…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年外研版2024高三物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、下列關(guān)于磁現(xiàn)象的說(shuō)法中不正確的是（）A.地磁場(chǎng)的南極在地理的南極附近B.指南針是利用地磁場(chǎng)來(lái)指示方向的C.電視機(jī)顯像管利用了磁偏轉(zhuǎn)的原理D.電動(dòng)機(jī)是利用磁場(chǎng)對(duì)電流的作用來(lái)工作的2、如圖是平拋豎落儀，用小錘打擊彈性金屬片，金屬片把a(bǔ)球沿水平方向拋出，同時(shí)b球松開(kāi)自由落下，兩球質(zhì)量相等，不計(jì)一切阻力，則（）A.b球比a球先落地B.下落相同高度時(shí)，a求速率比b球速率大C.a球在水平和豎直方向的運(yùn)動(dòng)相互沒(méi)有影響D.兩球之所以同時(shí)落地是因?yàn)樵谪Q直方向上都是自由落體運(yùn)動(dòng)3、我國(guó)發(fā)射的“神州六號(hào)”載人飛船，與“神州五號(hào)”飛船相比，它在更高的軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖所示，下列說(shuō)法中正確的是（）A.“神州六號(hào)”的速度較小B.飛船所受合力為零C.“神州六號(hào)”的周期更短D.飛船靜止在赤道的上空4、在北半球，地磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的一個(gè)分量豎直向下（以“×”表示）．如果你家中電視機(jī)顯像管的位置恰好處于南北方向，那么由南向北射出的電子束在地磁場(chǎng)的作用下將向哪個(gè)方向偏轉(zhuǎn)（）A.不偏轉(zhuǎn)B.向東C.向西D.無(wú)法判斷5、有一靜電場(chǎng)，其電勢(shì)隨x坐標(biāo)的改變而改變，變化的圖線如圖所示。若將一帶負(fù)電的粒子（重力不計(jì)）從坐標(biāo)原點(diǎn)O由靜止釋放，電場(chǎng)中P、Q兩點(diǎn)的橫坐標(biāo)分別為1mm、4mm。則下列說(shuō)法正確的是（）A.粒子將沿x軸正方向一直向前運(yùn)動(dòng)B.粒子經(jīng)過(guò)P點(diǎn)與Q點(diǎn)時(shí)，加速度大小相等、方向相反C.粒子經(jīng)過(guò)P點(diǎn)與Q點(diǎn)時(shí)，動(dòng)能相等D.粒子經(jīng)過(guò)P點(diǎn)與Q點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力做功的功率相等6、如圖1所示，高空滑索是一項(xiàng)勇敢者的游戲，一個(gè)人用輕繩通過(guò)輕質(zhì)滑環(huán)懸吊在傾角為θ=30°的足夠長(zhǎng)的鋼索上運(yùn)動(dòng)，在下滑過(guò)程中可能會(huì)出現(xiàn)如圖2和如圖3所示的兩種情形，不計(jì)空氣阻力，則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.圖2的情形中；人可能勻速下滑。

B.圖2的情形中；鋼索對(duì)輕環(huán)的作用力小于人的重力。

C.圖3的情形中；鋼索對(duì)輕環(huán)可能無(wú)摩擦力。

D.圖3的情形中；若輕環(huán)突然被卡而停止，則在此瞬間輕繩對(duì)人的拉力一定大于人的重力。

7、如圖所示，線圈匝數(shù)為n

橫截面積為S

線圈電阻為r

處于一個(gè)均勻增強(qiáng)的磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化率為k

磁場(chǎng)方向水平向右且與線圈平面垂直，電容器的電容為C

定值電阻的阻值為r

由此可知，下列說(shuō)法正確的是(

)

A.電容器下極板帶正電B.回路電流逐漸增大C.電容器所帶電荷量為nskc2

D.電容器所帶電荷量為nskc

8、rm{2016}年我國(guó)科研人員研制出一種室溫“可呼吸”rm{Na?CO_{2}}電池。放電時(shí)該電池“吸入”rm{CO_{2}}充電時(shí)“呼出”rm{CO_{2}}吸入rm{CO_{2}}時(shí)，其工作原理如圖所示。吸收的全部rm{CO_{2}}中，有rm{2/3}轉(zhuǎn)化為rm{Na_{2}CO_{3}}固體沉積在多壁碳納米管rm{(MWCNT)}電極表面。下列說(shuō)法正確的是rm{(}rm{)}A.“吸入”rm{CO_{2}}時(shí)的正極反應(yīng)：rm{4Na^{+}+3CO_{2}+4e^{-}=2Na_{2}CO_{3}+C}B.“吸入”rm{4Na^{+}+3CO_{2}+4e^{-}=

2Na_{2}CO_{3}+C}時(shí)，鈉箔為正極C.“呼出”rm{CO_{2}}時(shí)，rm{CO_{2}}向多壁碳納米管電極移動(dòng)D.標(biāo)準(zhǔn)狀況下，每“呼出”rm{Na^{+}}轉(zhuǎn)移電子數(shù)為rm{22.4LCO_{2}}rm{0.75mol}9、矩形線框垂直于勻強(qiáng)磁場(chǎng)且位于線框平面的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生交變電流，下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)線框位于中性面時(shí)，線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大B.當(dāng)穿過(guò)線框的磁通量為零時(shí)，線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零C.每當(dāng)線框掠過(guò)中性面時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流方向就改變一次D.線框經(jīng)過(guò)中性面時(shí)各邊切割線的速度為零評(píng)卷人得分二、填空題(共7題，共14分)10、（2014秋?樅陽(yáng)縣校級(jí)月考）如圖所示，將斜面體固定在水平面上，其兩個(gè)斜面光滑，斜面上放置一質(zhì)量不計(jì)的柔軟薄紙帶（斜面上加粗部分為紙帶）．現(xiàn)將質(zhì)量為mA的A物體和質(zhì)量為mB的B物體輕放在紙帶上．兩物體可視為質(zhì)點(diǎn)，物體初始位置及數(shù)據(jù)如圖所示．若紙帶與物體A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)足夠大，在紙帶上同時(shí)放上A、B后，發(fā)現(xiàn)兩物體恰好都能保持靜止，則mA和mB應(yīng)滿足什么關(guān)系為_(kāi)___．11、地球表面赤道上的人和北緯45°處的人，隨地球自轉(zhuǎn)的角速度之比____，線速度之比____．12、（2009秋?鼓樓區(qū)校級(jí)期中）如圖所示，ABCD是勻強(qiáng)電場(chǎng)中一正方形的四個(gè)頂點(diǎn)，已知A、B、C三點(diǎn)的電勢(shì)分別為A=10V，B=6V，C=-2V，由此可得D點(diǎn)電勢(shì)AD=____V．13、磁體上磁性最強(qiáng)的部分叫____，同名磁極相互____，異名磁極相互____．14、通過(guò)“探究彈簧彈力與彈簧伸長(zhǎng)量之間的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)；我們知道：在彈性限度內(nèi)，彈簧彈力F與形變量x成正比，并且不同彈簧，其勁度系數(shù)也不同．某中學(xué)的探究學(xué)習(xí)小組從資料中查到：彈簧的勁度系數(shù)與彈簧的材料和形狀有關(guān)．該學(xué)習(xí)小組想研究彈簧的勁度系數(shù)與彈簧原長(zhǎng)的關(guān)系，現(xiàn)有A，B，C，D四根材料和粗細(xì)完全相同僅長(zhǎng)度不同的彈簧．

