…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年教科新版必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、若通過一段導體的電流是2A，則1分鐘內通過該導體某截面的電量為A.2CB.0.5CC.120CD.200C2、如圖所示，電路中電源電動勢為E，內阻為r，C為電容器，L為小燈泡，R為定值電阻，閉合電鍵，小燈泡能正常發(fā)光．現(xiàn)將滑動變阻器滑片向右滑動一段距離，滑動前后理想電壓表V1、V2示數(shù)變化量的絕對值分別為ΔU1、ΔU2，理想電流表A示數(shù)變化量的絕對值為ΔI；則()

A.電源的輸出功率一定增大B.燈泡亮度逐漸變暗C.與均保持不變D.當電路穩(wěn)定后，斷開電鍵，小燈泡立刻熄滅3、某電場的電場線如圖中實線所示。帶電粒子僅在電場力作用下由點運動到點；其運動軌跡如圖中虛線所示，下列判斷正確的是（）

A.粒子帶負電B.粒子在點的電勢能大于在點的電勢能C.粒子在點的電勢能小于在點的電勢能D.粒子在點的加速度小于在點的加速度4、關于電阻和電阻率的說法中，正確的是（）A.金屬導體的電阻率不僅與導體的材料有關，而且隨溫度的變化而變化B.導體對電流的阻礙作用叫作導體的電阻，因此只有導體中有電流通過時才有電阻C.由可知導體的電阻與導體兩端的電壓成正比，跟通過導體的電流成反比D.由公式可知，導體的電阻率與導體的電阻R、導體的長度L和橫截面積S有關5、如圖，兩個固定的點電荷相距為0.5m，點a到的間距分別為0.4m、0.3m，已知兩點電荷在點a產生的合電場方向平行于的連線，則兩個點電荷電荷量絕對值的比值等于（）

A.B.C.D.6、用兩個相同的小量程電流表，分別改裝成了兩個量程不同的大量程電流表若把分別采用并聯(lián)或串聯(lián)的方式接入電路；如圖所示，則閉合電鍵后，下列有關電表的示數(shù)和電表指針偏轉角度的說法正確的是（）

A.圖甲中的的指針偏角相同B.圖甲中的的示數(shù)相同C.圖乙中的的示數(shù)和偏角都不同D.圖乙中的的指針偏角相同7、如圖所示，R0為定值電阻，R1為滑動變阻器，電源電動勢為E、內電阻為r，閉合電路使L發(fā)光；將滑動變阻器的滑片向右滑動時（）

A.電源兩端電壓增大B.R0消耗的功率變小C.內電阻消耗的功率變小D.燈泡變暗8、如圖所示，兩塊較大的金屬板A，B相距為d，平行放置并與一電源相連。開關S閉合后，兩板間恰好有一質量為m、帶電荷量為q的油滴處于靜止狀態(tài)。以下說法正確的是（）

A.若將A向左平移一小段位移，則油滴向下加速運動，G表中有的電流B.若將A向上平移一小段位移，則油滴向下加速運動，G表中有的電流C.若將A向下平移一小段位移，則油滴向上加速運動，G表中有的電流D.若S斷開后再將A向下平移一小段位移，則油滴向上加速運動，G表中無電流9、如圖所示，平行板電容器間有一帶電油滴正好靜止在極板正中間，現(xiàn)將極板勻速向下移動到虛線位置，其他條件不變．則在極板移動的過程中（）

A.油滴將向下勻加速運動B.電流計中電流由流向C.極板帶的電荷量逐漸減少D.帶電油滴的電勢能逐漸減小評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)10、質量相同的兩個帶電粒子P、Q以相同的初速度沿垂直于電場方向射入兩平行板間的勻強電場中，P從兩極板正中央射入，Q從下極板邊緣處射入。它們最后打在同一點（不計重力及粒子間相互作用力）；則從開始射入到打到上極板的過程中（）

A.它們運動的時間tP=tQB.它們所帶的電荷量之比qP∶qQ=1∶2C.它們的電勢能減少量之比ΔEP∶ΔEQ=1∶2D.它們的動能增量之比為ΔEkP∶ΔEkQ=2∶111、在如圖所示的電路中電源電動勢為E，內阻為r，M為多種元件集成的電子元件，其阻值與兩端所加的電壓成正比（即RM=kU，式中k為正常數(shù))且遵循歐姆定律，L1和L2是規(guī)格相同的小燈泡（其電阻不隨溫度變化）；R為可變電阻，現(xiàn)閉合開關S，調節(jié)可變電阻R使其電阻值逐漸減小，下列說法正確的是。

