…………○…………內(nèi)…………○…○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年華師大版高二物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、一個(gè)質(zhì)子垂直磁場(chǎng)方向進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域；運(yùn)動(dòng)的軌跡為圓形．若換成一個(gè)氦核以相同速度進(jìn)入這個(gè)磁場(chǎng)，則（）

A.軌跡半徑增大。

B.軌跡半徑減小。

C.運(yùn)動(dòng)周期不變。

D.運(yùn)動(dòng)周期減小。

2、如圖所示的電路，a、b、c為三個(gè)相同的燈泡，每個(gè)燈泡的電阻大于電源內(nèi)阻，當(dāng)變阻器R的滑臂P向上移動(dòng)時(shí)，下列判斷中正確的是:A.b燈中電流變化值小于c燈中電流變化值B.a、b兩燈變亮，c燈變暗C.電源輸出功率增大D.電源的供電效率增大3、如圖所示，均勻介質(zhì)中兩波源S1、S2分別位于x軸上的x1=0、x2=16m處，質(zhì)點(diǎn)P位于x軸上的x3=4m處。t=0時(shí)刻，兩波源同時(shí)由平衡位置開(kāi)始向上振動(dòng)，振動(dòng)周期T=0.1s，傳播速度均為v=80m/s。波源S1的振幅A1=3cm，波源S2的振幅A2=4cm。則從t=0到t=0.35s時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P通過(guò)的路程為A.98cmB.14cmC.56cmD.68cm4、如圖所示，一個(gè)靜止的質(zhì)量為m，帶電量為+q的帶電粒子(不計(jì)重力)，經(jīng)電壓U加速后垂直進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，粒子打至P點(diǎn)，設(shè)OP=x，能正確反映x與U之間函數(shù)關(guān)系的x—U圖如圖中的（）5、如圖所示，A、B、C、D是勻強(qiáng)電場(chǎng)中的一個(gè)、矩形的四個(gè)頂點(diǎn)，已知A、B、D三點(diǎn)電勢(shì)分別為ΨA=20V，ΨB=24V，ΨD=4V，則可得C點(diǎn)電勢(shì)ΨC為（）

A.4V

B.8V

C.12V

D.24V

6、如圖所示，一小球用細(xì)線懸于O

點(diǎn)在豎直面內(nèi)AC

間做圓周運(yùn)動(dòng)，OA

與豎直方向的夾角為53鈭?

不計(jì)空氣阻力，則小球在A

點(diǎn)和最低點(diǎn)B

點(diǎn)的加速度之比為(

)

A.35

B.45

C.15

D.11

評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)7、甲和乙兩個(gè)物體在同一直線上運(yùn)動(dòng)，它們的速度--時(shí)間圖象分別如圖中的a和b所示．由圖可知它們的運(yùn)動(dòng)方向____（填“相同”或“相反”）；在t1時(shí)刻，甲的速度比乙的速度____（填“大”或“小”）．

8、如圖所示，在真空中有兩個(gè)點(diǎn)電荷A和B，電荷量分別為－Q和＋2Q，它們相距L。如果在兩點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)O有一個(gè)半徑為r(2r＜L)的空心金屬球，且球心位于O點(diǎn)，則球殼上的感應(yīng)電荷在O點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大?。撸撸撸叻较颍撸撸撸摺?、如圖所示，是利用放射線自動(dòng)控制鋁板厚度的裝置．假如放射源能放射出α、β、γ三種射線，而根據(jù)設(shè)計(jì)，該生產(chǎn)線壓制的是3mm厚的鋁板，那么是三種射線中的____射線對(duì)控制厚度起主要作用．當(dāng)探測(cè)接收器單位時(shí)間內(nèi)接收到的放射性粒子的個(gè)數(shù)超過(guò)標(biāo)準(zhǔn)值時(shí)，將會(huì)通過(guò)自動(dòng)裝置將M、N兩個(gè)軋輥間的距離調(diào)____一些．

10、如圖所示，A、B、C三點(diǎn)都在勻強(qiáng)電場(chǎng)中．已知AC⊥BC，∠ABC=60°，BC=20cm．把一個(gè)q=10-5C的正電荷從A移到B，電場(chǎng)力做功為零；從B移到C，電場(chǎng)力做功為-×10-3J，則該勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小是______，并在圖中作出這個(gè)電場(chǎng)線．11、將一個(gè)10鈭?6C

