…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高二物理下冊月考試卷704考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示，金屬棒AB長L=0.1m，質(zhì)量m=0.1kg，通有向右的電流，電流強(qiáng)度I=10A，當(dāng)加一個(gè)垂直紙面的磁場時(shí)，懸線拉力恰好為零．則關(guān)于所加磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和方向，下列說法中正確的是（取g=10m/s2）（）

A.B=1T；垂直紙面向外。

B.B=1T；垂直紙面向里。

C.B=0.1T；垂直紙面向外。

D.B=0.1T；垂直紙面向里。

2、通過一個(gè)電阻的電流是5A；經(jīng)過4min，通過該電阻的一個(gè)截面的電量是（）

A.20C

B.50C

C.1200C

D.2000C

3、如圖所示，水平地面上固定一個(gè)光滑絕緣斜面，斜面與水平面的夾角為θ．一根輕質(zhì)絕緣細(xì)線的一端固定在斜面頂端，另一端系有一個(gè)帶電小球A，細(xì)線與斜面平行．小球A的質(zhì)量為m、電量為q．小球A的右側(cè)固定放置帶等量同種電荷的小球B，兩球心的高度相同、間距為d．靜電力常量為k，重力加速度為g，兩帶電小球可視為點(diǎn)電荷．小球A靜止在斜面上，則下列說法中正確的是（）A.小球A與B之間庫侖力的大小為kq2/dB.當(dāng)=時(shí)，細(xì)線上的拉力為0C.當(dāng)=時(shí)，細(xì)線上的拉力為0D.當(dāng)=時(shí)，斜面對小球A的支持力為04、如圖所示，當(dāng)交流電源電壓恒為220V

頻率為50Hz

時(shí)，三只燈泡ABD

的亮度相同，若只將交流電的頻率改為100Hz

則()

A.A

燈最亮B.B

燈最亮C.D

燈最亮D.三只燈泡的亮度依然相同5、兩個(gè)等量點(diǎn)電荷P；Q在真空中產(chǎn)生電場的電場線（方向未標(biāo)出）如圖所示．下列說法中正確的是()

A.P、Q是兩個(gè)等量正電荷B.P、Q是兩個(gè)等量負(fù)電荷C.P、Q是兩個(gè)等量異種電荷D.P、Q產(chǎn)生的是勻強(qiáng)電場6、電阻R1阻值為6Ω，與電阻R2并聯(lián)后接入電路中，通過它們的電流之比I1：I2=2：3，則電阻R2的阻值和總電阻的阻值分別為（）A.4Ω，2.4ΩB.4Ω，3.6ΩC.9Ω，3.6ΩD.9Ω，4.5Ω評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)7、在某次閃電中，持續(xù)的時(shí)間約0.005s，所形成的平均電流約6×104A。若閃電過程中流動的電量以0.5A的電流通過電燈，可供燈照明的時(shí)間為____s8、用頻率為ν1的光照射某金屬時(shí)，逸出的光電子最大初動能為E1，用頻率為ν2（ν2＞ν1）的光照射該金屬時(shí)，逸出光電子的最大初動能為______，該金屬發(fā)生光電效應(yīng)的極限頻率為______．（普朗克常量為h）9、A、B

兩帶電小球，A

固定不動，B

的質(zhì)量為m

在庫侖力作用下，B

由靜止開始運(yùn)動.

已知初始時(shí)AB

間的距離為dB

的加速度為a

經(jīng)過一段時(shí)間后，B

的加速度變?yōu)閍4

此時(shí)AB

間的距離應(yīng)為______.

已知此時(shí)B

的速度為V

則在此過程中電勢能的減少量為______．10、分別標(biāo)出下列電荷的正負(fù)．

11、盧瑟福通過____實(shí)驗(yàn)，否定了湯姆孫的原子結(jié)構(gòu)模型，提出了原子的____結(jié)構(gòu)模型．____12、如圖所示是水面上兩列頻率相同的波在某時(shí)刻的疊加情況，圖中實(shí)線為波峰波面，虛線為波谷波面．已知兩列波的振幅均為2cm，波速2m/s，波長8cm，E是BD和AC連線的交點(diǎn)．則A、B、C、D、E中振動加強(qiáng)的點(diǎn)是______，至少再經(jīng)過______秒B點(diǎn)到達(dá)波峰．13、如圖所示，一條光線從空氣中垂直射到棱鏡界面BC