A.燈泡L1變暗、L2變亮B.通過電阻R的電流增大C.電子元件M兩端的電壓變大D.電源兩端電壓變小12、如圖所示絕緣傳送帶長為l，傾角為θ。沿順時針方向轉動，速度大小恒為0.5v0，質量為m、電荷量為－q的帶電物塊（可視為質點），以初速度v0從底端滑上傳送帶，并從傳送帶頂端滑出。整個空間存在勻強電場，場強大小方向平行于傳送帶斜向下。傳送帶與物體間動摩擦因數(shù)μ≠0，運動過程中物塊所帶電量不變，重力加速度為g。物塊從底端滑至頂端的過程中；下列說法中正確的是（）

A.物塊可能先做勻減速直線運動后做勻速直線運動B.物塊可能先受到滑動摩擦力的作用，再受到靜摩擦力的作用C.物塊電勢能增加了mglsinθD.物塊克服摩擦力做功可能為13、如圖所示，帶電小球a由絕緣細線PM和PN懸掛而處于靜止狀態(tài)，其中PM水平，地面上固定一絕緣且內壁光滑的圓弧細管道GH，圓心P與a球位置重合，管道底端H與水平地面相切，一質量為m可視為質點的帶電小球b從G端口由靜止釋放，當小球b運動到H端時對管道壁恰好無壓力，重力加速度為g。在小球b由G滑到H過程中；下列說法中正確的是（）

A.小球b機械能逐漸減小B.小球b所受庫侖力大小為2mgC.細線PM的拉力先增大后減小D.小球b的加速度大小逐漸變大14、測量平面內某點P的電場強度大小隨時間的變化，得到如圖所示的圖線，圖線AB段與BC段關于直線t＝t0對稱。電場是由該平面內兩個相同的點電荷產生的，其中一個點電荷固定不動且到P點的距離為d，另一個點電荷以恒定的速度在該平面內做勻速直線運動，靜電力常量為k；則（）

A.點電荷的電荷量為B.點電荷的電荷量C.運動電荷到P點的最小距離為dD.運動電荷的速度大小為15、圖甲中一半徑為R的圓形面內沿豎直直徑放置一通電直導線，圖乙中平行放置三根通電直導線，間距均為a，圖丙中在邊長為a的正方形的四個頂點分別放置垂直紙面的通電直導線，導線間距離及導線中電流的大小和方向已在圖中標出。已知電流為I的通電直導線在距離直導線r處產生的磁場的磁感應強度大小為下列說法正確的是（）

A.圖甲中圓形區(qū)域的磁通量為零B.圖乙中通有電流的直導線所受安培力為零C.圖丙中O點的磁感應強度大小為D.圖乙中調節(jié)大小，三根直導線所受安培力可能都為零評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、在圖所示的電路中，閉合開關S，將滑動變阻器的滑片P向右移動．若電源的端電壓保持不變，電流表A的示數(shù)與電流表示數(shù)的比值將________；電壓表V示數(shù)的變化與電流表示數(shù)的比值將________．（均選填“變小”“不變”或“變大”）

17、能源是有限的。

（1）能源：具有_______的容易利用的儲能物質。

（2）能量耗散：使用的能源轉化成內能分散在環(huán)境中不能_______起來驅動機器做功；這樣的轉化過程叫作“能量耗散”。

（3）能源的使用過程中雖然能的總量保持不變，但能量的品質下降了，_______減少了。18、如圖所示，AB、CD為一水平圓周上兩條相互垂直的直徑，O點為該圓的圓心．將電流強度都為I的兩通電直導線M、N垂直圓面分別放置在圓周上，其位置關于AB對稱且距離等于圓的半徑，其中導線M中電流流向紙內，導線N中電流流向紙外，現(xiàn)要使O點的磁感應強度為零，可加一平行于圓面的勻強磁場，則該磁場方向為_________；或在圓周_______點上再垂直放置一電流大小方向合適的通電直導線。19、均勻帶電正方形框邊長為R，所帶電量為+Q，若取無窮遠處電勢為零，則其兩條對角線交點處的電勢___零，(選填“大于”、“小于”或“等于”)；今在其一邊中點挖去一個長為r(r<<R)的一小段后，則其兩條對角線交點處電場強度大小____________20、如圖所示，點電荷A和B相距40cm，分別帶正電和負電，電荷量分別為4Q和-Q，在A、B連線上，引入點電荷C，這時三個點電荷恰好在彼此的靜電力作用下處于平衡狀態(tài)，試問：電荷C帶__________電（正或負），電荷量為__________，它應放在___________（A和B之間；A的右側；B的左側；A的右側及B的左側）距B點_________cm處。

