…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年上教版選修3物理上冊階段測試試卷22考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、已知氫原子的基態(tài)能量為E1，激發(fā)態(tài)能量為其中n＝2，3，4已知普朗克常量為h，則下列說法正確的是()A.氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)后，核外電子動能增大，原子的電勢能減小B.基態(tài)氫原子中的電子吸收一頻率為ν的光子被電離后，電子速度大小為C.大量處于n＝3的激發(fā)態(tài)的氫原子，向低能級躍遷時可輻射出3種不同頻率的光D.若原子從n＝6能級向n＝1能級躍遷時所產(chǎn)生的電磁波能使某金屬發(fā)生光電效應，則原子從n＝6能級向n＝2能級躍遷時所產(chǎn)生的電磁波也一定能使該金屬發(fā)生光電效應2、下列科技常識判斷正確的是（）A.同種物質(zhì)只能以晶體形態(tài)出現(xiàn)，不能以非晶體形態(tài)出現(xiàn)B.液晶是一種特殊物質(zhì)，它既具有液體的流動性，又像某些晶體具有光學各向同性C.表面張力使液面具有收縮的趨勢D.粉筆能吸干紙上的墨水——浸潤現(xiàn)象3、下列與熱學有關的現(xiàn)象和說法，正確的是（）A.布朗運動反映了懸浮小顆粒的分子在永不停息地做無規(guī)則運動B.懸浮在液體中的固體顆粒越大，布朗運動越明顯C.用打氣筒的活塞壓縮氣體很費力，說明分子間有斥力D.氣體若能達到絕對零度，氣體的壓強便為零4、交變電源與電阻R、交流電壓表按圖1所示的方式連接，R=10?．交變電源產(chǎn)生正弦式電流，圖2是電源輸出電壓的u-t圖象．交流電壓表的示數(shù)是10.0V．則()

A.R電壓的有效值為10.0V，頻率為100HzB.R電壓的峰值為10.0V，頻率為50HzC.通過R的電流有效值為1.0A，頻率為100HzD.通過R的電流峰值為1.4A，頻率為50Hz5、2003年全世界物理學家評選出“十大最美物理實驗”，排名第一的為1961年物理學家利用“托馬斯·楊”雙縫干涉實驗裝置，進行電子干涉的實驗．從輻射源輻射出的電子束經(jīng)兩靠近的狹縫后在顯微鏡的熒光屏上出現(xiàn)干涉條紋，該實驗說明（）

A.光具有波動性B.光具有波粒二象性C.微觀粒子也具有波動性D.微觀粒子也是一種電磁波6、甲、乙兩物體分別在恒力的作用下，沿同一直線運動，它們的動量隨時間變化的關系如圖所示，設甲在時間內(nèi)所受的沖量為乙在時間內(nèi)所受的沖量為則的大小關系是

A.B.C.D.7、下列說法中正確的是A.若使放射性物質(zhì)的溫度升高，其半衰期變小B.鈾核(衰變?yōu)殂U核(）的過程中，共有6個中子變成質(zhì)子C.在光電效應實驗中，遏制電壓與入射光的頻率無關D.氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，原子的總能量增大，電子的動能也增大評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、如圖所示為一理想變壓器，K為單刀雙擲開關，P為滑動變阻器的滑動觸頭，原線圈兩端的電壓為U1，原線圈中的電流強度為I1；則：

A.保持U1及P的位置不變，K由a合到b時，I1將增大B.保持U1及P的位置不變，K由b合到a時，R消耗的功率減小C.保持U1不變，K合在a處，使P上滑，I1將增大D.保持P的位置不變，K合在a處，若U1增大，I1將變小9、如圖所示電路，已知電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，R0為固定電阻，電壓表讀數(shù)為U，電流表讀數(shù)為I，當滑動變阻器R的觸頭向上移動時，下列論述正確的是（）

