…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年新世紀版必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，M、N是兩塊水平放置的平行金屬板，R0為定值電阻，R1和R2為可變電阻，開關(guān)S閉合。質(zhì)量為m的帶正電荷的微粒從P點以水平速度v0射入金屬板間，沿曲線打在N板上的O點。若經(jīng)下列調(diào)整后，微粒仍從P點以水平速度v0射入，則關(guān)于微粒打在N板上的位置說法正確的是()

A.保持開關(guān)S閉合，增大R1，粒子打在O點右側(cè)B.保持開關(guān)S閉合，增大R2，粒子打在O點左側(cè)C.斷開開關(guān)S，M極板稍微上移，粒子打在O點右側(cè)D.斷開開關(guān)S，N極板稍微下移，粒子打在O點右側(cè)2、如圖所示，MN是一負點電荷產(chǎn)生的電場中的一條電場線。一個帶正電的粒子（不計重力）從a到b穿越管條電場線的軌跡如圖中的虛線所示；下列結(jié)論正確的是（）

A.負點電荷一定位于M點左側(cè)B.帶電粒子從a到b過程中加速度逐漸變小C.帶電粒子從a到b過程中電勢逐漸變大D.帶電粒子從a到b過程中動能逐漸變大3、如圖所示，實線表示某水平勻強電場的電場線，虛線表示一個帶電粒子射入該電場后的運動軌跡，是軌跡上的兩個點．忽略帶電粒子的重力作用，下列說法中正確的是（）

A.該帶電粒子一定是從向通過勻強電場的B.該勻強電場的場強方向一定是從左向右C.該帶電粒子在點的動能一定大于在點的動能D.該帶電粒子在點的電勢能一定大于在點的電勢能4、如圖所示，水平放置的平行板電容器，兩板間距為d，帶負電的小球質(zhì)量為m，帶電量為q，它從下極板N的小孔P中，以初速度射入，沿直線到達上板M上的小孔Q，若重力加速度為g。則（）

A.小球在M、N間運動加速度不為零B.M板電勢低于N板電勢C.小球從P到Q，電勢能增加了D.M、N間電勢差大小為5、如圖所示，質(zhì)量相同，帶電量不同的兩帶電粒子（重力不計）以大小相同的初速度從左上端水平射入平行板電容器，粒子1打在下極板中點處，其在電場中的運動時間為加速度為粒子2由右側(cè)板中央處射出電場區(qū)域，其在電場中的運動時間為加速度為則（）

A.B.C.D.6、如圖所示，a、b、c、d為正方形的四個頂點，在a、c兩點分別固定一電荷量為的點電荷，在d點固定一電荷量為的點電荷?，F(xiàn)將另一電荷量為的點電荷P從無窮遠處移動到b點并固定，移動該電荷過程中電場力做功為W，之后將固定在c點的點電荷移走，規(guī)定無窮遠處電勢為0，下列說法錯誤的是（）

A.未移入點電荷P前，b點的電勢為B.將c點的點電荷移走后，c點的電勢為C.若將另一帶電量為的點電荷從無窮遠處移動到c點，電場力做功為D.若將另一帶電量為的點電荷固定在c點，O點的電場強度方向指向a點7、如圖是演示電容充電的電路圖，圖中C是平行板電容器，R是可變電阻。S接通后，電容器的上下兩極板帶有等量電荷，兩極板間產(chǎn)生勻強電場。電容器充電后，斷開開關(guān)S，若增大兩板的距離；下列說法正確的是（）

A.平行板電容器的電容變大B.平行板電容器極板的電量變大C.平行板電容器兩板間的電勢差變大D.平行板電容器兩板間的的電場強度變大8、2019年1月11日1時11分，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號乙運載火箭，成功將“中星2D”衛(wèi)星發(fā)射升空，升空后的衛(wèi)星能量補給主要靠太陽能電池，硅光電池是一種太陽能電池，具有低碳環(huán)保的優(yōu)點如圖所示，圖線a是該電池在某光照強度下路端電壓U和電流I的關(guān)系圖像（電池內(nèi)阻不是常數(shù)），圖線b是某電阻R的圖像。在該光照強度下將它們組成閉合回路時；下列說法正確的是（）

