…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版選修3物理上冊月考試卷693考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、用伏安法測電阻，當(dāng)對被測電阻的阻值一無所知而無法選擇何種接法時，可采用試觸的方法．如圖所示，某同學(xué)測量未知電阻R時，讓電壓表一端接在A點(diǎn)，另一端先后接在B點(diǎn)和C點(diǎn)．他發(fā)現(xiàn)電流表示數(shù)有明顯變化；而電壓表示數(shù)無明顯變化．則下列說法正確的是。

A.R與電壓表阻值接近，應(yīng)選擇電流表內(nèi)接電路B.R與電壓表阻值接近，應(yīng)選擇電流表外接電路C.R與電流表阻值接近，應(yīng)選擇電流表外接電路D.R與電流表阻值接近，應(yīng)選擇電流表內(nèi)接電路2、一可變理想變壓器原、副線圈的回路中分別接有電阻r和可變電阻R；原線圈一側(cè)接在電壓恒定的正弦交流電源上，如圖所示，下列說法正確的是。

A.變壓器的觸頭向下滑動，其他條件不變，R上消耗的功率不可能先增大后減小B.變壓器的觸頭向下滑動，其他條件不變，R上消耗的功率不可能一直減小C.可變電阻R觸頭向下滑動，其他條件不變，r上消耗的功率一定減小D.可變電阻R觸頭向下滑動，其他條件不變，R上消耗的功率一定增大3、光滑絕熱的活塞把密封的圓筒容器分成A、B兩部分，這兩部分充有溫度相同的氣體，平衡時現(xiàn)將A中氣體加熱到127℃，B中氣體降低到27℃，待重新平衡后，這兩部分氣體體積的比為（）A.1∶1B.2∶3C.3∶4D.2∶14、一個瓶子里裝有空氣，瓶上有一個小孔跟外面大氣相通，原來瓶里氣體的溫度是7℃，如果把它加熱到47℃，瓶里留下的空氣的質(zhì)量是原來質(zhì)量的（）A.B.C.D.5、如圖所示，由abcd組成的一閉合線框，其中a、b、c三點(diǎn)的坐標(biāo)分別為(0，L，0)(L，L，0)，(L，0，0)，整個空間處于沿y軸正方向的勻強(qiáng)磁場中，通入電流I；方向如圖所示，關(guān)于各邊所受的安培力的大小，下列說法中正確的是。

A.ab邊與bc邊受到的安培力大小相等，方向相互垂直B.cd邊與ad邊受到的安培力大小相等，方向平行于yOz平面C.cd邊受到的安培力最大，方向平行于xOz平面D.ad邊不受安培力作用6、圖所示裝置中，cd桿原來靜止。當(dāng)ab桿做如下哪些運(yùn)動時，cd桿將向右移動()

A.向右勻速運(yùn)動B.向左勻速運(yùn)動C.向右加速運(yùn)動D.向左加速運(yùn)動評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、下列說法正確的是______。A.聲波從空氣進(jìn)入水中時，其波速增大，波長變長B.物體做受迫振動時，驅(qū)動力頻率越高，受迫振動的物體振幅越大C.當(dāng)波源與觀察者相向運(yùn)動時，波源自身的頻率不變，觀察者接收到的頻率變大E.相對論認(rèn)為：一條沿自身長度方向運(yùn)動的桿，其長度總比桿靜止時的長度大E.相對論認(rèn)為：一條沿自身長度方向運(yùn)動的桿，其長度總比桿靜止時的長度大8、如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,范圍足夠大的水平勻強(qiáng)磁場內(nèi)，固定著傾角為θ的絕緣斜面，一個質(zhì)量為m、電荷量為-q的帶電小物塊以初速度v0沿斜面向上運(yùn)動；小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為μ．設(shè)滑動時小物塊所帶電荷量不變，在小物塊上滑過程中,其速度—時間圖象和加速度—時間圖象可能正確的是（）

A.B.C.D.9、如圖所示電路中；電源內(nèi)阻不可忽略，電壓表可以看作是理想表.當(dāng)開關(guān)K閉合后，將滑動變阻器的觸頭由右端向左端移動時，下列說法正確的是。

A.電燈L1變暗、L2變亮B.電燈L1變亮、L2變暗C.電壓表示數(shù)變大D.電源的內(nèi)阻消耗的功率變大10、如圖電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，R0為定值電阻；電容器的電容為C．閉合開關(guān)S，增大可變電阻R的阻值，電壓表示數(shù)的變化量為?U，電流表示數(shù)的變化量為?I，則下列說法正確的是（）

