…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教A新版選修3物理上冊月考試卷712考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、某同學按如圖1所示連接電路，利用電流傳感器研究電容器的放電過程．先使開關S接1，電容器充電完畢后將開關擲向2，可視為理想電流表的電流傳感器將電流信息傳入計算機，屏幕上顯示出電流隨時間變化的I-t曲線，如圖2所示．定值電阻R已知，且從圖中可讀出最大放電電流I0，以及圖線與坐標軸圍成的面積S，但電源電動勢、內電阻、電容器的電容均未知，根據(jù)題目所給的信息，下列物理量不能求出的是（）

A.電容器放出的總電荷量B.電阻R兩端的最大電壓C.電容器的電容D.電源的內電阻2、如圖；一豎直放置的汽缸內有兩個活塞分別用一根硬桿相連，上活塞上放有一小木塊，缸內封有一定質量的氣體，整個系統(tǒng)處于平衡?；钊c缸壁間無摩擦且不漏氣。下列做法中能使兩活塞相對汽缸向下移動的是（）

A.給氣缸內氣體緩慢降溫B.上活塞再加一個小木塊C.讓整個裝置自由下落D.大氣壓變大3、關于分子動理論，下列說法中正確的是（）A.布朗運動就是液體或者氣體分子的無規(guī)則運動B.不浸潤現(xiàn)象說明固體分子對液體分子的吸引力大于液體分子之間的吸引力C.在擴散現(xiàn)象中，溫度越高，擴散得越快D.分子間引力總是隨著分子間距離增大而增大4、一個電流表的滿偏電流Ig=1mA.內阻為300Ω，要把它改裝成一個量程為10V的電壓表，則應在電流表上（）A.串聯(lián)一個10000Ω的電阻B.并聯(lián)一個10000Ω的電阻C.串聯(lián)一個9700Ω的電阻D.并聯(lián)一個9700Ω的電阻5、在如右上圖所示的電路中，電池的電動勢為E，內電阻為r，R1、R2為兩個阻值固定的電阻；當可變電阻R的滑片向下移動時，安培表的示數(shù)I和伏特表的示數(shù)U將（）

A.I變大，U變大B.I變大，U變小C.I變小，U變大D.I變小，U變小6、如圖甲所示的“火災報警系統(tǒng)”電路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為10:1，原線圈接入圖乙所示的電壓，電壓表和電流表均為理想電表，R0為半導體熱敏電阻，其阻值隨溫度的升高而減小，R1為滑動變阻器．當通過報警器的電流超過某值時，報警器將報警．下列說法正確的是()

A.電壓表V的示數(shù)為20VB.R0處出現(xiàn)火警時，電流表A的示數(shù)減小C.R0處出現(xiàn)火警時，變壓器的輸入功率增大D.要使報警器的臨界溫度升高，可將R1的滑片P適當向下移動7、由圖可知道；電容器的電容是（）

A.100μFB.100VC.470μFD.470V8、質量為m的炮彈沿水平方向飛行，其動能為Ek，突然在空中爆炸成質量相同的兩塊，其中一塊向后飛去，動能為另一塊向前飛去，則向前的這塊的動能為（）A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、兩位同學在實驗室利用如圖（a）所示的電路測定定值電阻R0、電源的電動勢E和內阻r，調節(jié)滑動變阻器的滑動觸頭P向某一方向移動時，一個同學記錄了電流表A和電壓表V1的測量數(shù)據(jù)，另一同學記錄的是電流表A和電壓表V2的測量數(shù)據(jù)．并根據(jù)數(shù)據(jù)描繪了如圖（b）所示的兩條U-I直線．圖象中兩直線的交點C表示的物理意義是（）

A.滑動變阻器的滑動頭P滑到了最左端B.電源的輸出功率最大C.定值電阻R上消耗的功率為0.5WD.電源的效率達到最大值10、如圖所示的電路，電源內阻為r，A、B、C為三個相同的燈泡，其電阻均為當變阻器的滑動觸頭P向上滑動時（）