A.此時硅光電池的內(nèi)阻為B.此時硅光電池的輸出功率為C.此時硅光電池的總功率為D.此時硅光電池的輸出效率為40%9、太陽帆航天器是一種利用太陽光的壓力進行太空飛行的航天器，如圖所示。在沒有空氣的宇宙中，太陽光光子會連續(xù)撞擊太陽帆，使太陽帆獲得的動量逐漸增加，從而產(chǎn)生加速度。太陽帆飛船無需燃料，只要有陽光，就會不斷獲得動力加速飛行。有人設想在探測器上安裝有面積極大、反射功率極高的太陽帆，并讓它正對太陽。已知太陽光照射太陽帆時每平方米面積上的輻射功率為P0，探測器和太陽帆的總質(zhì)量為m，太陽帆的面積為s，每個光子的能量為p；此時探測器的加速度大小為（）

A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖所示；平行金屬板A；B水平正對放置，分別帶等量異號電荷，一帶電微粒水平射入板間，在重力和電場力共同作用下運動，軌跡如圖中虛線所示，那么（）

A.微粒從M點運動到N點動能一定增加B.微粒從M點運動到N點電勢能一定增加C.微粒從M點運動到N點機械能可能增加D.若微粒帶正電荷，則A板一定帶正電荷11、如圖所示，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個邊長為10cm的正六邊形的六個頂點，A、B、C三點電勢分別為1V；2V、3V；則下列說法正確的是()

A.勻強電場的場強大小為10V/mB.勻強電場的場強大小為V/mC.電荷量為1.6×10－19C的正點電荷從E點移到F點，電荷克服電場力做功為1.6×10－19JD.電荷量為1.6×10－19C的負點電荷從F點移到D點，電荷的電勢能減小4.8×10－19J12、一孤立的帶負電的點電荷靜置于點，另一點與點的連線為水平線，電荷周圍作出幾條對稱電場線如圖所示。以點為圓心畫一個圓，與電場線分別相交于下列說法正確的是（）

A.兩點的電場強度相同B.兩點間電勢差等于兩點間電勢差C.電子在點的電勢能小于在點的電勢能D.正點電荷從點沿圓周逆時針移動到點過程中，電場力對它做正功13、用細繩系一個質(zhì)量為m、帶正電的小球B，另一個也帶正電的小球A固定在光滑絕緣的豎直墻上，A、B兩球離地面的高度均為h。小球B在重力；拉力和庫侖力的作用下靜止不動；如圖所示，現(xiàn)將細繩剪斷并同時釋放A球，則（）

A.小球B在剪斷細繩后做平拋運動B.小球B在細繩剪斷瞬間加速度大于gC.小球B落地的時間大于D.小球B落地的速度大于14、有一電場強度方向沿x軸方向的電場，其電勢φ隨x的分布如圖所示。一質(zhì)量為m、帶電量為?q的粒子只在電場力的作用下，以初速度v0從x=0處的O點進入電場并沿x軸正方向運動；則下關(guān)于該粒子運動的說法中正確的是（）

A.粒子從x=0處運動到x=x1處的過程中動能逐漸增大B.粒子從x=x1處運動到x=x3處的過程中電勢能逐漸減小C.欲使粒子能夠到達x=x4處，則粒子從x=0處出發(fā)時的最小速度應為D.若則粒子在運動過程中的最小速度為15、如圖所示，真空中M、N點處固定有兩等量異種點電荷，其連線的中點為O，實線是連線的中垂線，A、B、C分別是連線和中垂線上的點，其中A、B分別是MO和ON的中點，CO=2AO；則（）

A.A點和C點電場強度方向相反B.C、O兩點電場強度大小之比為1C.由A到B的過程中，帶負電的試探電荷受到的靜電力先減小后增大D.A點電勢比B點電勢高16、如圖，四個電荷量均為的點電荷分別放置于菱形的四個頂點，其坐標分別為和其中x軸上的兩個點電荷位置固定，y軸上的兩個點電荷可沿y軸對稱移動（）；下列說法正確的是（）