上，棱鏡的折射率為2

則這條光線離開棱鏡時(shí)與界面的夾角為________．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)14、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）15、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

16、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對錯）17、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯）18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）19、空間兩點(diǎn)放置兩個(gè)異種點(diǎn)電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點(diǎn)間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共8分)20、某學(xué)習(xí)的研究性學(xué)習(xí)小組欲測定一塊電池的電動勢E和內(nèi)阻r，用電壓表V，電阻箱R、定值電阻R0；開關(guān)S；導(dǎo)線若干和該電池組成電路。

①根據(jù)電路圖；用筆畫線代替導(dǎo)線，將實(shí)物圖連接成完整電路．

②閉合開關(guān)S，調(diào)整電阻箱阻值R，讀出電壓表V相應(yīng)示數(shù)U，該學(xué)習(xí)小組測出大量數(shù)據(jù)，分析篩選出如表所示的R、U數(shù)據(jù)，用圖象法處理數(shù)據(jù)，則橫軸選______（填R或），縱軸選______（選填U或）；并將測得數(shù)據(jù)在坐標(biāo)紙上描點(diǎn)，作出圖線。

③如果定值電阻R0=40Ω，由②得到圖線為圖2，可知電源電動勢E=______V（保留2為有效數(shù)字）：電源內(nèi)阻r=______Ω（保留1為有效數(shù)字）．21、為測繪一個(gè)標(biāo)有“4V2.4W

”小電風(fēng)扇(

線圈電阻恒定)

的伏安特性曲線，電風(fēng)扇兩端的電壓需要從零逐漸增加到4V

并便于操作，實(shí)驗(yàn)室備有下列器材：A.電池組(

電動勢為4.5V

內(nèi)阻約為1I=PU)

B.電壓表(

量程為0?6V

內(nèi)阻約為4kI=PU)

C.電流表A1(

量程為0?0.6A

內(nèi)阻約為0.2I=PU)

D.電流表A2(

量程為0?3A

內(nèi)阻約為0.05I=PU)

E.滑動變阻R1(

最大阻值20I=PU

額定電流1A)

F.滑動變阻器R2(

最大阻值1750I=PU

額定電流0.3A)

G.開關(guān)和導(dǎo)線若干。

(1)

實(shí)驗(yàn)中所用的電流表應(yīng)選___(

填“C

”或“D

”)

滑動變阻器應(yīng)選____(

填“E

”或“F

”)

(2)

請用筆畫線代替導(dǎo)線將實(shí)物圖連接成符合這個(gè)實(shí)驗(yàn)要求的電路。(3)

閉合開關(guān)，移動滑動變阻器的滑片，當(dāng)電壓表示數(shù)大于0.5V

時(shí)電風(fēng)扇才開始轉(zhuǎn)動，小電風(fēng)扇的伏安特性曲線如圖所示，則電風(fēng)扇的電阻為____婁賂

正常工作時(shí)的機(jī)械功率為________W

評卷人得分五、推斷題(共4題，共28分)22、下圖是元素周期表的一部分，表中的rm{壟脵隆蘆壟脼}代表對應(yīng)元素，用化學(xué)用語填空：rm{(1)}元素rm{壟脺}在元素周期表中的位置是________。rm{(2)壟脻}rm{壟脼}兩種元素最高價(jià)氧化物對應(yīng)的水化物酸性較強(qiáng)的是________。rm{(3)壟脵}元素可以形成多種氧化物，其中顏色為紅棕色的是________，寫出它與水反應(yīng)的化學(xué)方程式________。rm{(4)}寫出元素rm{壟脹}與元素rm{壟脷}形成的化合物的電子式________。23、食品添加劑肉桂酸是一種香精，其合成路線如下：已知：

