運動的路程相等12、如圖三段輕質(zhì)細繩(

不可拉伸)

系于結(jié)點O0A

段的A

端固定在天花板上，OC

段的C

端懸掛一重量為G

的重物，OB

段的B

端被某同學用手拉著使重物處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)該同學拉著B

端緩慢旋轉(zhuǎn)OB

繩至OB

繩豎直(

如圖箭頭所示)

旋轉(zhuǎn)過程中O

點不動即始終保證0A

繩與豎直方向成婁脠

夾角不變，則在該旋轉(zhuǎn)過程中下列分析正確的有()

A.OC

繩上彈力保持不變B.重物所受合力保持不變C.OB

繩上彈力最小值為G隆隴sin婁脠

D.圖示時刻，結(jié)點O

受OA

繩的拉力、OB

繩的拉力、重物的重力作用13、發(fā)射地球同步衛(wèi)星時，先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道1

然后經(jīng)點火，使其沿橢圓軌道2

運行，最后再次點火，將衛(wèi)星送入同步圓軌道3

軌道1

和2

相切于Q

點，軌道2

和3

相切于P

點，設衛(wèi)星在1

軌道和3

軌道正常運行的速度和加速度分別為v1v3

和a1a3

在2

軌道經(jīng)過P

點時的速度和加速度為v2

和a2

且當衛(wèi)星分別在123

軌道上正常運行時周期分別為T1T2T3

以下說法正確的是

A.v1>v2>v3

B.v1>v3>v2

C.a1>a2>a3

D.T1<T2<T3

14、如圖所示，質(zhì)量為m的小球在豎直放置的光滑圓形管道內(nèi)做圓周運動（小球的直徑略小于管道的內(nèi)徑），管道的半徑為R，下列說法中正確的有（）A.小球通過最高點的最小速度為B.小球通過管道a點時，外側(cè)管壁對小球一定有作用力C.小球在水平線ab以下管道中運動時，外側(cè)管壁對小球可以沒有作用力D.小球在水平線ab以上管道中運動時，內(nèi)側(cè)管壁對小球可以有作用力評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)15、給出以下物理量或單位；請按要求填空．

A．米。

B．牛頓。

C．加速度。

D．米/秒2

E．質(zhì)量。

F．千克。

G．時間。

H．秒。

I．位移。

J．厘米2

K．千克/米2

L．焦耳。

（1）在國際單位制中作為基本單位的是______．

（2）屬于導出單位的是______．16、如圖，以v0=10m/s

的水平速度拋出的物體，飛行一段時間后垂直撞在傾角為婁脠=30鈭?

的斜面上，空氣阻力不計.(g

取10m/s2)

則物體飛行的時間為____s

物體撞在斜面上的速度____m/s

17、一個做勻變速直線運動的質(zhì)點，其位移隨時間的變化規(guī)律s=2t+3t2（m），則該質(zhì)點的初速度為____m/s，加速度為____m/s2，3s末的瞬時速度為____m/s，第3s內(nèi)的位移為____m．18、以下為探究恒力做功和物體動能變化關系的實驗．

（1）某同學的實驗方案如圖甲所示；他想用鉤碼的重力表示小車受到的合外力，為了減小這種做法帶來的買驗誤差，你認為在實驗中還應該采取的兩項措施是：

①____

②____

（2）要驗證合外力的功與動能變化的關系，除位移、速度外，還要測出的物理量有____

（3）若根據(jù)多次測量數(shù)據(jù)畫出的W-V草圖如圖乙所示，根據(jù)圖線形狀可知，對W與V的關系作出的以下猜想肯定不正確的是____．

A．W∝B．W∝C．W∝V2D．W∝V3．

19、【題文】高一年級足球比賽中，一足球以12m/s的速度飛向球門，守門員在0.2s的時間內(nèi)用雙拳將足球以8m/s的速度反向擊回去，足球在這段時間內(nèi)加速度的大小為________方向______________________________。20、現(xiàn)在很多人都喜歡騎變速自行車健身；為了測量某種變速自行車的速度．物理興趣小組采用了如圖所示的裝置，把A，B兩個傳感器固定在自行車上，C為自行車的后車輪．齒輪轉(zhuǎn)動時帶動車輪轉(zhuǎn)動，A發(fā)出的信號通過旋轉(zhuǎn)齒輪的間隙后被B接收，由記錄儀記錄和顯示．若實驗時單位時間內(nèi)記錄的信號個數(shù)為n，累計記錄的總個數(shù)為N，則：

（1）自行車運動時間為______

（2）如果要測出自行車行駛的路程和速度除了以上數(shù)據(jù)外還必須知道車子齒輪的齒數(shù)m和______（用文字和字母表示）

（3）自行車行駛速度的表達式為V=______（用以上的數(shù)據(jù)符號表示）評卷人得分四、簡答題(共4題，共12分)21、一轉(zhuǎn)動裝置如圖所示，四根輕桿OAOCAB

和CB

與兩小球以及一小環(huán)通過鉸鏈連接，輕桿長均為l

球和環(huán)的質(zhì)量均為mO

端固定在豎直的輕質(zhì)轉(zhuǎn)軸上，套在轉(zhuǎn)軸上的輕質(zhì)彈簧連接在O

與小環(huán)之間，原長為L

裝置靜止時，彈簧長為32L

轉(zhuǎn)動該裝置并緩慢增大轉(zhuǎn)速，小環(huán)緩慢上升.

