…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教新版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、在如圖所示的電路中，電源的負(fù)極接地，其電動勢為E。內(nèi)電阻為r，為定值電阻，為滑動變阻器，C為電容器，A﹑V分別為理想安培表和伏特表。在滑動變阻器滑動觸頭P自b端向a端滑動的過程中；下列說法正確的是（）

A.a點(diǎn)的電勢降低B.伏特表示數(shù)變小C.安培表示數(shù)變大D.電容器C所帶電荷量減小2、如圖所示，甲、乙兩圖中實(shí)線表示半徑相同的帶電圓弧，每段圓弧為電荷分布均勻且電荷量相同的圓弧，電性如圖所示。已知甲圖中O點(diǎn)場強(qiáng)大小為E，則乙圖中P點(diǎn)場強(qiáng)大小為（）

A.EB.C.0D.3、如圖所示，兩個帶等量正電荷的點(diǎn)電荷分別固定在光滑絕緣水平面上的兩點(diǎn)，為兩點(diǎn)之間的連線與其垂直平分線的交點(diǎn)，在點(diǎn)由靜止釋放一個帶負(fù)電的小球（設(shè)不改變原來的電場分布），在以后的一段時間內(nèi)，小球在兩點(diǎn)之間的連線上做往復(fù)運(yùn)動。則下列說法錯誤的是（）

A.小球運(yùn)動到點(diǎn)時加速度為零，速度達(dá)到最大值B.小球由運(yùn)動到的過程，靜電力所做的總功不等于零C.若小球所帶電荷量緩慢減小，則它往復(fù)運(yùn)動過程中每次經(jīng)過點(diǎn)時的速率不斷減小D.若兩點(diǎn)電荷所帶電荷量同時等量地緩慢增大，則小球往復(fù)運(yùn)動的范圍不斷縮小4、如圖1所示，用充電寶為一手機(jī)電池充電，其等效電路如圖2所示。在充電開始后的一段時間t內(nèi)，充電寶的輸出電壓U、輸出電流I可認(rèn)為是恒定不變的，設(shè)手機(jī)電池的內(nèi)阻為r，則時間t內(nèi)（）

A.充電寶輸出的電功率為B.充電寶產(chǎn)生的熱功率為C.手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱為D.手機(jī)電池儲存的化學(xué)能為5、如圖所示，R1=2Ω，R2=10Ω，R3=10Ω；A；B兩端接在電壓恒定的電源上，則（）

A.S斷開時，R1與R2的兩端電壓之比為5：1B.S閉合時，R1與R2兩端的電壓之比為2：5C.S閉合時，通過R2與R3的電流之比為2：1D.S閉合時，通過R1與R2的功率之比為2：5評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)6、如圖所示，孤立點(diǎn)電荷＋Q固定在正方體的一個頂點(diǎn)上，與＋Q相鄰的三個頂點(diǎn)分別是A、B、C，下列說法正確的是()

A.A、B、C三點(diǎn)的場強(qiáng)相同B.A、B、C三點(diǎn)的電勢相等C.A、B、C三點(diǎn)所在的平面為一等勢面D.將一電荷量為＋q的檢驗(yàn)電荷由A點(diǎn)沿直線移動到B點(diǎn)的過程中電勢能先增大后減小7、如圖所示的電路中，電源的電動勢和內(nèi)阻一定，A、B為平行板電容器的兩塊正對金屬板，為光敏電阻。當(dāng)?shù)幕瑒佑|頭在端時，閉合開關(guān)此時理想電流表和理想電壓表的示數(shù)分別為和以下說法正確的是（）

A.若僅在B板間插入厚度小于AB間距的金屬板，則電容器的電容增大，電荷量增大B.若僅用更強(qiáng)的光照射則變化量的絕對值與變化量的絕對值的比值不變C.若僅將的滑動觸頭向端移動，則增大，增大D.若僅減小B板間距離，則電容器的電容增大，電壓減小8、如圖，在方向水平向右、磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場中，垂直于磁場和紙面放入一根電流方向垂直于紙面向外的通電直導(dǎo)線，在以導(dǎo)線為中心，半徑為的圓周上有對稱的四個點(diǎn)，則下列說法正確的是