A.電壓表示數(shù)變大，電流表示數(shù)變小B.電阻R0兩端電壓變大。

C.電容器的帶電量增大C.變化過程中?U和?I的比值增大11、下列說法中正確的是__________A.知道水蒸氣的摩爾體積和水分子的體積，可計算出阿伏加德羅常數(shù)B.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能隨分子間距離的減小而增大C.單晶體有固定的熔點(diǎn)，具有規(guī)則的幾何外形，物理性質(zhì)具有各向異性E.隨著科技的發(fā)展，將來可以利用高科技手段，將散失在環(huán)境中的內(nèi)能重新收集起來加以利用而不引起其他變化E.隨著科技的發(fā)展，將來可以利用高科技手段，將散失在環(huán)境中的內(nèi)能重新收集起來加以利用而不引起其他變化12、一電容器的電容為10F，A、C兩板間距極小，垂直于回路平面的磁感應(yīng)強(qiáng)度以5×10-3T/s的變化率增加，回路面積為1×10-2m2；如圖所示．則。

A.A板帶正電B.C板帶正電C.A板帶電量為2×10-10CD.A板帶電量為5×10-10C13、如圖甲，固定在光滑水平面上的正三角形金屬線框，匝數(shù)n＝20，總電阻R＝2.5Ω，邊長L＝0.3m，處在兩個半徑均為r＝的圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域中．線框頂點(diǎn)與右側(cè)圓心重合，線框底邊中點(diǎn)與左側(cè)圓心重合．磁感應(yīng)強(qiáng)度B1垂直水平面向上，大小不變；B2垂直水平面向下，大小隨時間變化．B1、B2的值如圖乙所示；則()

A.通過線框的感應(yīng)電流方向為逆時針方向B.t＝0時刻穿過線框的磁通量為0.1WbC.在0.6s內(nèi)通過線框中的電荷量約為0.13CD.經(jīng)過0.6s線框中產(chǎn)生的熱量約為0.07J14、如圖，A、B為水平放置的平行板電容器，兩極板間有一個質(zhì)量為m的帶電粒子靜止于P點(diǎn)．現(xiàn)將下極板向下移動一小段距離；則下列說法正確的是（）

A.電流計指針發(fā)生短時間的偏轉(zhuǎn)B.電容器所帶電荷量增大C.電容器量板間的電場強(qiáng)度變小D.粒子將向上極板運(yùn)動評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、實驗發(fā)現(xiàn)，二氧化碳?xì)怏w在水深170m處將會變成液體。現(xiàn)用一活塞將一定量的二氧化碳?xì)怏w封入某導(dǎo)熱容器中，并將該容器沉入海底。已知隨著深度的增加，海水溫度逐漸降低，則在容器下沉過程中，容器內(nèi)氣體的密度將會________（選填“增大”、“減小”或“不變”），氣體的飽和汽壓將會____（選填“增大”、“減小”或“不變”）。16、雙桶洗衣機(jī)的脫水桶的電機(jī)是由一個定時開關(guān)和一個由桶蓋控制的開關(guān)組成的，當(dāng)定時開關(guān)合上時；只要打開桶蓋，電機(jī)又被關(guān)閉。

（1）如圖所示的哪個電路圖能滿足上述的要求？()

A.B.C.D.

（2）根據(jù)以上羅列的控制條件和控制結(jié)果的情況，完成其真值表，并在虛線框內(nèi)畫出該門電路符號()。輸入輸出ABZ00______01______10______11______

17、如圖為簡易測溫裝置，玻璃管中一小段水銀封閉了燒瓶內(nèi)一定質(zhì)量的氣體，當(dāng)外界溫度升高時，瓶內(nèi)氣體的密度_____________（選填“不變”“增大”或“減小”），瓶內(nèi)氣體分子的平均動能________（選填“增大”或“減小”）。

