…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教版高二物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、兩根通電的長直導(dǎo)線平行放置，電流分別為I1和I2，電流的方向如右圖所示，在與導(dǎo)線垂直的平面上有a、b、c、d四點(diǎn)，其中a、b在導(dǎo)線橫截面連線的延長線上，c、d在導(dǎo)線橫截面連線的垂直平分線上．則導(dǎo)體中的電流在這四點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度可能為零的是A.a點(diǎn)B.b點(diǎn)C.c點(diǎn)D.d點(diǎn)2、用不同頻率的紫外線分別照射鎢板和鋅板而產(chǎn)生光電效應(yīng)，可得到光電子的最大初動(dòng)能Ek隨入射光的頻率ν變化的Ek-ν圖。已知鎢的逸出功為3.28ev，鋅的逸出功為3.34ev，若將兩者的圖像分別用實(shí)線與虛線畫在同一Ek-ν圖上，則下列圖中正確的（）3、一個(gè)質(zhì)點(diǎn)在三個(gè)共點(diǎn)力F1、F2、F3的作用下處于平衡狀態(tài)；如圖所示．則它們的大小關(guān)系是（）

A.F1＞F2＞F3B.F1＞F3＞F2C.F3＞F1＞F2D.F2＞F1＞F34、如圖所示，輕質(zhì)彈簧豎直放置，下端固定.

小球從彈簧的正上方某一高度處由靜止下落，不計(jì)空氣阻力，則從小球接觸彈簧到彈簧被壓縮至最短的過程中()

?A.小球的動(dòng)能一直減小B.小球的機(jī)械能守恒C.彈簧的彈性勢(shì)能先增加后減小D.小球的重力勢(shì)能一直減小5、如圖所示，ABC

三點(diǎn)都在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，已知AC隆脥BC隆脧ABC=60鈭?BC=20cm

若把一個(gè)電量q=10鈭?5C

的正電荷從A

移到B

時(shí)，電場(chǎng)力不做功；從B

移到C

時(shí)，電場(chǎng)力做的功為1.73隆脕10鈭?3J

則該勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)的大小和方向是()

A.1000V/m

垂直AB

斜向下B.1000V/m

垂直AB

斜向上C.865V/m

垂直AC

向左D.865V/m

垂直AC

向右6、一磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向水平向右，一面積為S的矩形線圈abcd如圖所示放置，平面abcd與豎直方向成θ角，則穿過線圈平面的磁通量為（）A.0B.BSC.BScosθD.BSsinθ7、一個(gè)彈簧振子沿x

軸做簡諧運(yùn)動(dòng)，取平衡位置O

為x

軸坐標(biāo)原點(diǎn)。從某時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，經(jīng)過四分之一的周期，振子具有沿x

軸正方句的最大加速度。能正確反映振子位移x

與時(shí)間；關(guān)系的圖像是()

A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、填空題(共6題，共12分)8、在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，某金屬的截止頻率相應(yīng)的波長為λ0，該金屬的逸出功為________．若用波長為λ(λ<λ0)的單色光做該實(shí)驗(yàn)，則其遏止電壓為________．已知電子的電荷量、真空中的光速和普朗克常量分別為e、c和h。9、如圖是某正弦式交變電流的圖象，則此正弦式交變電流的頻率為____Hz，電流的有效值為____A．