A.A燈變暗，B燈變亮，C燈變亮B.電源輸出的電功率增加，電源的效率變小C.A燈的電壓改變量的絕對值比B燈小D.A燈的電壓改變量的絕對值與B燈大11、下列說法正確的是（）A.液體表面層分子分布比液體內部稀疏，分子間的相互作用力表現(xiàn)為引力B.在熱傳導中，熱量不可能從低溫物體傳遞給高溫物體C.所有的晶體都有確定的熔點，而非晶體沒有確定的熔點D.水蒸氣達到飽和時，水蒸氣的壓強不再變化，這時蒸發(fā)和凝結停止進行12、如圖所示，一定質量的理想氣體，從狀態(tài)A經絕熱過程A→B、等容過程B→C、等溫過程C→A又回到了狀態(tài)A，則____。

A.A→B過程氣體降溫B.B→C過程氣體內能增加，可能外界對氣體做了功C.C→A過程氣體放熱E.C→A過程單位時間內碰撞到單位面積容器壁的分子數(shù)增多E.C→A過程單位時間內碰撞到單位面積容器壁的分子數(shù)增多13、下列說法中正確的是____。A.無論對物體如何進行冷卻，都不能把它的溫度降為絕對零度B.三個熱力學系統(tǒng)C，若A與B內能相等，B與C內能相等，則根據(jù)熱平衡定律A與C接觸時不會發(fā)生熱交換C.當分子間的引力和斥力平衡時，分子勢能最小E.一定溫度下飽和汽的分子數(shù)密度是一定的，溫度升高，飽和汽的分子數(shù)密度增大E.一定溫度下飽和汽的分子數(shù)密度是一定的，溫度升高，飽和汽的分子數(shù)密度增大14、下列說法正確的是（）A.一定質量的零攝氏度的水結成同溫度的冰，分子平均熱運動動能不會改變B.一定質量的氣體體積變大一定對外做功C.無論科技如何發(fā)達，降溫技術有多么高明絕對零度都不可能真正達到D.隨著溫度的升高，物質的每個分子熱運動劇烈程度都在加劇15、圖甲是一列簡諧橫波在t＝0.01s時刻的波形圖，圖乙是質點P的振動圖象，則下列說法正確的是()

A.該波沿x軸負方向傳播，波速大小為100m/sB.在0.01s~0.025s內，質點R通過的路程為15cmC.t＝0.005s時，1.5m處質點沿y軸的負方向運動D.在0.01s~0.015s內，質點Q的加速度一直在減小16、空間存在平面直角坐標系xoy，在x<0區(qū)域內有沿x軸正向的勻強電場，在x>0區(qū)域內有垂直平面向外的勻強磁場，在第二象限內有矩形OACD，OA=h，OD=2h．一個質量為m，電量為q的帶正電粒子（不計重力）從A點沿y軸正方向以某速度射入第二象限，經t0時間后由D點進入磁場，又經一段時間射出磁場又回到A點，現(xiàn)只改變粒子自A點出射速度大小至v，粒子經過一段時間運動可經過C點，則（）

A.勻強電場的場強大小為B.勻強磁場的磁感應強度大小為C.能使粒子以最短時間從A點運動至C點的初速度v=D.能使粒子以最短時間從A點運動至C點的初速度v>評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)17、用圖甲所示的裝置研究光電效應現(xiàn)象，當用光子能量為5eV的光照射到光電管上時，測得電流計的示數(shù)隨電壓變化的圖像如圖乙所示.則光電子的最大初動能為__________J，金屬的逸出功為________J.18、圖甲是研究光電效應現(xiàn)象的裝置．某同學用該裝置探究遏止電壓．與入射光頻率之間的關系，得到圖乙圖象．圖中電源____端為正極(填“左”或“右")．該裝置陰極K的逸出功為____J.已知普朗克常量h=（結果保留三位有效數(shù)字）

19、（1）單晶體有各向_______的特點．

（2）液體的溫度越高，表面張力_______；液體中溶有雜質時，表面張力_______；液體的密度越大，表面張力_______．

（3）關于飽和汽壓的特點：液體的飽和汽壓與溫度有關，溫度越高，飽和汽壓______，且飽和汽壓與飽和汽的體積無關．20、如圖所示；將帶有負電的絕緣棒移近兩個不帶電的導體球，兩個導體開始時互相接觸且對地絕緣。