A.燈泡L—定變亮B.電流表的示數(shù)變小C.電壓表的示數(shù)變小D.保持不變10、下列關于物體的內(nèi)能及其變化的描述正確的是（）A.熱量可以從低溫物體傳遞到高溫物體B.氣體溫度升高，氣體內(nèi)每個分子的動能一定增大C.一定質(zhì)量的100℃的水吸收熱量后變成100℃的水蒸氣，則吸收的熱量大于增加的內(nèi)能E.兩個分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過程中，它們的分子勢能先減小后增大E.兩個分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過程中，它們的分子勢能先減小后增大11、如圖所示在玻璃皿的中心放一個圓柱形電極P；緊貼邊緣內(nèi)壁放一個圓環(huán)形電極Q，并把它們與電源的兩極相連，然后在玻璃皿中放入導電液體．現(xiàn)在把玻璃皿放在圖示磁場中，下列判斷正確的是。

A.若P接電池的正極，Q接電池的負極，俯視時液體逆時針轉(zhuǎn)動B.若P接電池的正極，Q接電池的負極，俯視時液體順時針轉(zhuǎn)動C.若兩電極之間接50Hz正弦交流電，液體不轉(zhuǎn)動D.若兩電極之間接50Hz正弦交流電，液體不斷往返轉(zhuǎn)動12、下列說法中正確的是A.單晶體的某些物理性質(zhì)呈現(xiàn)各向異性，是因為組成它們的原子（分子、離子）在空間上的排列是雜亂無章的B.在熔化過程中，晶體要吸收熱量，溫度保持不變，但內(nèi)能增加C.液體表面張力產(chǎn)生的原因是液體表面層分子間距比較大，分子力表現(xiàn)為引力D.若把氫氣和氧氣看做理想氣體，則質(zhì)量和溫度均相同的氫氣和氧氣內(nèi)能相等13、下列說法正確的是________.E.水的飽和汽壓與溫度有關A.固體可以分為晶體和非晶體兩類，非晶體和多晶體都沒有確定的幾何形狀B.給籃球打氣時，會越來越費力，這說明分子間存在斥力C.布朗運動表明了分子越小，分子運動越劇烈D.在太空里的空間站中，自由飄浮的水滴呈球形，這是表面張力作用的結果14、（1）在盧瑟福α粒子散射實驗中，金箔中的原子核可以看作靜止不動，下列各圖畫出的是其中兩個α粒子經(jīng)歷金箔散射過程的徑跡，其中正確的是____．（填選圖下方的字母）

（2）將靜置在地面上，質(zhì)量為M（含燃料）的火箭模型點火升空，在極短時間內(nèi)以相對地面的速度v0豎直向下噴出質(zhì)量為m的熾熱氣體．忽略噴氣過程重力和空氣阻力的影響，則噴氣結束時火箭模型獲得的速度大小是____．（填選項前的字母）A.B.C.D.15、如圖所示，光滑絕緣水平面上M、N兩點分別放置帶電荷量為＋q和＋3q的質(zhì)量相等的金屬小球A和B（可視為點電荷），現(xiàn)給A和B大小相等的初動能E0，使其相向運動且剛好能發(fā)生碰撞，兩球碰后返回M、N兩點時的動能分別是E1和E2；則（）

A.E1＝E2＞E0B.E1＝E2＝E0C.碰撞發(fā)生在M、N兩點連線中點的左側(cè)D.兩球同時返回M、N兩點16、氫原子的能級如圖所示；已知可見光的光子能量范圍約為1.62～3.11eV．下列說法正確的是()

A.一個處于n＝3能級的氫原子向低能級躍遷時，最多可能發(fā)出3種不同頻率的光B.大量氫原子從高能級向n＝3能級躍遷時，可能發(fā)出可見光C.處于n＝3能級的氫原子可以吸收任意頻率的紫外線，并發(fā)生電離D.大量處于n＝4能級的氫原子向低能級躍遷時，可能發(fā)出6種不同頻率的光評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)17、在陽光的照射下，充滿霧氣的瀑布上方常會出現(xiàn)美麗的彩虹，彩虹是太陽光射入球形水珠經(jīng)折射、內(nèi)反射、再折射后形成的，其光線傳播路徑如圖所示，圖中的圓面代表水珠過球心的截面，太陽光平行截面射入球形水珠后，最后出射光線a、b分別代表兩種不同顏色的光線，則水珠對a、b兩束光折射率的大小關系是na____nb；a、b兩種光在水珠內(nèi)傳播速度大小關系是va__vb．（選填“>”、或“<”)