A.除無窮遠處之外，菱形外部電場強度處處不為零B.當取某值時，可使得菱形內(nèi)部只存在兩個電場強度為零的點C.當時，將一帶負電的試探電荷由點移至點靜電力做正功D.當時，將一帶負電的試探電荷放置在點處，其所受到的靜電力方向與x軸正方向成傾斜向上17、如圖所示，正四面體四個頂點A、B、C、D處分別固定四個電荷量絕對值相等的點電荷。A、B處為＋Q，C、D處為－Q，O點為正四面體中心，M、N、J、K分別為AB、CD、AD、BC邊中點.取無窮遠處電勢為零，離點電荷Q距離r處電勢為下列說法正確的是（）

A.O處場強為零B.O處電勢為零C.同一個負檢驗電荷分別放在J點與K點，電勢能相同D.把一個正檢驗電荷從M點移到N點，電場力做負功18、某靜電場中x軸上電場強度E隨x變化的關(guān)系如圖所示，設x軸正方向為電場強度的正方向。一帶電荷量大小為q的粒子從坐標原點O沿x軸正方向運動，結(jié)果粒子剛好能運動到x＝3x0處，假設粒子僅受電場力作用，E0和x0已知，則（）

A.粒子一定帶負電B.粒子的初動能大小為qE0x0C.電場力先做正功后做負功D.粒子沿x軸正方向運動過程中最大動能為2qE0x0評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)19、圖中的平行直線表示一簇垂直于紙面的等勢面。A等勢面與B等勢面的電勢差UAB=__________V；將一個帶-5.0×10-8C的點電荷，沿圖中曲線從A點移到B點，電場力做的功為_______________J。

20、如圖，電源電動勢E＝12V，內(nèi)阻r＝1Ω，電阻R1=4Ω，R2=22Ω，滑動變阻器R的阻值0~30Ω。閉合電鍵S，當滑動變阻器的滑動觸頭P由a端向b端滑動時，理想電流表和理想電壓表示數(shù)變化量的大小分別用ΔI、ΔU表示。則______Ω；R1消耗的最小電功率為P＝_______W。

21、電磁場：變化的____和變化的____交替產(chǎn)生，形成不可分割的統(tǒng)一體，稱為___。22、某同學用游標卡尺和螺旋測微器分別測量一薄的金屬圓片的直徑和厚度。讀出圖中的示數(shù)。該金屬圓片的直徑的測量值為_______mm,厚度的測量值為_______mm。

23、電場中某區(qū)域的電場線分布如圖所示，A、B、C為電場中的三點，則三點中電場強度最大的是______點，電勢最低的是______點；將一個正點電荷從A點移動到C點過程中電場力做______（選填“正功”或“負功”）。

24、把負電荷q=5×10?5C從無窮遠處移到電場中A點,克服電場力做功4.0×10?6J,再把q從A點移到B點,電場力對電荷做1×10?4J的功,A點電勢為________V,B點電勢為__________V。25、某同學改裝電壓表的電路圖如圖所示，圖中虛線框內(nèi)是電壓表的改裝電路。已知表頭G滿偏電流為200μA，表頭上標記的內(nèi)阻值為400Ω。R1、R2和R3是定值電阻。利用R1和表頭構(gòu)成1mA的電流表，然后再將其改裝為兩個量程的電壓表。若使用a、b兩個接線柱，電壓表的量程為1V；若使用a、c兩個接線柱，電壓表的量程為3V。則根據(jù)題給條件，定值電阻的阻值應選R1=________Ω，R2=________Ω，R3=________Ω。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)26、如圖所示是某電場中的電場線，請畫出點a點的場強方向和電荷-q在b點所受電場力的方向。

27、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。28、如圖1所示，用電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源，向滑動變阻器R供電。改變變阻器R的阻值，路端電壓U與電流I均隨之變化。