（1）為了使兩球帶上等量異號電荷，應___________。

A．先移走棒；再把兩球分開B．先把兩球分開，再移走棒。

（2）使棒與甲球瞬時接觸，再移走棒，導體甲帶___________電；導體乙?guī)_______。

（3）先使甲球瞬時接地，再移走棒，導體甲帶_________電；導體乙?guī)_______電。21、熱平衡的性質：達到熱平衡的系統(tǒng)都具有相同的_______。22、陰極射線管的上方有一根固定的導線AB，如圖所示，當導線中通一如圖所示的電流時，陰極射線管的電子流將向__________偏轉。（填“下”或“上”）23、如圖所示，一邊長為0.1m的單匝正方形線圈從左側勻速進入勻強磁場，磁場的磁感應度B＝2T．從ab邊開始進入磁場至cd邊恰好進入磁場的過程中，線圈的磁通量變化了________Wb；若上述過程所經歷的時間為0.2s，則線圈中產生的感應電動勢為________V.

評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)24、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

25、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

26、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共2分)27、在測量“水果電池”的電動勢和內電阻的實驗中；待測“水果電池”的電動勢約為1.5V，現(xiàn)有下列器材：

待測“水果電池”

電流表A：滿偏電流3mA；電阻不計。

電壓表V：量程0﹣1.5V；電阻約10KΩ

滑動變阻器R1：0﹣10Ω

滑動變阻器R2：0﹣20kΩ

開關；導線等。

（1）本實驗選用圖甲所示的實驗原理圖，應該選用的滑動變阻器是_____（選填“R1或“R2”）．

（2）根據(jù)電壓表的示數(shù)U與電流表的示數(shù)I，做出如圖乙所示的U﹣I圖象，根據(jù)圖象可知，待測電池的電動勢E＝_____V，內電阻r＝_____Ω．評卷人得分六、解答題(共2題，共4分)28、兩根足夠長的光滑導軌豎直放置，間距為L，頂端接阻值為R的電阻．質量為m、電阻為r的金屬棒在距磁場上邊界某處由靜止釋放；金屬棒和導軌接觸良好，導軌所在平面與磁感應強度為B的勻強磁場垂直，如圖所示，不計導軌的電阻，重力加速度為g，求：

(1)金屬棒在磁場中運動時；流過電阻R的電流方向？

(2)金屬棒的速度為v時；金屬棒所受的安培力為大??？

(3)金屬棒以穩(wěn)定的速度下滑時；電路消耗的熱功率為多少？

29、一列沿x軸負方向傳播的橫波在t=0時的波形如圖所示，已知時，P點第一次出現(xiàn)波谷．試計算：

①這列波的傳播速度多大?

②從時刻起，經多長時間Q點第一次出現(xiàn)波峰?

③當Q點第一次出現(xiàn)波峰時，P點通過的路程為多少?參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

A.根據(jù)可知圖像與兩坐標軸圍成的面積表示電容器放出的總電荷量，即故選項A可求；

B.電阻兩端的最大電壓即為電容器剛開始放電的時候，則最大電壓故選項B可求；

C.根據(jù)可知電容器的電容為故選項C可求；

D.電源的內電阻在右面的充電電路中，根據(jù)題意只知道電源的電動勢等于電容器充滿電兩板間的電壓，也就是剛開始放電時的電壓，即但內電阻沒法求出，故選項D不可求．2、B【分析】【分析】

【詳解】

A．給氣缸緩慢降溫；氣體溫度降低，由蓋·呂薩克定律知氣體體積要減小，從氣缸結構上看活塞應向上移動，選項A錯誤；

B．設缸內氣體壓強p，外界大氣壓為p0，大活塞面積S，小活塞面積s，活塞和木塊的總重力為G，以活塞和氣體整體為研究對象，由物體平衡條件知

上活塞再加一個小木塊；整體的重力增大，大氣壓及活塞面積不變，則容器內氣體壓強必須減小，由玻意耳定律知氣體體積要增大，所以兩活塞相對汽缸向下移動，選項B正確．

C．讓整個裝置自由下落；缸內氣體壓強增大（原來小于大氣壓強），由玻意耳定律知氣體體積要減小，所以氣缸向上移動，選項C錯誤；

D．大氣壓變大時，由知缸內氣體壓強要變大；由玻意耳定律知氣體體積要減小，所以氣缸要向上移動，選項D錯誤。

故選B。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．布朗運動指的是液體中的小顆粒的無規(guī)則運動；反應液體分子的無規(guī)則運動，A錯誤；