的負(fù)電荷從電場(chǎng)中A

點(diǎn)移到B

點(diǎn)，克服電場(chǎng)力做功2隆脕10鈭?6

J、從C

點(diǎn)移到D

點(diǎn)，電場(chǎng)力做功7隆脕10鈭?6J

若已知B

點(diǎn)比C

點(diǎn)電勢(shì)高3V

則UAB=______VUCD=

______VUDA=

______V.

12、一彈簧測(cè)力計(jì)在10N

外力作用下，在彈性限度內(nèi)，彈簧伸長(zhǎng)了0.2m

彈簧的彈性勢(shì)能將______(

選填“增大”或“減小”)

該彈簧測(cè)力計(jì)的彈簧的勁度系數(shù)為_(kāi)_____N/m

該彈簧測(cè)力計(jì)不稱重物時(shí)，彈簧的勁度系數(shù)為_(kāi)_____N/m

．13、在我國(guó)北方的冬季，常遭遇低溫冰雪天氣的襲擊，停在室外汽車(chē)的水箱經(jīng)常會(huì)有被凍裂的現(xiàn)象，原因是水箱中的水結(jié)冰后質(zhì)量______，密度______，體積______。（均選填“增大”、“減小”或“不變”）14、一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)過(guò)如圖所示的一系列過(guò)程：

下列說(shuō)法正確的是______。

A．由a→b過(guò)程；氣體內(nèi)能增加。

B．由a→b過(guò)程；氣體分子熱運(yùn)動(dòng)加劇。

C．當(dāng)分子熱運(yùn)動(dòng)減緩時(shí)；壓強(qiáng)必定減小。

D．當(dāng)分子平均動(dòng)能增大時(shí)；氣體體積可以保持不變。

在上述b→c過(guò)程中，氣體______（選填“氣體對(duì)外界”“外界對(duì)氣體”）做功；c→a過(guò)程中，氣體______（選填”從外界吸收“或”向外界放出“）熱量。15、如圖（a）所示，阻值為R、匝數(shù)為n的圓形金屬線圈與一個(gè)阻值為2R的電阻連接成閉合電路．線圈的半徑為r1，在線圈中半徑為r2的圓形區(qū)域存在垂直于線圈平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（向里為正），磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖（b）所示，圖中B1、t1為已知量．導(dǎo)線電阻不計(jì)，則t1時(shí)刻經(jīng)過(guò)電阻的電流方向?yàn)開(kāi)_____（選填“a→b”或“b→a”），電流的大小為_(kāi)_____．

評(píng)卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)16、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）17、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）18、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）19、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

21、電勢(shì)差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的電勢(shì)差隨著零電勢(shì)點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）23、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分四、畫(huà)圖題(共2題，共6分)24、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針?lè)较驗(yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫(huà)出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象25、13.矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時(shí)針?lè)较驗(yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，在下列i-t圖中畫(huà)出感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象評(píng)卷人得分五、作圖題(共1題，共3分)26、（９分）有一個(gè)直流電動(dòng)機(jī),把它接入0.2V電壓的電路時(shí),電機(jī)不轉(zhuǎn),測(cè)得流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流是0.4A；若把電動(dòng)機(jī)接入2.0V電壓的電路中,電動(dòng)機(jī)正常工作,工作電流是1.0A,求電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸出功率多大?如果在電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí),轉(zhuǎn)子突然被卡住，電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率是多大？參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】

質(zhì)子的質(zhì)量數(shù)是1；電荷數(shù)是1，它的比荷數(shù)是1；氦核的質(zhì)量數(shù)是4，電荷數(shù)是2，它的比荷數(shù)是2，即氦核的比荷是質(zhì)子的2倍．

A、B：根據(jù)半徑公式：得：所以氦核的軌跡半徑大，故A正確，B錯(cuò)誤；

C、D：根據(jù)周期公式：得：所以氦核的軌跡周期大，故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤．

故選：A

【解析】【答案】已知質(zhì)子和氦核的質(zhì)量和電量關(guān)系，根據(jù)半徑公式即可求出半徑關(guān)系，根據(jù)確定周期關(guān)系．