（1）學(xué)習(xí)小組的同學(xué)們經(jīng)過(guò)思考和理論推導(dǎo)，各自提出了自己的看法，其中甲同學(xué)認(rèn)為彈簧的勁度系數(shù)可能與彈簧長(zhǎng)度成正比，乙同學(xué)認(rèn)為彈簧的勁度系數(shù)可能與彈簧原長(zhǎng)成反比，甲、乙有一名同學(xué)的看法是正確的．你認(rèn)為正確的是______（填“甲”或“乙”），就這一環(huán)節(jié)而言，屬于科學(xué)探究中的哪個(gè)環(huán)節(jié)______（填序號(hào)）．

A．分析與論證B．進(jìn)行實(shí)驗(yàn)與收集證據(jù)。

C．猜想與假設(shè)D．制定計(jì)劃與設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)。

（2）為驗(yàn)證甲、乙誰(shuí)的看法正確，可通過(guò)實(shí)驗(yàn)完成，實(shí)驗(yàn)器材除上述彈簧和已知質(zhì)量的幾個(gè)鉤碼外，還需要的實(shí)驗(yàn)器材是______．

（3）探究學(xué)習(xí)小組進(jìn)行實(shí)驗(yàn)記錄的數(shù)據(jù)如表所示．

實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)記錄（g=10m/s2）

。原長(zhǎng)鉤碼質(zhì)量彈簧長(zhǎng)度彈簧伸。

長(zhǎng)量x彈簧勁度。

系數(shù)k彈簧A10.00cm0.3kg13.00cm3.00cm100N/m彈簧B15.00cm0.1kg16.49cm1.49cm67.1N/m彈簧C20.00cm0.2kg24.00cm____________彈簧D30.00cm0.1kg32.99cm2.99cm33.4N/m請(qǐng)完成上表，從中得出的結(jié)論為：______．15、（2012春?邛崍市校級(jí)月考）如圖所示電路中，L是自感系數(shù)足夠大的線圈，它的電阻可忽略不計(jì)，D1和D2是兩個(gè)完全相同的小燈泡．將電鍵K閉合；再將電鍵K斷開(kāi)，則觀察到的現(xiàn)象是：

（1）K閉合瞬間，D1____，D2____

（2）K斷開(kāi)瞬間，D2____，D1____．16、某同學(xué)把卡尺間的窄縫調(diào)節(jié)0.5mm去觀察某一單色線光源，看到了明暗相間的條紋；這是光的____現(xiàn)象；若把縫的寬度減小到0.2mm，則看到的現(xiàn)象是條紋寬度____，亮度____．這說(shuō)明衍射現(xiàn)象中，當(dāng)其____時(shí)，衍射現(xiàn)象更為明顯．評(píng)卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)17、坐標(biāo)系都是建立在參考系上的．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、穿過(guò)閉合導(dǎo)體回路所包圍面積的磁通量為零時(shí)，回路中感應(yīng)電流就一定為零．____（判斷對(duì)錯(cuò)）19、電荷在電場(chǎng)中一定受電場(chǎng)力的作用．____（判斷對(duì)錯(cuò)）20、分子的動(dòng)能和分子勢(shì)能的和叫做這個(gè)分子的內(nèi)能．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、分力的大小一定小于合力的大小．____．評(píng)卷人得分四、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共30分)22、利用氣墊導(dǎo)軌驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示，水平桌面上固定一傾斜的氣墊導(dǎo)軌；導(dǎo)軌上A點(diǎn)處有一帶長(zhǎng)方形遮光片的滑塊，其總質(zhì)量為M，左端由跨過(guò)輕質(zhì)光滑定滑輪的細(xì)繩與一質(zhì)量為m的小球相連；遮光片兩條長(zhǎng)邊與導(dǎo)軌垂直；導(dǎo)軌上B點(diǎn)有一光電門，可以測(cè)量遮光片經(jīng)過(guò)光電門時(shí)的擋光時(shí)間t，用d表示A點(diǎn)到光電門B處的距離，b表示遮光片的寬度；將遮光片通過(guò)光電門的平均速度看作滑塊通過(guò)B點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度，實(shí)驗(yàn)時(shí)滑塊在A處由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)．

（1）滑塊通過(guò)B點(diǎn)的瞬時(shí)速度可表示為_(kāi)_____；

（2）某次實(shí)驗(yàn)測(cè)得傾角θ=30°，重力加速度用g表示，滑塊從A處到達(dá)B處時(shí)m和M組成的系統(tǒng)動(dòng)能增加量可表示為△Ek=______，系統(tǒng)的重力勢(shì)能減少量可表示為△Ep=______，在誤差允許的范圍內(nèi)，若△Ek=△Ep則可認(rèn)為系統(tǒng)的機(jī)械能守恒；

（3）在上次實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)改變A、B間的距離，作出的v2-d圖象如圖2所示，并測(cè)得M=m，則重力加速度g=______m/s2．23、在做“測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)中；

(1)

先用多用電表粗測(cè)了干電池的電動(dòng)勢(shì)。如圖1

所示是測(cè)量時(shí)選擇開(kāi)關(guān)與表頭指針?biāo)幍奈恢?；則該電池的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)_____V

實(shí)驗(yàn)結(jié)束后，應(yīng)將選擇開(kāi)關(guān)撥到圖中的______擋位(

選填A(yù)BC

或D)

(2)