彈簧始終在彈性限度內(nèi)，忽略一切摩擦和空氣阻力，重力加速度為g

求：

(1)

彈簧的勁度系數(shù)k

(2)AB

桿中彈力為零時，裝置轉(zhuǎn)動的角速度婁脴0

．22、rm{2SO_{2}(g)+O_{2}(g)=2SO_{3}(g)}反應過程的能量變化如圖所示。已知rm{2SO_{2}(g)+O_{2}(g)

=2SO_{3}(g)}氧化為rm{1molSO_{2}(g)}的rm{1molSO_{3}(g)}請回答下列問題：

rm{婁隴H=隆陋99kJ隆隴mol^{-1}}圖中rm{(1)}的大小對該反應的反應熱____rm{E}填“有”或“無”rm{(}影響。該反應通常用rm{)}作催化劑，加rm{V_{2}O_{5}}會使圖中rm{V_{2}O_{5}}點____rm{B}填“升高”還是“降低”rm{(}rm{)}____rm{triangleH}填“變大”、“變小”或“不變”rm{(}理由是____。rm{)}圖中rm{(2)}____rm{triangleH=}rm{KJ隆隴mol^{-1}}的催化循環(huán)機理可能為：rm{(3)V_{2}O_{5}}氧化rm{V_{2}O_{5}}時，自身被還原為四價釩化合物；四價釩化合物再被氧氣氧化為rm{SO_{2}}寫出該催化循環(huán)機理的化學方程式________、____。rm{V_{2}O_{5}}已知單質(zhì)硫的燃燒熱為rm{(4)}計算由rm{296KJ隆隴mol^{-1}}生成rm{S(s)}的rm{3molSO_{3}(g)}____。rm{triangleH=}23、如圖所示；一輕繩長為L

下端拴著質(zhì)量為m

的小球(

可視為質(zhì)點)

當球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動時，繩與豎直方向間的夾角為婁脠

已知重力加速度為g

求：

(1)

繩的拉力大小F

(2)

小球運動的線速度v

的大??；

(3)

小球運動的角速度婁脴

及周期T

．24、rm{(1)}有下列幾組反應：A.rm{Zn+2HCl=ZnCl_{2}+H_{2}隆眉}B.rm{CO_{2}+H_{2}O=H_{2}CO_{3}}C.rm{S+O}2rm{overset{碌茫脠錄}{=}}rm{SO_{2}}D.rm{Ba(OH)_{2}+H_{2}SO_{4}=BaSO_{4}隆媒+2H_{2}O}E.rm{Na_{2}CO_{3}+2HCl=2NaCl+H_{2}O+CO_{2}隆眉}F.rm{CaCO_{3}overset{?}{=}CaO+CO_{2}隆眉}G.rm{CH_{4}+2O_{2}overset{碌茫脠錄}{=}CO_{2}+H_{2}O}H.rm{2KClO_{3}overset{?}{=}2KCl+3O_{2}隆眉}以上反應中，屬置換反應的是_____，屬化合反應的是________，屬分解反應的是________，屬復分解反應的是______，屬氧化還原反應的是_____。rm{CaCO_{3}overset{?}{=}

CaO+CO_{2}隆眉}實驗室制取rm{CH_{4}+2O_{2}overset{碌茫脠錄}{=}

CO_{2}+H_{2}O}的反應方程式為：rm{2KClO_{3}overset{?}{=}

2KCl+3O_{2}隆眉}反應過程中轉(zhuǎn)移rm{(2)}電子，生成標準狀況下的rm{H_{2}}________rm{Zn+H_{2}SO_{4}=ZnSO_{4}+H_{2}隆眉}rm{2mol}用雙線橋法表示出電子轉(zhuǎn)移的方向和數(shù)目：rm{H_{2}}。rm{L}評卷人得分五、證明題(共2題，共12分)25、燈距地面的高度為h；身高為l的人以速度υ勻速直線行走，如圖所示．