2、B|C【分析】【解析】試題分析：B當(dāng)變阻器R的滑臂P向上移動(dòng)時(shí)，外電路總電阻減小，電路中總電流增大，則a燈中電流增大，并聯(lián)部分電壓減小，則c燈中電流減小，b燈中電流，增大，減小，則增大．由于總電流增大，所以b燈中電流變化值大于c燈中電流變化值，a、b兩燈變亮，c燈變暗．故A錯(cuò)誤，B正確．由于外電路總電阻大于電源的內(nèi)阻，則當(dāng)變阻器R的滑臂P向上移動(dòng)時(shí)，外電路總電阻減小，電源的輸出功率增大．故C正確．外電路總電阻減小，路端電壓減小，則電源的供電效率減小．故D錯(cuò)誤．故選BC考點(diǎn)：考查了電路動(dòng)態(tài)分析【解析】【答案】BC3、D【分析】【解析】【答案】D4、B【分析】試題分析：由加速電場(chǎng)可知：Uq=mv2，又由偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)可知：Bqv=聯(lián)立二式得：x=即U與x2成正比，故B是正確的。考點(diǎn)：帶電粒子的加速與在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)。【解析】【答案】B5、B【分析】

根據(jù)在勻強(qiáng)電場(chǎng)中將某一線段等分同時(shí)就將該線段兩端的電勢(shì)差等分將線段bd五等分，如圖所示，則Ube=Ubd=×（24-4）=4v；

故Ube=φb-φe=4v；

故φf(shuō)-φd=4v；

故φe=24-4=20v．

φf(shuō)=8v．

故φa=φe；

連接cf；則cf∥ae；

故c點(diǎn)的電勢(shì)φc=φf(shuō)=8v．

故B正確；ACD錯(cuò)誤．

故選B．

【解析】【答案】在勻強(qiáng)電場(chǎng)中將某一線段等分同時(shí)就將該線段兩端的電勢(shì)差等分，故可將bd五等分，求出e、f的電勢(shì)，連接ae和cf，則cf∥ae，φc=φf(shuō)=8v．

6、D【分析】解：小球在A

點(diǎn)時(shí)速度為零，因此向心力為零，向心加速度為零，只有切向加速度，大小滿足mgsin53鈭?=ma1

得a1=0.8g

從A

到最低點(diǎn)的過(guò)程中，小球的機(jī)械能守恒，則有mgL(1鈭?cos53鈭?)=12mvB2

在B

點(diǎn)，只有向心加速度，即a2=vB2L

得a2=0.8g

故a1a2=11

故選：D

小球在A

點(diǎn)時(shí)速度為零；向心力為零，由重力沿圓弧切線方向的分力產(chǎn)生加速度.

小球在B

點(diǎn)時(shí)，由重力和拉力的合力產(chǎn)生加速度，根據(jù)機(jī)械能守恒定律和牛頓第二定律結(jié)合解答．

本題運(yùn)用正交分解的思維方式來(lái)分析加速度，將加速度分解切向和法向兩個(gè)方向研究，知道A

點(diǎn)的速度為零時(shí)，只有切向加速度.

在B

點(diǎn)只有向心加速度．【解析】D

二、填空題(共9題，共18分)7、略

【分析】

由圖看出，速度均為正值，說(shuō)明a、b都沿正方向運(yùn)動(dòng)，它們的運(yùn)動(dòng)方向相同．速度圖線都是傾斜的直線，說(shuō)明兩物體都做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，b做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，a在做勻減速直線運(yùn)動(dòng)．由圖讀出，在t1時(shí)刻，a的速度比b的速度大．故甲的速度比乙的速度大．

故答案為：相同；大。

【解析】【答案】速度的正負(fù)表示速度的方向．勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度圖象是傾斜的直線．根據(jù)圖線的縱坐標(biāo)直接讀出速度的大?。?/p>

8、略

【分析】【解析】【答案】12kQ/L2右9、β大【分析】【解答】α、β、γ三種射線的穿透能力不同，α射線不能穿過(guò)3mm厚的鋁板，γ射線又很容易穿過(guò)3mm厚的鋁板，厚度的微小變化不會(huì)使穿過(guò)鋁板的γ射線的強(qiáng)度發(fā)生較明顯變化，所以基本不受鋁板厚度的影響．而β射線剛好能穿透幾毫米厚的鋁板，因此厚度的微小變化會(huì)使穿過(guò)鋁板的β射線的強(qiáng)度發(fā)生較明顯變化，即是β射線對(duì)控制厚度起主要作用．若超過(guò)標(biāo)準(zhǔn)值；說(shuō)明鋁板太薄了，應(yīng)該將兩個(gè)軋輥間的距離調(diào)大些．

