…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級起點選修3物理下冊階段測試試卷622考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、信用卡的磁條中有一個個連續(xù)的相反極性的磁化區(qū)；每個磁化區(qū)代表了二進制數(shù)1或0，用以儲存信息．刷卡時，當磁條以某一速度拉過信用卡閱讀器的檢測頭時，在檢測頭的線圈中會產(chǎn)生變化的電壓（如圖1所示）．當信用卡磁條按圖2所示方向以該速度拉過閱讀檢測頭時，在線圈中產(chǎn)生的電壓隨時間的變化關系正確的是。

A.B.C.D.2、如圖所示，矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的轉動軸O0勻速轉動產(chǎn)生的交流電動勢e＝100sin100πt（V）．下列說法正確的是（）

A.交流電的頻率為100HzB.交流電動勢的有效值為100VC.當線圈轉到如圖所示的位置時電動勢為最大D.當線圈轉到如圖所示的位置時穿過線圈的磁通量為零3、如圖所示，帶負電的金屬環(huán)繞軸OO'以角速度ω勻速旋轉；在環(huán)左側軸線上的小磁針最后平衡時的位置是。

A.N極豎直向上B.N極豎直向下C.N極沿軸線向左D.N極沿軸線向右4、如圖甲所示，單匝閉合線圈固定在勻強磁場中，t=0時刻磁感線垂直線圈平面向里，磁感應強度隨時間變化如圖乙所示，線圈面積S=0.1m2，電阻．在0~2s時間內，下列說法正確的是（）

A.線圈中的感應電流沿逆時針方向B.線圈中的感應電動勢大小為0.5VC.線圈中產(chǎn)生的焦耳熱為0.05JD.通過線圈橫截面的電荷量為0.1C5、小型發(fā)電站為某村寨110戶家庭供電，輸電原理如圖所示，圖中的變壓器均為理想變壓器，其中降壓變壓器的匝數(shù)比為n3∶n4＝50∶1，輸電線的總電阻R＝10Ω．某時段全村平均每戶用電的功率為200W，該時段降壓變壓器的輸出電壓為220V．則此時段()

A.降壓變壓器的輸入電壓為11kVB.發(fā)電機的輸出功率為22kWC.輸電線的電流為1100AD.輸電線上損失的功率約為8.26W6、氣缸中一定質量的理想氣體，開始處于A狀態(tài)，在體積不變時變到B狀態(tài)，再在溫度不變時變到C狀態(tài)，最后在壓強不變時回到A狀態(tài)，各圖中不能反映上述過程的是（）A.B.C.D.7、示波器是一種常見的電學儀器，可以在熒光屏上顯示出被檢測的電壓隨時間的變化情況．圖1為示波器的原理結構圖．當不加電壓時，電子恰好打在熒光屏的正中心，在那里產(chǎn)生一個亮斑；當極板YY'間加高頻偏轉電壓Uy、極板XX'間加高頻偏轉電壓Ux；偏轉電壓隨時間變化規(guī)律分別如圖2所示時，熒光屏上所得的波形是圖中的。

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、如圖所示，電源電動勢為E內阻為r，當滑動變阻器R2滑動端向右滑動后，理想電流表A1、A2的示數(shù)變化量的絕對值分別為ΔI1、ΔI2，理想電壓表示數(shù)變化量的絕對值為ΔU．下列說法中正確的是（）

A.電壓表V的示數(shù)變大B.電流表A2的示數(shù)變小C.ΔU與ΔI1比值一定小于電源內阻rD.ΔU與ΔI2比值一定小于電源內阻r9、下列說法正確的是（）A.根據(jù)熱力學第二定律可知，熱量不可能從低溫物體傳遞到高溫物體B.第二類永動機不可能制成，說明內能不能全部轉化為機械能，又不引起其他變化C.當分子間的距離增大時，分子間的引力增大、斥力減小D.溫度是描述熱運動的物理量，一個系統(tǒng)與另一個系統(tǒng)達到熱平衡時，兩系統(tǒng)溫度相同10、下列說法正確的是（）A.氣體在等壓膨脹過程中一定從外界吸收熱量B.氣體在等溫壓縮過程中一定從外界吸收熱量C.液晶顯示屏是應用液晶光學各向異性特點制成的E.當分子間距離減小時，分子勢能不一定減小E.當分子間距離減小時，分子勢能不一定減小11、下列提到的交流電，哪些指的是交流電的有效值（）A.電容器的擊穿電壓B.保險絲的熔斷電流C.交流電壓表的讀數(shù)D.電動機銘牌上的額定電壓12、如圖所示，R1、R2、R3、R4均為可變電阻，C1、C2均為電容器，電源的電動勢為E，內阻r≠0．若改變四個電阻中的一個阻值；則（）

