…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年北師大版高二物理上冊階段測試試卷455考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、下列關于靜電場中電場強度和電勢差，說法正確的是（）A.電場強度為零的地方，電勢為零B.電場強度是矢量，它的方向就是電荷在該點的受力方向C.由U=Ed可知，勻強電場中任意兩點間的距離越大，則它們間的電勢差也一定越大D.電場中某點的電場強度與檢驗電荷無關2、化學與生產、生活密切相關。下列對物質的用途、解釋中均正確的是()。選項物質用途解釋rm{A}晶體硅高純硅廣泛應用于光導纖維、太陽能電池和計算機芯片硅具有半導體性能rm{B}氧化鋁制作耐高溫材料rm{Al_{2}O_{3}}熔點很高rm{C}硫酸鋇醫(yī)學上用作鋇餐rm{Ba^{2+}}無毒rm{D}明礬作消毒劑明礬水解產生具有吸附性的膠體粒子A.rm{A}B.rm{B}C.rm{C}D.rm{D}3、化合物丙由下列反應得到，則丙的結構簡式不可能是（）

A.CH3CH2CHBrCH2BrB.CH3CH(CH2Br)2C.CH3CHBrCHBrCH3D.(CH3)2CBrCH2Br4、下列關于第一宇宙速度的說法中正確的是（）A.第一宇宙速度又稱為逃逸速度B.第一宇宙速度的數(shù)值是11.2km/sC.第一宇宙速度的數(shù)值是7.9km/sD.第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球運行的最小線速度5、在勻強磁場中，一匝矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉動軸勻速轉動，如圖甲所示．產生的交變電動勢隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示．則下列說法正確的是（）A.t=0.01s時矩形金屬線框平面處于垂直中性面位置B.把該交變電流接入耐電壓為22V的電容器的兩極板，電容器不會被擊穿C.該交變電動勢的周期為2sD.該線圈在轉動過程中的最大磁通量為W評卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)6、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解7、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉尚未水解評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)8、某防空雷達發(fā)射的電磁波頻率為f=3×103MHZ，屏幕上尖形波顯示，從發(fā)射到接受經歷時間△t=0.4ms，那么被監(jiān)視的目標到雷達的距離為____km，該雷達發(fā)出的電磁波的波長為____m．9、在電場強度為600N/C的勻強電場中，A、B兩點相距5cm，若A、B兩點連線是沿著電場方向時，則A、B兩點的電勢差是______V．若A、B兩點連線與電場方向成60°時，則A、B兩點的電勢差是______V；若A、B兩點連線與電場方向垂直時，則A、B兩點的電勢差是______V．10、放射性同位素釷232

經婁脕婁脗

衰變會生成氡，其衰變方90232Th隆煤86220Rn+x婁脕+y婁脗

則x=

______，y=

______．11、A、B

兩球在光滑水平面上沿一直線相向運動，已知B

球的質量是A

球質量的4

倍，碰撞前A

球速度大小為vA=vB

球速度大小vB=

23

v

若碰后B

球速度減小為13

v

但方向不變，則碰撞前后系統(tǒng)的總動量_______(

選填“不變”、“增大”或“減小”)

碰后A

球的速度大小vA=

____．12、選做題，考生只選擇一題作答。鈭?A.(

本題供選修1鈭?1

的考生作答.)

如圖所示，條形磁鐵A

沿豎直方向插入線圈B

的過程中，電流表G

的讀數(shù)____(

填“為零”或“不為零”)

若條形磁鐵A

在線圈B

中保持不動，電流表G

的讀數(shù)____(

填“為零”或“不為零”)

．

24鈭?B.(

本題供選修3鈭?1

的考生作答.)

如圖所示電路中，閉合開關S

后，增大滑動變阻器R

的阻值，則電流表A

的讀數(shù)將____(

填“變大”或“變小”)

電阻R0

消耗的功率將____(

填“變大”或“變小”)

．13、一物體的質量為2kg

此物體豎直下落，以10m/s

速度碰到水泥地面上，隨后又以8m/s

的速度反彈.

若取豎直向上為正方向，相碰過程中小球動量的變化量大小是______kgm/s.