A.點(diǎn)的實(shí)際磁感應(yīng)強(qiáng)度大于點(diǎn)實(shí)際磁感應(yīng)強(qiáng)度B.點(diǎn)的實(shí)際磁感應(yīng)強(qiáng)度小于點(diǎn)實(shí)際磁感應(yīng)強(qiáng)度C.兩點(diǎn)的實(shí)際磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相同D.．兩點(diǎn)的實(shí)際磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等9、位于正方形四角上的四個等量點(diǎn)電荷的電場線分布如圖所示，ab、cd分別是正方形兩條邊的中垂線，O點(diǎn)為中垂線的交點(diǎn)，P、Q分別為cd、ab上的點(diǎn)。則下列說法正確的是。

A.P、O兩點(diǎn)的電勢關(guān)系為φP＝φOB.P、Q兩點(diǎn)電場強(qiáng)度的大小關(guān)系為EQ＜EPC.若在O點(diǎn)放一正點(diǎn)電荷，則該正點(diǎn)電荷受到的電場力不為零D.若將某一負(fù)電荷由P點(diǎn)沿著圖中曲線PQ移到Q點(diǎn)，電場力做負(fù)功10、如圖，紙面內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，將兩根互相垂直的長直絕緣導(dǎo)線放入磁場中，剛好位于圓的兩條直徑位置上，中的電流方向向左，中的電流方向向上，圓周上有兩點(diǎn)，恰好關(guān)于對稱，已知兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為和方向垂直于紙面向外，則（）

A.流經(jīng)的電流產(chǎn)生的磁場在a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.流經(jīng)的電流產(chǎn)生的磁場在b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為C.流經(jīng)的電流產(chǎn)生的磁場在a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為D.流經(jīng)的電流產(chǎn)生的磁場在b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為11、如圖，光滑絕緣水平地面上有一水平絕緣輕彈簧左端固定，右端與一質(zhì)量為m、電荷量為的滑塊P（可視作質(zhì)點(diǎn)）拴接，沿水平方向建立x軸，沿x軸加一水平方向電場（圖中未畫出），x軸上的電勢隨位置x的變化關(guān)系如圖所示。滑塊從彈簧原長處靜止釋放（未超出彈性限度），沿x軸正方向運(yùn)動直至速度為零的過程中（）

A.電場的電勢越來越低，電場強(qiáng)度越來越小B.滑塊的加速度先增大后減小C.當(dāng)滑塊的速度最大時，彈簧彈性勢能與滑塊動能之和最大D.滑塊克服彈力做的功等于電勢能的減少量評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)12、如圖所示，一帶負(fù)電的導(dǎo)體球M放在絕緣支架上，把系在絕緣絲線上的帶電小球N掛在橫桿上。當(dāng)小球N靜止時，絲線與豎直方向成角，由此推斷小球N帶_______電荷（選填“正”或“負(fù)”）?，F(xiàn)用另一與M完全相同的不帶電導(dǎo)體球與M接觸后移開，則絲線與豎直方向的夾角將_________（選填“變大”或“變小”）。

13、半徑為R的絕緣光滑圓環(huán)固定在豎直平面內(nèi)，環(huán)上套有一質(zhì)量為m、帶正電的珠子，空間存在水平向右的勻強(qiáng)電場，如圖所示，珠子所受靜電力和其重力等大。將珠子從環(huán)上最低位置A點(diǎn)靜止釋放，則珠子所能獲得的最大動能Ek=________，在最高點(diǎn)時小球?qū)壍赖膲毫Υ笮開______。（重力加速度為g）

14、如圖是用游標(biāo)卡尺測量某金屬圓筒外徑的示意圖，由圖中可以讀出該圓筒外徑的測量值為___________mm。

15、某實(shí)驗(yàn)小組計(jì)劃用一個表頭G（滿偏電流Ig=100μA，內(nèi)阻Rg=900Ω），改裝成1mA和10mA的雙量程電流表和一個大量程的電壓表，已知R2=90Ω，R3=2910Ω；如圖所示。

（1）選接________（填“1”或“2”）是10mA的電流表，可算得R1應(yīng)為________Ω；

（2）選接3時，改裝電壓表的量程是________V。

16、如圖電路中，電源的內(nèi)電阻為r，R2、R3、R4均為定值電阻，電表均為理想電表．閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動變阻器R1的滑動觸頭P向右滑動時，電壓表示數(shù)__（選填“變大”、“變小”或“不變”），若電流表和電壓表的示數(shù)變化量的大小分別為△I、△U，則__r（選填“大于”；“小于”或“等于”）．

評卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共16分)17、在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中；實(shí)驗(yàn)室備有下列器材供選擇∶

A待測小燈泡“3V；0.6A”

B電流表A1（量程3A；內(nèi)阻約為1Ω）

C電流表A2（量程0.6A；內(nèi)阻約為5Ω）

D電壓表V1（量程3V；內(nèi)阻約為10kΩ）

E電壓表V2（量程15V；內(nèi)阻約為50kΩ）

F滑動變阻器（最大阻值為100Ω；額定電流50mA）

G滑動變阻器（最大阻值為10Ω；額定電流1A）

H電源（電動勢為4V；內(nèi)阻不計(jì)）

I開關(guān)及導(dǎo)線等。

（1）電流表應(yīng)選用____________；電壓表應(yīng)選____________；滑動變阻器應(yīng)選用____________。（填器材前面的字母）

（2）在圖甲實(shí)物圖中，有部分線已連好，要求小燈泡的電壓從零開始測量，請連成符合要求的完整的電路圖。（______）

（3）某同學(xué)實(shí)驗(yàn)后作出的I一U圖像如圖乙所示，則當(dāng)燈泡兩端的電壓為2.4V時，燈泡的實(shí)際電阻是___________Ω（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。

（4）若將此燈泡與電動勢為1.5V，內(nèi)阻為2.5Ω的電源串聯(lián)，燈泡消耗的功率是__________W。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）18、某同學(xué)要測量一金屬絲的電阻率ρ。步驟如下：

（1）先分別用毫米刻度尺和螺旋測微器測量其長度L和直徑d，（金屬絲的另一端已與刻度尺的零刻線對齊），如圖甲、乙所示，則L=_________cm，d=________mm。

（2）再用多用電表粗測其電阻；請完善他在該實(shí)驗(yàn)中的主要測量步驟：

①調(diào)節(jié)指針定位螺絲；使多用電表指針指著電流電壓擋的零刻度線；

②將紅；黑表筆分別插入“＋”“－”插孔；再把選擇開關(guān)撥到“×10”擋上；并將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使電表指針對準(zhǔn)歐姆零點(diǎn)；

③把兩表筆分別與待測電阻的兩端相接；發(fā)現(xiàn)這時指針偏轉(zhuǎn)接近滿偏；

④再換用_______擋（選填“×1”或“×100”），重新歐姆調(diào)零后，測量結(jié)果如圖丙所示，其阻值為R=______Ω；

⑤測量完畢；將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到OFF位置，把多用電表放回桌上原處。

（3）該同學(xué)想用伏安法更精確地測量其阻值；現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：

待測金屬絲R

電流表A1（量程0~0.6A；內(nèi)阻約為0.5Ω）

電流表A2（量程0~100mA；內(nèi)阻為2Ω）

電壓表V1（量程0~3V；內(nèi)阻約3kΩ）

電壓表V2（量程0~15V；內(nèi)阻約15kΩ）

直流電源E（電動勢4V，內(nèi)阻不計(jì)）

滑動變阻器R1（阻值范圍0~10Ω；允許通過的最大電流2.0A）

滑動變阻器R2（阻值范圍0~1kΩ；允許通過的最大電流0.5A）

開關(guān)S；導(dǎo)線若干。

為使實(shí)驗(yàn)調(diào)節(jié)方便，測量誤差較小，要求測得多組數(shù)據(jù)，請?jiān)趫D虛線框中畫出測量的電路圖，并標(biāo)明所用器材的代號。()

評卷人得分五、解答題(共4題，共8分)19、根據(jù)量子理論，光子的能量為E=hν；其中h是普朗克常量。

（1）根據(jù)愛因斯坦提出的質(zhì)能方程E=mc2，光子的質(zhì)量可表示為m=E/c2，由動量的定義和相關(guān)知識，推導(dǎo)出波長為λ的光子動量的表達(dá)式p=h/λ；