（1）有甲；乙兩位同學對人的頭頂?shù)挠白拥倪\動情況分別談了自己的看法；甲同學認為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蚣铀僦本€運動，而乙同學則依據(jù)平時看到的自己的影子的運動情況，認為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蛩僦本€運動，你認為甲、乙兩位同學對人的頭頂?shù)挠白拥倪\動情況的看法，誰的看法是正確的？

（2）請說明你的判斷依據(jù)：

（3）求人影的長度隨時間的變化率．26、燈距地面的高度為h；身高為l的人以速度υ勻速直線行走，如圖所示．

（1）有甲；乙兩位同學對人的頭頂?shù)挠白拥倪\動情況分別談了自己的看法；甲同學認為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蚣铀僦本€運動，而乙同學則依據(jù)平時看到的自己的影子的運動情況，認為人的頭頂?shù)挠白訉⒆鲃蛩僦本€運動，你認為甲、乙兩位同學對人的頭頂?shù)挠白拥倪\動情況的看法，誰的看法是正確的？

（2）請說明你的判斷依據(jù)：

（3）求人影的長度隨時間的變化率．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【解析】

試題分析：飛鏢做的是平拋運動；飛鏢打在靶心的正下方說明飛鏢豎直方向的位移太大；

根據(jù)平拋運動的規(guī)律可得；

水平方向上：

豎直方向上：所以要想減小飛鏢豎直方向的位移；在水平位移不變的情況下，可以適當增大投飛鏢的初速度來減小飛鏢的運動時間，所以D正確；

故選D．

考點：本題就是對平拋運動規(guī)律的直接考查；

點評：飛鏢做的是平拋運動，根據(jù)平拋運動的規(guī)律，水平方向上的勻速直線運動，和豎直方向上的自由落體運動，列方程求解即可．【解析】【答案】D2、C【分析】解：A；小船在垂直河岸方向上做勻速直線運動；在沿河岸方向上做變速運動，合加速度的方向與合速度方向不在同一條直線上，做曲線運動，故A錯誤。

B、當小船行駛到河中央時，v水=×400=3m/s，那么小船在河水中的最大速度vmax==5m/s；故B錯誤。

C、小船船頭垂直河岸由南向北渡河，那么小船渡河的時間是t===200s；故C正確；

D；小船在距南岸200m處的河水速度大小與距北岸200m處的河水速度大小相等；根據(jù)矢量的合成法則，則兩種情況的合速度大小相等，故D錯誤。

故選：C。

將小船的運動分解為沿河岸方向和垂直河岸方向，小船在沿河岸方向的速度隨時間先均勻增大后均勻減小，結(jié)合平均速度推論，抓住等時性求出v1的大小。根據(jù)合速度與合加速度的方向是否在同一條直線上判斷小船的軌跡。

解決本題的關鍵知道在垂直于河岸方向上做勻速直線運動，根據(jù)河水中各點水流速大小與各點到較近河岸邊的距離成正比，則水流速度隨時間先均勻增大后均勻減小，從而根據(jù)矢量的合成法則，求得合速度大小?！窘馕觥緾3、A|C【分析】

A、B、圖象上的任意一點表示該時刻的位置，所以它們的初位置、末位置相同，則位移相同，平均速度v平均=也相同；故A正確，B錯誤．

C；A在任意時刻的位置坐標大于B、C的位置坐標；所以A一直在B、C的前面，故C正確．

D；圖象的斜率表示該時刻的速度；所以A物體的速度先比B、C大，后比B、C要小，故D錯誤．

故選AC

【解析】【答案】位移-時間圖象表示物體的位置隨時間的變化；圖象上的任意一點表示該時刻的位置，圖象的斜率表示該時刻的速度，斜率的正負表示速度的方向．

4、C【分析】【解答】解：A；物體可以看成質(zhì)點時；只要大小和形狀不影響所研究問題即可，與體積大小無關，故A錯誤；

B；參考系的選取是任意的；故B錯誤；

C；只有做單向直線運動的物體；其位移大小才等于路程，故C正確；

D、加速度是矢量，負號表示方向與正方向相反，所以a甲＜a乙；故D錯誤；

故選：C

【分析】參考系的選取是任意的，大小和形狀不影響所研究問題即可看做質(zhì)點，只有做單向直線運動的物體，其位移大小才等于路程，加速度是矢量，負號表示方向與正方向相反．5、C【分析】解：C

木塊與AB

木塊間的接觸面光滑，C

在水平方向上不受力作用，C

的速度保持不變，C

原來靜止，子彈穿過AB

后C

的速度仍為零，即vC=0

子彈穿過A

的過程中，AB

一起向右運動，在任何時刻，它們速度都相等，子彈穿過A

后，單獨與B

相互作用，A

水平不受力，保持子彈離開A

時的速度不變，而B

的速度將進一步增大，直到子彈完全穿出B

后停止增大，故有vB>vA>vC=0

故選C．

分別以CABB

為研究對象；分析物體的運動過程，然后答題．

本題考查了分析物體速度間的關系，分析清楚物體的運動過程是正確解題的關鍵．【解析】C

6、A【分析】【分析】行星繞恒星做圓周運動；萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律列方程解題。

本題考查了萬有引力定律的應用，應用萬有引力定律與牛頓第二定律即可解題，本題是一道基礎題。【解答】AC.