方向為______．14、一質量為2kg的手榴彈在空中飛行時主要受到重力的作用，其方向為______．評卷人得分四、判斷題(共2題，共6分)15、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）16、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分五、畫圖題(共2題，共20分)17、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象18、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象評卷人得分六、簡答題(共2題，共10分)19、rm{(1)}官能團“rm{隆陋CHO}”的名稱是________；rm{(2)}甲醇的電子式為：______________；

rm{(3)}有機物有機物rm{(3)}用系統(tǒng)命名法命名為：_______________________某只含rm{(4)}rm{C}rm{H}三種元素的分子模型如圖所示rm{O}圖中球rm{(}該分子的與球之間的連線代表化學鍵，如單鍵、雙鍵等rm{)}該分子的rm{)}丙烯的加聚反應式為：_____________________________________________________；結構簡式為___________。通過核磁共振氫譜可以推知rm{(5)}有_____種化學環(huán)境的氫原子；rm{(6)}鑒定rm{(CH_{3})_{2}CHCH_{2}CH_{2}OH}溴丁烷中含有溴元素，有下列操作供選擇：rm{(7)}加入rm{1-}溶液rm{壟脵}加熱rm{AgNO_{3}}用硝酸酸化rm{壟脷}加蒸餾水rm{壟脹}用硝酸酸化rm{壟脺}加蒸餾水rm{壟脻}用鹽酸酸化rm{壟脼}加氫氧化鈉溶液。用鹽酸酸化rm{壟脹}加氫氧化鈉溶液。rm{壟脺}填序號rm{壟脻}rm{壟脼}有機物rm{(CH_{3}CH_{2})_{2}C=CH隆陋C隆脭CH}一定在同一平面上的碳原子數(shù)為：_________。其中正確的操作順序是___________rm{(}填序號rm{)}20、煤的綜合利用對于改善大氣質量和能源充分利用有重要的意義。rm{(1)}下列說法正確的是_____________rm{(}填序號rm{)}．rm{a.}煤是由有機物和少量無機物組成的復雜混合物rm{b.}煤在燃燒過程中會生成一氧化碳、二氧化硫、氮氧化物、煙塵等有害物質rm{c.}可利用生石灰、熟石灰、石灰石等固硫劑使煤在燃燒過程中生成穩(wěn)定的硫酸鹽rm{d.}煤的干餾屬于化學變化、煤的氣化和液化都屬于物理變化rm{(2)}煤的氣化過程中產生的有害氣體rm{H_{2}S}用氨水吸收生成正鹽的離子方程式是_____________。rm{(3)}燃煤煙氣的一種脫硫方案rm{-}火堿一石灰一石膏法流程圖rm{1}如下．

rm{壟脵}常溫下，用rm{NaOH}溶液吸收rm{SO_{2}}得到rm{pH=6}的rm{NaHSO_{3}}溶液，該溶液中離子濃度的大小順序是_____________。rm{壟脷}氫氧化鈣與rm{NaHSO_{3}}反應的化學方程式是_____________。rm{(4)}煤的間接液化法合成二甲醚的三步反應如下：Ⅰrm{.2H_{2}(g)+CO(g)?CH_{3}OH(g)triangleH=-90.8kJ?mol^{-1}}Ⅱrm{.2CH_{3}OH(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+H_{2}O(g)triangleH=-23.5kJ?mol^{-1}}Ⅲrm{.CO(g)+H_{2}O(g)?CO_{2}(g)+H_{2}(g)triangleH=-41.3kJ?mol^{-1}}rm{.2H_{2}(g)+CO(g)?CH_{3}OH(g)triangle

H=-90.8kJ?mol^{-1}}總反應熱化學方程式：rm{3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangleH=}_____________；rm{.2CH_{3}OH(g)?

CH_{3}OCH_{3}(g)+H_{2}O(g)triangleH=-23.5kJ?mol^{-1}}rm{.CO(g)+H_{2}O(g)?

CO_{2}(g)+H_{2}(g)triangleH=-41.3kJ?mol^{-1}}rm{壟脵}可分別代表壓強或溫度rm{3H_{2}(g)+3CO(g)?

CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangleH=}如圖rm{壟脷Y(Y_{1}}表示rm{Y_{2})}一定時，總反應中rm{X}的平衡轉化率隨rm{.}的變化關系rm{2}判斷rm{Y}rm{CO}的大小關系rm{X}______rm{.}填“rm{Y_{1}}”、“rm{Y_{2}}”或“rm{Y_{1}}”rm{Y_{2}(}并簡述理由：_____________。rm{>}參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】解：A；電場強度和電勢都是描述電場的物理量；但二者無直接關系．電勢是標量，與零勢面的選取有關，所以電場強度為零的地方電勢不一定為零，故A錯誤．

B；電場強度是矢量；它的方向是正電荷在該點受到的電場力方向，與負電荷在該點受到的電場力方向相反，故B錯誤．

C；公式U=Ed中的d為沿兩點沿電場方向的距離；所以在勻強電場中，兩點間沿電場方向的距離越大，電勢差就越大，如果d不是沿電場強度方向的距離，那么間距大時，電勢差不一定大，故C錯誤．

D；電場中某點的電場強度由電場本身決定；與檢驗電荷無關，故D正確．

故選：D

電場強度和電勢都是描述電場的物理量；二者無直接關系．電場強度是矢量，它的方向是正電荷在該點的受到的電場力方向．公式U=Ed中d是指兩點沿電場方向的距離．電場強度與檢驗電荷無關，由電場本身決定．

明確電場強度和電勢都是描述電場的物理量，二者無關．要知道公式U=Ed中的d為兩點沿電場強度方向的距離，不是任意距離．【解析】【答案】D2、B【分析】本題考查了化學與生產生活的相關知識。A.硅不能用于光導纖維，是二氧化硅，故A錯誤；B.氧化鋁制作耐高溫材料，因為氧化鋁熔點很高，正確；C.鋇離子屬于重金屬離子，有毒，故C錯誤；D.明礬作凈水劑，而不是消毒劑，故D錯誤。故選B。【解析】rm{B}3、B【分析】【分析】本題考查了加成反應原理及其應用，題目難度不大，注意掌握常見有機反應的類型、反應原理，正確判斷反應類型為解答本題的關鍵?！窘獯稹匡柡鸵辉糃4H10O在濃硫酸作用下發(fā)生消去反應得到烯烴，烯烴再與Br2的CCl4溶液發(fā)生加成反應，兩個Br原子分別連接在這兩個相鄰的C原子上，從而變?yōu)轱柡偷柠u代烴。分析各個選項可以以看出：在B中的兩個Br原子分別連接在不相鄰的兩個C原子上；這是不可能的。其它選項都符合題意。故B正確。

故選B。【解析】B4、C【分析】【解析】試題分析：衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，由圓周運動規(guī)律可得衛(wèi)星繞地球運行線速度隨軌道半徑的增大而減小，第一宇宙速度是人造衛(wèi)星貼近地球表面運行時的速度，即運行半徑最小。A、第一宇宙速度是人造衛(wèi)星貼近地球表面運行時的速度，又稱環(huán)繞速度；錯誤BC、根據可知故第一宇宙速度為7.9km/s，而11.2km/s是第二宇宙速度；C正確D、根據可得人造衛(wèi)星的速度即軌道半徑r越大衛(wèi)星運行的速度v越小，則第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球運行的最大線速度，衛(wèi)星的軌道半徑越大衛(wèi)星具有的能量越大，所以發(fā)射速度越大，所以第一宇宙速度是發(fā)射人造衛(wèi)星最小的速度；錯誤故選C考點：第一宇宙速度?！窘馕觥俊敬鸢浮緾5、D【分析】解：A；t=0.01s時矩形金屬線框產生的電動勢為零；故線圈平面處于中性面位置；故A錯誤；

B、電壓的最大值為22V；超過了電容器的擊穿電壓，故電容器將被擊穿；故B錯誤；

C；周期為0.02s；故C錯誤。

D、由Em=NBsω可知，BS===Wb；故D正確；

故選：D．

從圖象得出電動勢最大值；周期；從而算出頻率、角速度；磁通量最大時電動勢為零，磁通量為零時電動勢最大；根據最大值表達式可求得磁通量的最大值BS

本題考查了對交流電圖象的認識，要具備從圖象中獲得有用信息的能力，并掌握有效值與最大值的關系；明確電容器的擊穿電壓要用到最大值．【解析】【答案】D二、雙選題(共2題，共4分)6、AB【分析】本題考查物質的性質。該題屬于基礎性試題，難度不大。只要能記住常見物質的性質，就不難得出正確的結論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B7、AB【分析】本題考查物質的性質。該題屬于基礎性試題，難度不大。只要能記住常見物質的性質，就不難得出正確的結論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍，證明淀粉水解完全，故D錯誤；