請回答下列問題：rm{(1)B}的名稱是_______________。rm{A}和rm{C}常溫下都是無色微溶于水的液體，對兩者進(jìn)行鑒別的試劑是_________________________rm{(2)}上述變化中屬于消去反應(yīng)的是__________rm{(}填反應(yīng)編號rm{)}rm{(3)E}的結(jié)構(gòu)簡式為___________________________________________________反應(yīng)rm{壟脵}的化學(xué)方程式是___________________________________________________________反應(yīng)rm{壟脷}的化學(xué)方程式是___________________________________________________________rm{(4)}同時(shí)符合下列要求的肉桂酸的同分異構(gòu)體有________種rm{(}不包括肉桂酸rm{)}寫出其中一種的結(jié)構(gòu)簡式______________________________。Ⅰrm{.}含有苯環(huán)；Ⅱrm{.}能與rm{NaHCO_{3}}溶液反應(yīng)；Ⅲrm{.}能使溴的四氯化碳溶液褪色24、根據(jù)下面的反應(yīng)路線及所給信息；回答下列問題：

rm{(1)11.2L(}標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{)}的烴rm{A}在氧氣中充分燃燒可以產(chǎn)生rm{88gCO_{2}}和rm{45gH_{2}O}rm{A}的分子式是___________________rm{(2)A}有支鏈，rm{B}和rm{C}均為一氯化烴，它們的結(jié)構(gòu)簡式分別為____________，_____________rm{(3)D}的系統(tǒng)命名法名稱__________________________rm{(4)壟脵}rm{壟脹}的反應(yīng)類型依次是___________________，__________________rm{(5)}寫出rm{壟脷}rm{壟脹}的反應(yīng)化學(xué)方程式______________________________________rm{(6)}rm{A}的同分異構(gòu)體的一種二氯代物rm{G}其核磁共振氫譜圖上有兩組峰，且峰面積之比為rm{1:1}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加熱，充分反應(yīng)后生成rm{H}rm{H}的結(jié)構(gòu)簡式為_________________請寫出rm{H}發(fā)生加聚反應(yīng)的化學(xué)方程式__________________25、氨氣是一種重要的化工產(chǎn)品及工業(yè)原料。I．某溫度下，合成氨反應(yīng)的平衡常數(shù)K=3.0×103(mol／L)-1，（1）寫出其對應(yīng)的化學(xué)方程式________________________________________。（2）某溫度下，如果在體積恒定為10L的密閉容器中充入：0.1molN2、0.1molH2和2molNH3則反應(yīng)____（填“正向進(jìn)行”或“逆向進(jìn)行”或“達(dá)到平衡”）。（3）該溫度下，在體積恒定為10L的四個(gè)密閉容器中分別充入下列物質(zhì)，反應(yīng)達(dá)到平衡后，N2的轉(zhuǎn)化率最大的是________。a．10molN2、30molH2和20molNH3b．10molN2和30molH2c．20molN2和60molH2d．10molN2和28molH2II．氨氣極易溶于水，氨水是氨氣溶于水而形成的溶液，回答下列問題：（4）在氨水溶液中加水稀釋的過程，NH3·H2O的電離程度___________（填“增大”“減小”或“不變”），___________（填“增大”“減小”或“不變”）。（5）室溫下，amol/L的(NH4)2SO4水溶液的pH=5，原因是溶液中存在平衡__________________（用離子方程式表示）。并計(jì)算該平衡的平衡常數(shù)表達(dá)式為________________________（用含代數(shù)a的較為精確的數(shù)學(xué)表達(dá)式表示，不必化簡，不做近似運(yùn)算）。評卷人得分六、解答題(共1題，共10分)26、在“利用單擺測重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中．

（1）以下做法中正確的是______

A．測量擺長的方法：用刻度尺量出從懸點(diǎn)到擺球間細(xì)線的長度即可；

B．如果找不鐵球做擺球；塑料球也可以替代；

C．要保證單擺自始自終在同豎直面內(nèi)擺動；

D．單擺振動時(shí)；為了觀察與測量方便，偏角最好在45°左右；

（2）甲同學(xué)測量周期時(shí)，當(dāng)擺球通過平衡位置時(shí)啟動表并記為1次，到球第30次通過平衡位置時(shí)經(jīng)歷的時(shí)間為t，利用求周期；如果其它操作沒有問題的話，他測得的重力加速度數(shù)值比實(shí)際值______（填“偏大”或“偏小”）．

（3）乙同學(xué)測得該擺擺長為98.80cm后，用秒表記錄單擺完成全振動50次所用的時(shí)間為99.8s，則該單擺的周期為______s，則加速度g=______m/s2（g的計(jì)算結(jié)果保留3位有效數(shù)字）．

