第=page11頁，共=sectionpages11頁廣東省廣州市華南師大附中2024-2025學年高二（上）期末物理試卷一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.如圖所示，一阻值為R的圓形線圈位于磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，從某時刻開始，空間中各點磁感應(yīng)強度均隨時間均勻增大，則對于該圓形線圈(

)A.將產(chǎn)生恒定的逆時針方向的電流

B.有擴張的趨勢

C.各個點所受安培力相同

D.所受安培力合力向右2.如圖所示，帶電體P、Q可視為點電荷，電荷量相同，電性未知。傾角為θ的絕緣斜面體放在粗糙水平面上，將帶電體P放在粗糙的斜面體上。當帶電體Q固定在與P等高(PQ連線水平)且與P相距為r的右側(cè)位置時，P靜止且不受摩擦力作用，此時斜面體也保持靜止，則下列說法中正確的是(

)A.帶電體P、Q所帶電荷的電性相異

B.帶電體P對斜面體的壓力比P的重力小

C.斜面體受到地面的摩擦力方向向右

D.斜面體對地面的壓力等于P、Q和斜面體的重力之和3.如圖甲所示，高壓輸電線上有a、b、c三根相互平行的水平長直導(dǎo)線通有大小相等且方向相同的電流I。a′、b′、c′為同一豎直面上與導(dǎo)線a、b、c相交的三個點，連接三點構(gòu)成等腰直角三角形(a′b′=b′c′)，O為連線A.O點的磁感應(yīng)強度大小為3B

B.O點的磁感應(yīng)強度方向是從O指向c′

C.導(dǎo)線a、c在b導(dǎo)線位置產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小為2B

4.質(zhì)譜儀在物理研究中起著非常重要的作用。如圖為質(zhì)譜儀的工作原理示意圖，粒子源產(chǎn)生的帶電粒子經(jīng)加速電場加速后，進入速度選擇器，速度選擇器內(nèi)相互正交的勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小和勻強電場的電場強度大小分別為B和E。平板S上有可讓粒子通過的狹縫P和記錄粒子位置的膠片A1A2，平板S下方有垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B0，不計粒子重力和粒子間作用力。下列說法正確的是A.該粒子帶負電

B.速度選擇器中的磁場方向垂直于紙面向里

C.能通過狹縫P的粒子的速率為2EB

D.粒子打在膠片上的位置離狹縫P越遠，粒子的比荷q5.溫州市區(qū)某學校創(chuàng)建綠色校園，如圖甲為新裝的一批節(jié)能路燈，該路燈通過光控開關(guān)實現(xiàn)自動控制：電燈的亮度可自動隨周圍環(huán)境的亮度改變而改變．如圖乙為其內(nèi)部電路簡化原理圖，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，Rt為光敏電阻(光照強度增加時，其電阻值減小).現(xiàn)增加光照強度，則下列判斷正確的是(

)A.電源路端電壓不變 B.B燈變暗，A燈變亮

C.R0兩端電壓變大 D.6.小明坐在汽車的副駕駛位上看到一個現(xiàn)象：當汽車的電動機啟動時，汽車的車燈會瞬時變暗。汽車的電源、電流表、車燈、電動機連接的簡化電路如圖所示，已知汽車電源電動勢為12.6V，內(nèi)阻為0.05Ω。車燈接通電動機未啟動時，電流表示數(shù)為12A，電動機啟動的瞬間，電流表示數(shù)達到52AA.電動機未啟動時，車燈的功率為125W

B.電動機啟動時，車燈的功率為120W

C.電動機啟動時，電動機的輸入功率為420W

7.如圖甲連接電路，電表均為理想電表。閉合開關(guān)S，讓滑動變阻器的滑片C從B端向左滑動的過程中，電路中的一些物理量的變化規(guī)律如圖乙所示，U、I分別是電壓表、電流表的示數(shù)，R是變阻器AC間的電阻，P出是電源輸出功率，η是電源效率。下列選項中正確的是(

)

A.電源的電動勢為4V B.滑動變阻器最大阻值為10Ω

C.Ⅰ圖a點的坐標為(0.6A,4.8V二、多選題：本大題共3小題，共12分。8.如圖所示，粗糙木板MN豎直固定在方向垂直紙面向里的勻強磁場中。t=0時，一個質(zhì)量為m、電量為q的帶正電物塊沿MN以某一初速度豎直向下滑動，則物塊運動的v?A.

B.

C.