18、如圖所示；將帶有負電的絕緣棒移近兩個不帶電的導體球，兩個導體開始時互相接觸且對地絕緣。

（1）為了使兩球帶上等量異號電荷，應___________。

A．先移走棒；再把兩球分開B．先把兩球分開，再移走棒。

（2）使棒與甲球瞬時接觸，再移走棒，導體甲帶___________電；導體乙?guī)_______。

（3）先使甲球瞬時接地，再移走棒，導體甲帶_________電；導體乙?guī)_______電。19、如圖所示，體積相同的玻璃瓶分別裝滿溫度為60℃的熱水和0℃的冷水，兩瓶水通過__________方式改變內(nèi)能。已知水的相對分子質(zhì)量是若瓶中水的質(zhì)量為水的密度為阿伏伽德羅常數(shù)則瓶中水分子個數(shù)約為__________個（保留兩位有效數(shù)字）

20、一卡諾熱機，工作在300K的高溫熱源和200K的低溫熱源之間，則此熱機的效率η=__________________。若在等溫膨脹過程中此熱機吸熱2×105J，則在每一循環(huán)中對外所作的功W=_______________。21、一個電流表的滿偏電流內(nèi)阻要把它改裝成一個量程為的電壓表，則應在電流表上__________（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個__________的電阻。22、兩個分別帶有電荷量和的相同金屬小球（均可視為點電荷），固定在相距為的兩處，它們間庫侖力的大小為兩小球相互接觸后將其固定距離變?yōu)閯t兩球間的庫侖力的大小為的__________倍．23、一定質(zhì)量的理想氣體被活塞封閉在可導熱的豎直氣缸內(nèi)，活塞可沿氣缸無摩擦地上下滑動．開始時活塞靜止，取一小盒沙子緩慢地倒在活塞的上表面上，在倒沙子的過程中，缸內(nèi)氣體內(nèi)能______（填“增大”、“減小”或“不變”），氣體對活塞______（填“做正功”、“做負功”或“不做功”），氣體______（填“吸熱”或“放熱”）．24、如圖所示，電源輸出電壓U=10V，A、B兩板間距離為2cm，C點離A板5mm，D點離B板4mm，則EC=______V/m，UC=______V，UD=______V．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)25、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

26、示波管的內(nèi)部結構如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

27、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共4題，共24分)28、消毒是防止新冠肺炎傳播的重要環(huán)節(jié)，肩背式手動消毒噴霧器原理如圖所示，儲液桶上端進氣孔用細軟管與帶有單向閥門的打氣筒相連，下端出水口用細軟管與帶閥門的噴頭相連．已知儲液桶容積L，打氣筒每打一次能將L的外界空氣壓入儲液桶內(nèi)．現(xiàn)向儲液桶內(nèi)注入L的消毒液，擰緊桶蓋和噴頭開關設大氣壓強噴霧器內(nèi)外溫度均為打氣過程中溫度保持不變。求：

（1）未打氣時，儲液桶內(nèi)氣體在標準狀態(tài)下（氣體壓強溫度）的體積是多少？

（2）某次消毒時，打氣筒連續(xù)打氣使儲液桶內(nèi)的氣體壓強增加到2.5atm，求打氣筒打氣的次數(shù)n．

（3）如果壓強達到2.5atm時停止打氣．打開閥門向外噴藥，那么當噴霧器不能再向外噴藥時，桶內(nèi)剩余的藥液還有多少升？（上述過程溫度不變）

29、如圖所示，體積為2V、內(nèi)壁光滑的圓柱形絕熱汽缸有一絕熱活塞，活塞的質(zhì)量和厚度均可忽略不計。汽缸內(nèi)密封一定質(zhì)量的理想氣體，外界大氣壓強和溫度分別為p0和T0。初始時，活塞恰好位于汽缸的中部P位置，此時氣體體積為V?，F(xiàn)通過電熱絲給封閉氣體緩慢加熱，活塞由P位置移動到頂部Q位置，繼續(xù)加熱，氣體的溫度上升到已知氣體內(nèi)能U與溫度T的關系為為常數(shù)且大于零；容器內(nèi)氣體的所有變化過程都是緩慢的。求：