18、一氣缸內(nèi)儲有10mol的單原子分子理想氣體，在壓縮過程中，外力做功209J，氣體溫度升高1K，則氣體內(nèi)能的增量E為________J，吸收的熱量Q為________J。19、一般情況下，水底的溫度要比水面的溫度低，一氣泡（視為理想氣體）從水底緩慢上升到水面的過程中，氣泡內(nèi)氣體的壓強(qiáng)__________（填“增大”、“減小”或“不變”），氣泡內(nèi)氣體對外界________（填“做正功”、“做負(fù)功”或“不做功”）。20、一太陽能電池板，直接用理想電壓表測得它兩極的開路電壓為0.8V，理想電流表測出的短路電流為0.04A，此電源內(nèi)阻為________Ω．若將該電池板與一阻值為20Ω的電阻器連成一閉合電路，則流過電阻的電流為________A．21、下圖甲為一臺小型發(fā)電機(jī)構(gòu)造示意圖，線圈逆時針轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的電動勢隨時間變化的正弦規(guī)律圖象如圖乙所示．發(fā)電機(jī)線圈內(nèi)阻為5Ω，外接燈泡的電阻為105Ω，電流的有效值為_____A，電壓表的示數(shù)為_____V，燈泡實際消耗的功率為_____W，發(fā)電機(jī)線圈內(nèi)阻每分鐘產(chǎn)生的焦耳熱為_____J．

22、如圖甲所示，在xOy平面內(nèi)有兩個沿z方向做簡諧振動的點(diǎn)波源S1（－2，0）和S2（4，0）。兩波源的振動圖線分別如圖乙和圖丙所示，兩列波的波速均為0.50m/s。兩列波從波源傳播到點(diǎn)A（－2，8）的振幅為______m，兩列波引起的點(diǎn)B（1，4）處質(zhì)點(diǎn)的振動相互____（填“加強(qiáng)”或“減弱”），點(diǎn)C（0.5，0）處質(zhì)點(diǎn)的振動相互________（填“加強(qiáng)”或“減弱”）。

23、（1）關(guān)于光電效應(yīng)，下列說法正確的是____________

A．極限頻率越大的金屬材料逸出功越大。

B．只要光照射的時間足夠長；任何金屬都能產(chǎn)生光電效應(yīng)。

C．從金屬表面出來的光電子的最大初動能越大；這種金屬的逸出功越小。

D．入射光的光強(qiáng)一定時；頻率越高，單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)就越多。

（2）兩個質(zhì)量分別為M1和M2的劈A和B，高度相同，放在A和B的傾斜面都是光滑曲面，曲面下端與水平相切，如圖所示．一塊位于劈A的傾斜面上，距水平面的高度為h．物塊從靜止開始滑下，然后又滑上劈B．物塊在B上能夠達(dá)到的是大高度______；

評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共16分)27、在測量一節(jié)干電池的電動勢E和內(nèi)阻r的實驗中；小明設(shè)計了如圖甲所示的實驗電路．

(1)根據(jù)圖甲實驗電路；請在圖乙中用筆畫線代替導(dǎo)線，完成實物電路的連接____．

(2)實驗開始前，應(yīng)先將滑動變阻器的滑片P移至______(選填“a”或“b”)端．

(3)合上開關(guān)S1，S2接圖甲中的1位置，改變滑動變阻器的阻值，記錄下幾組電壓表示數(shù)和對應(yīng)的電流表示數(shù)；S2改接圖甲中的2位置，改變滑動變阻器的阻值，再記錄下幾組電壓表示數(shù)和對應(yīng)的電流表示數(shù)．在同一坐標(biāo)系內(nèi)分別描點(diǎn)作出電壓表示數(shù)U和對應(yīng)的電流表示數(shù)I的圖象，如圖丙所示，兩直線與縱軸的截距分別為UA、UB，與橫軸的截距分別為IA、IB.

①S2接1位置時，作出的U－I圖線是圖丙中的________(選填“A”或“B”)線；

②S2接1位置時，測出的電池電動勢E和內(nèi)阻r存在系統(tǒng)誤差，原因是________表(選填“電壓”或“電流”)的示數(shù)比干路電流________(選填“大”或“小”)．28、磁力鎖主要由電磁鐵和銜鐵組成．某小組用如圖甲所示的裝置研究電磁鐵線的工作電壓與銜鐵所受磁力大小的關(guān)系，彈性梁一端連接有銜鐵，在外力作用下可以上下運(yùn)動，另一端固定于墻壁，電磁鐵位于銜鐵正下方，為理想電壓表.

(1)為增大電磁鐵產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度，變阻器的滑片應(yīng)向_________端移動（選填“”或“”）.