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】

懸線拉力恰好為零；則導(dǎo)線受到豎直向上的安培力，且與重力大小相等；

BIL=mg；解得：B=1T，由左手定則可知，磁場垂直于紙面向里；

故選B．

【解析】【答案】對導(dǎo)線進(jìn)行受力分析；由平衡條件求出磁感應(yīng)強(qiáng)度，由左手定則判斷出磁場方向．

2、C【分析】

根據(jù)得q=It=5×240C=1200C．故C正確，A；B、D錯誤．

故選C．

【解析】【答案】根據(jù)電流的定義式求通過電阻截面的電量．

3、C【分析】解：A、根據(jù)庫侖定律，小球A與B之間庫侖力的大小為：F=故A錯誤；

B；C、若細(xì)線上的拉力為0；小球A受重力、支持力和庫侖斥力而平衡；

根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件；重力的下滑分力與庫侖力的上滑分力平衡，即：

mgsinθ=Fcosθ；

其中F=

聯(lián)立解得：

mgsinθ=cosθ

則有，=故B錯誤；C正確；

D；兩個(gè)球帶同種電荷；相互排斥，故斜面對A的支持力不可能為零；故D錯誤；

故選：C．

根據(jù)庫侖定律求解兩個(gè)球間的庫侖斥力大?。蝗缓蟾鶕?jù)共點(diǎn)力平衡條件列式分析．

本題關(guān)鍵是明確A球的受力情況，然后根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列方程求解，注意細(xì)線拉力為零的臨界條件．【解析】【答案】C4、B【分析】【分析】本題考查了電感和電容對交變電流的作用：電容對交變電流的阻礙作用表現(xiàn)為“通交流、隔直流，通高頻、阻低頻”，電感線圈對交變電流的阻礙作用表現(xiàn)為“通直流、阻交流，通低頻、阻高頻”。本題處理時(shí)，結(jié)合電容和線圈對交流電的阻礙作用特點(diǎn)分析，頻率變化導(dǎo)致阻礙作用變化?！窘獯稹咳齻€(gè)支路電壓相同；當(dāng)交流電頻率變大時(shí)，電感的感抗增大，電容的容抗減小，電阻所在支路對電流的阻礙作用不變，所以流過A

的電流變小，流過B

的電流變大，流過C

的電流不變，故ACD錯誤，B正確。

故選B?！窘馕觥緽

5、C【分析】【分析】

A；根據(jù)電場線的分布規(guī)律；此種電場線應(yīng)該為等量異種點(diǎn)電荷電場線，所以P、Q是兩個(gè)等量異種電荷，A選項(xiàng)錯誤。

B；理由同A選項(xiàng)；B選項(xiàng)錯誤。

C；理由同A選項(xiàng)；C選項(xiàng)正確。

D；根據(jù)電場線分布可以看出；P、Q產(chǎn)生的電場線疏密不均勻，因此不是勻強(qiáng)電場，D選項(xiàng)錯誤。

故選C

【點(diǎn)評】本題屬于容易題，等量異種電荷的電場線分布是對稱的，形狀像燈籠6、A【分析】【解答】解：并聯(lián)電路中電流之比等于電阻的反比；

故有：==

故有：R2===4Ω；

則總電阻為：R===2.4Ω；

故選：A．

【分析】根據(jù)并聯(lián)電路的性質(zhì)可求得R2的阻值及總電阻：并聯(lián)電路的電壓相等，電流之比等于電阻的反比．二、填空題(共7題，共14分)7、略

【分析】【解析】試題分析：由電流的定義式計(jì)算閃電過程中流動的電荷量，再由電流的定義式算出可供照明的時(shí)間。由電流的定義式可得，閃電過程中流動的電荷量讓該電量流過電燈有可得：則考點(diǎn)：對電流強(qiáng)度的計(jì)算【解析】【答案】600s8、略