（2）光子能量和動量的關(guān)系是E=pc。既然光子有動量；那么光照到物體表面，光子被物體吸收或反射時，都會對物體產(chǎn)生壓強(qiáng)，這就是“光壓”。

a.一臺二氧化碳?xì)怏w激光器發(fā)出的激光功率為P0=103W，發(fā)出的一細(xì)束激光束的橫截面積為S=1mm2。若該激光束垂直照射到物體表面，且光子全部被該物體吸收，求激光束對該物體產(chǎn)生的光壓P0的大?。?/p>

b.既然光照射物體會對物體產(chǎn)生光壓，科學(xué)家設(shè)想在遙遠(yuǎn)的宇宙探測中，可以用光壓為動力使航天器加速，這種探測器被稱做“太陽帆”。設(shè)計(jì)中的某個太陽帆，在其運(yùn)行軌道的某一階段，正在朝遠(yuǎn)離太陽的方向運(yùn)動，太陽帆始終保持正對太陽。已知太陽的質(zhì)量為2×1030kg，引力常量G=7×10-11Nm2/kg2，太陽向外輻射能量的總功率為P=4×1026W，太陽光照到太陽帆后有80%的太陽光被反射。探測器的總質(zhì)量為m=50kg。考慮到太陽對探測器的萬有引力的影響，為了使由太陽光光壓產(chǎn)生的推動力大于太陽對它的萬有引力，太陽帆的面積S至少要多大？（計(jì)算結(jié)果保留1位有效數(shù)字）20、電荷量Q均勻分布在半徑為R的圓環(huán)上，求在圓環(huán)軸線上距圓心O點(diǎn)為處的P點(diǎn)的電場強(qiáng)度.

21、在光滑的水平面上有一凹形木板A，質(zhì)量為長度為不計(jì)凹形木板A左右兩壁的厚度，其上表面也光滑；另有一質(zhì)量也為m的帶電滑塊B靜止于凹形木板A的左側(cè)（如圖），帶電滑塊B所帶電荷量為在水平面上方空間中加一勻強(qiáng)電場，方向水平向右，電場強(qiáng)度時滑塊B由靜止釋放，設(shè)滑塊B與A兩側(cè)的碰撞均為彈性碰撞且碰撞時間極短。

（1）求滑塊B與凹形木板A第1次碰撞前；后的速度大??；

（2）求滑塊B從開始運(yùn)動到再一次運(yùn)動到凹形木板A左側(cè)時，電場力對滑塊B所做的功；

（3）求滑塊B從開始運(yùn)動到與凹形木板A發(fā)生第n次碰撞的過程中，凹形木板A運(yùn)動的總位移。

22、電容器是一種重要的電學(xué)元件，基本工作方式就是充電和放電；由這種充放電的工作方式延伸出來的許多電學(xué)現(xiàn)象，使得電容器有著廣泛的應(yīng)用；如圖1所示，電源與電容器、電阻、開關(guān)組成閉合電路；已知電源電動勢為E，內(nèi)阻不計(jì)，電阻阻值為R，平行板電容器電容為C，兩極板間為真空，兩極板間距離為d；不考慮極板邊緣效應(yīng)；

（1）閉合開關(guān)S，電源向電容器充電，經(jīng)過時間t；電容器基本充滿；

a．求時間t內(nèi)通過R的平均電流

b．請?jiān)趫D2中畫出充電過程中電容器的帶電荷量q隨電容器兩極板電壓u變化的圖像；并求出穩(wěn)定后電容器儲存的能量E0；

（2）穩(wěn)定后斷開開關(guān)S．將電容器一極板固定，用恒力F將另一極板沿垂直極板方向緩慢拉開一段距離x，在移動過程中電容器電荷量保持不變，力F做功為W；與此同時，電容器儲存的能量增加了ΔE；請推導(dǎo)證明：W=ΔE；要求最后的表達(dá)式用已知量表示。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【詳解】

B．在滑動變阻器滑動頭P自b端向a端滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，干路電流I減小，電阻R1兩端電壓減?。粍t電壓表示數(shù)減小，選項(xiàng)B正確；

A．根據(jù)外電路中順著電流方向，電勢降低，可知a的電勢大于零，且a點(diǎn)的電勢等于R2兩端的電壓。電阻R2兩端的電壓

I減小，則U2變大，則a點(diǎn)的電勢升高；選項(xiàng)A錯誤；

C．U2變大，通過R2的電流I2增大。通過電流表的電流

I減小，I2增大，則IA減?。患措娏鞅硎緮?shù)減小，選項(xiàng)C錯誤；

D．電容器C的電壓等于電阻R2兩端的電壓，則電容器板間電壓變大，由Q=CU知電容器C所帶電荷量增多；選項(xiàng)D錯誤。

故選B。2、D【分析】【詳解】

甲圖中O點(diǎn)電場強(qiáng)度為E，乙圖圖形相當(dāng)于甲圖圖形順時針旋轉(zhuǎn)45°，再與另一甲圖中圖形疊加，所以乙圖中P點(diǎn)電場強(qiáng)度如圖所示；