(2)已知電磁鐵線圈的直流電阻為滑動變砠器的最大阻值為電源的電動勢為滑動變阻器能提供的最大分壓為則電源E的內(nèi)阻為_________（保留兩位有效數(shù)字）

(3)同學(xué)們將阻值會因形狀變化而發(fā)生改變的金屬應(yīng)變片粘貼在彈性梁的上表面，然后將金屬應(yīng)變片定值電阻和理想電壓表連接成如圖乙所示的電路．線圈通電吸引銜鐵下移時，應(yīng)變片變長，的阻值將_________，電壓表的讀數(shù)將_________．（填“增大”“減小”或“不變”）

(4)在線圈通電吸合銜鐵后，用外力使電磁鐵和銜鐵剛好分開，測得外力與線圈兩端電壓的關(guān)系如圖丙所示，若要求該鎖能抵抗的外力，則工作電壓至少為_________．

評卷人得分六、解答題(共2題，共18分)29、對于同一物理問題；常?？梢詮暮暧^與微觀兩個不同角度進(jìn)行研究，找出其內(nèi)在聯(lián)系，從而更加深刻地理解其物理本質(zhì)．

（1）一段橫截面積為S；長為l的直導(dǎo)線；單位體積內(nèi)有n個自由電子，電子電荷量為e．該導(dǎo)線通有電流時，假設(shè)自由電子定向移動的速率均為v．

（a）求導(dǎo)線中的電流I；

（b）將該導(dǎo)線放在勻強(qiáng)磁場中，電流方向垂直于磁感應(yīng)強(qiáng)度B，導(dǎo)線所受安培力大小為F安，導(dǎo)線內(nèi)自由電子所受洛倫茲力大小的總和為F，推導(dǎo)F安=F．

（2）正方體密閉容器中有大量運(yùn)動粒子；每個粒子質(zhì)量為m，單位體積內(nèi)粒子數(shù)量n為恒量．為簡化問題，我們假定：粒子大小可以忽略；其速率均為v，且與器壁各面碰撞的機(jī)會均等；與器壁碰撞前后瞬間，粒子速度方向都與器壁垂直，且速率不變．利用所學(xué)力學(xué)知識，導(dǎo)出器壁單位面積所受粒子壓力F與m；n和v的關(guān)系．

（注意：解題過程中需要用到、但題目沒有給出的物理量，要在解題時做必要的說明）30、如圖所示，半圓玻璃磚的半徑R=12cm，直徑AB與光屏MN垂直并接觸于A點(diǎn)．一束激光a從半圓弧表面上射向半圓玻璃磚的圓心O，光線與豎直直徑AB之間的夾角為60°，最終在光屏MN上出現(xiàn)兩個光斑，且A點(diǎn)左側(cè)光斑與A之間距離為4cm．求：

①玻璃磚的折射率；

②改變激光a的入射方向，使光屏MN上只剩一個光斑，求此光斑離A點(diǎn)的最遠(yuǎn)距離．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】【詳解】

由圖示電路圖可知，電壓表的一端接A點(diǎn)，另一端接到B點(diǎn)時，電壓表與電阻并聯(lián)，電流表測電阻與電壓表電流之和，另一端接到C點(diǎn)時，電流表測通過電阻的電流；若電流表示數(shù)有明顯變化，而電壓表示數(shù)無明顯變化，說明電壓表分流較大，待測電阻阻值較大與電壓表阻值接近；由于電壓表分流較大，為減小實驗誤差，電流表應(yīng)選擇內(nèi)接法，故選A．2、C【分析】【分析】

該題的突破口是表示出原線圈中的電流和原線圈回路中的電阻的分壓；找出原線圈的電壓和原線圈回路中的電阻的分壓的數(shù)值關(guān)系．該題類似于遠(yuǎn)距離輸電的情況．

【詳解】

AB．將變壓器與R等效為變壓器的觸頭向下滑動時，變大，由圖線可知；R上消耗的功率可能先增大后減小，也可能一直減小，故A；B錯誤；

CD．R觸頭向下滑，阻值變大，原線圈電流減小，r上消耗的功率一定關(guān)小，將變壓器與R等效為由輸出功率與外電阻關(guān)系知R的功率變化有多種情況，故C正確，D錯誤．