【分析】解：用頻率為ν1的單色光照射該金屬，根據(jù)Ekm=hν-W0可知，逸出的光電子的最大初動能為E1=hν1-W；

同理，當(dāng)用頻率為ν2（ν2＞ν1）的光照射該金屬時(shí)，逸出光電子的最大初動能為E2=hν2-W；

兩式綜合解得：E2=h（ν2-ν1）+E1；

當(dāng)最大初動能為零時(shí)，則有：hν0=W；解得：ν0==

故答案為：h（ν2-ν1）+E1；．

根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm=hν-W0進(jìn)行分析，即可求解最大初動能，再根據(jù)當(dāng)最大初動能為零時(shí)，hν0=W0；即可求解極限頻率．

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程，以及知道逸出功與極限頻率的關(guān)系，注意普朗克常數(shù)的含義．【解析】h（ν2-ν1）+E1；9、略

【分析】解：B

球僅在庫侖力作用下；由靜止開始運(yùn)動，當(dāng)間距為d

時(shí)，B

的加速度為a

則合力為F=ma

且F

與d

的平方成反比；

當(dāng)B

的加速度為a4

此時(shí)B

球的合力為F隆盲=ma4

則兩球間距為2d

．

A

固定不動，B

由靜止在庫侖力的作用下開始運(yùn)動，當(dāng)速度達(dá)到V

時(shí)，過程中的動能增加了12mv2

則電勢能減小了12mv2

故答案為：2d12mv2

當(dāng)在真空中兩個(gè)點(diǎn)電荷；其間的庫侖力與兩點(diǎn)電荷的電量乘積成正比，與間距的平方成反比.

兩球在某一狀態(tài)下，小球加速度與質(zhì)量成反比.

同一小球在不同狀態(tài)下，加速度與合力成正比.

而電場力做功導(dǎo)致電勢能變化，當(dāng)電場力做正功時(shí)，電勢能減少；當(dāng)電場力做負(fù)功時(shí)，電勢能增加．

由庫侖定律可知，在真空且必須確保電荷量不變，電荷間距要大，能將帶電球看成點(diǎn)來處理.

同時(shí)運(yùn)用牛頓第二定律來確定力與加速度的關(guān)系.

電場力做功會導(dǎo)致電勢能與動能相互轉(zhuǎn)化．【解析】2d12mv2

10、略

【分析】

電場線是從正電荷或者無窮遠(yuǎn)出發(fā)出；到負(fù)電荷或無窮遠(yuǎn)處為止，所以左圖是正電荷，右圖是負(fù)電荷．

故答案為：左圖是正；右圖是負(fù)．

【解析】【答案】電場線是從正電荷或者無窮遠(yuǎn)出發(fā)出；到負(fù)電荷或無窮遠(yuǎn)處為止，由此可以判斷電荷的正負(fù)．

11、α粒子散射核式【分析】【解答】盧瑟福和他的同事們所做的α粒子散射實(shí)驗(yàn)否定了湯姆遜的棗糕模型；據(jù)此實(shí)驗(yàn)盧瑟福提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型．

故答案為：α粒子散射；核式。

【分析】湯姆遜的棗糕模型被盧瑟福和他的同事們所做的α粒子散射實(shí)驗(yàn)所否定，他提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型．12、略

【分析】解：

A；C處兩質(zhì)點(diǎn)是兩列波波峰與波谷疊加的地方；振動減弱．

B；D兩點(diǎn)都是振動加強(qiáng)的點(diǎn)；它們的連線上各點(diǎn)振動也加強(qiáng)，形成振動加強(qiáng)的區(qū)域，所以E點(diǎn)處質(zhì)點(diǎn)是振動加強(qiáng)的點(diǎn)．

由v=得，T==s=0.04s；

再經(jīng)過t=0.02s=則B點(diǎn)將到達(dá)波峰．

故答案為：D；E、B；0.02．

兩列頻率相同的兩列水波可形成穩(wěn)定的干涉；波峰與波谷相遇處振動減弱，波峰與波峰；波谷與波谷相遇處振動加強(qiáng)，振動加強(qiáng)點(diǎn)的振幅等于兩列波單獨(dú)傳播時(shí)振幅的兩倍．

本題考查對波的疊加原理及規(guī)律的理解能力．兩列波疊加振動加強(qiáng)時(shí)，振幅增大，等于兩列波單獨(dú)傳播時(shí)振幅之和．【解析】D、E、B；0.0213、與界面AB