可視為兩個E夾角為45°疊加，兩矢量水平分量之和為(1+)E，豎直分量之和為E，則P處的電場強(qiáng)度為

故ABC錯誤；D正確；

故選D。3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．小球運(yùn)動到點(diǎn)時，所受的電場力為零，加速度為零，之后遠(yuǎn)離點(diǎn)，速度減小，所以小球運(yùn)動到點(diǎn)時速度達(dá)到最大值；A正確；

B．小球由運(yùn)動到的過程；由電場的對稱性可知，靜電力所做的總功等于零，B錯誤；

C．若小球所帶電荷量級慢減小，它在電場中同一位置所受的電場力不斷地減小，由向運(yùn)動的過程中，電場力做的功在不斷減小，則它往復(fù)運(yùn)動過程中每次經(jīng)過點(diǎn)時的速率不斷減??；C正確；

D．若兩點(diǎn)電荷所帶電荷量同時等量地緩慢增大；則小球所受電場力產(chǎn)生的加速度在同一位置時將更大，速度變化將更快，減速的距離減小，小球往復(fù)運(yùn)動的范圍不斷縮小，D正確。

故選B。4、D【分析】【詳解】

A．充電寶的輸出電壓U、輸出電流I，所以充電寶輸出的電功率為

故A錯誤；

B．充電寶內(nèi)的電流也是I；但其內(nèi)阻未知，所以無法判斷充電寶產(chǎn)生的熱功率，故B錯誤；

C．U是充電寶的輸出電壓，不是手機(jī)電池的內(nèi)電壓，所以不能用計(jì)算手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱，應(yīng)為

故C錯誤；

D．充電寶輸出的電能一部分轉(zhuǎn)化為手機(jī)電池儲存的化學(xué)能，一部分轉(zhuǎn)化為手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱，故根據(jù)能量守恒定律可知手機(jī)電池儲存的化學(xué)能為

故D正確。

故選D。5、B【分析】【分析】

【詳解】

A．S斷開時，R1與R2串聯(lián)，兩端電壓之比為

A錯誤；

B．S閉合時，R1與R2兩端的電壓之比為

B正確；

C．S閉合時，通過R2與R3的電流之比為1：1；C錯誤；

D．S閉合時，通過R1與R2的功率之比為

解得

D錯誤。

故選B。二、多選題(共6題，共12分)6、B:D【分析】【詳解】

A．由點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式可知，A、B、C三點(diǎn)的場強(qiáng)大小相等；但方向不同，由于場強(qiáng)是矢量，所以三點(diǎn)的場強(qiáng)不同，故A錯誤；

B．孤立點(diǎn)電荷+Q的等勢面以是+Q為球心的球面，所以A、B、C三點(diǎn)位于同一等勢面上；電勢相等，故B正確；

C．A、B、C三點(diǎn)所在的平面上各點(diǎn)到+Q的距離不全相等；電勢也就不全相等，所以該平面不是等勢面，故C錯誤；

D．將一電荷量為+q的檢驗(yàn)電荷由A點(diǎn)沿直線移動到B點(diǎn)的過程中，離點(diǎn)電荷的距離先減小后增大，根據(jù)等勢面的分布規(guī)律可知，電勢先升高后降低，由于電荷正電，所以電勢能先增大后減小，故D正確．7、A:B【分析】【詳解】

A．若僅在A、B板間插入厚度小于AB間距的金屬板，相當(dāng)于板間距減小，根據(jù)知，電容增大，根據(jù)知，在U不變時電荷量增大；故A正確；

B．電壓表測電源的路端電壓，電流表測電路的總電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E-Ir可得

僅用更強(qiáng)的光照射變化量的絕對值與變化量的絕對值的比值不變；故B正確；

C．滑動變阻器處于含容支路中，相當(dāng)于導(dǎo)線，所以移動滑動觸頭，I不變，U不變。故C錯誤；

D．若僅減小A、B板間距離，根據(jù)知電容增大；U決定于R1兩端電壓，電壓不變，故D錯誤。8、A:D【分析】【詳解】

解用右手螺旋定則判斷通電直導(dǎo)線在abcd四個點(diǎn)上所產(chǎn)生的磁場方向；如圖所示：

AB．電流在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度和原磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相同，實(shí)際磁感應(yīng)強(qiáng)度是兩者之和，電流在c點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度和原磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相反，實(shí)際磁感應(yīng)強(qiáng)度是兩者之差，所以a點(diǎn)的實(shí)際磁感應(yīng)強(qiáng)度大于c點(diǎn)實(shí)際磁感應(yīng)強(qiáng)度；故A正確，B錯誤；