10、人類認(rèn)識(shí)原子結(jié)構(gòu)和開發(fā)利用原子能經(jīng)歷了十分曲折的過程．請(qǐng)按要求回答下列問題．

盧瑟福；玻爾、查德威克等科學(xué)家在原子結(jié)構(gòu)或原子核的研究方面做出了卓越的貢獻(xiàn)．

請(qǐng)選擇其中的兩位；指出他們的主要成績．

①____．②____．11、傳感器是把非電學(xué)量(如速度、溫度、壓力等)的變化轉(zhuǎn)換成電學(xué)量的變化的一種元件，在自動(dòng)控制中有著相當(dāng)廣泛的應(yīng)用．有一種測(cè)量人的體重的電子秤，其測(cè)量部分的原理圖如圖中的虛線框所示，它主要由壓力傳感器R(電阻值會(huì)隨所受壓力大小發(fā)生變化的可變電阻)、顯示體重大小的儀表A(實(shí)質(zhì)是理想的電流表)組成．壓力傳感器表面能承受的最大壓強(qiáng)為1×107Pa，且已知壓力傳感器R的電阻與所受壓力的關(guān)系如下表所示．設(shè)踏板和壓桿的質(zhì)量可以忽略不計(jì)，接通電源后，壓力傳感器兩端的電壓恒為4.8V，取g＝10m/s2.請(qǐng)回答：。壓力F/N0250500750100012501500電阻R/Ω300270240210180150120(1)該秤零起點(diǎn)(即踏板空載時(shí))的刻度線應(yīng)標(biāo)在電流表刻度盤_______A處．(2)如果某人站在該秤踏板上，電流表刻度盤的示數(shù)為20mA，則這個(gè)人的體重是______kg.12、電磁波在真空中的傳播速度是____m/s．有一按正弦規(guī)律變化的交變電流u=200sin100πt（V），其電壓的最大值是____V，電壓的有效值是____V．13、(1)

在“探究單擺周期與擺長的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，測(cè)量單擺的周期時(shí)，圖中________(

填“甲”“乙”或“丙”)

作為計(jì)時(shí)開始與終止的位置更好些．

(2)

如圖所示，在用可拆變壓器“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，下列說法正確的是________(

填字母)

．

A.用可拆變壓器，能方便地從不同接線柱上選取不同匝數(shù)的線圈B.測(cè)量原、副線圈的電壓，可用“測(cè)定電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)中的直流電壓表C.原線圈接08

接線柱，副線圈接04

接線柱、副線圈電壓大于原線圈電壓D.為便于探究，先保持原線圈匝數(shù)和電壓不變，改變副線圈的匝數(shù)，研究其對(duì)副線圈電壓的影響評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)14、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）15、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

16、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

17、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

20、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖所示，且相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差均相等，電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

21、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、畫圖題(共2題，共20分)22、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象23、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象評(píng)卷人得分五、簡答題(共2題，共6分)24、rm{(1)}甲醇質(zhì)子交換膜燃料電池中將甲醇蒸氣轉(zhuǎn)化為氫氣的一種原理是rm{CH_{3}OH(g)}和rm{H_{2}O(g)}反應(yīng)生成rm{CO_{2}}和rm{H_{2}}下圖是該過程中能量變化示意圖，若在反應(yīng)體系中加入催化劑，反應(yīng)速率增大，正反應(yīng)活化能rm{a}的變化是________rm{(}填“增大”、“減小”或“不變”rm{)}反應(yīng)熱rm{婁隴H}的變化是__________rm{(}填“增大”、“減小”或“不變”rm{)}請(qǐng)寫出反應(yīng)進(jìn)程rm{CH}的變化是________rm{a}填“增大”、“減小”或“不變”rm{(}反應(yīng)熱rm{)}的變化是__________rm{婁隴H}填“增大”、“減小”或“不變”rm{(}請(qǐng)寫出反應(yīng)進(jìn)程rm{)}rm{CH}rm{{,!}_{3}}和rm{OH(g)}和rm{H}rm{OH(g)}rm{H}反應(yīng)的熱化學(xué)方程式__________________。rm{{,!}_{2}}

rm{O(g)}反應(yīng)的熱化學(xué)方程式__________________。以rm{O(g)}燃料電池為電源電解法制取二氧化氯rm{(2)}為一種黃綠色氣體，是國際上公認(rèn)的高效、廣譜、快速、安全的殺菌消毒劑。rm{CH_{3}OH}燃料電池放電過程中，通入rm{ClO_{2}}的電極附近溶液的rm{(ClO_{2})}________rm{壟脵C(jī)H_{3}OH}填“增大”、“減小”或“不變”rm{O_{2}}負(fù)極反應(yīng)式為___________。rm{pH}下圖中電解池用石墨作電極，在一定條件下電解飽和食鹽水制取rm{(}陽極產(chǎn)生rm{)}的反應(yīng)式為___________。