的夾角450

與界面CA

的夾角為900【分析】【分析】由sinC=1n

得到臨界角，確定光線在AB

界面發(fā)生全反射，由此得到答案。本題考查光的全反射，難度不大?！窘獯稹抗饩€從空氣中垂直射到棱鏡界面BC

上到達(dá)界面AB

由sinC=1n

知臨界角C=450

光線在AB

界面發(fā)生全反射，然后垂直CA

界面射出，所以，光線與界面AB

的夾角450

與界面CA

的夾角為900

故填：與界面AB

的夾角450

與界面CA

的夾角為900

【解析】與界面AB

的夾角450

與界面CA

的夾角為900

三、判斷題(共6題，共12分)14、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．15、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場強(qiáng)大小及方向．16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點(diǎn)可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．17、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大小．

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱莶钆c零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點(diǎn)電勢高，靠近負(fù)電荷的點(diǎn)，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點(diǎn)之間的電勢差相比，與a點(diǎn)之間的電勢差比較大，所以a點(diǎn)所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點(diǎn)電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．四、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共8分)20、略

【分析】解：①根據(jù)電路圖；畫出的實(shí)物圖：

②由閉合電路歐姆定律可得：U=R；

變形得：=+?

故應(yīng)作出-圖象；

③由數(shù)學(xué)知識可知，圖象中的斜率為：k=

截距為：b=

由圖可知，b=0.10；

所以E==10.0V；

由圖可知：k==4.8

則可得：r=4.8-4.0=0.8Ω；

故答案為：①連線如圖所示②③10.0；0.8

①根據(jù)電路圖；畫出的實(shí)物圖．

②由閉合電路歐姆定律可得出表達(dá)式；再結(jié)合圖象和數(shù)學(xué)知識可得出圖象的截距及斜率的含義；

③根據(jù)圖象的性質(zhì)利用數(shù)學(xué)規(guī)律即可求得電動勢和內(nèi)電阻．

本題考查測量電動勢和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)，解題的關(guān)鍵在于能由圖象知識（斜率與截距的意義）結(jié)合閉合電路歐姆定律求解，在解題時(shí)要注意題目中給出的條件及坐標(biāo)中隱含的信息．【解析】10.0；0.821、(1)CE(2)

如圖所示(3)2.51.5【分析】【分析】(1)

選擇器材需安全；精確；根據(jù)電風(fēng)扇的額定電流確定電流表的量程，通過電風(fēng)扇電阻的大約值，從測量的誤差和可操作性角度選擇滑動變阻器；

(2)

測量伏安特性電流；電壓需從零開始測起；滑動變阻器需采用分壓式接法，根據(jù)電風(fēng)扇內(nèi)阻的大小確定電流表的內(nèi)外接；

(3)

電壓表讀數(shù)小于0.5V

時(shí)電風(fēng)扇沒啟動.

電能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，根據(jù)歐姆定律求出電風(fēng)扇的電阻，正常工作時(shí)根據(jù)電流和內(nèi)阻求出發(fā)熱功率，根據(jù)輸入功率，通過能量守恒求出機(jī)械功率。解決本題的關(guān)鍵掌握器材選取的原則，即安全，精確，以及知道滑動變阻器分壓式和限流式接法的區(qū)別，電流表內(nèi)外接的區(qū)別?！窘獯稹繅琶?/p>

電風(fēng)扇的額定電流I=PU=0.6A

從讀數(shù)誤差的角度考慮；電流表選擇C.

電風(fēng)扇的電阻比較小，則滑動變阻器選擇總電阻為10婁賂

的誤差較小，即選擇E;

壟脷

因?yàn)殡妷弘娏餍鑿牧汩_始測起，則滑動變阻器采用分壓式接法，電風(fēng)扇的電阻大約R=U2P隆脰6.67婁賂

遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，屬于小電阻，電流表采用外接法.