B．不浸潤現(xiàn)象說明固體分子對液體分子的吸引力小于液體分子之間的吸引力；B錯誤；

C．在擴散現(xiàn)象中；溫度越高，分子熱運動越劇烈，擴散得越快，C正確；

D．分子間引力總是隨著分子間距離增大而減?。籇錯誤。

故選C。4、C【分析】【詳解】

試題分析：改裝電壓表需要串聯(lián)一個電阻進行分壓；所以BD錯誤；

根據(jù)歐姆定律可得：即解得

故選C；

考點：考查了電壓表的改裝原理。

點評：電流表串聯(lián)電阻起分壓作用為電壓表，電壓表串聯(lián)電阻為總電阻減去電流表的內阻．總電阻=量程除以滿偏電流．5、B【分析】當R的滑動觸頭P向下移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知總電流I增大，電壓表測量路端電壓U，而U=E-Ir，I增大，E、r不變，則U變小；R1兩端電壓變大，R2兩端變小，通過R2電流減小；總電流變大，通過A的電流變大，故B正確．

點晴：電路的動態(tài)分析：析的順序：外電路部分電路變化→總電阻的變化→判斷總電流的變化→由閉合電路歐姆定律判斷U的變化→由部分電路歐姆定律分析固定電阻的電流、電壓的變化歐→用串、并聯(lián)規(guī)律分析變化電阻的電流、電壓電功．6、C【分析】【詳解】

設此電壓的最大值為Um，電壓的有效值為U．代入數(shù)據(jù)得圖乙中電壓的有效值為110V．變壓器原、副線圈中的電壓與匝數(shù)成正比，所以變壓器原、副線圈中的電壓之比是10：l，所以電壓表的示數(shù)為11V，故A錯誤．R0處出現(xiàn)火警時，電阻減小，則次級電流變大，變壓器輸出功率變大，則變壓器的輸入功率增大，電流表示數(shù)變大，選項C正確，B錯誤；R1的滑片P適當向下移動，R1電阻變大，則次級電流變大，R0上電壓變大；則報警器兩端電壓減小，則報警器的臨界溫度就降低了，故選項D錯誤；故選C.

點睛：根據(jù)電流的熱效應，求解交變電流的有效值是常見題型，要熟練掌握．根據(jù)圖象準確找出已知量，是對學生認圖的基本要求，準確掌握理想變壓器的特點及電壓、電流比與匝數(shù)比的關系，是解決本題的關鍵．7、C【分析】試題分析：電容器的電容與只與電容器本身決定；電容的單位是法拉，其他常見的單位還有微法；皮法，結合它們單位之間的關系解答即可．

解：由圖可知；電容器的電容C=470μF，而100V，是電容器的耐壓值，故C正確，ABD錯誤．

故選：C．

【點評】該題考查電容的單位之間的換算關系，要牢記1F=106μF=1012pF．基礎題目．8、B【分析】【詳解】

炸彈開始動能EK＝mv2，解得．其中一塊動能為解得根據(jù)動量守恒定律得，mv=-v1+v2，解得v2＝3．則動能．故B正確；ACD錯誤．故選B．

【點睛】

解決本題的關鍵知道炸彈在爆炸的瞬間系統(tǒng)動量守恒，運用動量守恒定律解題時注意速度的方向．二、多選題(共8題，共16分)9、A:B:C【分析】【詳解】

A．由題意可知圖象甲表示電源的路端電壓隨電流的變化關系；圖象乙表示電阻兩端的電壓隨電流的變化關系；交點處說明兩圖象表示的電流相等；并且電壓相等，故說明此時滑動變阻器短路，即滑片滑到了最左端，故A正確；