rm{壟脷}電解一段時(shí)間，從陰極處收集到的氣體比陽極處收集到氣體多rm{ClO_{2}}時(shí)rm{ClO_{2}}標(biāo)準(zhǔn)狀況，忽略生成的氣體溶解rm{壟脹}停止電解，通過陽離子交換膜的陽離子為________rm{6.72L}rm{(}25、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{W}為短周期元素且原子序數(shù)依次增大。rm{X}的一種氣態(tài)氫化物rm{m}可用來焊接或切割金屬，且該分子所有原子在一條直線上。rm{Y^{2-}}的rm{L}能層的原子軌道為全滿狀態(tài)。rm{Z}的單質(zhì)用作鋁熱反應(yīng)的引燃劑。rm{W}的質(zhì)量數(shù)為rm{37}中子數(shù)為rm{20}與rm{X}形成的化合物是一種常見的有機(jī)溶劑rm{n}。rm{A}為第四周期元素，其基態(tài)原子含有rm{6}個(gè)未成對(duì)電子。請(qǐng)回答下列問題：rm{(1)X}在元素周期表中的位置是_____________。rm{(2)A^{3+}}的外圍電子排布式是______________。rm{(3)X}rm{Y}rm{Z}形成的晶胞結(jié)構(gòu)示意圖如右，則它的化學(xué)式是_________。rm{(}用化學(xué)式表示rm{)}rm{(4)m}分子中，rm{X}的原子軌道雜化類型是_________，rm{n}的分子構(gòu)型是_______________。rm{(5)}氣體rm{m}和含rm{A_{2}Y}的酸性溶液，可通過惰性電極連接構(gòu)成高能原電池，該電池的正極反應(yīng)式是_____________________________。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A|B【分析】【解析】試題分析：由安培定則確定兩電流在圖示各點(diǎn)所產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向，若方向相反，磁感應(yīng)強(qiáng)度可能為0，否則不可．【解析】

兩電流在ab點(diǎn)B的方向相反．因不知道兩電流的大小關(guān)系，所以該兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度可能為零．故選：AB考點(diǎn)：磁感應(yīng)強(qiáng)度．【解析】【答案】AB2、A【分析】【解析】【答案】A3、C【分析】解答：因?yàn)橘|(zhì)點(diǎn)在三個(gè)共點(diǎn)力F1、F2、F3的作用下處于平衡狀態(tài)；所以將三力首尾相連組成一封閉三角形，如圖所示：

根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)三角形中大角對(duì)大邊，即得出F3＞F1＞F2；

所以選項(xiàng)ABD錯(cuò)誤；C正確．

故選C

分析：此題只要掌握共點(diǎn)力平衡的條件，并運(yùn)用三力平衡三角形即可解決．4、D【分析】本題考查了動(dòng)能、重力勢(shì)能、彈性勢(shì)能、牛頓第二定律及機(jī)械能守恒的條件。選項(xiàng)AA，由牛頓第二定律可以判定，小球先做加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度不斷增大的減速運(yùn)動(dòng)。由于小球先加速下落再減速下落，動(dòng)能應(yīng)先增大后減小，故選項(xiàng)AA錯(cuò)誤；選項(xiàng)BB，從小球接觸彈簧到將彈簧壓縮至最短的過程中，小球減少的重力勢(shì)能最終轉(zhuǎn)化成了彈簧的彈性勢(shì)能，故整個(gè)過程中小球的機(jī)械能不守恒，故選項(xiàng)BB錯(cuò)誤；選項(xiàng)CC，從小球接觸彈簧到彈簧被壓縮至最短的過程中，彈簧的彈性勢(shì)能始終增加，故選項(xiàng)CC錯(cuò)誤；選項(xiàng)DD，從小球接觸彈簧到彈簧被壓縮至最短的過程中，小球的重力勢(shì)能始終在減小，減小的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化成了彈簧的彈性勢(shì)能，故選項(xiàng)DD正確。故選DD。解決本題的關(guān)鍵是要認(rèn)真分析小球接觸彈簧到將彈簧壓縮至最短的過程中，小球的運(yùn)動(dòng)情況?！窘馕觥緿