（1）以U為縱坐標，I為橫坐標，在圖2中畫出變阻器阻值R變化過程中U-I圖像的示意圖，并說明U-I圖像與兩坐標軸交點的物理意義。

（2）請在圖2畫好的U-I關(guān)系圖線上任取一點；畫出帶網(wǎng)格的圖形，以其面積表示此時電源的輸出功率。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共8分)29、在科技發(fā)達的當今社會；隨時隨地都可以看到科學技術(shù)在生活中的應用，其中利用水果發(fā)電由于簡單并有趣吸引越來越多的學生進行研究。成都某中學的三位同學想通過實驗測量水果電池的電動勢和內(nèi)阻。

(1)甲同學先用量程為3V的電壓表，直接測量水果電池兩極的電壓，電壓表的示數(shù)為1.8V，則水果電池的電動勢應__________（填“大于”“等于”或“小于”）1.8V。

(2)乙同學用以下器材設計了如圖(a)所示的電路。

a.電壓表（0~3V；內(nèi)阻約6kΩ）

b.電流表（0~0.6A，rA=5Ω）

c.滑動變阻器（0~40Ω）

d.開關(guān)1個；導線若干。

閉合開關(guān)后，滑動變阻器的滑片，電流表與電壓表都示數(shù)很小且?guī)缀醪蛔儯ń?jīng)檢查，電路無故障），原因是_____________。若故障處理以后利用該同學的測量方法測得的電源內(nèi)阻_________（偏大；偏小、準確）。

(3)丙同學使用1個電阻箱（0~9999Ω）和1個電壓表（0~3V，內(nèi)阻很大，可視為理想電壓表），設計了如圖(b)所示的實驗電路，改變電阻箱的阻值R得到多組電壓表的示數(shù)U，以為縱坐標，為橫坐標，得到如圖(c)所示的圖像。根據(jù)圖像可得到水果電池的電動勢為_______，內(nèi)阻為________。

評卷人得分六、解答題(共2題，共16分)30、如圖所示，一矩形線框從abcd位置移動到a′b′c′d′位置的過程中（線框平行于紙面移動；線框與導線相互絕緣），中間是一條電流向上的通電導線，請思考：

（1）導線的左邊磁場的方向向哪？右邊呢？

（2）在移動過程中；當線框的一半恰好通過導線時，穿過線框的磁感線條數(shù)有何特點？

31、如圖所示，水平光滑絕緣軌道MN處于水平向右的勻強電場中，一個質(zhì)量為m、電荷量為+q的滑塊（可視為質(zhì)點），從軌道上的A點由靜止釋放，滑塊在靜電力作用下向右做勻加速直線運動，當?shù)竭_B點時速度為v。設滑塊在運動過程中；電荷量始終保持不變。

（1）求滑塊從A點運動到B點的過程中，靜電力所做的功W；

（2）若規(guī)定A點電勢為φA，求滑塊運動到B點時的電勢能EPB。

（3）某同學把上述靜電場的電場線分布畫成如圖所示：電場的方向均水平向右；電場線上疏下密。這種分布的靜電場是否可能存在？試述理由。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【詳解】

A．保持開關(guān)S閉合，由閉合電路歐姆定律和歐姆定律可知兩端的電壓為：

增大可知兩端的電壓將減小，電容器兩端的電壓減小，根據(jù)可知粒子電場力減小，根據(jù)粒子加速度增大，粒子在平行板間運動則有：

水平位移為：

水平位移將減小，故粒子打在點左側(cè)；故A錯誤；

B．保持開關(guān)S閉合，增大不會影響電阻兩端的電壓，故粒子打在點；故B錯誤；

C．斷開開關(guān)，平行板帶電量不變，根據(jù)及可得：

極板稍微上移，兩極板的間距增大，但電場強度不變，故加速度不變，不會影響離子的運動，故還打在點；故C錯誤；

D．斷開開關(guān)，平行板帶電量不變，根據(jù)及可得：

極板稍微下移，兩極板的間距增大，但電場強度不變，故加速度不變，電場強度不變，加速度不變，不會影響離子的運動，垂直極板方向的運動的位移變大，運動時間變長，沿極板方向運動的位移也增大，故粒子打在點右側(cè)；故D正確；