故選C．3、B【分析】【分析】

【詳解】

對A部分氣體有

對B部分氣體有

因為

聯(lián)立解得

則

所以B正確；ACD錯誤；

故選B。4、D【分析】【分析】

【詳解】

取原來瓶中氣體為研究對象；初態(tài)時。

V1=V，T1=280K末態(tài)時。

V2=V＋ΔV，T2=320K由蓋-呂薩克定律得。

又。

聯(lián)立解得。

D正確。

故選D。5、C【分析】【詳解】

因為ab垂直放置磁場中，所以其安培力Fab=BLabI，而bc平行于磁場，所以其安培力為零．故A錯誤；cd邊垂直于磁場，且長度最長，所以其受到安培力最大，方向平行于xOz平面，ad邊受到的安培力大小等于Od受到的安培力的大小，小于cd邊受到的安培力大小，故BD錯誤，C正確；故選C.6、C【分析】【詳解】

ab桿向右或向左勻速運(yùn)動時，在ab桿中產(chǎn)生恒定的電流，該電流在線圈L1中產(chǎn)生恒定的磁場，在L2中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，所以cd桿不動。故AB錯誤。ab桿向右加速運(yùn)動，根據(jù)右手定則，知在ab桿上產(chǎn)生增大的a到b的電流，根據(jù)安培定則，在L1中產(chǎn)生向上增強(qiáng)的磁場，該磁場向下通過L2，根據(jù)楞次定律，在cd桿上產(chǎn)生c到d的電流，根據(jù)左手定則，受到向右的安培力，向右運(yùn)動。故C正確。ab桿向左加速運(yùn)動，根據(jù)右手定則，知在ab桿上產(chǎn)生增大的b到a的電流，根據(jù)安培定則，在L1中產(chǎn)生向下增強(qiáng)的磁場，該磁場向上通過L2；根據(jù)楞次定律，在cd桿上產(chǎn)生d到c的電流，根據(jù)左手定則，受到向左的安培力，向左運(yùn)動。故D錯誤。故選C。

【點(diǎn)睛】

本題綜合考查了右手定則、左手定則、安培定則以及楞次定律，綜合性較強(qiáng)，關(guān)鍵搞清各種定則適用的范圍，不能混淆．二、多選題(共8題，共16分)7、A:C:D【分析】【詳解】

A．聲波從空氣進(jìn)入水中時，其波速增大，頻率不變，故由公式

可判斷波長變長；故A正確；

B．物體做受迫振動；當(dāng)驅(qū)動力的頻率等于物體的固有頻率時，振幅最大；如果驅(qū)動力頻率大于物體的固有頻率，則驅(qū)動力頻率越高，受迫振動的物體振幅越小，故B錯誤；

C．當(dāng)波源與觀察者相向運(yùn)動時；波源自身的頻率不變，觀察者接收到的頻率要變大，故C正確；

D．麥克斯韋電磁場理論的主要論點(diǎn)是變化的磁場激發(fā)電場；變化的電場激發(fā)磁場，故D正確；

E．根據(jù)狹義相對論原理：一條沿自身長度方向運(yùn)動的桿；其長度總比桿靜止時的長度小，故E錯誤；

故選ACD。8、B:C【分析】【分析】

根據(jù)題中“勻強(qiáng)磁場內(nèi)帶電小物塊沿斜面向上運(yùn)動”可知；本題考查帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動．根據(jù)帶電粒子在復(fù)合場中運(yùn)動的分析方法，運(yùn)用洛倫茲力；牛頓第二定律等知識分析推斷．

【詳解】

對沿斜面向上運(yùn)動的小物塊受力分析，由牛頓第二定律可得：聯(lián)立解得：方向沿斜面向下．所以物體沿斜面向上做加速度減小的減速運(yùn)動，速度越小，加速度越小，速度減小的越慢，加速度減小的越慢；在小物塊上滑過程中，加速度減不到零．

AB：速度時間圖象的切線斜率表示加速度；則A項錯誤，B項正確．

CD：物體加速度減小，且加速度減小的越來越慢，在小物塊上滑過程中，加速度減不到零．故C項正確，D項錯誤．9、B:D【分析】【詳解】

將滑動變阻器的觸頭由右端向左端移動時，電路中總電阻減小。根據(jù)閉合電路歐姆定律得，干路電流增大，故L1變亮，內(nèi)電路電壓增大，L1兩端電壓增大，故L2兩端電壓減小，L2變暗；電壓表示數(shù)即路端電壓變小，電源的內(nèi)阻消耗的功率變大.