B．當電路中外電阻等于內電阻時，電源輸出功率最大，由圖(b)可知R0＞r

改變滑動變阻器時無法達到電路中內；外電阻相等；此時當外電阻越接近內電阻時，電源輸出功率最大，故B正確；

C．由圖可知，此時電源的路端電壓為1.0V，電流為0.5A，定值電阻上消耗的電功P=UI=0.5W

故C正確；

D．電源的效率

由此可知電流越小功率越大，可見滑動變阻器的滑動頭P滑到最右端時效率最大；故D錯誤。

故選ABC。10、B:C【分析】【詳解】

A．當變阻器的滑動觸頭P向上移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流I增大；A燈變亮，A燈和電源的內電壓增大，并聯(lián)部分電壓減小，B燈變暗，由總電流增大，而通過B燈的電流減小，可知通過C燈的電流增大，C燈變亮，故A錯誤；

B．電源消耗的總功率為P=EI

電源的電動勢E不變，I增大，則電源的總功率P增大，電源的供電效率

外電阻減小，路端電壓U減??；電源的供電效率降低，故B正確；

CD．A燈與內阻電壓的減小量等于B燈的電壓的增大量；A燈的電壓改變量的絕對值比B燈小，故C正確，D錯誤。

故選BC。11、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．液體表面層分子分布比液體內部稀疏；分子間的相互作用力表現(xiàn)為引力，選項A正確；

B．在熱傳導中；熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳遞給高溫物體，選項B錯誤；

C．所有的晶體都有確定的熔點；而非晶體沒有確定的熔點，選項C正確；

D．水蒸氣達到飽和時；水蒸氣的壓強不再變化，這時蒸發(fā)和凝結仍在不停地進行，只是達到了動態(tài)平衡，選項D錯誤。

故選AC。12、A:C:E【分析】【詳解】

A．A→B過程絕熱；氣體與外界即不吸熱也不放熱，即。

但氣體體積增大；氣體對外做功，即。

由熱力學第一定律。

可知理想氣體內能減小；溫度降低，A正確；

B．B→C過程體積不變；外界對氣體不做功，B錯誤；

C．C→A過程等溫理想氣體內能不變；即。

如圖可知氣體的體積減??；外界對氣體做功，即。

由熱力學第一定律。

可得。

即氣體對外放熱；C正確；

D．根據(jù)圖像，圖像與坐標軸（V軸）圍成的面積表示所做的功；由圖可知。

且。

則全部過程氣體做功不為零；D錯誤；

E．C→A過程氣體溫度不變；分子速率不變，氣體體積減小，單位體積分子密度增大，單位時間內碰撞到單位面積容器壁的分子數(shù)增多，E正確。

故選ACE。13、A:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)熱力學第三定律可知；絕對零度是不可能達到的，故A正確；

B．熱平衡狀態(tài)即為兩物體的溫度相同；但兩物體內能相同時，溫度不一定相同，A與C接觸時可能會發(fā)生熱交換，故B錯誤；

C．當分子間r>r0時，分子力表現(xiàn)為引力，隨距離r增大，引力做負功，分子勢能增大，當分子間r<r0時，分子力表現(xiàn)為斥力，隨距離增大，斥力做正功，分子勢能減小，當r=r0時,分子間的引力和斥力平衡；分子勢能最小，故C正確；

D．陽光下看到細小的塵埃飛揚是固體顆粒在空氣的流動下的運動；不是布朗運動，故D錯誤；

E．在動態(tài)平衡時；飽和汽的分子數(shù)密度不變，飽和汽壓隨溫度的升高而增大是因為飽和汽的分子數(shù)密度和蒸汽分子的平均速率都隨溫度的升高而增大，所以一定溫度下飽和汽的分子數(shù)密度是一定的，溫度升高，飽和汽的分子數(shù)密度增大，故E正確；

故選ACE。14、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．一定質量的零攝氏度的水結成同溫度的冰；溫度不變，分子平均熱運動動能不會改變，故A正確；

B．一定質量的氣體若自由膨脹；體積增大，但是不對外做功，故B錯誤；

C．無論科技如何發(fā)達；降溫技術有多么高明絕對零度都不可能真正達到，故C正確；

D．溫度是分子無規(guī)則熱運動激烈程度的反映；溫度升高，分子熱運動加劇，分子的平均動能增大，但這是一個統(tǒng)計規(guī)律，由于分子運動是雜亂無章的，不是每個分子的動能都增大，某個分子的動能可能減小，故D錯誤；