CD．b點(diǎn)有向右的磁場，還有電流產(chǎn)生的向下的磁場，疊加后磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向向右下，利用勾股定理即可求出大小，d點(diǎn)有向右的磁場，還有電流產(chǎn)生的向上的磁場，疊加后磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向向右上，利用勾股定理即可求出大小，b、d兩點(diǎn)的實(shí)際磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等；方向不同，故C錯誤，D正確；

故選AD。9、A:B【分析】【詳解】

A．電場線分布如圖所示，cd所在的直線為等勢線，則

故A正確；

B．電場線的疏密表電場的強(qiáng)弱，由圖可知

故B正確；

C．四個電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場剛好抵消，O點(diǎn)電場強(qiáng)度為零，正點(diǎn)電荷放在O點(diǎn)受到的電場力為零；故C錯誤；

D．電場線分布如圖所示，ab和cd所在的直線為等勢線，則

將某一負(fù)電荷由P到Q電場力做功為零；故D錯誤。

故選AB。10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

整個系統(tǒng)處于勻強(qiáng)外磁場中，外磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0，方向垂直紙面向外，且a、b兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為和方向也垂直紙面向外，根據(jù)右手螺旋定則，L1直導(dǎo)線電流在a、b兩點(diǎn)磁場方向垂直紙面向里，大小相等，設(shè)其大小分別為B1a，B1b，同理，L2直導(dǎo)線的電流在a點(diǎn)磁場方向垂直紙面向里，在b點(diǎn)磁場方向垂直紙面向外，但兩點(diǎn)的磁場大小相等，設(shè)其大小分別為B2a，B2b，根據(jù)磁場的疊加，因a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為則有

同理，因a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為則有

聯(lián)立上式，可解得

故BC正確。

故選BC。

【點(diǎn)睛】

11、A:D【分析】【詳解】

A．由x軸上的電勢隨位置x的變化關(guān)系圖像；可知電場的電勢越來越低，由圖像的斜率表示電場強(qiáng)度，可知電場強(qiáng)度越來越小，A正確；

B．由題意可知，沿x軸正方向電勢降低，即電場方向沿x軸正方向?；瑝KP沿x軸正方向運(yùn)動時，受到向右的電場力和向左的彈力，開始兩力的合力方向沿x軸正方向，且合力由大變小，當(dāng)合力是零時，加速度是零，滑塊P速度最大，隨沿x軸正方向運(yùn)動位移的增大；電場強(qiáng)度逐漸減小，彈力逐漸增大，其合力方向向左，且逐漸增大，當(dāng)滑塊P速度是零時，彈力最大，因此滑塊P的加速度先減小后增大，B錯誤；

C．由題意可知；滑塊P運(yùn)動中，電勢能的減少量等于滑塊動能的增加量與彈簧的彈性勢能的增加量之和，因此滑塊P速度是零時，電勢能的減少量最大，則有彈簧彈性勢能與滑塊動能之和最大，C錯誤；

D．由以上分析可知；滑塊P速度是零時，電勢能的減少量最大，且全部轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，即為滑塊P克服彈力所做的功，D正確。

故選AD。三、填空題(共5題，共10分)12、略

【分析】【詳解】

[1]因M對N有斥力作用，因M帶負(fù)電，則由此推斷小球N帶負(fù)電荷。

[2]現(xiàn)用另一與M完全相同的不帶電導(dǎo)體球與M接觸后移開，則M帶電量減小，則對N的斥力減小，則絲線與豎直方向的夾角將變小?！窘馕觥控?fù)變小13、略

【分析】【詳解】

[1]竹子處于重力場和勻強(qiáng)電場的復(fù)合場中，所受合力是恒力，方向與電場方向成45°角，大小

在這個復(fù)合場中，珠子沿著圓環(huán)來回滑動，滑動軌跡所對的圓心角為90°，動能最大時，就是珠子滑到圓環(huán)沿著合力方向的最低點(diǎn)，此時珠子在復(fù)合場中的勢能全部轉(zhuǎn)化為動能，即