（1）溫度達到2.4T0時；汽缸內(nèi)氣體壓強；

（2）在活塞上升過程中；汽缸內(nèi)氣體吸收的熱量。

30、如圖所不，在x軸的上方存在垂直紙面向里，磁感應強度大小為B0的勻強磁場．位于x軸下方的離子源C發(fā)射質(zhì)量為m、電荷量為g的一束負離子，其初速度大小范圍0?這束離子經(jīng)電勢差的電場加速后，從小孔O（坐標原點）垂直x軸并垂直磁場射入磁場區(qū)域，最后打到x軸上．在x軸上2a?3a區(qū)間水平固定放置一探測板（），假設每秒射入磁場的離子總數(shù)為N0；打到x軸上的離子數(shù)均勻分布（離子重力不計）．

（1）求離子束從小孔O射入磁場后打到x軸的區(qū)間；

（2）調(diào)整磁感應強度的大小，可使速度最大的離子恰好打在探測板右端，求此時的磁感應強度大小B1；

（3）保持磁感應強度B1不變，求每秒打在探測板上的離子數(shù)N；若打在板上的離子80%被吸收，20%被反向彈回，彈回速度大小為打板前速度大小的0.6倍，求探測板受到的作用力大?。?1、某興趣小組設計了一種實驗裝置，用來研究碰撞問題，其模型如題圖所示不用完全相同的輕繩將N個大小相同、質(zhì)量不等的小球并列懸掛于一水平桿、球間有微小間隔，從左到右，球的編號依次為1、2、3N，球的質(zhì)量依次遞減，每球質(zhì)量與其相鄰左球質(zhì)量之比為k（k＜1將1號球向左拉起，然后由靜止釋放，使其與2號球碰撞，2號球再與3號球碰撞所有碰撞皆為無機械能損失的正碰.（不計空氣阻力，忽略繩的伸長，g取10m/s2）

（1）設與n+1號球碰撞前，n號球的速度為vn,求n+1號球碰撞后的速度.

（2）若N＝5,在1號球向左拉高h的情況下，要使5號球碰撞后升高16k（16h小于繩長）問k值為多少？

（3）在第（2）問的條件下，懸掛哪個球的繩最容易斷，為什么？參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【詳解】

A；氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)后；核外電子的動能減小，電勢能增大，總能量增大，選項A錯誤；

B、基態(tài)的氫原子中的電子吸收一頻率為ν的光子被電離后，最大動能為Ekm＝hν－E1，設電子的最大速度為vm，則vm＝選項B錯誤；

C、大量處于n＝3的激發(fā)態(tài)的氫原子，向低能級躍遷可輻射＝3種不同頻率的光；選項C正確；

D、從n＝6能級向n＝1能級躍遷產(chǎn)生的電磁波能使某金屬發(fā)生光電效應，從n＝6能級向n＝2能級躍遷產(chǎn)生的電磁波頻率比n＝6能級向n＝1能級躍遷產(chǎn)生的電磁波??；故不一定能使該金屬發(fā)生光電效應，選項D錯誤．

故選C．2、C【分析】【分析】

【詳解】

A．同種物質(zhì)也可能以晶體和非晶體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)；如石墨和金剛石，組成它們的物質(zhì)都是碳，是微粒排列結構不同造成的，A錯誤；

B．液晶是一種特殊物質(zhì)；它既具有液體的流動性，又像某些晶體具有光學各向異性，B錯誤；

C．液體表面張力使液面具有收縮趨勢；因為在液體表面層內(nèi)分子間的作用力表現(xiàn)為引力，C正確；

D．粉筆能吸干紙上的墨水；是毛細現(xiàn)象，D錯誤。

故選C。3、D【分析】【分析】

【詳解】

A．布朗運動是固體小顆粒的運動；布朗運動反映了液體分子的無規(guī)則的運動，A錯誤；

B．懸浮的顆粒越大；表面積越大，同一時刻撞擊顆粒的液體分子越多，沖力越平衡，合力越小，越不容易引起運動，故顆粒越大，布朗運動越不明顯，B錯誤；

C．用打氣筒打氣時；里面的氣體因體積變小，壓強變大，所以再壓縮時就費力，與分子之間的斥力無關，C錯誤；

D．氣體若能達到絕對零度；則氣體分子不再運動，不再與發(fā)生碰撞，壓強為零，D正確。

故選D。4、D【分析】【詳解】

交流電壓表的示數(shù)是有效值，所以R電壓的有效值為10.0V，電壓的峰值：由圖2所示圖線可知，電流的周期：T=0.02s，頻率：故AB錯誤；由歐姆定律可知，通過電阻R的有效值：電流的峰值：由圖2所示圖線可知，電流的周期：T=0.02s，頻率：故C錯誤，D正確．5、C【分析】【詳解】