故選D。2、D【分析】【分析】

【詳解】

A．帶正電的粒子所受電場力向右，電場線由M指向N，說明負電荷在直線N點右側(cè)。故A錯誤；

B．a(chǎn)點離點電荷較遠，a點的電場強度小于b點的電場強度，帶電粒子在a點的電場力小于在b點的電場力，根據(jù)牛頓第二定律得知，帶電粒子在a點的加速度小于在b點的加速度，即帶電粒子從a到b過程中加速度逐漸變大；故B錯誤；

CD．帶電粒子從a到b過程電場力對帶電粒子做正功；電勢能減小，動能逐漸變大，電勢變小，故C錯誤，D正確。

故選D。3、C【分析】【詳解】

A．由曲線運動的知識可以知道：帶電粒子所受的電場力向左，因為粒子的運動方向不知，所以可能是從到也可能是從到故A錯誤；

B．由上可以知道；帶電粒子帶電性質(zhì)不確定，所以場強的方向也不能確定，故B錯誤；

CD．帶電粒子從到過程中，電場力做負功，電荷的電勢能增大，由動能定理，粒子的動能減小，即粒子在點的動能大于在點的動能；C正確，D錯誤。

故選C。4、D【分析】【詳解】

A．小球受重力和電場力；且兩者方向均在豎直方向，小球沿斜向右上方做直線運動，則重力與電場力平衡，合力為零，加速度為零，小球做勻速直線運動，否則小球合力與速度不在一條直線上，小球做曲線運動，A錯誤；

B．小球所受電場力方向向上，又帶負電，故板間電場方向向下，則上板帶正電、下板帶負電，M板電勢高于N板電勢；B錯誤；

C．由于電場力與重力平衡，即

電場力方向向上，小球運動過程中電場力做功

由功能關(guān)系可知，電勢能減少C錯誤；

D．由電場力做功

解得M、N間電勢差大小為

D正確。

故選D。5、D【分析】【詳解】

AB．水平勻速，根據(jù)

大小相同的初速度從左上端水平射入平行板電容器，所以

故AB錯誤；

CD．豎直方向

所以

故C錯誤D正確。

故選D。6、B【分析】【詳解】

A．根據(jù)電勢的定義可知，電場中某點的電勢為將試探電荷從該點移動到0電勢點處電場力做的功與點電荷電量的比值，因此未移入點電荷P前，b點的電勢為

選項A正確；

B．根據(jù)對稱性可知，移走c點的點電荷的過程中電場力做功為可知移走后c點的電勢為選項B錯誤；

C．將另一帶電量為的點電荷從無窮遠處移動到c點，電場力做功

選項C正確；

D．將另一帶電量為的點電荷固定在c點，根據(jù)矢量疊加原理可知，因bd兩點的負電荷在O點的合場強為零，則ac兩處的電荷在O點的電場強度方向指向a點；選項D正確。

本題選錯誤的，故選B。7、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)可知；增大兩板的距離d，則平行板電容器的電容變小，選項A錯誤；

B．電容器充電后，斷開開關(guān)S，則平行板電容器極板的電量不變；選項B錯誤；

C．根據(jù)可知；平行板電容器兩板間的電勢差變大，選項C正確；

D．根據(jù)和可得可知平行板電容器兩板間的的電場強度不變，選項D錯誤；

故選C.8、C【分析】【分析】

【詳解】

A．由閉合電路歐姆定律得

當時，由圖線a與縱軸的交點讀出電動勢為

根據(jù)兩圖線交點處的狀態(tài)可知，將它們組成閉合回路時路端電壓為回路中的電流為則此時硅光電池的內(nèi)阻為

選項A錯誤；

B．硅光電池的輸出功率為

選項B錯誤；

C．此時硅光電池的總功率為

選項C正確；

D．此時硅光電池的輸出效率為

選項D錯誤。

故選C。9、A【分析】【詳解】

每秒光照射到帆面上的能量E=P0s

光子的平均能量ε=hf

光子的頻率

每秒射到帆面上的光子數(shù)

聯(lián)立可得

每個光子的動量

光射到帆面被反彈，由動量定理得Ft=2Ntp

對飛船，由牛頓第二定律得F=ma

聯(lián)立解得

故A正確，BCD錯誤。二、多選題(共9題，共18分)10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