設(shè)計(jì)如圖2

電路進(jìn)行測(cè)量。在實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)變阻器的滑片由M

端向N

端逐漸滑動(dòng)時(shí)；電流表示數(shù)逐漸增大，電壓表的示數(shù)接近1.5V

并且?guī)缀醪蛔?，?dāng)滑片臨近N

時(shí)，電壓表示數(shù)急劇變化。出現(xiàn)這種問(wèn)題，應(yīng)更換一個(gè)總阻值比原來(lái)______(

選填“大”或“小”)

的變阻器。

(3)

更換(2)

中變阻器后，記錄分布均勻的8

組電流表示數(shù)(I)

以及電壓表示數(shù)(U)

在數(shù)據(jù)處理軟件中，以U

為縱軸，以I

為橫軸，經(jīng)擬合得到直線U=1.4875鈭?1.5025I

則電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值是______V

內(nèi)電阻的測(cè)量值是______婁賂.(

均需保留三位有效數(shù)字)

24、某同學(xué)想要測(cè)量一只電壓表V的內(nèi)阻；實(shí)驗(yàn)室提供的器材如下：

A．電池組（電動(dòng)勢(shì)約為3V；內(nèi)阻不計(jì)）；

B．待測(cè)電壓表V（量程3V；內(nèi)阻約3kΩ）；

C．電流表A（量程3A；內(nèi)阻15Ω）；

D．滑動(dòng)變阻器R1（最大阻值為15kΩ）

E．變阻箱R2（0～9999Ω）；

F．開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線若干。

（1）該同學(xué)設(shè)計(jì)了如下四個(gè)電路；為了較準(zhǔn)確地測(cè)出該電壓表內(nèi)阻，你認(rèn)為合理的是______。

（2）用你選擇的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)；為了能作出相應(yīng)的直線圖線；方便計(jì)算出電壓表的內(nèi)阻，你認(rèn)為應(yīng)該選______為橫坐標(biāo)，______為縱坐標(biāo)建立坐標(biāo)軸進(jìn)行數(shù)據(jù)處理（填所測(cè)物理量的名稱或符號(hào)）。

（3）根據(jù)前面所做的選擇，利用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)所作圖象的斜率為k、截距為b，則待測(cè)電壓表V內(nèi)阻的表達(dá)式Rv=______。評(píng)卷人得分五、證明題(共4題，共12分)25、（2016?海淀區(qū)模擬）如圖所示，將小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）平放在水平桌面的一張薄紙上，對(duì)紙施加恒定水平拉力將其從物塊底下抽出，物塊的位移很小，人眼幾乎觀察不到物塊的移動(dòng)．已知物塊的質(zhì)量為M，紙與桌面、物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ1，紙與物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2；重力加速度為g．

（1）若薄紙的質(zhì)量為m；則從開(kāi)始抽紙到紙被抽離物塊底部的過(guò)程中；

①求薄紙所受總的摩擦力為多大；

②從沖量和動(dòng)量的定義；結(jié)合牛頓運(yùn)動(dòng)定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律，證明：水平拉力F和桌面對(duì)薄紙摩擦力的總沖量等于物塊和紙的總動(dòng)量的變化量．（注意：解題過(guò)程中需要用到；但題目中沒(méi)有給出的物理量，要在解題中做必要的說(shuō)明．）

（2）若薄紙質(zhì)量可忽略，紙的后邊緣到物塊的距離為L(zhǎng)，從開(kāi)始抽紙到物塊最終停下，若物塊相對(duì)桌面移動(dòng)了很小的距離s0（人眼觀察不到物塊的移動(dòng)），求此過(guò)程中水平拉力所做的功．26、如圖所示，小球用不可伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度為L(zhǎng)的輕繩懸于O點(diǎn)．（不計(jì)阻力）試證明：繩對(duì)小球在最低點(diǎn)拉力T1與最高點(diǎn)拉力T2之差T1-T2=6mg．

27、船以4m/s′的速度（相對(duì)靜水）垂直河岸渡河；水流的速度為5m/s．若河寬為120m，試計(jì)算：

（1）船能否垂直到達(dá)對(duì)岸？

（2）船需要多少時(shí)間才能到達(dá)對(duì)岸？

（3）船登陸的地點(diǎn)離出發(fā)點(diǎn)的距離是多少？28、如圖甲所示的控制電子運(yùn)動(dòng)裝置由偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)、偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)組成．偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)處在加有電壓U、相距為d的兩塊水平平行放置的導(dǎo)體板之間，勻強(qiáng)磁場(chǎng)水平寬度一定，豎直長(zhǎng)度足夠大，其緊靠偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的右邊．大量電子以相同初速度連續(xù)不斷地沿兩板正中間虛線的方向向右射入導(dǎo)體板之間．當(dāng)兩板間沒(méi)有加電壓時(shí)，這些電子通過(guò)兩板之間的時(shí)間為2t0；當(dāng)兩板間加上圖乙所示的電壓U時(shí)，所有電子均能通過(guò)電場(chǎng)、穿過(guò)磁場(chǎng)，最后打在豎直放置的熒光屏上．已知電子的質(zhì)量為m、電荷量為e，不計(jì)電子的重力及電子間的相互作用，電壓U的最大值為U0；磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B；方向水平且垂直紙面向里．

（1）如果電子在t=t0時(shí)刻進(jìn)入兩板間；求它離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)豎直分位移的大?。?/p>

（2）要使電子在t=0時(shí)刻進(jìn)入電場(chǎng)并能最終垂直打在熒光屏上；勻強(qiáng)磁場(chǎng)的水平寬度l為多少？

（3）證明：在滿足（2）問(wèn)磁場(chǎng)寬度l的條件下，所有電子自進(jìn)入板間到最終打在熒光屏上的總時(shí)間相同．評(píng)卷人得分六、作圖題(共4題，共20分)29、作圖題．

30、某同學(xué)站在觀光電梯地板上，用加速度傳感器記錄了電梯由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)的加速度隨時(shí)間變化情況，以豎直向上為正方向．根據(jù)a-t圖象提供的信息，g取10m/s2；求：

（1）前35s內(nèi)最大的加速度是多少？

（2）設(shè)該同學(xué)質(zhì)量為50kg；請(qǐng)畫(huà)出他對(duì)電梯地板壓力隨時(shí)間變化的圖象；

（3）如圖是電梯運(yùn)動(dòng)的a-x圖象，橫軸為電梯上升的位移，求x=15m時(shí)電梯的速度．31、（2015秋?昆明校級(jí)期中）如圖所示，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，將帶電荷量q=-8×10-6C的電荷從電場(chǎng)中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)，克服電場(chǎng)力做了3.2×10-5J的功，再?gòu)腂點(diǎn)移到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做了1.6×10-5J的功．求：