21、氫原子核外電子的軌道半徑為若電子質量為電荷量為則電子所受到的庫侖力大小為________，方向________，電子做圓周運動的周期為________．22、量程為的電流表讀數(shù)。左圖讀數(shù)為____________，右圖讀數(shù)為____________。

23、電源和電阻R組成閉合電路，它們的U—I關系圖線如圖所示。該電源的內阻為________，電源消耗的總功率為________W。

評卷人得分四、作圖題(共4題，共8分)24、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

25、如圖1所示，用電動勢為E、內阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關系圖線上任取一點；畫出帶網格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

26、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關、電源連成電路如圖所示；制成光電報警裝置，當報警器有光照射時，峰鳴器發(fā)聲，當沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小，②干簧管繼電器開關：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當線圈中有一定的電流時，線圈產生的磁場使密封在干簧管內的兩個鐵質簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下恢復到分離狀態(tài)，電路已經連接一部分，請將電路完整連接好。

27、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時N極的指向或磁感線方向。請畫出對應的磁感線（標上方向）或電流方向。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【分析】

.

【詳解】

根據(jù)q=It可知q=2×60C=120C，故選C2、C【分析】【詳解】

AB.滑片向右滑動；滑動變阻器連入電路的阻值變小，總電阻變小，電流變大，燈泡逐漸變亮；電源輸出功率最大時外電路電阻等于電源內阻，雖然外電路電阻變小，但不能確定外電路電阻是不是接近電源內阻，電源輸出功率不一定增大，故AB錯；

C.電壓表V1測的是電阻R兩端電壓，電壓表V2測的是路端電壓，電流表測的是干路中的電流，所以即均保持不變，故C正確；

D.當電路穩(wěn)定后，斷開電鍵，小燈泡與電容器組成閉合回路，電容放電，小燈泡不立刻熄滅，故D錯誤．3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．由粒子的運動軌跡可知；粒子的受力沿著電場線的方向，所以粒子為正電荷，A錯誤；

BC．粒子從點到點的過程中，電場力做正功，故粒子在點的電勢能大于在點的電勢能；C錯誤，B正確；

D．電場線越密的地方電場強度越大，故可得粒子在點的加速度大于在點的加速度；D錯誤。

故選B。4、A【分析】【分析】

【詳解】

AD．金屬導體的電阻率不僅與導體的材料有關，而且隨溫度的變化而變化，與導體的電阻R、導體的長度L和橫截面積S無關；D錯誤，A正確；

B．導體的電阻的電阻有無與導體中電流的存在有無無關；B錯誤；

C．由可知；導體的電阻由導體的材料，長度與橫截面積決定，與電壓電流無關，C錯誤；

故選A。5、D【分析】【分析】

【詳解】

合電場方向平行于的連線，則的電荷為異號，由點電荷場強公式可得

由場強矢量三角形與幾何三角形相似可得

聯(lián)立可求得電荷量絕對值的比值為

故選D。6、A【分析】【分析】

【詳解】

電流表改裝是電流計表頭與電阻并聯(lián)而成；則。

AB．圖甲中的A1、A2并聯(lián)；表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉的角度相同，量程不同的電流表讀數(shù)不同，故A正確，B錯誤；

CD．圖乙中的A1、A2串聯(lián)，A1、A2的示數(shù)相同；由于量程不同，內阻不同，電表兩端的電壓不同，流過表頭的電流不同，指針偏轉的角度不同，故CD錯誤。

故選A。7、D【分析】【詳解】

A．將滑動變阻器的畫片向右滑動時；電路中的總電阻減小，電流增大，電源內部電壓增大，根據(jù)閉合電路的歐姆定律，路端電壓減小，A錯誤；

BC．根據(jù)

電阻R0消耗的功率變大；內電阻消耗的功率變大，BC錯誤；

D．根據(jù)歐姆定律，電阻R0兩端的電壓增大；則并聯(lián)部分的電壓減小，根據(jù)并聯(lián)電路的特點，燈泡兩端的電壓減小，燈泡變暗，D正確。

故選D。8、B【分析】【詳解】

電容器保持與電源相連；電壓不變。

A．若將A向左平移一小段位移，根據(jù)

可知，不變，則油滴仍靜止；根據(jù)

可知減小，根據(jù)可知，減小，電容器放電，則G表中有的電流；A錯誤；

B．若將A向上平移一小段位移，根據(jù)