以帶電微粒為研究對象分析受力可知，微粒同時受到重力和電場力作用，由其運動軌跡的彎曲方向僅可判斷出重力與電場力合力向下，而電場力方向可能豎直向上，亦可能豎直向下，故微粒從M點運動到N點合力做正功；其動能增大，機械能可能增加，A板帶可能帶正電荷，亦可能帶負電荷，故BD錯誤，AC正確。

故選AC。11、B:C【分析】【分析】

連接AC，根據(jù)勻強電場電勢隨距離均勻變化（除等勢面）的特點，AC中點的電勢為2V，則EB為一條等勢線，CA連線即為一條電場線，由BA間的電勢差，由公式U=Ed求出場強大小；AF∥EB，則知AF也為一條等勢線，可求出UEF；電場力做功就可以求解；

【詳解】

AB、連接AC，AC中點電勢為2V，與B電勢相等，則EB連線必為一條等勢線，BA間的電勢差為又得場強故B正確，A錯誤；

C、由正六邊形對稱性，則AF也為電場中的一條等勢線，由上可知，E的電勢為則電荷量為的正點電荷從E點移到F點，電場力做正功，而且為故C正確；

D、D點的電勢等于C點的電勢，電荷量為的負點電荷從F點移到D點，電場力做功為電勢能減小故D錯誤；

故選BC．12、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．兩點到點電荷的距離相等，根據(jù)可知，兩點的電場強度大小相等，方向不同，故兩點的電場強度不相同；故A錯誤；

B．點電荷的等勢面是以點電荷為球心的同心球面，由于兩點到點電荷的距離相等、兩點到點電荷的距離相等，則有故兩點間電勢差等于兩點間電勢差；故B正確；

C．場源電荷負電荷，則距離場源電荷較近點的電勢小于較遠的點的電勢；根據(jù)可知，帶負電荷的電子在電勢較高處的電勢能反而較小，即電子在點的電勢能小于在點的電勢能；故C正確；

D．正點電荷從點沿圓周逆時針移動到點過程中，電勢增大，根據(jù)可知；電勢能增大，電場力對它做負功，故D錯誤。

故選BC。13、B:D【分析】【詳解】

AB．將細繩剪斷瞬間，小球B受到球的豎直方向的重力和水平方向的庫侖力的共同作用，合力斜向右下方，并不是只有重力的作用，因此小球B不可能做平拋運動，且加速度大于g；故A錯誤，B正確；

C．剪短細繩瞬間；A；B之間的庫侖力在水平方向，則在豎直方向均只受重力，AB在豎直方向的加速度大小相同，則之后再豎直方向運動相同，均做自由落體運動，落地時間。

故C錯誤；

D．小球B在豎直方向速度水平方向受到A給的庫侖力，庫侖力對其做正功，則落地的速度大于故D錯誤。

故選BD。14、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．x=0處的電勢大于x=x1處的電勢，粒子芾負電，在高電勢處電勢能小，在低電勢處電勢能大，故從0—x1過程中電勢能增大；電場力做負功，動能減小，A錯誤；

B．從與x1~x3過程中電勢一直增大；故粒子的電勢能逐漸減小，B正確；

C．根據(jù)電場力和運動的對稱性可知，粒子如能運動到x1處，就能到達x4處，當粒子恰好運動到處時，由動能定理得-q(φ0-0)=0-mv02

解得v0=

即粒子從x=0處出發(fā)的最小速度應為v0=

C錯誤；

D．若v0=2

粒子運動到x1處電勢能最大，動能最小，由動能定理得-q(-φ0-0)=mvmin2-mv02

則解得粒子在運動過程中的最小速度為vmin=

D正確。

故選BD。15、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．A點和C點電場強度方向相同；均水平向右，A錯誤；

B．設CO=r，則C點的場強EC==

O點的場強EO=

C、O兩點電場強度大小之比為4；B錯誤；

C．因AB之間的場強先減小后增加，則由A到B的過程中；帶負電的試探電荷受到的靜電力先減小后增大，C正確；

D．沿電場線電勢降低，則A點電勢比B點電勢高；D正確。

故選CD。16、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)場強疊加原理可知；除無窮遠處之外，菱形外部電場強度處處不為零，選項A正確；