（1）A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAB和B、C兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UBC；

（2）作出過(guò)B點(diǎn)的一條電場(chǎng)線（只保留作圖的痕跡，不寫(xiě)做法）．32、如圖所示，F(xiàn)1、F2是兩個(gè)共點(diǎn)力；請(qǐng)按照平行四邊形定則畫(huà)出它們的合力F．

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【分析】在電視機(jī)中當(dāng)電子射入與電子速度垂直的磁場(chǎng)，然后在洛倫茲力的作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)；地磁的南極在地理的北極附近，而在磁體的外部，磁感線是從N極出發(fā)到達(dá)S極，故地磁場(chǎng)有一個(gè)向北的分量，故小磁針在地磁場(chǎng)的作用下N極指向北方，S極指向南方；電動(dòng)機(jī)中存在磁場(chǎng)，當(dāng)有電流通過(guò)磁場(chǎng)時(shí)，通電導(dǎo)線受到安培力的作用從而帶動(dòng)線圈在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：A；地磁場(chǎng)的南極在地理的北極附近．故A錯(cuò)誤；

B；在地球的周圍存在著地磁場(chǎng)；而指南針其實(shí)就是一個(gè)小磁針，小磁針在磁場(chǎng)力的作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)，由于地磁的南極在地理的北極附近，而在磁體的外部，磁感線是從N極出發(fā)到達(dá)S極，故地磁場(chǎng)有一個(gè)向北的分量，故小磁針的N極指向北方，S極指向南方，故指南針是利用地磁場(chǎng)來(lái)指示方向的，故B正確．

C；在電視機(jī)中當(dāng)電子射入與電子速度垂直的磁場(chǎng)中后；電子受到磁場(chǎng)的洛倫茲力，在洛倫茲力的作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故電視機(jī)的顯像管利用了磁偏轉(zhuǎn)的原理，故C正確．

C；電動(dòng)機(jī)中存在磁場(chǎng)；當(dāng)有電流通過(guò)磁場(chǎng)時(shí)，通電導(dǎo)線受到安培力的作用從而帶動(dòng)線圈在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，故電動(dòng)機(jī)是利用磁場(chǎng)對(duì)電流作用來(lái)工作，故C正確．

本題是選不正確的說(shuō)法，故選：A．2、B【分析】【分析】a球做平拋運(yùn)動(dòng)，b球做自由落體運(yùn)動(dòng)，不論a球的初速度如何，兩球都同時(shí)落地，從而說(shuō)明平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向是自由落體運(yùn)動(dòng)，進(jìn)而可以一一作答．【解析】【解答】解：A；兩球同時(shí)落地．故A錯(cuò)誤．

B、a球在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，平拋時(shí)，則有水平速度，因此下落相同高度時(shí)，a球速率比b球速率大；故B正確；

C；根據(jù)分運(yùn)動(dòng)相互影響；則a球在水平和豎直方向的運(yùn)動(dòng)相互沒(méi)有影響，故C正確；

D、a球做平拋運(yùn)動(dòng)，b球做自由落體運(yùn)動(dòng)；不論a球的初速度如何，兩球都同時(shí)落地，從而說(shuō)明平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向是自由落體運(yùn)動(dòng)，則它們的加速度相同，故D正確；

故選：BCD．3、A【分析】【分析】研究衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，列出等式表示出線速度、周期物理量根據(jù)軌道半徑的關(guān)系判斷各物理量的大小關(guān)系．【解析】【解答】解：A、萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力有得線速度知；軌道大的神州六號(hào)運(yùn)行速度小，故A正確；

B；飛船只受地球的萬(wàn)有引力作用；故其所受合力不為0，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力有：得飛船周期知；軌道大的神州六號(hào)運(yùn)行周期大，故C錯(cuò)誤；

D；神州號(hào)飛船不在地球同步衛(wèi)星軌道上運(yùn)動(dòng)；故其相對(duì)于地球不處于靜止?fàn)顟B(tài)，故D錯(cuò)誤．

故選：A．4、B【分析】【分析】根據(jù)磁場(chǎng)方向與粒子所受洛倫茲力方向，應(yīng)用左手定則可以判斷出電荷的速度方向，即運(yùn)動(dòng)方向．【解析】【解答】解：由圖示可知；磁場(chǎng)垂直于紙面向里，粒子帶負(fù)電，由左手定則可知，粒子的速度方向豎直向上，所受洛倫茲力水平向右，即向東．故B正確，ACD錯(cuò)誤；

故選：B5、C【分析】試題分析：粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)電場(chǎng)力作正功粒子動(dòng)能增大，2mm處時(shí)粒子所受電場(chǎng)力與坐標(biāo)原點(diǎn)時(shí)相反電場(chǎng)力開(kāi)始做負(fù)功粒子動(dòng)能減小，到橫坐標(biāo)為6mm處時(shí)電場(chǎng)對(duì)其做功正好為0粒子動(dòng)能為零，粒子不可能一直向前運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；粒子經(jīng)過(guò)P點(diǎn)與Q點(diǎn)時(shí)，由于兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度并不相同粒子的加速度大小不同，故B錯(cuò)誤；由于P點(diǎn)與Q點(diǎn)處于同一等勢(shì)面上，從P點(diǎn)到Q點(diǎn)電場(chǎng)力做功為0，故粒子在兩點(diǎn)的動(dòng)能相等，C項(xiàng)正確；粒子經(jīng)過(guò)P點(diǎn)與Q點(diǎn)時(shí)，速度大小相同但由于電場(chǎng)力大小不同由可知電場(chǎng)力做功的功率不同，故D錯(cuò)誤。考點(diǎn)：本題考查了電場(chǎng)力、動(dòng)能、加速度、速度、功率等概念【解析】【答案】C6、B|D【分析】

A；B、圖2中；對(duì)人受力分析，受重力和拉力，由于兩個(gè)力不共線，故合力一定不為零；做直線運(yùn)動(dòng)，故合力與速度共線，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；

拉力T=mgsin30°=0.5mg；故A錯(cuò)誤，B正確；

C；D、圖3的情形中；人受重力和拉力，若合力不為零，合力與速度不共線，不可能做直線運(yùn)動(dòng)，故合力一定為零，人做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故T=mg；