故選AC。15、B:C【分析】【詳解】

圖乙是質點P的振動圖象，根據(jù)圖乙可知在0.01s時P向上振動，根據(jù)“同側法”可知波沿+x方向傳播，波長λ=2m．周期T=0.02s，故波速故A錯誤；在0.01s～0.025s內，即質點R振動了所以質點R通過的路程為s=×4A=×4×5cm=15cm，故B正確；t=0.01s時1.5m處質點處于負向最大位移，所以t=0.005s時，1.5m處質點沿y軸的負方向運動，故C正確；該時刻質點Q向下振動，在0.01s～0.015s內，即從該時刻再經過T/4，質點Q的位移先減小后反向增大，則加速度先減小、后反向增大，故D錯誤．16、A:D【分析】【詳解】

A．設粒子的初速度為從A點進入電場以后做類平拋運動，可得A正確。

B．粒子從A運動到D做類平拋的位移偏轉角的正切值為所以速度偏轉角的正切值為所以D點速度與y軸正方向成60°，根據(jù)幾何關系可得，要想粒子回到A點，粒子必須在D點關于x軸對稱的點回到電場才可以，所以粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑為所以B錯誤。

CD．因為不改變電場，所以粒子第一次運動到y(tǒng)軸的時間不變，設粒子第一次到達y軸的坐標為（0，y），速度為方向與y軸成x方向的速度為則粒子進入磁場做勻速圓周運動的半徑

所以粒子第二次到達y軸的坐標為（0，），第一次和第二次到達y軸的點的間距為與初速度無關，所以根據(jù)對稱性可知，第一次到達y軸的坐標為（0，3h），第二次到達y軸的坐標為（0，-h），所以能使粒子以最短時間從A點運動至C點的初速度v=C錯誤D正確三、填空題(共7題，共14分)17、略

【分析】【詳解】

第一空.由題中I－U圖像可知：遏止電壓Uc=2V，即Ekm=eUc=3.2×10-19J。

第二空.由光電效應方程Ekm=hv－W0解得W0=hv－Ekm=3eV=4.8×10-19J.【解析】3.2×10－194.8×10－1918、略

【分析】【詳解】

因為是研究遏止電壓的裝置，所以所加電壓應為反向電壓，阻值光電子到達A極板形成光電流，所以A極板接電源負極，K級板接電源正極，電源右端為正極；根據(jù)圖像乙可知，當頻率為時，所需遏止電壓為零，說明此時對應頻率為截止頻率所以逸出功：【解析】右3.38×10-1919、略

【分析】（1）單晶體有各向異性的特點．

（2）根據(jù)表面張力的形成可知；液體的溫度越高，表面張力越?。灰后w中溶有雜質時，表面張力變?。灰后w的密度越大，表面張力越大．

（3）關于飽和汽壓的特點：液體的飽和汽壓與溫度有關，溫度越高，飽和汽壓越大，且飽和汽壓與飽和汽的體積無關．【解析】異性越小變小越大越大20、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]根據(jù)靜電感應可知；將帶有負電的絕緣棒移近兩個不帶電的導體球時，在兩個導體球上分別感應出等量的異號電荷，此時先把兩球分開，再移走棒。就會使兩球帶上等量異號電荷；

(2)[2][3]使棒與甲球瞬時接觸；再移走棒，會使兩導體球均帶上負電荷；

(3)[4][5]先使甲球瞬時接地，會使兩球瞬間與大地連為一體，此時導體球上感應出的負電荷會導入大地，再移走棒，兩球均帶正電荷?！窘馕觥緽負負正正21、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】溫度22、略

【分析】根據(jù)安培定則判斷可知：通電導線在陰極射線管處產生的磁場方向垂直紙面向里；電子帶負電，向右運動，由左手定則判斷得知電子流所受的洛倫茲力方向向下，所以陰極射線向下偏轉．

【點睛】本題關鍵要掌握兩大定則：安培定則和左手定則，要明確兩個問題：一是什么條件用什么定則，二是怎樣用定則．【解析】下23、略

【分析】【詳解】

從ab邊開始進入磁場至cd邊恰好進入磁場的過程中，線圈的磁通量變化了線圈中產生的感應電動勢．【解析】0.020.1四、作圖題(共3題，共27分)24、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】25、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；