設恒星的質(zhì)量為M

行星的質(zhì)量為m

行星繞恒星做圓周運動，萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：解得：可以求出恒星的質(zhì)量，但不能求出行星的質(zhì)量，故A正確，C錯誤；

B.可以求出恒星的質(zhì)量；但是由于不知道恒星的半徑，不知道恒星的體積，無法求出恒星的平均密度，故B錯誤；

D.根據(jù)題意可以知道行星繞恒星運動的軌道半徑；但不能求出行星的半徑，故D錯誤；

故選A?！窘馕觥緼

7、C【分析】解：A

圖中的3

指的是火車停在站內(nèi)的時間；故A錯誤；

B；表中的“1205

”指的是列車發(fā)車的時刻；故B錯誤；

C；從濟南到煙臺列車通過的路程為524Km

故C正確；

D、從濰坊到藍村位移為x=141km

時間為：t=1

小時18

分鐘=1.3h

列車的平均速率為V爐=1411.3=108.5km/h

故D錯誤；

故選：C

．

由表格數(shù)據(jù)可知列車的發(fā)車及到站的時刻及停留時間以及行駛位移；由位移公式可求得平均速度．

解決本題的關鍵知道平均速率等于路程與時間的比值，注意單位，基礎題．【解析】C

二、多選題(共7題，共14分)8、ABD【分析】解：A；物體在地面附近繞地球做勻速圓周運動的速度叫做第一宇宙速度；在地面附近發(fā)射飛行器，如果速度等于7.9km/s，飛行器恰好做勻速圓周運動，如果速度小于7.9km/s，就出現(xiàn)萬有引力大于飛行器做圓周運動所需的向心力，做近心運動而落地，所以發(fā)射速度不能小于7.9km/s，故A正確；

B；由A選項分析可知；當軌道半徑是地球的半徑時，則第一宇宙速度即為近地圓軌道上人造地球衛(wèi)星的運行速度，故B正確；

C、人造衛(wèi)星在圓軌道上運行時，運行速度為：v=軌道半徑越大，速度越小，故第一宇宙速度是衛(wèi)星在圓軌道上運行的最大速度，但把衛(wèi)星發(fā)射到越遠的地方，要克服引力做功越多，因此越不容易；故C錯誤．

D；如果速度大于7.9km/s；而小于11.2km/s，它繞地球飛行的軌跡就不是圓，而是橢圓，所以要使衛(wèi)星的發(fā)射速度大于第一宇宙速度7.9km/s，故D正確．

故選：ABD．

第一宇宙速度又稱為環(huán)繞速度；是指在地球上發(fā)射的物體繞地球飛行作圓周運動所需的最小初發(fā)射速度，并根據(jù)離心運動條件，來判定速度的大?。?/p>

注意第一宇宙速度有三種說法：

①它是人造地球衛(wèi)星在近地圓軌道上的運行速度；

②它是人造地球衛(wèi)星在圓軌道上運行的最大速度；

③它是衛(wèi)星進入近地圓形軌道的最小發(fā)射速度．【解析】【答案】ABD9、BD【分析】解：

A、B

由動能定理可得：0鈭?Ek=鈭?婁脤mgx(Ek

為物體的初動能，x

為物體運動的位移)

變形后得x=Ek渭mg

又由動摩擦因數(shù)與初動能均相同；故m

大的x

值較小，m

小的x

值較大；故A錯誤，B正確；

C；D

兩物體最終均靜止；兩物體所有的動能最后均變?yōu)槟Σ廉a(chǎn)生的內(nèi)能，兩個物體克服摩擦力所做的功一樣多；故C錯誤，D正確；

故選：BD

物體在運動的過程中；物體的動能全部轉(zhuǎn)變?yōu)槟Σ廉a(chǎn)生的內(nèi)能，寫出此過程的動能定理方程即可解決問題。

此題運用動能定理來分析問題，要搞清楚兩物體的哪些量相同，哪些量不同?！窘馕觥緽D

10、AD【分析】解：A

物體做平拋運動；不計空氣阻力時，只受重力，機械能守恒，故A正確．

B；物體沿光滑斜面向上勻速運動；動能不變，重力勢能增加，因機械能等于動能和勢能之和，則機械能增加.

故B錯誤．

C；跳傘運動員張開傘后；在空中勻速下降，阻力對運動員做功，其機械能不守恒.