環(huán)做勻速運(yùn)動(dòng)；合力為零，受細(xì)線的拉力；支持力和摩擦力，三力平衡，如圖所示；

圖3的情形中；若輕環(huán)突然被卡而停止，人將繞環(huán)轉(zhuǎn)動(dòng)，人受的重力和拉力的合力提供向心力，有：

T-mg=m故T＞mg；

故C錯(cuò)誤；D正確；

故選BD．

【解析】【答案】不管是圖2還是圖3；人均做直線運(yùn)動(dòng)；若是勻速直線運(yùn)動(dòng)，合力為零；若是變速直線運(yùn)動(dòng)，合力與速度共線；受力分析后運(yùn)用平行四邊形定則作圖分析．

7、C【分析】解：A

閉合線圈與阻值為r

的電阻形成閉合回路；線圈相當(dāng)與電源，電容器兩極板間的電壓等于路端電壓；由楞次定律可知，電流由右側(cè)流入，左側(cè)流出；故電容器上極板帶正電；故A錯(cuò)誤；

B；因磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻變化；故產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)保持不變，電流不變，故B錯(cuò)誤；

C、線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=nS鈻?B鈻?t=nSk

路端電壓：U=E2rr=nsk2

則電容器所帶電荷量為：Q=CU=nskC2

故C正確，D錯(cuò)誤；

故選：C

磁場(chǎng)均勻增強(qiáng)；線圈中產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源；由楞次定律判斷電流的方向；根據(jù)法拉第定律可求得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，由電路的結(jié)構(gòu)求出路端電壓。帶電微粒P

處于平衡狀態(tài)，電場(chǎng)力與重力平衡，由平衡條件列式，即可求出P

的電荷量，由楞次定律判斷電容器極板的電性，從而判斷P

的電性。

本題是電磁感應(yīng)與帶電粒子在電場(chǎng)平衡問(wèn)題的綜合，關(guān)鍵要能根據(jù)法拉第定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由楞次定律判斷感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向?！窘馕觥緾

8、A【分析】【分析】本題考查原電池和電解池的工作原理，電極反應(yīng)式的書(shū)寫(xiě)，電化學(xué)綜合計(jì)算等，難度中等?！窘獯稹緼.“吸入”rm{CO_{2}}時(shí)，是原電池，正極反應(yīng)：rm{4Na^{+}+3CO_{2}+4e^{-}=}rm{2Na_{2}CO_{3}+C}，故A正確；B.“吸入”rm{CO_{2}}時(shí)；是原電池，鈉箔為負(fù)極，故B錯(cuò)誤；

C.“呼出”rm{CO_{2}}時(shí)，是電解池，電解質(zhì)溶液中陽(yáng)離子移向陰極，則rm{Na^{+}}向鈉箔移動(dòng)；故C錯(cuò)誤；

D.標(biāo)準(zhǔn)狀況下，每“呼出”rm{3molCO_{2}}轉(zhuǎn)移rm{4mol}電子，則轉(zhuǎn)移rm{3molCO_{2}}電子，則“呼出”rm{4mol}rm{22.4LCO}rm{22.4LCO}故D錯(cuò)誤。rm{2}rm{2}【解析】rm{A}9、C【分析】【分析】線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生正弦交變電流，由電流圖象讀出感應(yīng)電流的變化．由歐姆定律得知感應(yīng)電流與感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)成正比，由法拉第電磁感應(yīng)定律得知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與磁通量的變化率成正比，當(dāng)線圈磁通量最大時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零；而當(dāng)線圈的磁通量為零時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大．【解析】【解答】解：A；在中性面時(shí)感應(yīng)電流為零；感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，線圈與磁場(chǎng)垂直，磁通量最大．故A錯(cuò)誤；

B；當(dāng)穿過(guò)線框的磁通量為零時(shí)；線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大；故B錯(cuò)誤；

C；每當(dāng)線框掠過(guò)中性面時(shí)；感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流方向就改變一次；故C正確；

D；左右兩邊要切割磁感線的速度不為零；但由于相互抵消而使磁通量為零；故D錯(cuò)誤；

故選：C．二、填空題(共7題，共14分)10、3：4【分析】【分析】物體A、B均受重力、支持力和靜摩擦力，受力平衡，根據(jù)平衡條件列式求解即可．【解析】【解答】解：由于紙帶對(duì)A；B兩個(gè)物體的摩擦力大小相等；系統(tǒng)處于平衡態(tài)，則。

mAgsin53°=mBgsin37°

解得：mA：mB=3：4

故答案為：3：4．11、1：1：1【分析】【分析】站在赤道上的人A和站在北緯45°位置的人B同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相等，根據(jù)v=ωr列式求解線速度之比．【解析】【解答】解：站在赤道上的人A和站在北緯45°位置的人B同軸轉(zhuǎn)動(dòng)；角速度相等；

根據(jù)v=ωr，ω一定時(shí)，線速度v∝r，故vA：vB=rA：rB=R：Rcos45°=：1；

故答案為：1：1，：112、2【分析】【分析】連接AC，在AC上找出與B點(diǎn)等電勢(shì)點(diǎn)，作出等勢(shì)線，再過(guò)D作出等勢(shì)線，在AC線上找出與D等勢(shì)點(diǎn)，再確定D點(diǎn)的電勢(shì)．【解析】【解答】解：AB和CD是平行線，設(shè)它們與電場(chǎng)線的夾角是θ，則：UAB=ELcosθ=UDC；

又：UAB=φA-φB=10-6=4V

所以有：UDC=φD-φC=4V

得D點(diǎn)電勢(shì)為：UD=2V．

故答案為：2．13、磁極排斥吸引【分析】【分析】根據(jù)磁極的概念和磁極間的相互作用規(guī)律填寫(xiě)．【解析】【解答】解：磁體上磁性最強(qiáng)的部分叫做磁極；一個(gè)磁體上有兩個(gè)磁極，分別叫南極和北極．磁體靠近時(shí)，同名磁極之間相互排斥異名磁極之間相互吸引．