?故選AB。【解析】AB三、填空題(共7題，共14分)8、600.1【分析】【解答】光速為3×108m/s（1）由v=λf得：=0.1m（2）由v=s/t

得，s=vt=3×108m/s×0.4s=12×107m

電磁波傳播距離是單向距離的2倍，故衛(wèi)星離地為：d=s/2=60km

答：被監(jiān)視的目標到雷達的距離為60km；雷達發(fā)出的電磁波的波長為0.1m．

【分析】（1）由波速、波長和頻率的關系可求得頻率，（2）由電磁波的傳播速度由速度公式可求得距離．9、略

【分析】解：根據勻強電場的電勢差與電場強度的關系：U=Ed；

若A、B兩點連線是沿著電場方向時，d=LAB=0.05m；所以U=600×0.05=30V．

若A、B兩點連線與電場方向成60°時，d=LABcos60°=0.05×cos60°=0.025m；所以U=600×0.05×cos60°=15V．

若A；B兩點連線與電場方向垂直時；AB兩點是等電勢點，故AB間的電勢差為零．

故答案為：30；15，0．

根據勻強電場的電勢差與電場強度的關系：U=Ed；其中d是沿電場方向上的長度．

本題知道勻強電場的電勢差與電場強度的關系：U=Ed，注意d是沿電場方向上的長度．【解析】30；15；010、略

【分析】解：放射性同位素釷232

經婁脕婁脗

衰變會生成氡；電荷數(shù)少4

質量數(shù)少12

則有：4x=122x鈭?y=4

解得：x=3y=2

．

故答案為：32

．

根據電荷數(shù)守恒；質量數(shù)守恒；結合衰變的實質求出婁脕

衰變和婁脗

衰變的次數(shù)．

解決本題的關鍵知道衰變的實質，經過一次婁脕

衰變，電荷數(shù)少2

質量數(shù)少4

經過一次婁脗

衰變，電荷數(shù)多1

質量數(shù)不變．【解析】32

11、不變【分析】【分析】本題考查動量守恒定律。碰撞過程中AB

兩球組成的系統(tǒng)動量守恒，結合動量守恒定律求出碰后A

的速度大小。【解答】因AB

兩球在水平方向上不受外力，所以系統(tǒng)動量守恒，即碰撞前后系統(tǒng)的總動量不變設vB

的方向為正方向，對系統(tǒng)由動量守恒定律得A(鈭?vA)+mBvB=mAv鈥?+mBvB鈥?

又mB=4mA

聯(lián)立解得v鈥?=13v

故答案為：不變；13v

【解析】不變13v

12、A.不為零為零

B.變小變小【分析】A

【分析】明確感應電流產生的條件；當穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化時，電路中產生感應電流，從而電流表G

讀數(shù)不為零。本題考查了楞次定律的應用以及感應電流的產生條件，要注意明確掌握楞次定律是正確解題的關鍵?！窘獯稹坑蓤D示可知，穿過線圈的磁場方向豎直向上，當把磁鐵插入線圈時，穿過線圈的磁通量增大，由楞次定律可知，感應電流的磁場方向與原磁場方向相反，電流表G

指針不為零；保持磁鐵在線圈中靜止；穿過線圈的磁通量不變，線圈中不產生感應電流，電流表G

指針為零。

故填：不為零；為零。

B

【分析】圖中電阻R

與R0

串聯(lián)，根據閉合電路歐姆定律列式求解電流表達式，分析電流變化情況；在根據P=I2R0

分析R0

電功率變化情況。本題關鍵是根據閉合電路歐姆定律列式分析電流變化情況，再根據功率的公式分析電功率的變化情況，基礎題目?！窘獯稹扛鶕]合電路歐姆定律，有：I=Er+R+R0Er+R+R0"id="MathJax-Element-1-Frame"role="presentation"tabindex="0">，故增大滑動變阻器R

的阻值后，電流減??；根據P=I2R0

電阻R0

消耗的功率將變小。

故填：變小；變小。

【解析】A.不為零為零B.變小變小13、略

【分析】解：取豎直向上方向為正方向；則小球與地面碰撞過程中動量的變化為：

鈻?p=mv2鈭?m(鈭?v1)=2隆脕(10+8)kg.m/s=36kg?m/s

正號表示方向豎直向上．

故答案為：36

豎直向上。

取豎直向上方向為正方向；分別表示出碰地前后小球的動量，小球動量的變化量等于末動量與初動量的差。

此題中動量是矢量，要規(guī)定正方向，用帶正負呈的數(shù)值表示動量.