故C錯誤．

D；人造衛(wèi)星脫離火箭后在大氣層外沿橢圓軌道飛行；只有萬有引力做功，其機械能守恒.

故D正確．

故選：AD

物體機械能守恒的條件是只有重力或者彈簧的彈力做功；由此可判斷機械能是否守恒.

或看物體的動能和勢能之和是否保持不變，即采用總量的方法進行判斷．

此題知道機械能守恒定律適用的條件即可順利求解，要知道判斷機械能是否守恒的兩種方法：1

看是否只有重力做功.2

看動能和勢能之和是否不變．【解析】AD

11、BC【分析】解：A

由于兩球同時運動；A

球做平拋運動，B

球自由落體運動，由于兩球同時落地，因此能說明AB

在豎直方向運動規(guī)律是相同的，故根據(jù)實驗結(jié)果可知，平拋運動在豎直方向上做自由落體運動；但水平分運動是勻速運動不能說明，除非描出軌跡，故A錯誤，B正確，C正確；

D；路程是軌跡的長度；顯然不等，故D錯誤；

故選：BC

．

A

球沿水平方向拋出做平拋運動；同時B

球被松開，自由下落做自由落體運動，發(fā)現(xiàn)每次兩球都同時落地，只能說明平拋豎直方向的分運動是自由落體運動．

本題屬于簡單基礎題目，實驗雖然簡單，但是很直觀的驗證了平拋運動在豎直方向上的運動規(guī)律．【解析】BC

12、ABC【分析】【分析】根據(jù)小球的運動狀態(tài)，來分析OCOC繩上彈力、重物所受合力的變化情況；垂直時力最小，從而分析出OBOB繩上彈力最小值；受力分析時注意找準受力物體，來分析結(jié)點OO受力情況。本題查了受力分析、最小力問題?！窘獯稹緼.由于C

靜止，所以的OC

繩上彈力等于小球重力，所以保持不變。故A正確；B.由于重物一直靜止，所受合力一直為0.

故B正確；C.OB

繩與OA

垂直時，力最小，最小值為G隆隴sin婁脠

故C正確；D.圖示時刻，結(jié)點O

受OA

繩的拉力、OB

繩的拉力、OC

繩的彈力作用。小球重力是OC

繩受的，不是結(jié)點O

受的。故D錯誤。故選ABC。【解析】ABC

13、BD【分析】【分析】

根據(jù)人造衛(wèi)星的萬有引力等于向心力，列式求出線速度、角速度、周期和向心力的表達式進行討論即可。本題關鍵抓住萬有引力提供向心力；先列式求解出線速度和周期的表達式，再進行討論。

【解答】A.人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動；根據(jù)萬有引力提供向心力得。

線速度v=GMr

所以v1>v3隆攏

在橢圓軌道遠地點實施變軌成圓軌道是做逐漸遠離圓心的運動，要實現(xiàn)這個運動必須萬有引力小于衛(wèi)星所需向心力，所以應給衛(wèi)星加速，增加所需的向心力，衛(wèi)星在軌道3

上經(jīng)過P

點的速率大于在軌道2

上經(jīng)過P

點的速率，即v3>v2,

故A錯誤；B正確；

C.人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動；根據(jù)萬有引力提供向心力得。

a=GMr2

所以a1>a3=a2,

故C錯誤;

D.根據(jù)開普勒第三定律得a3T2=k

所以T1<T2<T3,

故D正確。

故選BD。

【解析】BD

14、BD【分析】解：A；小球在豎直放置的光滑圓形管道內(nèi)做圓周運動；若恰好到達最高點，最高點的速度為零，可知小球通過最高點的最小速度為零，故A錯誤。

B；小球通過管道a點時；外側(cè)管壁對小球的支持力提供向心力，則外側(cè)管壁對小球一定有作用力，故B正確；

C、小球在水平線ab以下管道中運動時；由于向心力方向指向圓心，小球靠重力和彈力沿半徑方向的合力提供向心力，可知外側(cè)管壁對小球一定有作用力，故C錯誤；

D、小球在水平線ab以上管道中運動時；若速度足夠小時，則內(nèi)側(cè)管壁對小球可以有作用力，故D正確。

故選：BD。

小球在豎直光滑圓形管道內(nèi)做圓周運動；在最高點，由于外管或內(nèi)管都可以對小球產(chǎn)生彈力作用，從而可以確定在最高點的最小速度。小球做圓周運動時，沿半徑方向的合力提供做圓周運動的向心力。

解決本題的關鍵知道小球在豎直光滑圓形管道中運動，在最高點的最小速度為0，以及知道小球在豎直面內(nèi)做圓周運動的向心力由沿半徑方向上的合力提供?！窘馕觥緽D三、填空題(共6題，共12分)15、略