A.減小R1，C1、C2所帶的電量都增加B.增大R2，C1、C2所帶的電量都增加C.增大R3，C1、C2所帶的電量都增加D.減小R4，C1、C2所帶的電量都增加13、氫原子的能級如圖所示；已知可見光的光子能量范圍約為1.62～3.11eV．下列說法正確的是()

A.一個處于n＝3能級的氫原子向低能級躍遷時，最多可能發(fā)出3種不同頻率的光B.大量氫原子從高能級向n＝3能級躍遷時，可能發(fā)出可見光C.處于n＝3能級的氫原子可以吸收任意頻率的紫外線，并發(fā)生電離D.大量處于n＝4能級的氫原子向低能級躍遷時，可能發(fā)出6種不同頻率的光評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)14、如圖為一定質量理想氣體的壓強p與體積V關系圖像，它由狀態(tài)A經(jīng)等容過程到狀態(tài)B，再經(jīng)等壓過程到狀態(tài)C．設A、B、C狀態(tài)對應的溫度分別為TA、TB、TC，則TA______TB，TB______TC（均選填“＞”“＜”或“＝”）。

15、玻璃管中的液面呈“凹”形，這是水浸潤玻璃產(chǎn)生的物理現(xiàn)象，根本原因是附著層內分子間距______（選填“大于”“等于”或“小于”）液體內部分子間距；分子勢能Ep和分子間距離r的關系圖像如圖所示，能反映附著層內水分子的分子勢能Ep的可能是圖中______（選填“A”；“B”或“C”）的位置。

16、如圖所示，圖線Ⅰ為一電源的路端電壓隨電流變化的圖線，圖線Ⅱ為一導體兩端電壓和導體中電流的關系圖線，那么電源電動勢為_______V，電源內阻為______Ω，導體電阻為_________Ω

17、有一個教學用的可拆變壓器；如圖甲所示，它有兩個外觀基本相同的線圈A；B，線圈外部還可以繞線．

(1)某同學用一多用電表的同一歐姆擋先后測量了A、B線圈的電阻值，指針分別對應圖乙中的A、B位置，由此可推斷________線圈的匝數(shù)較多(選填“A”或“B”)．

(2)如果把它看成理想變壓器，現(xiàn)要測定A線圈的匝數(shù)，提供的器材有：一根足夠長的絕緣導線、一只多用電表和低壓交流電源，請簡要敘述實驗的步驟(寫出要測的物理量，并用字母表示)________;A線圈的匝數(shù)為nA＝________.(用所測物理量符號表示).18、如圖所示，兩端開口的圓筒內嵌有一凸透鏡，透鏡主光軸恰好與圓筒中軸線重合。為了測出該透鏡的焦距以及透鏡在圓筒內的位置，小李同學做如下實驗：在圓筒左側凸透鏡的主光軸上放置一點光源S，在圓筒右側垂直凸透鏡的主光軸固定一光屏，點光源S與光屏的距離為L。左右移動圓筒，當圓筒左端面距離點光源S為a時，恰好在光屏上成一個清晰的像；將圓筒向右水平移動距離b，光屏上又出現(xiàn)了一個清晰的像。則凸透鏡和圓筒左端面的距離x為____________，該透鏡的焦距f為__________。

19、如圖9所示，豎直平面內放一直角桿，桿的水平部分粗糙，豎直部分光滑，兩部分各套有質量分別為mA="2.0"kg和mB="1.0"kg的小球A和B，A球與水平桿間動摩擦因數(shù)μ=0.20，A、B間用不可伸長的輕繩相連，圖示位置處OA="1.5"m，OB="2.0"m.g取10m/s2.