所以

[2]珠子在圓環(huán)上能到達(dá)的最高點(diǎn)，就是圓環(huán)的最右端點(diǎn)，在此點(diǎn)處，珠子的運(yùn)動速度已經(jīng)減小為零，所受重力豎直向下，所受電場力水平向右，珠子對圓環(huán)的壓力在大小上等于圓環(huán)所受的電場力，即【解析】mg14、略

【分析】【詳解】

[1]游標(biāo)卡尺讀數(shù)【解析】23.6015、略

【分析】【詳解】

（1）[1]選接1時電流表的量程為

選接2時電流表的量程為

可看出I1m>I2m；則選接1是10mA的電流表，選接2是1mA的電流表。

[2]根據(jù)選接2時電流表的量程，代入數(shù)據(jù)，可計(jì)算出R1=10Ω

（2）[3]選接3時，改裝電壓表的量程是Um=IgRg＋I(xiàn)2mR3

代入數(shù)據(jù)有Um=3V【解析】110316、略

【分析】【詳解】

[1]電路的結(jié)構(gòu)為R1與R2并聯(lián)后再與R4串聯(lián)，然后再與R3并聯(lián)接在電源兩端，滑動變阻器R1的滑動觸頭P向右滑動時，R1接入電路的阻值增大；電路總電阻增大，電路總電流減小，內(nèi)電壓減小，外電壓增大，電壓表測的是路端電壓，電壓表示數(shù)增大；

[2]設(shè)電壓表示數(shù)為U，電路總電流為I總，電流表示數(shù)為I，滑動變阻器R1的滑動觸頭P向右滑動時，R1接入電路的阻值增大，電路總電阻增大，電路總電流I總減小，內(nèi)電壓減小，外電壓U增大；流過R3的電流增大，流過R4的電流減小，R4兩端的電壓U4減小，R2兩端的電壓增大，流過R2的電流增大，流過R1的電流減??；電路電流關(guān)系為I總減小，I減小，I2增大，I3增大，則△I大于△I總；據(jù)閉合電路歐姆定律有：

則：【解析】變大小于四、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共16分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]燈泡額定電流0.6A；若采用3A量程則誤差較大，故只能采用0.6A量程進(jìn)行測量，即電流表C。

[2]燈泡額定電壓為3V；電壓表應(yīng)選D。

[3]本實(shí)驗(yàn)采用分壓接法；為方便實(shí)驗(yàn)操作應(yīng)選滑動變阻器G。

（2）[4]描繪燈泡伏安特性曲線；電壓與電流應(yīng)從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法；電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，實(shí)物電路圖如圖所示。

（3）[5]由圖可知，當(dāng)電壓為2.4V，電流I=0.55A；則電阻為。

（4）[6]根據(jù)閉合電路的歐姆定律。

即。

在圖乙中做圖像。

圖像與原來的圖線的交點(diǎn)；電壓為。

電流為。

則燈泡消耗的功率。

【解析】CDG0.2218、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由圖甲可讀出金屬絲長度為

[2]由圖乙可讀出金屬絲直徑為

（2）④[3][4]當(dāng)選擇“×10”擋時，發(fā)現(xiàn)這時指針偏轉(zhuǎn)接近滿偏，說明該電阻為一個較小的電阻，應(yīng)換應(yīng)用較小一點(diǎn)的倍率“×1”擋；由圖丙可讀出該電阻阻值為

（3）[5]電源電動勢為4V，電壓表應(yīng)選擇V1，電路中的最大電流為

實(shí)驗(yàn)要求多組數(shù)據(jù)測量，所以電流表應(yīng)選擇A1，滑動變阻器采用分壓式接法，由于金屬絲電阻較小，為了方實(shí)驗(yàn)操作，滑動變阻器應(yīng)選R1；且金屬絲電阻遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，故電流表應(yīng)采用外接法，設(shè)計(jì)電路圖如圖所示。

【解析】6見解析五、解答題(共4題，共8分)19、略

【分析】【詳解】

（1）光子的能量E=mc2E＝hν＝h

光子的動量p=mc可得

（2）一小段時間△t內(nèi)激光器發(fā)射的光子數(shù)

光照射物體表面，由動量定理F△t=np

產(chǎn)生的光壓I＝

解得I＝

帶入數(shù)據(jù)解得：I=3.3pa

（3）由（2）同理可知，當(dāng)光80%被反射，