動量變化量也是矢量，同樣要注意方向．【解析】36

豎直向上14、略

【分析】解：不論物體的運動狀態(tài)如何；其受到的重力一定是豎直向下；

故答案為：豎直向下．

重力是由于地球的吸引而產生的；其方向一直豎直向下．

本題考查重力的性質，要注意明確重力方向是豎直向下，不是垂直地面也不是垂直于地心．【解析】豎直向下四、判斷題(共2題，共6分)15、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．16、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．五、畫圖題(共2題，共20分)17、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應定律，當磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應電動勢、感應電流恒定不變【解析】【答案】18、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應定律，當磁感強度均勻變化時磁通量均勻變化，感應電動勢、感應電流恒定不變【解析】【答案】六、簡答題(共2題，共10分)19、rm{(1)}醛基

rm{(2)}

rm{(3)3}rm{4}rm{4-}三甲基rm{-1-}戊炔

rm{(4)CH_{2}=C(CH_{3})COOH}

rm{(5)}

rm{(6)5}

rm{(7)壟脼壟脷壟脹壟脵}

rm{(8)}【分析】【分析】本題考查有機物結構和性質，為高頻考點，側重考查學生分析判斷能力及知識遷移能力，明確物質的結構和官能團及其性質關系是解本題關鍵，注意共面原子的判斷方法。【解答】rm{(1)}官能團“rm{?CHO}”的名稱是醛基，故答案為：醛基；rm{(2)}甲醇中碳原子、氧原子最外層滿足rm{8}個電子穩(wěn)定結構，其電子式為故答案為：rm{(3)}含官能團的最長的碳鏈有rm{5}個碳原子，在rm{1}號和rm{2}號碳原子間有碳碳三鍵，在rm{3}號碳原子上有一個甲基，在rm{4}號碳原子上有rm{2}個甲基，故名稱為rm{3}rm{4}rm{4-}三甲基rm{-1-}戊炔，故答案為：rm{3}rm{4}rm{4-}三甲基rm{-1-}戊炔；rm{(4)}由分子模型，結合碳的四鍵結構可知，該有機物的結構簡式為rm{CH_{2}=C(CH_{3})COOH}故答案為：rm{CH_{2}=C(CH_{3})COOH}rm{(5)}丙烯分子中含有不飽和的碳碳雙鍵，在一定條件下能夠發(fā)生加聚反應得到聚丙烯，反應的化學方程式為：故答案為：．rm{(6)(CH_{3})_{2}CHCH_{2}CH_{2}OH}分子中，兩個甲基處于同一位置，所以不同化學環(huán)境的rm{H}原子有rm{5}種，故答案為：rm{5}rm{(7)}鑒別氯乙烷中的氯元素，應先水解，后加酸中和至酸性，然后加硝酸銀生成淡黃色沉淀，以此可確定含溴元素，則具體實驗步驟為rm{壟脼}加入rm{NaOH}溶液、rm{壟脷}加熱、rm{壟脹}冷卻后加入硝酸酸化、rm{壟脵}加入rm{AgNO_{3}}溶液，即正確的操作順序是rm{壟脼壟脷壟脹壟脵}故答案為：rm{壟脼壟脷壟脹壟脵}rm{(8)}該分子中含有乙烯結構和乙炔結構，處于兩種結構上的碳原子一定在同一平面上，所以定在同一平面上的碳原子數(shù)為rm{6}故答案為rm{6}【解析】rm{(1)}醛基rm{(2)}rm{(3)3}rm{4}rm{4-}三甲基rm{-1-}戊炔rm{(4)CH_{2}=C(CH_{3})COOH}rm{(5)}rm{(6)5}rm{(7)壟脼壟脷壟脹壟脵}rm{(8)}20、rm{(1)abc}