5、B【分析】解：正電荷從A

移到B

電場(chǎng)力做功為零，則由電場(chǎng)力做功的特點(diǎn)可知，AB

兩點(diǎn)電勢(shì)相等，故AB應(yīng)為等勢(shì)面；

因電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直；故過C

做AB

的垂線，一定是電場(chǎng)線；

因從B

到C

由W=Uq

可知，BC

兩點(diǎn)的電勢(shì)差：U=Wq=1.73隆脕10鈭?310鈭?5V=173V

即C

點(diǎn)電勢(shì)低于B

點(diǎn)的電勢(shì)；故電場(chǎng)線垂直于AB

斜向上；

BC

間沿電場(chǎng)線的距離：d=BCsin60=0.173m

由E=Ud

可知電場(chǎng)強(qiáng)度為：E=1730.173V/m=1000V/m

故選：B

．

由題意可知AB

兩點(diǎn)電勢(shì)相等；則可知AB

為等勢(shì)面，由電場(chǎng)線可等勢(shì)面的關(guān)系可知電場(chǎng)線；由電場(chǎng)力做功可求得BC

兩點(diǎn)的電勢(shì)差，則可確定電場(chǎng)線的方向，由U=Ed

可求得電場(chǎng)強(qiáng)度．

解決本題關(guān)鍵要掌握：電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，而且電場(chǎng)線由是由高電勢(shì)指向低電勢(shì)；勻強(qiáng)電場(chǎng)中U=Ed

中的d

應(yīng)為沿電場(chǎng)方向的有效距離．【解析】B

6、C【分析】解：矩形線圈abcd如圖所示放置，勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向水平向右，平面abcd與豎直方向成θ角，將此時(shí)通過線圈的磁通量為Φ1=BScosθ．

故選：C．

圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中；當(dāng)線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，穿過線圈的磁通量Φ=BS，B是磁感應(yīng)強(qiáng)度，S是線圈的面積．當(dāng)線圈平面與磁場(chǎng)方向平行時(shí)，穿過線圈的磁通量Φ=0，若既不垂直，也不平行，則可分解成垂直與平行，根據(jù)Φ=BSsinθ（θ是線圈平面與磁場(chǎng)方向的夾角）即可求解．

對(duì)于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中磁通量的求解，可以根據(jù)一般的計(jì)算公式Φ=BSsinθ（θ是線圈平面與磁場(chǎng)方向的夾角）來分析線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直、平行兩個(gè)特殊情況．注意夾角θ不是磁場(chǎng)與線圈平面的夾角，同時(shí)理解磁通量不是矢量，但注意分清正面還是反面通過線圈．【解析】【答案】C7、A【分析】回復(fù)力：F=鈭?kxF=-kx牛頓第二定律公式：a=F/ma=F/m；得到加速度的一般表達(dá)式后，再進(jìn)行討論即可。A、回復(fù)力：F=鈭?kx

，加速度：a=Fm

故有a=鈭?kmx

經(jīng)14

周期振子具有正方向的最大加速度；故結(jié)合上述公式得到：此時(shí)振子有負(fù)方向的最大位移，A

圖符合，故A正確；

B、經(jīng)14

周期振子位移為零；故B錯(cuò)誤；

C、經(jīng)14

周期振子位移正向最大；故C錯(cuò)誤；

D、經(jīng)14

周期振子位移為零；故D錯(cuò)誤。

故選A。本題關(guān)鍵是根據(jù)回復(fù)力公式和加速度公式得到加速度與位移關(guān)系式，然后逐項(xiàng)討論?！窘馕觥緼

二、填空題(共6題，共12分)8、略

【分析】試題分析：若金屬的截止頻率相應(yīng)的波長為λ0，該金屬的逸出功為若用波長為λ(λ<λ0)的單色光做該實(shí)驗(yàn)，則逸出光電子的最大初動(dòng)能其遏止電壓滿足解得考點(diǎn)：此題考查光電效應(yīng)方程?！窘馕觥俊敬鸢浮?；9、505【分析】【解答】由圖可知，該交流電的電流最大值為A，周期為0.02s；