【分析】解：（1）在國際單位制中作為基本單位的是千克；秒、米．即A、F、H．

（2）屬于導出單位的是：牛頓、米/秒2、千克/米2；焦耳；即BDKL．

故答案為：

（1）AFH．

（2）BDKL

在國際單位制中有七個基本單位；分別為：米；千克、秒、摩爾、安培、開爾文、坎德拉．其余單位的是導出單位．

解決本題的關鍵知道國際單位制中的基本物理量和對應的基本單位，要識記，不能混淆．要注意單位與物理量的區(qū)別．【解析】AFH；BDKL16、20m/s

【分析】【分析】

平拋運動可以分解為在水平方向上的勻速直線運動，和豎直方向上的自由落體運動，根據(jù)垂直地撞在傾角婁脠

為30鈭?

的斜面上這一個條件；分別根據(jù)勻速直線運動和自由落體運動的運動規(guī)律列方程求解即可。

本題就是對平拋運動規(guī)律的考查，平拋運動可以分解為在水平方向上的勻速直線運動，和豎直方向上的自由落體運動來求解?！窘獯稹?/p>

設垂直地撞在斜面上時速度為V

將速度分解水平的vsin(婁脠)=v0

和豎直方向的vy=vcos(婁脠)

由以上兩個方程可以求得：vy=v0cot(婁脠)

由豎直方向自由落體的規(guī)律得vy=gt

代入豎直可求得：t=1tan(30鈭?)=3s

所以v=v0sin(300)=20m/s

故答案為：3s20m/s20m/s

【解析】3s20m/s

17、略

【分析】

由得，v=2m/s，加速度a=6m/s2．

由v=v+at得；3s末的速度v=2+6×3m/s=20m/s．

第3s內(nèi)的位移等于3s內(nèi)的位移減去2s內(nèi)的位移，=17m．

故答案為：2；6，20，17．

【解析】【答案】根據(jù)勻變速直線運動的位移時間公式求出質(zhì)點的初速度和加速度．再根據(jù)速度時間公式和位移時間公式求出3s末的速度以及第3s內(nèi)的位移．

18、略

【分析】

（1）實驗要探究合力做的功和小車速度的變化關系；而本實驗要用勾碼的重力代替小車所受到的合力，對小車受力分析，受到重力，拉力，支持力和摩擦力；

要使拉力近似等于合力；可將長木板一段墊高，使重力的下滑分量恰好等于摩擦力，因為中間還有滑輪與軸之間的摩擦阻力，故拉力近似等于合力；

砝碼加速下降；處于失重狀態(tài)，要使砝碼的重力近似等于拉力，還要求鉤碼的質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量，證明如下：

設小車的質(zhì)量M；砝碼的質(zhì)量m，已經(jīng)平衡摩擦力，則根據(jù)牛頓第二定律，有。

mg-F=ma

F=（M+m）a

所以。

a=

F=Ma=

只有當m＜＜M時；有M+m≈M，因而F≈mg

故答案為：平衡摩擦力；鉤碼的質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量．

（2）合力做功為。

W=Fx

動能增量為。

△Ek=mv2

還要測出的物理量有勾碼的質(zhì)量和小車的質(zhì)量；

故答案為：勾碼的質(zhì)量和小車的質(zhì)量．

（3）由于W-v圖象隨著v的變大；逐漸向上彎曲，根據(jù)函數(shù)圖象的有關知識，可知。

W∝vn（其中n是大于1的任意數(shù)值）

本小問選不準確的；故選AB．

【解析】【答案】（1）實驗要探究合力做的功和小車速度的變化關系；而本實驗要用勾碼的重力代替小車所受到的合力，故需對小車受力分析后，結(jié)合受力情況，設法改進實驗方法，找到使勾碼重力等于拉力的方法；

（2）根據(jù)功和動能的表達式；可以直接得到結(jié)論；

（3）結(jié)合數(shù)學中函數(shù)圖象的知識；可以分析得到結(jié)論．

19、略

【分析】【解析】

試題分析：由加速度的定義可知負號表示方向與正方向相反。

考點：考查加速度的概念。

點評：本題減小，加速度在數(shù)值上等于單位時間內(nèi)速度的變化量，注意正方向的規(guī)定【解析】【答案】加速度的大小為100m/s2，方向與球飛來的速度方向相反20、略