考點：用雙縫干涉測光的波長．

專題：實驗題．

分析：干涉是波所特有的現(xiàn)象；電子的雙縫干涉說明微觀粒子具有波動性．

解答：解：電子的雙縫干涉說明微觀粒子具有波動性；因為干涉是波所特有的現(xiàn)象．故C正確，A；B、D錯誤．

故選C．

點評：解決本題的關鍵知道干涉是波所特有的現(xiàn)象．以及知道電子的雙縫干涉說明微觀粒子具有波動性．6、A【分析】【詳解】

由圖象可知，甲乙兩物體動量變化量的大小相等，根據(jù)動量定理知，沖量的大小相等，即根據(jù)知，沖量的大小相等，作用時間長的力較小，可知故A正確，BCD錯誤。故選A。

【點睛】

根據(jù)圖象，結合初末狀態(tài)的動量比較動量變化量的大小，從而結合動量定理得出沖量的大小關系以及力的大小關系．7、B【分析】【詳解】

A．半衰期與放射性元素的物理；化學性質(zhì)無關；溫度升高，其半衰期不變，A錯誤；

B．鈾核()衰變?yōu)殂U核()的過程中，設該過程經(jīng)歷了x次α衰變和y次β衰變，根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可得

解得

每經(jīng)過一次β衰變有一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子；所以共有6個中子變成質(zhì)子，B正確；

C．根據(jù)光電效應方程

C錯誤；

D．氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，需要吸收能量，所以原子的總能量增大，根據(jù)

電子的動能減小；D錯誤。

故選B。二、多選題(共9題，共18分)8、A:B【分析】【詳解】

保持U1及P的位置不變，K由a合到b時，原線圈匝數(shù)變小，副線圈電壓變大，所以副線圈功率變大，而原線圈功率等于副線圈功率，所以原線圈功率變大，根據(jù)可得I1將增大，故A正確；保持U1及P的位置不變，K由b合到a時，原線圈匝數(shù)變大，副線圈電壓變小，根據(jù)知功率變小，故B正確；保持U1不變，K合在a處，使P上滑時，R增大，而電壓不變，所以副線圈電流變小，根據(jù)可知I1將減小，故C錯誤；保持P的位置不變，K合在a處，若U1增大，則副線圈電壓增大，所以副線圈電流變大，根據(jù)可知I1將變大，故D錯誤．9、C:D【分析】【詳解】

AC．當R的滑動觸點向上滑移動時，R變小，外電路總電阻變小，由閉合電路歐姆定律知，總電流I變大，電源的內(nèi)電壓變大，則路端電壓變小，因此電壓表讀數(shù)變小，燈泡L的電壓變小，則燈L一定變暗；故A錯誤，C正確；

B．電路中并聯(lián)部分電壓變小，通過L的電流變??；而總電流變大，則電流表的讀數(shù)變大，故B錯誤；

D．由閉合電路歐姆定律知

得

故D正確。

故選CD。10、A:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．熱量不能自發(fā)從低溫物體傳遞到高溫物體；但借助外界條件可以從低溫物體向高溫物體傳遞，故A正確；

B．氣體溫度升高時；分子的平均動能增大，但氣體內(nèi)每個分子的動能不一定都增大，故B錯誤；

C.．一定質(zhì)量的100℃的水吸收熱量后變成100℃的水蒸氣，由于體積膨脹對外做功，根據(jù)熱力學第一定律

可知吸收的熱量大于增加的內(nèi)能；故C正確；

D．根據(jù)熱力學第一定律

可知；系統(tǒng)的內(nèi)能增量等于外界向它傳遞的熱量與外界對它做的功的和，故D錯誤；

E．兩個分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過程中；先是分子斥力做正功，分子勢能減小，隨后是分子引力做負功，分子勢能增大，所以它們的分子勢能先減小后增大，故E正確。