AB.電燈L1變亮、L2變暗；故A錯誤；B正確.

C.電壓表的示數(shù)變??；故C錯誤.

D.電源的內(nèi)阻消耗的功率變大；故D正確.10、A:C【分析】閉合開關(guān)S，減小可變電阻R的阻值后，電路中電流變大，由歐姆定律分析得知，電阻R0兩端的電壓變大，R兩端的電壓減小，電壓表示數(shù)變小，電容器板間電壓減小，帶電量減?。蔄B正確，C錯誤．根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-I（R0+r），由數(shù)學(xué)知識得知，保持不變．故D正確．此題選項不正確的選項，故選C.11、B:C:D【分析】【詳解】

A．氣體分子間距較大；不能用摩爾體積除以分子體積去求得阿伏伽德羅常數(shù)，故A錯誤；

B．當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時；隨分子間距離的減小，分子力做負(fù)功，因此分子勢能增大，故B正確；

C．晶體分為單晶體和多晶體；都具有固定的熔點(diǎn)，但單晶體具有規(guī)則的幾何外形，物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向異性，而多晶體沒有規(guī)則的幾何外形且物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向同性，故C正確；

D．根據(jù)熱力學(xué)第一定律的表達(dá)式

則對于一定質(zhì)量的理想氣體保持壓強(qiáng)不變，在溫度升高時體積增大，氣體對外做功，取負(fù)，而溫度升高能內(nèi)增大，取正；因此吸收的熱量一定大于內(nèi)能的增加量，故D正確；

E．根據(jù)熱力學(xué)第二定律；與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀過程都具有方向性，故不能將散失的能量重新收集起來而不引起其他的變化，故E錯誤。

故選BCD。12、A:D【分析】【詳解】

A；B項：由楞次定律可得：穿過線圈的磁通量增加；則產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向是順時針，由處于電源內(nèi)部所以電流方向是從負(fù)極到正極，故A板為正電荷，故A正確，B錯誤；

C、D項：由法拉第電磁感應(yīng)定律：則A、C兩板的電勢差5×10-5V，由公式得故C錯誤，D正確．

點(diǎn)晴：線圈平面垂直處于勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度隨著時間均勻變化時，線圈中的磁通量發(fā)生變化，從而導(dǎo)致出現(xiàn)感應(yīng)電動勢，產(chǎn)生感應(yīng)電流．由楞次定律可確定感應(yīng)電流方向，由法拉第電磁感應(yīng)定律可求出感應(yīng)電動勢大小．13、A:C:D【分析】【分析】

根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向；根據(jù)磁通量Φ=BS求解，S是有效面積；由求解電荷量；由Q=I2Rt求解熱量．

【詳解】

A．由磁感應(yīng)強(qiáng)度B1垂直水平面向外，大小不變；B2垂直水平面向里；大小隨時間增大，故線框總的磁通量減小，由楞次定律可得，線框中感應(yīng)電流方向為逆時針方向，故A正確；

B．t=0時刻穿過線框的磁通量為：Φ=B1××πr2-B2××πr2=1×0.5×3.14×0.12-2××3.14×0.12Wb=0.005Wb；故B錯誤；

C．在t=0.6s內(nèi)通過線框中的電量故C正確；

D．由Q=I2Rt=（）2×△t≈0.07J；故D正確．

故選ACD．14、A:C【分析】【詳解】

A、根據(jù)電容的定義式電容器與電源保持相連，則U不變，當(dāng)下極板豎直向下移動一小段距離，間距增大，根據(jù)可知C減??；則Q也減小，電容器處于放電，短時間電流指針會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故A正確，B錯誤；

C、將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)得知板間場強(qiáng)減??；故C正確；

D、由C選項分析可知，因電場強(qiáng)度減小，則電場力減小，那么粒子會向下運(yùn)動，故D錯誤；三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【詳解】

[1]隨著深度的增加，海水溫度逐漸降低，壓強(qiáng)也增大，由理想氣體狀態(tài)方程

二氧化碳的體積減?。欢|(zhì)量不變，則密度一定增大；

[2]隨著溫度的降低，飽和汽壓會減小?！窘馕觥吭龃鬁p小16、略

【分析】【詳解】

（1）[1]根據(jù)題目要求；能滿足條件的電路是A；

（2）[2]該電路為“與”門電路；電路符號為。

[3][4][5][6]真值表。輸入輸出ABZ000010100111【解析】A000117、略

【分析】【詳解】

[1][2]當(dāng)外界溫度升高時，瓶內(nèi)氣體體積增大，質(zhì)量不變，瓶內(nèi)氣體的密度減小；由于熱傳遞，瓶內(nèi)氣體溫度升高，瓶內(nèi)氣體分子的平均動能增大?！窘馕觥繙p小增大18、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)理想氣體內(nèi)能增量公式