圖9

（1）若用水平力F1沿桿向右拉A，使A由圖示位置向右極緩慢地移動0.5m，則該過程中拉力F1做了多少功？

（2）若用水平力F2沿桿向右拉A，使B以1m/s的速度勻速上升，則在B經(jīng)過圖示位置上升0.5m的過程中，拉力F2做了多少功？評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)20、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

21、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

22、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共2題，共14分)23、如圖所示，電路中三個電阻和的阻值分別為R、2R和4R．當電鍵斷開、閉合時，電源輸出功率為；當閉合、斷開時，電源輸出功率也為.

（1）求電源的內阻和電動勢；

（2）當、都斷開時，求電源的總功率．24、如圖所示，在坐標系xOy平面的x>0區(qū)域內，存在電場強度大小E=2×105N/C、方向垂直于x軸的勻強電場和磁感應強度大小B=0.2T、方向與xOy平面垂直向外的勻強磁場，在y軸上有一足夠長的熒光屏PQ，在x軸上的M(10，0)點處有一粒子發(fā)射槍向x軸正方向連續(xù)不斷地發(fā)射大量質量m=6.4×10－27kg、電荷量q=3.2×10－19C的帶正電粒子(重力不計)，粒子恰能沿x軸做勻速直線運動；若撤去電場，并使粒子發(fā)射槍以M點為軸在xOy平面內以角速度=2πrad/s順時針勻速轉動(整個裝置都處在真空中)．

（1）判斷電場方向；求粒子離開發(fā)射槍時的速度；

（2）帶電粒子在磁場中運動的軌跡半徑；

（3）熒光屏上閃光點的范圍距離；

（4）熒光屏上閃光點從最低點移動到最高點所用的時間．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【詳解】

由圖1可知，當“1”區(qū)經(jīng)過閱讀器的檢測頭時，產(chǎn)生正向電壓，當“0”區(qū)經(jīng)過閱讀器的檢測頭時，產(chǎn)生負向電壓，可見B正確．2、B【分析】【詳解】

根據(jù)交流電動勢可知ω＝100πrad/s，解得交流電的頻率f為50Hz，故A錯誤；根據(jù)交流電動勢瞬時表達式，可知Em＝100V，交流電動勢的有效值故B正確；當線圈轉到如圖所示的位置時，穿過線圈的磁通量最大，穿過線圈的磁通量變化率為零，電動勢為零．故CD錯誤．3、C【分析】【詳解】

帶負電金屬環(huán)；如圖所示的旋轉。則金屬環(huán)的電流方向與旋轉方向相反。再由右手螺旋定則可知金屬環(huán)磁極的方向：右端S極，左端N極。因此小磁針N極沿軸線向左。故C正確，ABD錯誤。

故選：C。4、D【分析】【詳解】

AB．由楞次定律知線圈中的感應電流沿順時針方向，根據(jù)法拉第電磁感應定律：故AB錯誤；

C．線圈中產(chǎn)生的焦耳熱：代入數(shù)據(jù)解得：Q=0.5J；故C錯誤；

D．通過線圈橫截面的電荷量：代入數(shù)據(jù)得：q=0.1C，故D正確．5、A【分析】【詳解】

A.降壓變壓器輸出電壓220V，根據(jù)變壓器原理：代入數(shù)據(jù)解得：A正確。

BCD.降壓變壓器輸出功率：而代入數(shù)據(jù)解得：輸電線電流輸電線上功率損失：根據(jù)：所以發(fā)電機輸出功率為22040W，BCD錯誤6、A【分析】【詳解】

由題意可知，從A到B體積不變，從B到C溫度不變，從C到A壓強不變，則BCD圖都能反映這種變化過程；而A圖中從A到B體積不變，從B到C壓強不變，從C到A溫度不變，故選項A不能反映這一變化過程；故選A.7、B【分析】【詳解】

將粒子的運動沿著XX'方向、YY'方向和初速度方向進行正交分解，沿初速度方向不受外力，做勻速直線運動；由于電極XX'加的是掃描電壓，電極YY'之間所加的電壓信號電壓，信號電壓與掃描電壓周期相同，所以熒光屏上會看到的圖形是B．二、多選題(共6題，共12分)8、A:B:C【分析】【分析】

當滑動變阻器滑動端向右滑動后，分析變阻器接入電路的電阻如何變化，分析外電路總電阻如何變化，確定總電流的變化情況，即可知電流表A2的示數(shù)變化情況．根據(jù)串聯(lián)電路的特點分析并聯(lián)部分電壓的變化情況，確定電流表A1的示數(shù)變化情況，根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律，分析A1與A2的變化量大小．根據(jù)閉合電路歐姆定律分析△U與△I1比值．