故本題答案為：磁極、排斥、吸引14、略

【分析】解：（1）彈簧的勁度系數(shù)由彈簧的本身決定；而與懸掛的重物無(wú)關(guān)，所以乙正確．

由于實(shí)驗(yàn)還沒(méi)有被證實(shí)；所以屬于猜想與假設(shè)環(huán)節(jié)．故選C

（2）實(shí)驗(yàn)中需要懸掛彈簧測(cè)力計(jì)；所以需要鐵架臺(tái)，還需要測(cè)量彈簧形變量，所以需要刻度尺．

（3）根據(jù)數(shù)據(jù)計(jì)算可知道：

彈簧的伸長(zhǎng)量x=彈簧長(zhǎng)度-原長(zhǎng)：即：x=24.00-20.00=4.00cm=0.04m

拉力F=mg=0.2×10=2N

由：F=kx得：

k===50N/m

看一看其它三個(gè)彈簧彈力與勁度系數(shù)以及形變量的關(guān)系：

彈簧A：3=100×0.03

彈簧B：1≈67.1×0.0149

彈簧D：1≈33.4×0.0299

故答案為：（1）乙C（2）鐵架臺(tái)；刻度尺。

（3）4.00cm50N/m

在實(shí)驗(yàn)允許的誤差范圍內(nèi)；彈簧的勁度系數(shù)與彈簧原長(zhǎng)成反比．

（1）兩個(gè)同學(xué)先做出假設(shè)；后進(jìn)行實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證，是科學(xué)探究中的猜想與假設(shè)環(huán)節(jié)．

（2）彈簧的伸長(zhǎng)量x=彈簧長(zhǎng)度-原長(zhǎng)；勁度系數(shù)k可由：F=kx求出。

本題比較簡(jiǎn)單考查了胡可定律的應(yīng)用，做題時(shí)需要結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)求解，是一道考查數(shù)學(xué)與物理結(jié)合的好題目【解析】乙；C；鐵架臺(tái)、刻度尺；4.00cm；50N/m；在實(shí)驗(yàn)允許的誤差范圍內(nèi)，彈簧的勁度系數(shù)與彈簧原長(zhǎng)成反比15、立刻亮而后熄滅立刻亮而后更亮立刻熄滅閃亮或變亮而后熄滅【分析】【分析】電感總是阻礙電流的變化．線圈中的電流增大時(shí)，產(chǎn)生自感電流的方向更原電流的方向相反，抑制增大；線圈中的電流減小時(shí)，產(chǎn)生自感電流的方向更原電流的方向相同，抑制減小，并與燈泡1構(gòu)成電路回路．【解析】【解答】解：L是自感系數(shù)足夠大的線圈，它的電阻可忽略不計(jì)，D1和D2是兩個(gè)完全相同的小燈泡。

（1）K閉合瞬間，但由于線圈的電流增加，導(dǎo)致線圈中出現(xiàn)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)從而阻礙電流的增加，所以兩燈同時(shí)亮，當(dāng)電流穩(wěn)定時(shí)，由于電阻可忽略不計(jì)，所以以后D1熄滅，D2變亮；

（2）K閉合斷開(kāi)，D2立即熄滅，但由于線圈的電流減小，導(dǎo)致線圈中出現(xiàn)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)從而阻礙電流的減小，所以D1亮一下再慢慢熄滅；

故答案為：（1）立刻亮而后熄滅；立刻亮而后更亮；

（2）立刻熄滅，閃亮或變亮而后熄滅．16、衍射變大變暗障礙物或孔的尺寸越小【分析】【分析】衍射條紋的寬度和亮度與單縫的寬度有關(guān)，寬度越窄，亮度越弱，條紋的寬度越寬，當(dāng)縫的寬度與障礙物尺寸差不多或比障礙物尺寸小，可以發(fā)生明顯的衍射．【解析】【解答】解：觀察某一單色線光源；看到了明暗相間的條紋，這是光的衍射現(xiàn)象；

衍射條紋的寬度與縫的寬度有關(guān)；縫變寬，條紋變窄，亮度增大，縫變窄，條紋變寬，亮度減弱．知衍射現(xiàn)象中，衍射圖樣條紋的寬度及亮度與單縫寬度有關(guān)．當(dāng)縫的寬度與障礙物尺寸差不多或比障礙物尺寸小，可以發(fā)生明顯的衍射．所以縫的寬度變窄時(shí)，衍射現(xiàn)象更明顯．

故答案為：衍射；變大；變暗；障礙物或孔的盡寸越?。?、判斷題(共5題，共10分)17、√【分析】【分析】建立坐標(biāo)系的意義是為了定量描述質(zhì)點(diǎn)的位置變化，要根據(jù)問(wèn)題的實(shí)際需要，建立合適的坐標(biāo)系，沿直線運(yùn)動(dòng)建立直線坐標(biāo)系，在平面上運(yùn)動(dòng)，建立平面直角坐標(biāo)系．【解析】【解答】解：建立坐標(biāo)系是為了定量描述物體的位置和位置的變化；坐標(biāo)系都是建立在參考系上的，沒(méi)有參考系則坐標(biāo)系無(wú)法建立，所以該說(shuō)法是正確的．

故答案為：√18、×【分析】【分析】結(jié)合產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：閉合回路的磁通量發(fā)生變化即可正確判定．【解析】【解答】解：產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是閉合回路的磁通量發(fā)生變化；題目中穿過(guò)閉合導(dǎo)體回路所包圍面積的磁通量為零時(shí)，沒(méi)有說(shuō)明磁通量是否變化，所以不能判斷出沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生．所以以上說(shuō)法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×19、√【分析】【分析】電場(chǎng)的基本性質(zhì)就是對(duì)其中的電荷有力的作用，電荷在電場(chǎng)中一定受到電場(chǎng)力作用．【解析】【解答】解：電場(chǎng)的基本性質(zhì)就是對(duì)其中的電荷有力的作用；故電荷在電場(chǎng)中一定受電場(chǎng)力的作用．

故答案為：√20、×【分析】【分析】從微觀上說(shuō)，系統(tǒng)內(nèi)能是構(gòu)成系統(tǒng)的所有分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)動(dòng)能、分子間相互作用勢(shì)能的總和，是大量分子的統(tǒng)計(jì)規(guī)律．【解析】【解答】解：物體內(nèi)能是指物體內(nèi)部所有分子做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)所具有的動(dòng)能和分子勢(shì)能的總和；注意是物體的內(nèi)能，不是分子的內(nèi)能；

故答案為：×21、×【分析】【分析】（1）如果二力在同一條直線上；根據(jù)力的合成計(jì)算合力的大小，即同一直線上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直線反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一條直線上，合力大小介于二力之和與二力之差之間．【解析】【解答】解：當(dāng)二力反向時(shí)；合力等于二力大小之差，合力有可能小于分力，故這句話是錯(cuò)誤的；