所以有有效值：I==5A；

頻率：f=1/0.02=50Hz．

故答案為：50；5

【分析】根據(jù)圖象可讀出該交流電的周期和最大值，然后根據(jù)頻率和周期，最大值與有效值的關(guān)系可直接求解．10、玻爾提出玻爾的原子模型查德威克發(fā)現(xiàn)中子【分析】【解答】盧瑟福提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型（或其他成就）

玻爾把量子理論引入原子模型；并成功解釋了氫光譜（或其他成就）

查德威克發(fā)現(xiàn)了中子（或其他成就）．

故答案為：①玻爾提出玻爾的原子模型；②查德威克發(fā)現(xiàn)中子．

【分析】可根據(jù)物理學(xué)史上物理學(xué)家的貢獻(xiàn)作答即可．11、略

【分析】【解析】試題分析：知道壓力為0（或500N），通過表中信息可以得出電阻大小，利用歐姆定律可以求電流，利用好杠桿平衡條件．【解析】

（1）當(dāng)踏板空載時(shí)，由表中數(shù)據(jù)知，R=300Ω，（2）當(dāng)電流為20mA時(shí)，壓力傳感器的電阻為分析表中的數(shù)據(jù)可以看出，壓力隨電阻的變化是線性的，設(shè)此時(shí)的壓力為F2列比例關(guān)系有解得，F(xiàn)2=100N．設(shè)人的體重為G，根據(jù)杠桿的平衡條件得，F(xiàn)2?AO=G?BO解得，考點(diǎn)：歐姆定律的應(yīng)用；杠桿的平衡條件；電流表的使用．【解析】【答案】(1)1.6×10－2(2)5012、3×108200200【分析】【解答】電磁波在真空中的傳播速度是3×108m/s；

由電壓瞬時(shí)表達(dá)式可知，該交流電的電壓最大值為Um=V；

所以有效值為：U==200V；

故答案為：3×108；200，200．

【分析】電磁波在真空中的傳播速度是3×108m/s；

根據(jù)表達(dá)式可知交流電的最大值，及正弦式交流電，然后進(jìn)一步求解有效值等．13、（1）乙（2）AD【分析】【分析】(1)

在擺球經(jīng)過最低點(diǎn)開始計(jì)時(shí)；產(chǎn)生的時(shí)間誤差較??；

(2)

可拆變壓器能方便選取不同匝數(shù)的線圈；變壓器只能改變交流電壓；因此實(shí)驗(yàn)中用交流電壓表；原副線圈電壓與匝數(shù)成正比；探究副線圈電壓與匝數(shù)關(guān)系用控制變量法。

本題考查了單擺周期的實(shí)驗(yàn)操作和變壓器實(shí)驗(yàn)操作的注意事項(xiàng)，注意能從減小測(cè)量誤差的角度，理解并掌握實(shí)驗(yàn)要求?！窘獯稹?1)(1)應(yīng)在擺球通過平衡位置開始計(jì)時(shí)：因?yàn)閿[球經(jīng)過平衡位置時(shí)速度最大，在相同的空間尺度產(chǎn)生的時(shí)間誤差相對(duì)較小，測(cè)量的周期較準(zhǔn)確，故選乙(2)AD.(2)AD.變壓器的輸出電壓跟輸入電壓以及原副線圈匝數(shù)之比都有關(guān)，因此需要用可拆卸的變壓器研究，故AD正確；

B.變壓器只能對(duì)交變電流的電壓有作用，不能用直流電壓表，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)原、副線圈匝數(shù)之比等于輸入、輸出電壓之比可知，原線圈接0088副線圈接0044那么副線圈的電壓小于原線圈電壓，故C錯(cuò)誤。

故選AD。

故答案為：(1)(1)乙(2)AD(2)AD

【解析】(1)

乙(2)AD

三、判斷題(共8題，共16分)14、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大小．

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．15、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．16、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?7、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．18、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．19、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢(shì)高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢(shì)較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖象中的等勢(shì)面左右對(duì)稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0．該圖象的左側(cè)的等勢(shì)線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差相比，與a點(diǎn)之間的電勢(shì)差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。?、畫圖題(共2題，共20分)22、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】23、略