故選ACE。11、B:C【分析】【詳解】

AB.若P接電源正極，Q接電源負極；在電源外部電流由正極流向負極，因此電流由中心流向邊緣；器皿所在處的磁場豎直向上，由左手定則可知，導電液體受到的磁場力沿順時針方向，因此液體順順時針方向旋轉(zhuǎn)；故選項A不合題意，選項B符合題意；

CD.P、Q與50Hz的交流電源相接，電流方向變化時間過短，液體不會旋轉(zhuǎn)，故選項C符合題意，選項D不合題意．12、B:C【分析】【詳解】

A；單晶體的某些物理性質(zhì)呈現(xiàn)各向異性；是因為組成它們的原子（分子、離子）在空間上的排列是有序的，A錯誤。

B；晶體吸熱熔化過程中；溫度不變，內(nèi)能卻增大。是因為通過熱傳遞使內(nèi)能增大，而熱傳遞則可以吸收熱量，吸收的熱量并不用來升溫，而是用來減小分子之間的束縛，也就是增大分子的勢能。B正確。

C；凡作用于液體表面；使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力。它產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力。C正確。

D、若把氫氣和氧氣看做理想氣體，溫度相同則分子平均動能相等，但由于氫氣和氧氣的摩爾質(zhì)量不相等，所以摩爾數(shù)不相等，分子勢能不相等，D錯誤13、A:D:E【分析】【詳解】

A；固體可以分為晶體和非晶體兩類；晶體又分為單晶體和多晶體，非晶體和多晶體都沒有確定的幾何形狀，故A正確；

B；給籃球打氣時會越來越費勁；說明球內(nèi)部氣體的壓強越來越大，與分子斥力無關，故B錯誤；

C；布朗運動是小顆粒的運動；不是分子的運動，在布朗運動中，固體小顆粒越小，受到分子碰撞的不平衡性越明顯，布朗運動越劇烈，故C錯誤；

D；在太空里的空間站中；水滴完全失重，自由飄浮的的水滴星球形，這是表面張力作用的結果，故D正確；

E；水的飽和汽壓與溫度有關；溫度越高，飽和汽壓越大，故E正確。

故選ADE。14、C:D【分析】（1）金箔原子核帶正電，與α粒子帶同種電荷，彼此間相互排斥，又由曲線運動特征可知，α粒子所受金箔的排斥力應指向曲線的凹側(cè)；故只有選項C正確．

（2）在不考慮重力和空氣阻力影響的情況下，火箭及燃料氣體系統(tǒng)在點火噴氣過程中動量守恒，設噴氣后火箭獲得的速度為v，并以v的方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律有：0=（M－m）v+m（－v0），解得：故選項D正確．

【考點定位】（1）考查對盧瑟福的α粒子散射實驗現(xiàn)象的識記問題；屬于容易題．

（2）本題考查了反沖運動、動量守恒定律的應用問題，屬于容易題．15、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．兩球組成的系統(tǒng)動量守恒，兩球質(zhì)量相等初動能相等，則兩球的初速度大小相等，而方向相反，兩球必將同時返回各自的出發(fā)點，且兩球末動量大小和末動能一定相等，兩球接觸后的電荷量都變?yōu)樵谙嗤嚯x上的庫侖斥力增大，返回過程中電場力做的正功大于接近過程中克服電場力做的功，系統(tǒng)機械能必然增大，即末動能增大、末動量也增大，即

故A正確；B錯誤；

C．兩球間的作用力是作用力與反作用力；大小相等，兩球質(zhì)量相等，兩球的加速度相等，兩球的加速度大小始終相同，相同時間內(nèi)的位移大小一定相同，必然在連線中點相遇，同時返回出發(fā)點，故C錯誤，D正確。

故選AD。

【點睛】

本題考查了動量守恒定律的應用，對碰撞過程基本規(guī)律的理解和應用能力，碰撞過程的兩大基本規(guī)律：系統(tǒng)動量守恒和總動能不增加，常常用來分析碰撞過程可能的結果。16、C:D【分析】【詳解】