B．因為在x軸上的兩個點電荷在O點的合場強為零，在y軸上的兩電荷，無論y0取什么值，因為關(guān)于原點對稱，則在O點的合場強也為零；在橫軸和縱軸上除原點外，出現(xiàn)合場強為零的點，根據(jù)對稱性可知，一定是成對出現(xiàn)的，關(guān)于原點對稱，所以算上原點，合場強為零的點是奇數(shù)個，不會是2個，選項B錯誤；

C．由幾何關(guān)系可知，坐標為（4l，5l）的A點在第一象限內(nèi)所在的虛像的垂直平分線的上方；坐標為（0，-3l）的B點在第三象限內(nèi)所在的虛像的垂直平分線的上方，且到達虛線的距離相等，由電勢疊加可知，B點的電勢高于A點，則帶負電的試探電荷在A點的電勢能較大，從A點到B點電勢能減?。豢芍妶隽ψ稣?，選項C正確；

D．若y0=4l，則四個點構(gòu)成正方形，由對稱可知在點（l，l）處的場強一定沿著過該點與原點連線的方向上；在y軸正向和x正向上的點電荷在（l，l）處的合場強。

在y軸負向和x負向上的點電荷在（l，l）處的合場強。

可知（l，l）點的場強沿著MN方向且與x軸從成45°角的方向向下；選項D錯誤。

故選AC。17、B:C【分析】【詳解】

A．由對稱性可知，兩個正電荷在O的合場強與兩個負電荷在O點的合場強大小相等；但是方向不是相反，和場強不為零，A錯誤；

B．根據(jù)可知四個點電荷在O點的電勢疊加后，O點的電勢為零；B正確；

C．由電勢疊加可知，JK兩點電勢均為零，則同一個負檢驗電荷分別放在J點與K點；電勢能相同，C正確；

D．M點離正電荷更近離負電荷更遠，N點離負電荷更近離正電荷更遠，可知M點電勢高于N點，則把一個正檢驗電荷從M點移到N點；電勢能減小，則電場力做正功，D錯誤。

故選BC。18、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．如果粒子帶負電，粒子在電場總一定先做減速運動后做加速運動，因此粒子x＝3x0處的速度不可能為零；所以粒子一定帶正電，故A錯誤；

B．根據(jù)動能定理

故B正確；

C．由于粒子先做加速運動后做減速運動；所以電場力先做正功后做負功，故C正確；

D．經(jīng)分析粒子運動到x0處動能最大，根據(jù)動能定理

故D正確。

故選BCD。三、填空題(共7題，共14分)19、略

【分析】【詳解】

[1]A等勢面與B等勢面的電勢差

[2]將一個帶-5.0×10-8C的點電荷，沿圖中曲線從A點移到B點，電場力做的功為【解析】-105×10-720、略

【分析】【詳解】

[1]．根據(jù)閉合電路歐姆定律得U=E-I（R1+r）

則由數(shù)學知識得知：=R1+r=4+1=5Ω．

[2]．當變阻器與電阻R2并聯(lián)的電阻最大時，外電路電阻最大，總電流最小，R1消耗的電功率最小，此時有：RaP=RPb+R2

又RaP+RPb=30Ω，R2=22Ω；

解得：RaP=26Ω，RPb=4Ω

則外電路總電阻為：R=RaP+R1=13Ω+4Ω=17Ω

電路中總電流為：

R1消耗的最小電功率為：【解析】51.7821、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3]電磁場：變化的電場和變化的磁場交替產(chǎn)生，形成不可分割的統(tǒng)一體，稱為電磁場?！窘馕觥竣?電場②.磁場③.電磁場22、略

【分析】【詳解】

[1]游標卡尺的讀數(shù)即該金屬圓片的直徑的測量值為

[2]螺旋測微器的讀數(shù)即該金屬圓片厚度的測量值為【解析】12.401.68223、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]電場線越密集的地方場強越大，則三點中電場強度最大的是A點；

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