可知，減小，電場力減小，則油滴向下加速運動；根據(jù)

可知減小，根據(jù)可知，減小，電容器放電，則G表中有的電流；B正確；

C．若將A向下平移一小段位移，根據(jù)

可知，變大，電場力變大，則油滴向上加速運動；根據(jù)

可知變大，根據(jù)可知，變大，電容器充電，則G表中有的電流；C錯誤；

D．若S斷開后再將A向下平移一小段位移，則不變，根據(jù)

聯(lián)立可得

則兩板間場強不變；電場力不變，則油滴仍靜止，G表中無電流，D錯誤。

故選B。9、C【分析】【詳解】

A．由題意知將B極板勻速向下運動時，兩極板的距離d增大，由于電容器和電源相連，電勢差U不變，則根據(jù)

可知極板間的電場強度減小，根據(jù)

油滴所受的電場力減小；油滴向下加速；由于電場力是變力，油滴的合力是變力，所以油滴做的是變加速運動，故A錯誤；

BC．電容器板間距離增大，根據(jù)

可知電容減小，而板間電壓U不變，電容器所帶電荷量減小，開始放電，因為上極板帶正電，則知電流計中電流由a流向b；故B錯誤，C正確；

D．由A選項分析可知油滴向下加速；由于油滴所受電場力向上，故運動過程中電場力做負功，帶電油滴的電勢能增加，故D錯誤。

故選C。二、多選題(共6題，共12分)10、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．水平方向做勻速運動

水平位移相同；初速度相同，則運動時間相同，A正確；

B．豎直方向上

解得

所以qP∶qQ=1∶2

B正確；

C．電勢能減少量為

所以ΔEP∶ΔEQ=1∶4

C錯誤；

D．由動能定理，動能的增加量為

所以ΔEkP∶ΔEkQ=1∶4

D錯誤。

故選AB。11、B:C【分析】【詳解】

因M中阻值與電壓成正比，故M中電流保持不變，電源兩端電壓不變；故燈泡L2的亮度不變；總電流不變，R減小，L1電阻不變，根據(jù)分流規(guī)律則R電流增大，L1電流減小變暗，L1兩端電壓減小；則M兩端電壓變大；故BC正確；CD錯誤；故選BC.

點睛：本題關鍵在于明確M的結構，從而在整個電路中起到控制電流不變的作用；本題不能想當然地看作閉合電路歐姆定律的動態(tài)分析進行分析解答．12、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．物塊收到的電場力為

一開始物塊速度比傳送帶速度大；所以物塊收到沿斜面向下的滑動摩擦力，當物塊速度和傳送帶速度相等時，物塊和傳送帶沒有相對滑動，重力向下的分力等于電場力，所以滑動摩擦力突變?yōu)?，物塊后面做勻速直線運動，故A對，B錯；

C．因為運動方向和電場力方向一樣；所以電場力做正功，電勢能減少，故C錯；

D．物塊先做勻減速運動后做勻速直線運動對全過程列，根據(jù)功能關系得：克服摩擦力做功為

故D正確。

故選AD.13、C:D【分析】【詳解】

A．小球b所受庫侖力和管道的彈力始終與速度垂直，即只有重力做功，所以小球b機械能守恒；故A錯誤；

B．對小球b運動過程應用機械能守恒可得

由小球在H點時對管道壁恰好無壓力，根據(jù)牛頓第二定律可得

所以小球b受到的庫侖力F庫=3mg

在小球b沿圓弧運動過程中兩帶電小球的電荷量和間距不變，故小球b所受庫侖力大小始終為3mg；故B錯誤；

C．設PN與豎直方向的夾角為α，對球a受力平衡，在豎直方向可得FPNcosα=mg+F庫sinθ

在水平方向可得F庫cosθ+FPNsinα=FPM

解得

下滑過程中θ從0增大90°，細線PM的拉力先增大后減??；故C正確；

D．設b與a的連線與水平方向成θ角，則有

任意位置加速度為向心加速度和切向加速度合成，即為

可知小球的加速度一直變大；故D正確。

故選CD。14、A:C:D【分析】【詳解】

AB．根據(jù)圖象可知，當時間趨向于無窮大的時候，說明運動的電荷離的很遠，此時產生電場的電荷只有固定的電荷，由圖可知，此時P點的場強為設電荷的電荷量為Q，根據(jù)點電荷的場強公式可得

解得

A正確；B錯誤；

C．根據(jù)圖象可知，P點的場強最小值為0，說明此時兩個電荷在P點產生的場強大小相等方向相反，即運動的電荷離P點的距離也是d，所以運動電荷到P點的最小距離為d；C正確；