【詳解】

A、B項：當滑動變阻器滑動端向右滑動后，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，則總電流減小．所以電流表A2的示數(shù)減?。?/p>

根據(jù)串聯(lián)電路分壓的特點分析可知；并聯(lián)部分電壓增大，即電壓表V的示數(shù)增大，故A；B正確；

C項：根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律I2=I1+I，A2的示數(shù)I2變小，通過定值電阻R1的電流增大，則A1的示數(shù)I1變小，所以△I1一定大于△I2．

電壓表測量路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E-I2r可知而△I1大于△I2，所以故D錯誤；C正確．

故選ABC．

【點睛】

本題是一道閉合電路的動態(tài)分析題，分析清楚電路結構、明確電表所測電壓，關鍵能根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電壓與電流變化的比值，即可正確解題．9、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體；故A錯誤；

B．由熱力學第二定律可知；故B正確；

C．當分子間的距離增大時；分子間的引力和斥力均減小，故C錯誤；

D．溫度是描述熱運動的物理量；是決定一個系統(tǒng)與另一個系統(tǒng)是否達到熱平衡狀態(tài)的物理量，所以當一個系統(tǒng)與另一個系統(tǒng)達到熱平衡時兩系統(tǒng)溫度相同，故D正確。

故選BD。10、A:C:E【分析】【詳解】

A．一定質量的理想氣體等壓膨脹過程中，體積增大，對外做功，由知；氣體的溫度升高，內能增大，由熱力學第一定律可知，氣體一定從外界吸收熱量，故A正確；

B．氣體在等溫壓縮的過程中；外界對氣體做功，氣體內能不變，故氣體一定放出熱量，故B錯誤；

C．液晶顯示屏是應用液晶光學各向異性特點制成的；故C正確；

D．熱傳遞的方向性是指在沒有外界影響的前提下；空調機工作過程摻進了電流做功，顯然不滿足這個前提，故D錯誤；

E．分子間距減小；但不確定分子力做功的正負，則不能分析分子勢能變化，如分子力為斥力，分子距離減小，分子力做負功，分子勢能增大，故E正確。

故選ACE。11、B:C:D【分析】【詳解】

A；電容器的擊穿電壓；是指交流電的最大值，故選項A錯誤；

B；保險絲的熔斷電流；是指交流電的有效值，故選項B正確；

C；交流電壓表的讀數(shù)；是指交流電的有效值，故選項C正確；

D、電動機銘牌上的額定電壓，是指交流電的有效值，故選項D正確。12、B:D【分析】【分析】

由電路圖可知，電阻R2、R3、R4串聯(lián)接入電路，電容器C1并聯(lián)在電阻電阻R2兩端，電容器C2與R2、R3的串聯(lián)電路并聯(lián)；根據(jù)電路電阻的變化；應用歐姆定律及串聯(lián)電路特點判斷電容器兩端電壓如何變化，然后由Q=CU判斷出電容器所帶電荷量如何變化．

【詳解】

A、減小R1，電容器C1、C2兩端電壓不變；電容器所帶電量不變，故A錯誤；

B、增大R2，整個電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，路端電壓變大，電阻R3、R4兩端電壓變小，電阻R2兩端電壓變大，電阻R2、R3串聯(lián)電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓變大；由Q=CU可知，兩電容器所帶的電量都增加，故B正確；

C、增大R3，整個電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，由U=IR可知，電阻R2兩端電壓變小，電容器C1兩端電壓變小；路端電壓變大，電阻R4兩端電壓變小，電阻R2、R3串聯(lián)電壓變大，電容器C2兩端電壓變大，由Q=CU可知，電容器C1所帶電荷量減少，C2所帶的電量都增加；故C錯誤；

D、減小R4，電路總電阻變小，由閉合歐姆定律可知，電路電流變大，電阻R2兩端電壓變大，電阻R2、R3串聯(lián)電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓都增大，由Q=CU可知C1、C2所帶的電量都增加；故D正確；