由題目可知單原子代入相關(guān)數(shù)據(jù)得

根據(jù)熱力學(xué)第一定律，有

即氣體吸收了-84.3J的熱量。【解析】124.7-84.319、略

【分析】【詳解】

[1][2]氣泡內(nèi)氣體的壓強(qiáng)

大氣壓強(qiáng)恒定，氣泡（視為理想氣體）從水底緩慢上升到水面的過程中，氣泡內(nèi)氣體壓強(qiáng)變小，溫度變高，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知體積增大，則氣泡內(nèi)氣體對外界做正功。【解析】減小做正功20、略

【分析】【分析】

根據(jù)開路電壓可求得電源的電動勢；再根據(jù)短路電流由閉合電路歐姆定律可求得內(nèi)阻大小；再對接入20Ω的電阻進(jìn)行分析，由閉合電路歐姆定律求出電流大??；

【詳解】

開路電壓為則電源的電動勢短路電流為

則內(nèi)阻

若與20Ω的電阻串聯(lián)時，電流．

【點(diǎn)睛】

本題考查閉合電路歐姆定律的正確應(yīng)用，要注意明確開路電壓為電源的電動勢，當(dāng)外電阻為零時的電流為短路電流．【解析】200.0221、略

【分析】【詳解】

解：電動勢的有效值為：

電流的有效值為：

電壓表的示數(shù)為：

燈泡消耗的功率為：

發(fā)電機(jī)線圈內(nèi)阻每分鐘產(chǎn)生的焦耳熱為為：【解析】2，210，420，120022、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可得周期

則波長

兩列波從波源傳播到點(diǎn)A（－2，8）的路程差

兩列波的振動步調(diào)相反，所以A點(diǎn)為振動減弱點(diǎn)；其振幅為2m。

[2]從波源傳播到點(diǎn)B（1；4）路程差為0，引起該處質(zhì)點(diǎn)的振動相互減弱。

[3]從波源傳播到點(diǎn)C（0.5，0）的路程差為

該處質(zhì)點(diǎn)為振動加強(qiáng)點(diǎn)?！窘馕觥?減弱加強(qiáng)23、略

【分析】【詳解】

（1）極限頻率越大的金屬材料逸出功越大，選項A正確；能否發(fā)生光電效應(yīng)，與光照時間無關(guān)，選項B錯誤；根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm=hγ-W0知；最大初動能與入射光的頻率成一次函數(shù)關(guān)系，不會影響金屬的逸出功．故C錯誤．光的強(qiáng)度影響的是單位時間發(fā)出光電子數(shù)目，與入射光的頻率無關(guān)．故D錯誤．

（2）設(shè)物塊到達(dá)劈A的低端時，物塊和A的的速度大小分別為v和V；由機(jī)械能守恒和動量守恒得。

①

②

設(shè)物塊在劈B上達(dá)到的最大高度為此時物塊和B的共同速度大小為由機(jī)械能守恒和動量守恒得。

③

④

聯(lián)立①②③④式得⑤【解析】①.（1）A②.（2）四、作圖題(共3題，共24分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共2題，共16分)27、略

【分析】【詳解】

（1）根據(jù)圖示電路圖連接實物電路圖；實物電路圖如圖所示：

（2）為保護(hù)電路；實驗開始前，滑動變阻器應(yīng)滑到最大位置處，故應(yīng)先將滑動變阻器的滑片P調(diào)到a端．

（3）①當(dāng)S2接1位置時，可把電壓表與電源看做一個等效電源，根據(jù)閉合電路歐姆定律：E=U斷可知；電動勢和內(nèi)阻的測量值均小于真實值，所以作出的U﹣I圖線應(yīng)是B線；

②因伏安法測電源電動勢和內(nèi)阻得實驗要求的電流是路端電流，當(dāng)開關(guān)接1的位置會導(dǎo)致電壓表的分流作用導(dǎo)致電流表的測量值偏小【解析】(1)見圖；

(2)a(3)①B②電