D．運動電荷和固定電荷在同一個平面內，根據(jù)上面的分析可知，它們之間的關系如圖，設時刻，運動點電荷與P點之間的夾角為距離為r，此時運動電荷產生的場強

固定電荷產生的場強為

以P點為坐標原點，建立直角坐標系如圖，把運動電荷產生的場強E分解，得出P點的合場強為

其中

解得

所以在時間為運動電荷經過的距離為

所以運動電荷的速度大小為D正確。

故選ACD。

15、A:B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)對稱性可知；兩個半圓內的磁通量大小相等方向相反，則圖甲中圓形區(qū)域的磁通量為零，A正確；

B．根據(jù)同向電流相吸異向電流相斥及對稱性可知，圖乙中通有電流的直導線所受安培力等大反向；合力為0，所以B正確：

C．圖丙中O點有四個磁場，其中對角的兩個異向電流產生的磁感應強度方向相同，相互疊加后為

所以C錯誤；

D．根據(jù)

知當時；三根通電導線受到的安培力的合力均為零，D正確。

故選ABD。三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【詳解】

[1][2]該電路的結構R1與R2并聯(lián)后與A串聯(lián)，所以流過電流表A的電流是兩個支路的電流的和，將滑動變阻器的滑片P向左移動，接入電路中的電阻值減小，所以電路中的總電流和流過R1的電流增大，而流過R2的電流減?。凰噪娏鞅鞟的示數(shù)變化量的大小小于電流表A1示數(shù)的變化量的大?。浑娏鞅鞟的示數(shù)增加量的大小小于電流表A1示數(shù)的增加量的大小，則電流表A的示數(shù)與電流表A1示數(shù)的比值將變小；R1與R2并聯(lián)后做為一個電阻，該電路就變成了測量電源的電動勢和內電阻的電路，由閉合電路的歐姆定律：E=U+Ir，所以即將變小?！窘馕觥孔冃∽冃?7、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】高品質自動聚集能源18、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)安培定則知，分別作出M、N在O點的磁場方向，如圖所示，兩電流在O點產生的磁感應強度大小相等，根據(jù)平行四邊形定則，兩磁感應強度疊加后，合磁感應強度由A指向B，若要使O點磁感應強度為零，磁場方向應為B指向A；

[2]根據(jù)平行四邊形定則知，合磁感應強度的大小與兩分磁感應強度的大小相等，根據(jù)安培定則知，也可以在C點垂直放置一方向垂直紙面向外、大小和M、N相等的電流，或在D點垂直放置一方向垂直紙面向里、大小和M、N相等的電流?！窘馕觥繌腂指向AC或D19、略

【分析】【詳解】

[1]均勻帶電正方形框；根據(jù)對稱性可知，其兩條對角線交點處的電場強度為零，而正點電荷，電場線是擴散狀，根據(jù)沿著電場線方向電勢降低可知，兩條對角線交點處的電勢大于零；

[2]在其一邊中點挖去一個長為r（r＜＜R）的一小段后，則其兩條對角線交點處電場強度等于由r長的電荷在對角線交點處的場強，即【解析】大于20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4]由于A處放一電荷量為4Q的正點電荷，B處放一電荷量為Q的負點電荷，根據(jù)同種電荷排斥，異種電荷吸引，要使整個系統(tǒng)在庫侖力作用下都處于平衡狀態(tài)，對C電荷受力分析，確保C受到A、B兩電荷的力方向相反，因此C應放在B的左側且?guī)д姴拍軡M足A、B同時處于平衡，C同時也平衡。

設點電荷C置于B的左側且距離B為x，帶電荷為q，對A由庫侖定律可知

B處于平衡

聯(lián)立方程解得q=+4Q

所以x=L=40cm

電荷C帶正電，電荷量為4Q，它應放在B的左側距B點40cm處?！窘馕觥竣?正②.4Q③.B的左側④.4021、略

【分析】【詳解】

[1]由庫侖定律可知，電子所受到的庫侖力大小為

[2]庫侖力的方向在它們的連線上；由異種電荷相互吸引可知，庫侖力方向應指向氫核。

[3]由庫侖力提供向心力有

解得：【解析】指向氫核22、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)題意可知，量程為0~0.6A的電流表，分度值為0.02A，讀數(shù)時要讀到最小分度本位，則由圖可知，讀數(shù)分別為0.40A、0.22A?！窘馕觥?.40A0.22A23、略