D.9.手機觸摸屏多數(shù)采用的是電容式觸摸屏，其原理可簡化為如圖所示的電路。平行板電容器的上、下兩極板A、B分別接在一恒壓直流電源的兩端，上極板A為兩端固定的可動電極，下極板B為固定電極。當用手指觸壓屏幕上某個部位時，可動電極的極板會發(fā)生形變，從而改變電容器的電容。當壓力F增大時(

)A.電容器所帶電荷量不變 B.直流電源對電容器充電

C.極板間的電場強度增大 D.電阻R上有從a到b的電流10.如圖所示，在豎直平面內(nèi)有水平向右、場強為E=1×104N/C的勻強電場在勻強電場中有一根長L=2m的絕緣細線，一端固定在O點，另一端系一質(zhì)量為0.08kg的帶電小球，它靜止時懸線與豎直方向成37

A.小球的電荷量q=3×10?5C

B.小球動能的最小值為1J

三、實驗題：本大題共2小題，共18分。11.在使用多用電表測電流前，發(fā)現(xiàn)指針如圖(甲)所示。

(1)現(xiàn)需要調(diào)整右圖中的部件______(填字母“K”、“S”或“T”)，使指針對準電流的“0”刻線。調(diào)整好后，將部件K撥至“50mA”擋，將多用表串聯(lián)接入待測電路中，指針如圖(乙)所示，則電路中電流為______mA。

(2)使用多用表測電阻時，將部件K撥至“×10”擋，并將兩表筆短接，旋動部件______(填字母“K”、“S”或“T”)，使指針對準電阻的“0刻線”。將紅、黑表筆分別與待測電阻兩端接觸，若多用電表讀數(shù)如圖(甲)所示，為了使多用電表測量的結(jié)果更準確，該同學將部件K撥至______擋(填“×1”或“×100”)；之后要______，再將待測電阻接到兩表筆之間測量其阻值，此時指針如圖(乙)所示，則待測電阻為______Ω，測量完畢后將選擇開關(guān)撥至“OFF”擋。

(3)如圖是多用電表內(nèi)部結(jié)構(gòu)示意圖，通過選擇開關(guān)分別與1、2、3、4、5、6相連，以改變電路結(jié)構(gòu)，分別成為電流表、電壓表和歐姆表，下列說法正確的是______。

A.A是黑表筆、B是紅表筆

B.作電流表時1比2量程大，作電壓表時6比12.為探究熱敏電阻的伏安特性，物理興趣小組做了下列實驗。

(1)描繪熱敏電阻的I?U圖像。已知熱敏電阻的阻值為幾百歐姆，所使用的電流表內(nèi)阻小于1Ω，電壓表內(nèi)阻為幾千歐姆，為使電壓的測量范圍足夠大，下列測量電路應(yīng)該選用(______)

A.

B.

C.

D.

(2)按照你選擇的正確電路，將圖甲中的實物圖連接成電路。

(3)現(xiàn)將上述測量的兩個相同的熱敏電阻(伏安特性曲線如圖乙所示)和定值電阻、恒壓電源組成如圖丙所示的電路，電源電動勢為6V，內(nèi)阻不計，定值電阻R0=80Ω。每個熱敏電阻消耗的電功率約為______W(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。

(4四、計算題：本大題共3小題，共30分。13.如圖所示，第一象限內(nèi)有方向豎直向上的勻強電場.第四象限有磁感應(yīng)強度為B、方向垂直紙面向外的勻強磁場，一帶電的粒子從M(0,?d)點以速率v沿與x軸正方向射入磁場區(qū)域，經(jīng)過一段時間穿過x軸上的P(33d,0)點進入第一象限，再從y軸上的Q點(圖中未畫出)離開第一象限，不計粒子的重力，求：

14.如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間距l(xiāng)=1m，導(dǎo)軌與水平面成θ=37°，導(dǎo)軌電阻不計。導(dǎo)軌上端連接有E=6V、r=1Ω的電源和滑動變阻器R.長度也為l的金屬棒ab垂直導(dǎo)軌放置且與導(dǎo)軌接觸良好，金屬棒的質(zhì)量m=0.2kg、電阻R0=2Ω，整個裝置處在豎直向上磁感應(yīng)強度為B15.如圖所示，由S點發(fā)出的電量為q、質(zhì)量為m的靜止帶電粒子，被加速電壓為U，極板間距離為d的勻強電場加速后，從正中央垂直射入電壓為U的勻強偏轉(zhuǎn)電場，偏轉(zhuǎn)極板長度和極板距離均為L，帶電粒子離開偏轉(zhuǎn)電場后即進入一個垂直紙面方向的勻強磁場，其磁感應(yīng)強度為B.若不計重力影響，欲使帶電粒子通過某路徑返回S點，求：

(1)簡要畫出粒子經(jīng)磁場返回S點的路徑(粒子第二次進入電場時電場方向反向)．

(2)粒子第一次進入磁場時的速度大小？

(3)答案和解析1.【答案】A

【解析】解：A.空間中各點磁感應(yīng)強度均隨時間均勻增大，則穿過該圓形線圈的磁通量向里增加，由楞次定律增反減同，可知該圓形線圈將產(chǎn)生恒定的逆時針方向的電流；故A正確，B錯誤；