電路圖如圖所示則可知對應(yīng)的實(shí)物圖如圖所示；

壟脹

電壓表讀數(shù)小于0.5V

時(shí)電風(fēng)扇沒啟動，根據(jù)歐姆定律得，R=UI=0.50.2=2.5婁賂

正常工作時(shí)電壓為4V

根據(jù)圖象知電流為0.6A

則電風(fēng)扇發(fā)熱功率P=I2R=0.36隆脕2.5W=0.9W

則機(jī)械功率P隆盲=UI鈭?I2R=2.4鈭?0.9=1.5W

故答案為：(1)CE(2)

如圖所示(3)2.51.5

【解析】(1)CE(2)

如圖所示(3)2.51.5

五、推斷題(共4題，共28分)22、（1）第三周期、第ⅢA族（2）HClO4（3）NO23NO2+H2O=2HNO3+NO（4）【分析】【分析】本題考查元素周期表的結(jié)構(gòu)及應(yīng)用、電子式、氮的氧化物，根據(jù)元素的位置推斷元素及元素化合物知識為解答的關(guān)鍵，側(cè)重分析與應(yīng)用能力的考查?！窘獯稹坑稍氐奈恢每芍?，rm{壟脵壟脷壟脹壟脺壟脻壟脼}分別為rm{N}rm{F}rm{Na}rm{Al}rm{Si}rm{Cl}rm{(1)}元素rm{壟脺}為rm{Al}位于第三周期、第Ⅲrm{A}族；故答案為：第三周期、第Ⅲrm{A}族；rm{(2)壟脻}rm{壟脼}分別為rm{Si}rm{Cl}元素的非金屬性越強(qiáng)，最高價(jià)氧化物對應(yīng)的水化物酸性越強(qiáng)，非金屬性：rm{Cl>Si}則兩種元素最高價(jià)氧化物對應(yīng)的水化物酸性較強(qiáng)的是rm{HClO_{4}}故答案為：rm{HClO_{4}}rm{(3)壟脵}為rm{N}元素，rm{N}元素形成的多種氧化物中顏色為紅棕色的是rm{NO_{2}}與水反應(yīng)生成rm{HNO_{3}}和rm{NO}反應(yīng)的化學(xué)方程式為rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}故答案為：rm{NO_{2}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{(4)壟脹}為rm{Na}元素，rm{壟脷}為rm{F}元素，二者形成的化合物為rm{NaF}其電子式為故答案為：【解析】rm{(1)}第三周期、第Ⅲrm{A}族rm{(2)HClO_{4}}rm{(3)NO_{2}}rm{3NO_{2}+H_{2}O=2HNO_{3}+NO}rm{(4)}23、rm{(1)}銀氨溶液rm{(}新制氫氧化銅懸濁液或者rm{NaOH}溶液、稀硝酸與硝酸銀溶液rm{)}

rm{(2)壟脺壟脼}

rm{(3)}

rm{(4)4}rm{(}其中的任意一種rm{)}【分析】【分析】本題考查有機(jī)物推斷，需要對給予的信息進(jìn)行利用，能較好的考查學(xué)生自學(xué)能力，熟練掌握官能團(tuán)的性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，再結(jié)合反應(yīng)條件利用正推法推斷，rm{(4)}中同分異構(gòu)體的書寫是易錯點(diǎn)、難點(diǎn)，根據(jù)信息確定苯環(huán)側(cè)鏈?zhǔn)顷P(guān)鍵，難點(diǎn)中等?！窘獯稹扛鶕?jù)題中各物質(zhì)轉(zhuǎn)化關(guān)系可以知道，甲苯在光照條件下與氯氣發(fā)生取代反應(yīng)生成rm{A}為在堿性條件下水解生成rm{B}為催化氧化得rm{C}為根據(jù)題中已知信息，與rm{CH_{3}CHO}反應(yīng)加成反應(yīng)生成rm{D}為再加熱脫去水生成rm{E}為再與溴發(fā)生加成反應(yīng)生成rm{F}為再將醛基氧化成羧基得rm{G}為再在鋅的作用下脫去溴生成肉桂酸，rm{(1)B}為是苯甲醇；rm{A}為rm{C}為可以利用rm{C}中的醛基有還原性來對兩者進(jìn)行鑒別，也可以利用rm{A}中的氯原子水解后生成氯離子，用硝酸銀溶液來鑒別，所以可以用銀氨溶液rm{(}新制氫氧化銅懸濁液或者rm{NaOH}溶液、稀硝酸與硝酸銀溶液rm{)}故答案為：銀氨溶液rm{(}新制氫氧化銅懸濁液或者rm{NaOH}溶液、稀硝酸與硝酸銀溶液rm{)}rm{(2)}根據(jù)上面的分析可以知道屬于消去反應(yīng)的是：rm{壟脺}醇脫水生成碳碳雙鍵和反應(yīng)；rm{壟脼}脫去兩個(gè)溴生成碳碳雙鍵，故答案為：rm{壟脺壟脼}rm{(3)E}的結(jié)構(gòu)簡式為反應(yīng)rm{壟脵}是甲苯光照條件下與氯氣發(fā)生取代反應(yīng)，方程式為：反應(yīng)rm{壟脷}是在堿性條件下水解生成rm{B}為化學(xué)反應(yīng)方程式為故答案為：rm{(4)}同時(shí)符合下列要求：rm{I.}含有苯環(huán)；Ⅱrm{.}能與rm{NaHCO_{3}}溶液反應(yīng)，說明有羧基；Ⅲrm{.}能使溴的四氯化碳溶液褪色，說明有碳碳雙鍵，則肉桂酸的同分異構(gòu)體有共rm{4}種，寫出任意一種即可，故答案為：rm{4}rm{(}其中的任意一種rm{)}【解析】rm{(1)}銀氨溶液rm{(}新制氫氧化銅懸濁液或者rm{NaOH}溶液、稀硝酸與硝酸銀溶液rm{)}rm{(2)壟脺壟脼}rm{(3)}rm{(4)4}rm{(}其中的任意一種rm{)}24、（1）C4H10