故答案為：β；大。

【分析】α射線穿透本領(lǐng)太弱，γ射線穿透能力又太強(qiáng)，而β射線穿透能力β居中．10、略

【分析】解：由題，q=10-5C的正電荷從A移到B，電場(chǎng)力做功為零，則A與B電勢(shì)相等，AB連線是一條等勢(shì)線．BC間電勢(shì)差為UBC==V=-173V

該勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小E===1000V/m

電場(chǎng)線方向垂直于AB向下．如圖．

故答案為：1000V/m；電場(chǎng)線如圖．

根據(jù)一個(gè)q=10-5C的正電荷從A移到B，電場(chǎng)力做功為零，可知，A與B電勢(shì)相等．根據(jù)電荷從B移到C，電場(chǎng)力做功為-1.73×10-3J，由電勢(shì)差的公式求出BC間的電勢(shì)差．由E=求場(chǎng)強(qiáng)大??；根據(jù)等勢(shì)線與電場(chǎng)線垂直，作出電場(chǎng)線．

本題根據(jù)題設(shè)條件找到等勢(shì)點(diǎn)，作出等勢(shì)線，根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，并由高電勢(shì)處指向低電勢(shì)處作電場(chǎng)線是常規(guī)思路．【解析】1000V/m11、2；-7；2【分析】解：根據(jù)條件，電荷的電量q=鈭?10鈭?6C

負(fù)電荷從電場(chǎng)中A

點(diǎn)移到B

點(diǎn)，克服電場(chǎng)力做功2隆脕10鈭?6J

電場(chǎng)力做功為WAB=鈭?2隆脕10鈭?6J

則UAB=WABq=鈭?2隆脕10鈭?6鈭?1隆脕10鈭?6V=2V.

由題，負(fù)電荷從C

點(diǎn)移到D

點(diǎn)，電場(chǎng)力做功WCD=7隆脕10鈭?6J

則UCD=WCDq=鈭?7隆脕10鈭?61隆脕10鈭?6V=鈭?7V.

已知B

點(diǎn)比C

點(diǎn)電勢(shì)高3V

即UBC=3V.

而UDA=UDC鈭?UAB鈭?UBC=7V鈭?2V鈭?3V=2V

．

故答案為：2鈭?72

由題，電荷從電場(chǎng)中A

點(diǎn)移到B

點(diǎn)，克服電場(chǎng)力做功2隆脕10鈭?6J

電場(chǎng)力做功為鈭?2隆脕10鈭?6

J.根據(jù)公式U=Wq

分別求出AB

間UAB

及CD

間的電勢(shì)差UCD.

根據(jù)已知條件B

點(diǎn)比C

點(diǎn)電勢(shì)高3V

求解UDA

．

本題根據(jù)電勢(shì)差定義式求解兩點(diǎn)間的電勢(shì)差，可通過(guò)畫(huà)電場(chǎng)線，將各點(diǎn)在電場(chǎng)線的相對(duì)位置標(biāo)出，更直觀反映各點(diǎn)電勢(shì)的高低．【解析】2鈭?72

12、略

【分析】解：在彈性限度內(nèi)；彈簧伸長(zhǎng)了0.2m

彈簧的彈性勢(shì)能將增大．

由F=kx

得k=Fx=100.2=50N/m

彈簧的勁度系數(shù)由彈簧本身決定；該彈簧測(cè)力計(jì)不稱重物時(shí)，彈簧的勁度系數(shù)不變，仍為50N/m

．

故答案為：增大；5050

．

彈簧的彈性勢(shì)能與彈簧的形變量有關(guān)；形變量越大，彈性勢(shì)能越大.

根據(jù)胡克定律可求得彈簧的勁度系數(shù).

彈簧的勁度系數(shù)由彈簧本身決定，與是否受力無(wú)關(guān)．

彈簧的彈力與形變量之間的關(guān)系遵守胡克定律.