【分析】本題考查楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律，當(dāng)磁感強(qiáng)度均勻變化時(shí)磁通量均勻變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流恒定不變【解析】【答案】五、簡答題(共2題，共6分)24、（1）減小不變CH3OH（g）+H2O（g）=CO2（g）+3H2（g）△H=+（a-b）kJ/mol

（2）①增大CH3OH-6e-+8OH-=CO32-+6H2O

②Cl--5e-+2H2O=4H++ClO2↑

③1【分析】【分析】本題主要是考查反應(yīng)熱的計(jì)算、蓋斯定律應(yīng)用及電化學(xué)原理的應(yīng)用，注意原電池和電解池的原理分析和電極反應(yīng)書寫，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}催化劑降低反應(yīng)的活化能，加快反應(yīng)速率，即rm{a}減小，但催化劑不能改變活化能，即反應(yīng)熱rm{triangleH}不變，反應(yīng)能量圖中生成物的總能量大于反應(yīng)物的總能量，則為吸熱反應(yīng)，由圖可知，rm{1mol}甲醇和rm{1mol}水蒸氣反應(yīng)生成rm{CO_{2}}和氫氣吸收的熱量為rm{(a-b)kJ}反應(yīng)熱化學(xué)方程式為：rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangleH=+(a-b)kJ/mol}故答案為：減??；不變；rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangleH=+(a-b)kJ/mol}

rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangle

H=+(a-b)kJ/mol}燃料電池放電過程中，通入rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangle

H=+(a-b)kJ/mol}的電極是正極，氧氣得到電子轉(zhuǎn)化為氫氧根，則附近溶液的rm{(2)壟脵C(jī)H_{3}OH}增大，電解質(zhì)為rm{O_{2}}榮譽(yù)，則負(fù)極反應(yīng)為rm{pH}，故答案為：增大；rm{KOH}

rm{CH_{3}OH-6e^{-}+8OH^{-}=CO_{3}^{2-}+6H_{2}O}電解池中陽極失去電子，則陽極氯離子放電，產(chǎn)生rm{CH_{3}OH-6e^{-}+8OH^{-}=CO_{3}^{2-}+6H_{2}O}的反應(yīng)式為：rm{壟脷}故答案為：rm{ClO_{2}}

rm{Cl^{-}-5e^{-}+2H_{2}O=4H^{+}+ClO_{2}隆眉}電解一段時(shí)間，從陰極處收集到的氣體比陽極處收集到氣體多rm{Cl^{-}-5e^{-}+2H_{2}O=4H^{+}+ClO_{2}隆眉}時(shí)rm{壟脹}標(biāo)準(zhǔn)狀況，忽略生成的氣體溶解rm{6.72L}多出的氣體是氫氣，物質(zhì)的量rm{=dfrac{6.72L}{22.4L/mol}=0.3mol}設(shè)陽極產(chǎn)生的氣體是rm{(}則根據(jù)電子得失守恒可知rm{)}解得rm{=dfrac{6.72L}{22.4L/mol}=0.3mol

}即轉(zhuǎn)移rm{xmol}電子，鈉離子通過陽離子交換膜，所以通過陽離子交換膜的陽離子為rm{5x=(0.3+x)隆脕2}故答案為：rm{x=0.2}

rm{1mol}【解析】rm{(1)}減小不變r(jià)m{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangleH=+(a-b)kJ/mol}rm{CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)=CO_{2}(g)+3H_{2}(g)triangle

H=+(a-b)kJ/mol}增大rm{(2)壟脵}rm{CH_{3}OH-6e^{-}+8OH^{-}=CO_{3}^{2-}+6H_{2}O}rm{壟脷Cl^{-}-5e^{-}+2H_{2}O=4H^{+}+ClO_{2}隆眉}rm{壟脹1}25、rm{(1)}第二周期Ⅳrm{A}族

rm{(2)3d^{3}}

rm{(3)MgCO_{3}}

rm{(4)sp}雜化正四面體

rm{(5)Cr_{2}O_{7}^{2-}+14H^{+}+6e^{-}=2Cr^{3+}+7H_{2}O}【