【分析】解：（1）因為B在單位時間內(nèi)接到的脈沖數(shù)為n，每個間隙轉(zhuǎn)動的時間t=

則累計記錄脈沖的總個數(shù)為N時，自行車運動時間為t總=Nt=．

（2）、（3）一周有m個齒，則有m個間隙，那么轉(zhuǎn)動周期T=mt=

故自行車的線速度為：v==

所以必須知道車子齒輪的齒數(shù)m和車輪的直徑d．

故答案為：（1）．

（2）車輪的直徑d．

（3）．

（1）小車的車輪與齒輪同軸轉(zhuǎn)動，它們的周期相同，要求小車的速度必須知道周期，則要根據(jù)B接受的脈沖數(shù)來求．有題條件可知，每經(jīng)過一個間隙B就接受一個脈沖信號，則知道一個間隙轉(zhuǎn)動的時間t=當脈沖總數(shù)為N時，則經(jīng)過的時間t總=Nt．

（2）、（3）知道齒輪數(shù)m，就求出轉(zhuǎn)動周期T=mt，由線速度的定義式v=知；如果t=T，則s=πd，因此再知道直徑d就求出小車的速度．

本題是勻速圓周運動的規(guī)律在實際生活中的應用，根據(jù)脈沖信號的次數(shù)確定車輪的周期是解決問題的關鍵．同時要抓住共軸轉(zhuǎn)動的物體周期、角速度相等．【解析】車輪的直徑d；四、簡答題(共4題，共12分)21、略

【分析】

(1)

裝置靜止時；分別對小環(huán)和小球分析，根據(jù)共點力平衡，結(jié)合胡克定律求出彈簧的勁度系數(shù)；

(2)

當AB

桿彈力為零時；對小環(huán)分析，根據(jù)共點力平衡和胡克定律求出彈簧的長度，對小球分析，抓住豎直方向上合力為零，水平方向上的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出裝置轉(zhuǎn)動的角速度婁脴0

．

本題綜合考查了動能定理、牛頓第二定律、共點力平衡和胡克定律的運用，當裝置轉(zhuǎn)動時，抓住小環(huán)平衡，小球在豎直方向上平衡，水平方向上的合力提供向心力進行求解．【解析】解：(1)

裝置靜止時；設OAAB

桿中的彈力分別為F1T1OA

桿與轉(zhuǎn)軸的夾角為婁脠1

．

小環(huán)受到彈簧的彈力F碌爐1=k鈰?L2

小環(huán)受力平衡：F碌爐1=mg+2T1cos婁脠1

小球受力平衡：F1cos婁脠1+T1cos婁脠1鈭?mg=0F1sin婁脠1鈭?T1sin婁脠1=0

解得：k=4mgL

(2)

設OAAB

桿中的彈力分別為F2T2OA

桿與轉(zhuǎn)軸的夾角為婁脠2

彈簧長度為x

．

小環(huán)受到彈簧的彈力：F碌爐2=k(x鈭?L)

小環(huán)受力平衡：F碌爐2=mg

得：x=54L

對小球：F2cos婁脠2=mg

F2sin婁脠2=m婁脴02lsin婁脠2

cos婁脠2=x2l

解得：婁脴0=8g5L

答：(1)

彈簧的勁度系數(shù)k

為4mgL

(2)AB

桿中彈力為零時，裝置轉(zhuǎn)動的角速度婁脴0

為8g5L

．22、（1）無；降低；因為催化劑改變了反應的歷程使活化能E降低（2）-198（3）SO2+V2O5═SO3+2VO2，4VO2+O2═2V2O5；（4）S（s）+O2（g）═SO2（g）△H1=-296kJ?mol-1

SO2（g）+O2（g）═SO3（g）△H2=-99kJ?mol-1

3s（s）+O2（g）═3SO3（g）△H=3（△H1+△H2）=-1185kJ?mol-1．【分析】【分析】本題綜合考查反應熱與焓變，為高考常見題型，難度一般。側(cè)重于學生的分析能力和計算能力的考查，注意催化劑對反應的影響以及蓋斯定律的應用是關鍵?！窘獯稹縭m{(1)}因圖中rm{A}rm{C}分別表示反應物總能量、生成物總能量，rm{B}為活化能，反應熱可表示為rm{A}rm{C}活化能的大小之差；活化能的大小與反應熱無關，加入催化劑，活化能減小，反應反應熱不變；

故答案為：無；降低；因為催化劑改變了反應的歷程使活化能rm{E}降低；

rm{(2)}因rm{1molSO_{2}(g)}氧化為rm{1molSO_{3}}的rm{triangleH=-99kJ?mol^{-1}}所以rm{triangle

H=-99kJ?mol^{-1}}氧化為rm{2molSO_{2}(g)}的rm{triangleH=-198kJ?mol^{-1}}

則rm{2SO_{2}(g)+O_{2}(g)簍T2SO_{3}(g)triangleH=-198kJ?mol^{-1}}

故答案為：rm{2molSO_{3}}

rm{triangle

H=-198kJ?mol^{-1}}氧化rm{2SO_{2}(g)+O_{2}(g)簍T2SO_{3}(g)triangle

H=-198kJ?mol^{-1}}時，自身被還原為四價釩化合物；四價釩化合物再被氧氣氧化，則反應的相關方程式為：rm{-198}rm{(3)V_{2}O_{5}}