要知道公式F=kx

中，x

是彈簧伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度或壓縮的長(zhǎng)度，即是彈簧的形變量．【解析】增大；5050

13、不變變小變大【分析】解：冬天室外溫度很低；汽車(chē)水箱里的水放熱，達(dá)到凝固點(diǎn)后逐漸結(jié)成了冰；水結(jié)成冰后，狀態(tài)改變，體積變大，但是質(zhì)量不變；

根據(jù)ρ=可知冰的密度減小。

故答案為：不變；變?。蛔兇?。

物質(zhì)狀態(tài)發(fā)生變化時(shí)體積也發(fā)生變化；多數(shù)物質(zhì)從液態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)時(shí)體積變小，但水例外；質(zhì)量是物體的一種屬性，與物體的位置；形狀、狀態(tài)無(wú)關(guān)。

解決此類問(wèn)題的關(guān)鍵是知道凝固的現(xiàn)象，并且明白冰和水的密度不一樣導(dǎo)致體積不一樣，而質(zhì)量是不變量?！窘馕觥坎蛔冏冃∽兇?4、D外界對(duì)氣體從外界吸收【分析】解：A、由a→b過(guò)程；溫度不變，故一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能不變，故A錯(cuò)誤；

B、由a→b過(guò)程；溫度不變，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均動(dòng)能不變，故氣體分子熱運(yùn)動(dòng)的劇烈程度不變，故B錯(cuò)誤；

C、由b→c過(guò)程；溫度降低，分子熱運(yùn)動(dòng)減緩，壓強(qiáng)不變，故C錯(cuò)誤；

D；由c→a過(guò)程溫度升高；分子平均動(dòng)能增大，因?yàn)閏→a過(guò)程的P-T圖象過(guò)原點(diǎn)，所以由c→a過(guò)程為等容過(guò)程，故氣體體積可以保持不變，故D正確。

根據(jù)=C可知：b→c過(guò)程中P不變；而溫度T減小，故體積V變小，所以是外界對(duì)氣體做功；

c→a過(guò)程中溫度升高；故內(nèi)能增大△U＞0，c→a為等容過(guò)程，故W=0，根據(jù)熱力學(xué)第一定律：△U=W+Q

所以：Q＞0；故氣體從外界吸收熱量；

故答案為：D；外界對(duì)氣體，從外界吸收。

結(jié)合圖象分析過(guò)程中壓強(qiáng)P；體積V、溫度T三個(gè)參量的變化情況；利用過(guò)原點(diǎn)的P-T圖象過(guò)程為等容過(guò)程；一定質(zhì)量的理想氣體的溫度與內(nèi)能變化一致；分子運(yùn)動(dòng)的劇烈程度與溫度有關(guān)等結(jié)論逐項(xiàng)分析即可；

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，可知b→c過(guò)程中P不變；根據(jù)溫度T變化情況分析出體積變化情況，進(jìn)而可以確定做功的正負(fù)；根據(jù)熱力學(xué)第一定律結(jié)合做功情況，即可求出c→a過(guò)程中，氣體與外界熱量交換的情況。

本題考查氣體定律的綜合運(yùn)用，解題關(guān)鍵是要根據(jù)圖象分析好壓強(qiáng)P、體積V、溫度T三個(gè)參量的變化情況，知道發(fā)生何種狀態(tài)變化過(guò)程，選擇合適的實(shí)驗(yàn)定律，再結(jié)合熱力學(xué)?！窘馕觥緿外界對(duì)氣體從外界吸收15、略

【分析】解：由圖（b）可知，在0～t1時(shí)間內(nèi)，感應(yīng)電流從b→a，由歐姆定律可知，在t1以后，感應(yīng)電流從b→a，因此t1時(shí)，電流從b→a；

由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=n=nS=nπr22電流大小I==

故答案為：b→a，．

由楞次定律可以判斷出電流的方向；由法拉第電磁感應(yīng)定律可以求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由歐姆定律可以求出電路電流大?。?/p>

本題考查了判斷感應(yīng)電流的方向，求感應(yīng)電流大小，熟練應(yīng)用楞次定律、法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律即可正確解題．【解析】b→a；三、判斷題(共8題，共16分)16、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．17、B【分析】【解答】解：電勢(shì)差類似于高度差；沒(méi)有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢(shì)的相對(duì)大?。?/p>

兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；由電場(chǎng)中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．由以上的分析可知，以上的說(shuō)法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢(shì)差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢(shì)差與零電勢(shì)點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；電勢(shì)反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷無(wú)關(guān)．18、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．19、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小．21、B【