故答案為：×四、實(shí)驗(yàn)探究題(共3題，共30分)22、略

【分析】解：（1）由于光電門的寬度b很??；所以我們用很短時(shí)間內(nèi)的平均速度代替瞬時(shí)速度．

滑塊通過(guò)光電門B速度為：vB=

（2）滑塊從A處到達(dá)B處時(shí)m和M組成的系統(tǒng)動(dòng)能增加量為：△E=（M+m）（）2=

系統(tǒng)的重力勢(shì)能減少量可表示為：△Ep=mgd-Mgdsin30°=（m-）gd；

比較△Ep和△Ek；若在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)相等，即可認(rèn)為機(jī)械能是守恒的．

（3）根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒有：（M+m）v2=（m-）gd；

則v2=2×gd

對(duì)應(yīng)v2-d圖象，則圖線的斜率：k=2×g；

由圖象可知，k==4.8；

則有：g=×

代入數(shù)據(jù)得：g=9.6m/s2．

故答案為：（1）

（2）（m-）gd；

（3）9.6．

（1）由于光電門的寬度d很??；所以我們用很短時(shí)間內(nèi)的平均速度代替瞬時(shí)速度．

（2）根據(jù)重力做功和重力勢(shì)能之間的關(guān)系可以求出重力勢(shì)能的減小量；根據(jù)起末點(diǎn)的速度可以求出動(dòng)能的增加量；根據(jù)功能關(guān)系得重力做功的數(shù)值等于重力勢(shì)能減小量．

（3）根據(jù)圖象的物理意義可知；圖象的斜率大小等于物體的重力加速度大小．

本題應(yīng)了解光電門測(cè)量瞬時(shí)速度的原理．同時(shí)在實(shí)驗(yàn)中我們要清楚研究對(duì)象和研究過(guò)程，對(duì)于系統(tǒng)我們要考慮全面，掌握系統(tǒng)機(jī)械能守恒處理方法，注意圖象的斜率的含義．【解析】（m-）gd；9.623、略

【分析】解：(1)

由圖可知；電壓表量程為2.5V

則指針的示數(shù)為1.48V

使用結(jié)束時(shí)，開(kāi)關(guān)應(yīng)打在OFF

檔或交流電壓500V

檔；故本題中只能打在A

檔上；

(2)

滑動(dòng)變阻器串聯(lián)在電路中；電壓表測(cè)量滑動(dòng)變阻器電壓，剛開(kāi)始滑動(dòng)觸頭P

由A

端向B

端逐漸滑動(dòng)時(shí)，電壓表的示數(shù)幾乎不變，說(shuō)明隨著電阻的變小，滑動(dòng)變阻器的電阻占整個(gè)電路電阻的比例變化不大，直到當(dāng)滑動(dòng)觸頭P

滑至臨近B

端時(shí)，電壓表的示數(shù)急劇變化，說(shuō)明滑線變阻器的總電阻太大；

所以原因是：滑動(dòng)變阻器阻值太大；有效使用的部分短，改進(jìn)方法為：選擇阻值更小的滑動(dòng)變阻器。

(3)

根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，U=E鈭?Ir

則對(duì)比得出的直線U=1.4875鈭?1.5025I

可知，電動(dòng)勢(shì)E=1.49V

內(nèi)阻r=1.50婁賂

故答案為：(1)1.48(1.46鈭?1.49

均可)A(2)

小(3)1.491.50

(1)

明確多用電表的讀數(shù)方法；從而得出最終讀數(shù)；知道多用電表的使用方法，明確測(cè)量結(jié)束后選擇開(kāi)關(guān)應(yīng)打在交流電壓500V

檔；

(2)

滑動(dòng)變阻器串聯(lián)在電路中；電壓表測(cè)量滑動(dòng)變阻器電壓，剛開(kāi)始滑動(dòng)觸頭P

由A

端向B

端逐漸滑動(dòng)時(shí)，電壓表的示數(shù)幾乎不變，說(shuō)明隨著電阻的變小，滑動(dòng)變阻器的電阻占整個(gè)電路電阻的比例變化不大，直到當(dāng)滑動(dòng)觸頭P

滑至臨近B

端時(shí)，電壓表的示數(shù)急劇變化，說(shuō)明滑線變阻器的總電阻太大；

(3)

根據(jù)給出的點(diǎn)可得出對(duì)應(yīng)的圖象；由圖象結(jié)合閉合電路歐姆定律即可求得電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻。

本題考查測(cè)量電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)，要注意明確實(shí)驗(yàn)原理，知道實(shí)驗(yàn)中應(yīng)用圖象求解電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的基本方法?！窘馕觥?.48A

??；1.491.50

24、CR【分析】解：（1）A；圖A所示電路滑動(dòng)變阻器與電壓表串聯(lián)接入電路；電源電動(dòng)勢(shì)約為3V，電壓表內(nèi)阻約為3kΩ，由于電壓表內(nèi)阻太大，電路電流很小幾乎為零，電流表無(wú)法準(zhǔn)確讀數(shù)，A電路不合理。

B；圖B電路中由于滑動(dòng)變阻器最大阻值為15kΩ；電路電流較小，改變阻值過(guò)程中，電流表讀數(shù)變化范圍太小，因此B電路不合理。

C；圖C電路；由于電阻箱電阻最大阻值為9999Ω，改變電阻箱阻值可以改變電壓表示數(shù)，測(cè)出多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，因此比較合理的實(shí)驗(yàn)電路是圖C。

D；圖D電路中當(dāng)電阻箱電阻較大時(shí)；電壓表便于讀數(shù)，但電流表示數(shù)很小不便讀數(shù)；當(dāng)電阻箱電阻小較小時(shí)，電流表讀數(shù)不超過(guò)五分之一滿偏，故D電路不合理。

故選：C。

（2）選用圖C所示實(shí)驗(yàn)電路；閉合開(kāi)關(guān)S，改變阻值，記錄需要直接測(cè)量的物理量：電壓表的讀數(shù)U和電阻箱的阻值R。

由于電源內(nèi)阻可以忽略不計(jì)，由閉合電路歐姆定律可得：此式可改寫(xiě)為：

以R為橫坐標(biāo)，為縱坐標(biāo)，作出圖象；用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)。

（3）由則圖象的斜率：截距：則電壓表內(nèi)阻

故答案為：（1）C；（2）R；（3）

（1）電壓表內(nèi)阻很大；串聯(lián)接入電路后電流很小，電流表示數(shù)幾乎為零，無(wú)法準(zhǔn)確讀數(shù)，因此不能用伏安法測(cè)電壓表內(nèi)阻，應(yīng)使用電壓表與電阻箱組成電路測(cè)電壓表內(nèi)阻。