故選BD．13、C:D【分析】【詳解】

一個處于n＝3能級的氫原子向低能級躍遷時，最多可能發(fā)出2種不同頻率的光，即3→2,2→1，選項A錯誤；氫原子從高能級向n=3能級躍遷時發(fā)出的光子能量小于1.51eV，不在1.62eV到3.11eV之間，一定全是不可見光，故B錯誤．紫外線的光子能量大于3.11eV，則處于n＝3能級的氫原子可以吸收任意頻率的紫外線，并發(fā)生電離，選項C正確；大量處于n=4能級的氫原子躍遷到基態(tài)的過程中可以釋放出＝6種頻率的光子；故D正確；故選CD．

點睛：本題考查氫原子的波爾理論，解決本題的關鍵知道能級間躍遷所滿足的規(guī)律，即Em-En=hv，并能靈活運用；注意“一個氫原子”和“大量氫原子”躍遷產(chǎn)生光子的種數(shù)的計算方法不同．三、填空題(共6題，共12分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]A到B為等容變化，故

由圖可知

則

B到C為等壓變化，則

由圖可知

則【解析】①.＞②.＜15、略

【分析】【詳解】

[1][2]浸潤現(xiàn)象產(chǎn)生的原因是附著層內分子間距小于液體內部分子間距，分子間表現(xiàn)為斥力，分子勢能可能是圖像中的A點。【解析】小于A16、略

【分析】【詳解】

[1]由圖線Ⅰ可知；當電流為零時，路端電壓等于電源電動勢，則可知電源的電動勢為6V；

[2]內阻為

[3]導體的電阻為【解析】62317、略

【分析】【詳解】

(1)由題圖乙可知A位置的阻值大于B位置的阻值，由電阻定律可得A線圈的匝數(shù)多于B線圈的．

(2)①用長導線繞一個n匝線圈，作為副線圈替代A線圈；

②把低壓交流電源接B線圈，測得線圈的輸出電壓為U；

③用A線圈換下繞制的線圈測得A線圈的輸出電壓為UA.

因為要測量A線圈匝數(shù)，所以要把A線圈與低壓交流電源相連接．變壓器輸入輸出電壓都是交流電，所以要用交流電壓檔測輸入和輸出電壓．根據(jù)變壓器電壓比等于匝數(shù)比，有:所以

【點睛】

此題既要對多用表能正確使用，又要對變壓器的原理熟練掌握，綜合要求較高．【解析】(1)A(2)①用長導線繞一個n匝線圈，作為副線圈替代A線圈；②把低壓交流電源接B線圈，測得線圈的輸出電壓為U；③用A線圈換下繞制的線圈測得A線圈的輸出電壓為UA；18、略

【分析】【分析】

掌握凸透鏡成像的規(guī)律，根據(jù)光路的可逆性，兩次成像的物距和像距正好相反，即第一次的物距等于第二次的像距，第一次的像距等于第二次的物距，從而可以計算出距離x的值；根據(jù)凸透鏡成像的原理；由點S發(fā)出的光經(jīng)過凸透鏡后會聚到像點，并結合平行于主光軸的光線過焦點分析焦距的大小。

【詳解】

[1]根據(jù)光路的可逆性，第一次的物距等于第二次的像距，第一次的像距等于第二次的像距，第一次的物距

圓筒向右移動b，則凸透鏡也會向右移動b，則第二次的像距為

則有

解得

[2]光源S所成像應在S′處，若物體為AS，則成像應為A′S′；根據(jù)成像原理，成像光路圖如圖所示：

又像高與物體高度正比等于像距與物距之比，則有

由圖知，△A′S′F∽△BOF，則

又AS=BO

聯(lián)立以上幾式得【解析】19、略

【分析】（1）A；B小球和細繩整體豎直方向處于平衡；A受到水平桿的彈力為。

N=（mA+mB）g①

則A受到的摩擦力為f=μ（mA+mB）g②

由幾何關系，sB="0.5"m③

由能量關系，拉力F1做功為：

W1=fsA+mBgsB④

得：W1="0.8"J⑤

(2)設細繩與豎直方向的夾角為θ，因繩不可伸長，所以vBcosθ=vAsinθ⑥

則=vBcotθ1=m/s；⑦

=vBcotθ2=m/s⑧

設拉力F2做功為W2，對系統(tǒng)由能量關系得W2-fsA-mBgsB=mAvA22-mAvA21⑨

代入數(shù)據(jù)解得W2="6.8"J⑩【解析】（1）0.8J(2)6.8J四、作圖題(共3題，共9分)20、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】21、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原