rm{(2)H_{2}S+2NH_{3}?H_{2}O簍T2NH_{4}^{+}+S^{2-}+2H_{2}O}

rm{(3)壟脵c(Na^{+})>c(HSO_{3}^{-})>c(H^{+})>c(SO_{3}^{2-})>c(OH^{-})}

rm{壟脷Ca(OH)_{2}+NaHSO_{3}簍TCaSO_{3}隆媒+NaOH+H_{2}O}

rm{(4)壟脵-246.4kJ?mol^{-1}}

rm{壟脷Y_{1}<Y_{2}}由rm{3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)}可知，壓強增大，rm{CO}的平衡轉化率增大，溫度升高，rm{CO}的平衡轉化率減小，所以rm{X}代表壓強，rm{Y}代表溫度；壓強一定時，溫度越低平衡轉化率越大。

【分析】解：rm{(1)a.}煤是由有機物和少量無機物組成的復雜的混合物，主要含有rm{C}元素，故rm{a}正確；

rm{b.}煤中伴有硫元素和氮元素，不完全燃燒時生成一氧化碳、二氧化硫、氮氧化物、煙塵等有害物質，故rm正確；

rm{c.}碳酸鈣受熱分解為氧化鈣，二氧化硫是酸性氧化物，能與氫氧化鈣、氧化鈣發(fā)生反應生成亞硫酸鈣，然后被氧氣氧化生成穩(wěn)定的硫酸鹽，故rm{c}正確；

rm{d.}煤的干餾、煤的氣化和液化都屬于化學變化，故rmjnxjpf3錯誤；

故答案為：rm{abc}

rm{(2)H_{2}S}用氨水吸收生成正鹽硫化銨和水，離子方程式為：rm{H_{2}S+2NH_{3}?H_{2}O簍T2NH_{4}^{+}+S^{2-}+2H_{2}O}

故答案為：rm{H_{2}S+2NH_{3}?H_{2}O簍T2NH_{4}^{+}+S^{2-}+2H_{2}O}

rm{(3)壟脵}常溫下，rm{NaHSO_{3}}溶液的rm{pH=6}rm{NaHSO_{3}}溶液呈酸性，rm{NaHSO_{3}}溶液中存在亞硫酸氫根的水解與電離，水解導致其呈堿性，電離導致其呈酸性，據此分析：電離程度大于水解程度，故離子濃度大小為：rm{c(Na^{+})>c(HSO_{3}^{-})>c(H^{+})>c(SO_{3}^{2-})>c(OH^{-})}

故答案為：rm{c(Na^{+})>c(HSO_{3}^{-})>c(H^{+})>c(SO_{3}^{2-})>c(OH^{-})}

rm{壟脷}氫氧化鈣與rm{NaHSO_{3}}反應生成沉淀亞硫酸鈣、rm{NaOH}和水，化學方程式為rm{Ca(OH)_{2}+NaHSO_{3}簍TCaSO_{3}隆媒+NaOH+H_{2}O}

故答案為：rm{Ca(OH)_{2}+NaHSO_{3}簍TCaSO_{3}隆媒+NaOH+H_{2}O}

rm{(4)壟脵}rm{壟脵2H_{2}(g)+CO(g)?CH_{3}OH(g)triangleH=-90.8kJ?mol^{-1}}

rm{壟脷2CH_{3}OH(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+H_{2}O(g)triangleH=-23.5kJ?mol^{-1}}

rm{壟脹CO(g)+H_{2}O(g)?CO_{2}(g)+H_{2}(g)triangleH=-41.3kJ?mol^{-1}}

由蓋斯定律rm{壟脵2H_{2}(g)+CO(g)?CH_{3}OH(g)triangle

H=-90.8kJ?mol^{-1}}得到rm{3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangleH=-246.4kJ?mol^{-1}}

故答案為：rm{壟脷2CH_{3}OH(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+H_{2}O(g)triangle

H=-23.5kJ?mol^{-1}}

rm{壟脷3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangleH<0}正反應氣體體積減小，升高溫度，平衡逆向移動，rm{壟脹CO(g)+H_{2}O(g)?CO_{2}(g)+H_{2}(g)triangle

H=-41.3kJ?mol^{-1}}的平衡轉化率減小；增大壓強，平衡正向移動；

rm{壟脷+壟脹+壟脵隆脕2}的平衡轉化率增大，因此rm{3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangle

H=-246.4kJ?mol^{-1}}代表壓強，rm{-246