（2）應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí)；圖象為直線最簡(jiǎn)單，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求出電壓與電阻箱阻值關(guān)系，然后作出合適的圖象。

（3）根據(jù)函數(shù)表達(dá)式求出斜率k與截距b的表達(dá)式；然后求出電壓表內(nèi)阻。

本題考查了實(shí)驗(yàn)電路的選擇、實(shí)驗(yàn)步驟、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理等；應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí)，要選擇合適的變量，使圖象為直線，圖象是直線，圖象比較直觀、易于實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的處理。【解析】CR五、證明題(共4題，共12分)25、略

【分析】【分析】（1）①根據(jù)滑動(dòng)摩擦力公式f=μN(yùn)求解摩擦力．

②根據(jù)牛頓第二定律得物塊和薄紙的加速度．從而得到速度的變化量；再研究水平拉力F和桌面對(duì)薄紙摩擦力的總沖量，即可證明．

（2）根據(jù)相對(duì)位移，得到摩擦產(chǎn)生的熱量，利用功能關(guān)系求解．【解析】【解答】解：（1）①?gòu)拈_(kāi)始抽紙到紙被抽離物塊底部的過(guò)程中；

物塊對(duì)薄紙施加的摩擦力f物=μ2Mg

水平桌面對(duì)薄紙施加的摩擦力f桌=μ1（M+m）g

薄紙受到的總的摩擦阻力f總=μ1（M+m）g+μ2Mg

②從開(kāi)始抽紙到薄紙被抽離物塊底部的過(guò)程，假設(shè)物塊的加速度為aM、薄紙的加速度為am，所用時(shí)間為t，這一過(guò)程物塊和紙張的速度變化量分別為△vM，△vm．

則有△vM=aMt，△vm=amt；

對(duì)于薄紙，根據(jù)牛頓第二定律有F-f桌-f物=mam

對(duì)于物塊，根據(jù)牛頓第二定律有f紙=MaM

由牛頓第三定律有f物=f紙

由以上三式解得F-f桌=mam+MaM

上式左右兩邊都乘以時(shí)間t，有（F-f桌）t=mamt+MaMt=m△vm+M△vM

上式左邊即為水平拉力F和桌面對(duì)薄紙摩擦力的總沖量；右邊即為物塊和紙的總動(dòng)量的變化量．命題得證．

說(shuō)明：其他方法正確同樣得分．

（2）設(shè)物塊在薄紙上加速和在桌面上減速的位移分別為x1，x2；

則物塊對(duì)地位移s0=x1+x2

因薄紙質(zhì)量可忽略；故其動(dòng)能可忽略，所以水平拉力F所做的功有以下一些去向：

薄紙與桌面間的摩擦生熱Q1=μ1Mg（x1+L）

物塊與薄紙間的摩擦生熱Q2=μ2Mgs相=μ2MgL

物塊與桌面間的摩擦生熱Q3=μ1Mgx2

由功能關(guān)系有WF=Q1+Q2+Q3

解得WF=μ1Mg（s0+L）+μ2MgL

所以，水平拉力F所做的功W=μ1Mg（s0+L）+μ2MgL．

答：

（1）①薄紙所受總的摩擦力為μ1（M+m）g+μ2Mg．②證明見(jiàn)上．

（2）此過(guò)程中水平拉力所做的功為μ1Mg（s0+L）+μ2MgL．26、略

【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律分別求出小球通過(guò)最高點(diǎn)和最低點(diǎn)時(shí)拉力與速度的關(guān)系式，再由機(jī)械能守恒定律列式，得到兩點(diǎn)速度的關(guān)系，聯(lián)立即可證明．【解析】【解答】解：根據(jù)牛頓第二定律得：

在最高點(diǎn)有：T2+mg=m

在最低點(diǎn)有：T1-mg=m

根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：mg?2L=-mv22；

解得：T1-T2=6mg

得證．27、略

【分析】【分析】將小船渡河的運(yùn)動(dòng)分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向的兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)；在兩個(gè)方向上都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，因此不能垂直到達(dá)對(duì)岸；

再根據(jù)分運(yùn)動(dòng)和合運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性求出渡河的時(shí)間；

結(jié)合兩方向的位移公式，由矢量合成法則，即可求解登陸的地點(diǎn)離船出發(fā)點(diǎn)的距離【解析】【解答】解：（1）船以4m/s垂直河岸的速度渡河；因存在水流的速度為5m/s，則是船不能垂直達(dá)到對(duì)岸；

（2）因船以4m/s垂直河岸的速度渡河時(shí)間最短，根據(jù)t==s=30s；則有渡河時(shí)間至少為30s；

（3）在渡河時(shí)間內(nèi)，船沿著水流方向的位移為：s=vst=5×30m=150m；

所以船登陸的地點(diǎn)離船出發(fā)點(diǎn)的距離是：x==m=30m；

答：（1）船不能垂直達(dá)到對(duì)岸；

（2）船需要30s時(shí)間才能達(dá)到對(duì)岸；

（3）船登陸的地點(diǎn)離船S發(fā)點(diǎn)的距離是30m．28、略

【分析】【分析】（1）電子在t=t0時(shí)刻進(jìn)入兩板間，先做勻速運(yùn)動(dòng)，后做類平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t0，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，由y=求出電子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)豎直分位移的大?。?/p>

（2）根據(jù)加速度和時(shí)間求出電子在電場(chǎng)中速度的偏向角θ．在磁場(chǎng)中最終垂直打在熒光屏上；則電子在磁場(chǎng)中的速度偏向角也θ，軌跡的圓心角為θ，由牛頓第二定律和幾何關(guān)系求解勻強(qiáng)磁場(chǎng)的水平寬度．

（3）電子在電場(chǎng)中水平是勻速直線運(yùn)動(dòng)，在兩板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間均為t1=2t0．電子在磁場(chǎng)中速度偏向角仍為θ，電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2==，得到總時(shí)間總是相同．【解析】【解答】解：（1）電子在t=t0時(shí)刻進(jìn)入兩板間；先做勻速運(yùn)動(dòng)，后做類平拋運(yùn)動(dòng)；

在2t0～3t0時(shí)間內(nèi)發(fā)生偏轉(zhuǎn)

（2）設(shè)電子從電場(chǎng)中射出的偏向角為θ，速度為v，則

電子通過(guò)勻強(qiáng)磁場(chǎng)并能垂直打在熒光屏上；其圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R，根據(jù)牛頓第二定律

有

由幾何