一個處于n＝3能級的氫原子向低能級躍遷時，最多可能發(fā)出2種不同頻率的光，即3→2,2→1，選項A錯誤；氫原子從高能級向n=3能級躍遷時發(fā)出的光子能量小于1.51eV，不在1.62eV到3.11eV之間，一定全是不可見光，故B錯誤．紫外線的光子能量大于3.11eV，則處于n＝3能級的氫原子可以吸收任意頻率的紫外線，并發(fā)生電離，選項C正確；大量處于n=4能級的氫原子躍遷到基態(tài)的過程中可以釋放出＝6種頻率的光子；故D正確；故選CD．

點睛：本題考查氫原子的波爾理論，解決本題的關鍵知道能級間躍遷所滿足的規(guī)律，即Em-En=hv，并能靈活運用；注意“一個氫原子”和“大量氫原子”躍遷產(chǎn)生光子的種數(shù)的計算方法不同．三、填空題(共8題，共16分)17、略

【分析】【詳解】

根據(jù)光路圖可知，a光的偏折程度較大，可知a光的折射率較大，即

由公式可知，a光在水滴中傳播的速度較小，即．【解析】><18、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]根據(jù)靜電感應可知；將帶有負電的絕緣棒移近兩個不帶電的導體球時，在兩個導體球上分別感應出等量的異號電荷，此時先把兩球分開，再移走棒。就會使兩球帶上等量異號電荷；

(2)[2][3]使棒與甲球瞬時接觸；再移走棒，會使兩導體球均帶上負電荷；

(3)[4][5]先使甲球瞬時接地，會使兩球瞬間與大地連為一體，此時導體球上感應出的負電荷會導入大地，再移走棒，兩球均帶正電荷?！窘馕觥緽負負正正19、略

【分析】【詳解】

[1]若把A；B兩只玻璃瓶并靠在一起；則A、B瓶內(nèi)水的內(nèi)能都將發(fā)生改變，這種改變內(nèi)能的方式叫熱傳遞。

[2]根據(jù)題意，由公式可得，瓶中水的體積為

一個水分子的體積為

瓶中水分子個數(shù)約為

聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得個【解析】熱傳遞20、略

【分析】【詳解】

[1]卡諾熱機的效率

[2]由

可得【解析】33.3%6.67×104J21、略

【分析】【詳解】

[1][2]依據(jù)電表的改裝的特點，需串聯(lián)一個電阻分壓，依據(jù)歐姆定律【解析】串聯(lián)22、略

【分析】【分析】

清楚兩小球相互接觸后；其所帶電量先中和后均分．根據(jù)庫侖定律的內(nèi)容，根據(jù)變化量和不變量求出問題．

【詳解】

相距為r時，根據(jù)庫侖定律得：接觸后各自帶電量變?yōu)閯t此時兩式聯(lián)立得即大小為F的倍．

【點睛】

本題考查庫侖定律及帶電題電量的轉(zhuǎn)移問題．注意兩電荷接觸后各自電荷量的變化，這是解決本題的關鍵．【解析】23、略

【分析】【詳解】

一定質(zhì)量的理想氣體被活塞封閉在可導熱的豎直氣缸內(nèi)；緩慢倒入沙子過程中，活塞下移，氣體對活塞做負功，由于氣缸導熱，所以氣體對外放出熱量，內(nèi)能不變．

故答案為不變；做負功；放熱．【解析】不變做負功放熱24、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)串聯(lián)電路特點，可知電容器兩板間的電壓

由

[2][3]根據(jù)U=Ed

可得UBC=250×0.015V=3.75V

UBD=250×0.004V=1V

因為φB=0

再根據(jù)UBC=φB-φC

可得φC=0-3.75V=-3.75V

又有UBD=φB-φD

可得φD=-1V【解析】250-3.75-1四、作圖題(共3題，共24分)25、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】26、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】27、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、解答題(共4題，共24分)28、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）初態(tài)

根據(jù)

又

解得

（2）設打氣次數(shù)為n，初態(tài)

末態(tài)

根據(jù)

可得

（3）打開閥門向外噴藥，初態(tài)

末態(tài)

根據(jù)

可得

桶內(nèi)剩余的藥液【解析】（1）5.46L；（2）30次；（3）1L29、略

【分析】【詳解】

（1）設活塞剛好到達Q位置時氣體溫度為該過程氣體