故答案為：rm{SO_{2}}rm{SO_{2}+V_{2}O_{5}簍TSO_{3}+2VO_{2}}

rm{4VO_{2}+O_{2}簍T2V_{2}O_{5}}已知rm{壟脵S(s)+O_{2}(g)簍TSO_{2}(g)triangleH_{1}=-296}rm{SO_{2}+V_{2}O_{5}簍TSO_{3}+2VO_{2}}

rm{壟脷SO_{2}(g)+dfrac{1}{2}O_{2}(g)簍TSO_{3}(g)triangleH_{2}=-99}rm{4VO_{2}+O_{2}簍T2V_{2}O_{5}}

則利用蓋斯定律將rm{(4)}可得rm{壟脵S(s)+O_{2}(g)簍TSO_{2}(g)triangle

H_{1}=-296}rm{kJ?mol^{-1}}rm{壟脷SO_{2}(g)+dfrac{1}{2}

O_{2}(g)簍TSO_{3}(g)triangleH_{2}=-99}rm{kJ?mol^{-1}}rm{壟脵隆脕3+壟脷隆脕3}rm{3S(s)+}rm{dfrac{9}{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{(g)簍T3SO}rm{(g)簍T3SO}rm{{,!}_{3}}rm{(}rm{(}rm{g)triangleH}rm{g)triangleH}故答案為：rm{S(s)+O_{2}(g)簍TSO_{2}(g)triangleH_{1}=-296kJ?mol^{-1}}

rm{SO_{2}(g)+dfrac{1}{2}O_{2}(g)簍TSO_{3}(g)triangleH_{2}=-99kJ?mol^{-1}}

rm{3s(s)+dfrac{9}{2}O_{2}(g)簍T3SO_{3}(g)triangleH=3(triangleH_{1}+triangleH_{2})=-1185kJ?mol^{-1}}

rm{{,!}_{3}}【解析】rm{(1)}無；降低；因為催化劑改變了反應的歷程使活化能rm{E}降低rm{(2)-198}rm{(3)SO_{2}+V_{2}O_{5}簍TSO_{3}+2VO_{2}}rm{4VO_{2}+O_{2}簍T2V_{2}O_{5}}rm{(4)S(s)+O_{2}(g)簍TSO_{2}(g)triangleH_{1}=-296kJ?mol^{-1}}

rm{SO_{2}(g)+dfrac{1}{2}O_{2}(g)簍TSO_{3}(g)triangleH_{2}=-99kJ?mol^{-1}}

rm{3s(s)+dfrac{9}{2}O_{2}(g)簍T3SO_{3}(g)triangleH=3(triangleH_{1}+triangleH_{2})=-1185kJ?mol^{-1}}．rm{(4)S(s)+O_{2}(g)簍TSO_{2}(g)triangle

H_{1}=-296kJ?mol^{-1}}23、解：（1）以球為研究對象；受力分析如圖所示，由平衡條件Fcosθ=mg；

得：F=．

（2）由牛頓第二定律：mgtanθ=m

其中r=Lsinθ；

得：v=

（3）角速度為：==

周期為：T==2π．

答：（1）繩的拉力大小F為

（2）小球運動的線速度v的大小為

（3）小球運動的角速度ω為周期為2π．【分析】

(1)

小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動；小球所受的重力和拉力的合力提供圓周運動的向心力，根據(jù)力的合成求解繩的拉力大??；

(2)

根據(jù)mgtan婁脠=mv2r

求出小球的線速度；

(3)

根據(jù)線速度與角速度；周期的關系求出角速度和周期．

解決本題的關鍵知道小球所受的重力和拉力的合力提供圓周運動的向心力.

小球在豎直方向上平衡，即拉力在豎直方向的分力等于重力．【解析】解：(1)

以球為研究對象；受力分析如圖所示，由平衡條件Fcos婁脠=mg

得：F=mgcos胃

．

(2)

由牛頓第二定律：mgtan婁脠=mv2r

其中r=Lsin婁脠

得：v=gLtan婁脠sin婁脠

(3)

角速度為：婁脴=vr=vLcos胃=gLtan婁脠sin婁脠Lcos婁脠

周期為：T=2婁脨蠅=2婁脨Lcos婁脠gLtan婁脠sin婁脠

．

答：(1)

繩的拉力大小F

為mgcos胃

(2)

小球運動的線速度v

的大小為gLtan婁脠sin婁脠

(3)

小球運動的角速度婁脴

為gLtan婁脠sin婁脠Lcos婁脠

周期為2婁脨Lcos婁脠gLtan婁脠sin婁脠