（2）

（3）2-甲基-1-丙烯

（4）消去反應(yīng)，水解反應(yīng)（取代反應(yīng)）

（5）

（6）CH2=CH-CH=CH2

【分析】【分析】本題考查有機(jī)化合物的推斷和有機(jī)反應(yīng)類型的判斷，同分異構(gòu)體等，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}rm{11.2L(}標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{)}的烴rm{A}物質(zhì)的量為rm{0.5mol}在氧氣中充分燃燒可以產(chǎn)生rm{88gCO}標(biāo)準(zhǔn)狀況rm{11.2L(}的烴rm{)}物質(zhì)的量為rm{A}在氧氣中充分燃燒可以產(chǎn)生rm{0.5mol}rm{88gCO}rm{{,!}_{2}(2mol)}和rm{45gH}rm{45gH}rm{{,!}_{2}}則證明rm{O}當(dāng)中含有rm{O}個(gè)碳原子，rm{(2.5mol)}個(gè)氫原子，則rm{A}是rm{4}故答案為：rm{10}rm{A}rm{C_{4}H_{10}}有支鏈，則rm{C_{4}H_{10}}是異丁烷，在光照下和氯氣反應(yīng)生成的一氯代烴rm{(2)}和rm{A}有支鏈，則rm{A}是異丁烷，在光照下和氯氣反應(yīng)生成的一氯代烴rm{B}和rm{C}分別是：分別是：和故答案為：和rm{A}rm{A}分別和氫氧化鈉醇溶液發(fā)生消去反應(yīng)生成烯烴rm{B}rm{C}的系統(tǒng)命名名稱是：rm{(3)B}甲基rm{C}丙烯，故答案為：rm{CH_{2}=C(CH_{3})_{2}}甲基rm{D}丙烯；rm{2-}反應(yīng)rm{-1-}是氯代烴的消去反應(yīng)；反應(yīng)rm{2-}是氯代烴的水解反應(yīng)，故答案為：消去反應(yīng)，水解反應(yīng)rm{-1-}取代反應(yīng)rm{(4)}rm{1}反應(yīng)rm{3}是rm{(}與溴的四氯化碳溶液發(fā)生加成反應(yīng)，反應(yīng)方程式為：反應(yīng)rm{)}是反應(yīng)rm{(5)}的產(chǎn)物rm{壟脷}是與氫氧化鈉水溶液發(fā)生的取代反應(yīng)生成醇類，反應(yīng)方程式為：故答案為：rm{壟脷}根據(jù)rm{CH_{2}=C(CH_{3})_{2}}的分子式及結(jié)構(gòu)簡式可知，其同分異構(gòu)體為正丁烷，正丁烷的二氯代物rm{壟脹}有兩種等效氫，且峰面積之比為rm{壟脷}的結(jié)構(gòu)為：rm{E}rm{(6)}在足量的rm{A}的醇溶液中加熱，充分反應(yīng)后生