B.由左手定則判定，該圓形線圈各個點所受安培力向里，所以線圈有收縮的趨勢，故B錯誤；

CD.由于安培力是矢量，所以該圓形線圈各個點所受安培力大小相等，方向不同；該圓形線圈所受安培力合力為0，故CD錯誤。

故選：A。

2.【答案】C

【解析】解：AB.對物體P受力分析物體P受到水平向左的庫侖力，豎直向下的重力，垂直斜面向上的支持力N，故帶電體P、Q所帶電荷的電性相同，且有：

cosθ=mgN

則支持力大于重力，根據(jù)牛頓第三定律可知，帶電體P對斜面體的壓力比P的重力大，故AB錯誤；

CD.對斜面體和物體P整體受力分析，整體平衡，受到豎直向下的重力，豎直向上的支持力，水平向左的庫侖力和水平向右的摩擦力，所以豎直方向上受力平衡，此時地面對斜面體的支持力

F支=(M+mP)g3.【答案】B

【解析】AB、由幾何關(guān)系可知，三條導(dǎo)線與O的距離相等；由三條導(dǎo)線的電流大小相等，故三條導(dǎo)線在O處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小相等；由電流的方向，根據(jù)右手螺旋定則，可判斷導(dǎo)線a在O處產(chǎn)生的磁場方向為豎直向上，導(dǎo)線c在O處產(chǎn)生的磁場方向為豎直向下，導(dǎo)線b在O處產(chǎn)生的磁場方向為水平向左；由對稱性及矢量合成規(guī)則可知，故O處的磁感應(yīng)強度方向水平向左，即由O指向c′，大小為B，故A錯誤，B正確；

CD、由幾何關(guān)系可知，導(dǎo)線a、c與導(dǎo)線b的距離相等，故導(dǎo)線a、c在導(dǎo)線b位置產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小相等；由右手螺旋定則，可知導(dǎo)線a在導(dǎo)線b處的磁感應(yīng)強度方向沿cb方向，導(dǎo)線c在導(dǎo)線b處的磁感應(yīng)強度方向沿ba方向，互相垂直；若導(dǎo)線a在導(dǎo)線b處的磁感應(yīng)強度大小為B1，由圖可知aO距離與ab距離顯然不同，故B≠B1，即導(dǎo)線b處的合磁感應(yīng)強度大小為4.【答案】D

【解析】解：A.根據(jù)左手定則，結(jié)合粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)方向可知，該粒子帶正電，故A錯誤；

B.速度選擇器中粒子受電場力向右，洛倫茲力方向向左，由左手定則可知磁場方向垂直于紙面向外，故B錯誤；

C.能通過狹縫P的粒子的速率滿足

Bqv=qE

則

v=EB

故C錯誤；

D.粒子在磁場中運動時

B0qv=mv2r

可得粒子打在膠片上的位置

x=2r,解得5.【答案】C

【解析】解：由題意，增加光照強度，Rt減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流I增大，電源的內(nèi)電壓增大，路端電壓U減小，則A燈變暗；

通過R0電流I0=I?IA，I增大，而IA減小，則I0增大，R0兩端電壓U0增大，而R0、B的電壓之和等于路端電壓，路端電壓減小，則知，B的電壓減小，B燈變暗；電源的總功率P=EI，I增大，則P增大．故C正確，ABD錯誤．

故選：C

增加光照強度，6.【答案】C

【解析】解：A、據(jù)題意可知，電動機未啟動時，車燈、電流表和電源串聯(lián)，根據(jù)閉合電路吹測定律可知此時的路端電壓U=E?Ir，代入解得：U=12V，

車燈的功率為：PL=UI=12V×12A=144W，故A錯誤；

B、據(jù)題意可知，電動機啟動時，車燈與電動機并聯(lián)，再與電流表和電源串聯(lián)，根據(jù)閉合電路吹測定律可知此時的路端電壓U2=E?I2r，代入解得：U2=10V，

由A選項分析可知，燈泡的電阻為：7.【答案】C

【解析】解：A.由圖乙中Ⅰ圖可知短路電流

I短=3A

由

I短=Er

解得

E=3r

根據(jù)圖乙中Ⅱ圖可知電源最大輸出功率

Pm=4.5W

內(nèi)阻等于外阻電源有最大輸出功率則，由

Pm=E24r

解得

E=6V，r=2Ω

故A錯誤；

B.由Ⅲ圖知電源的最大效率η=80%，電源效率最高時，滑動變阻器接入電路的阻值最大

由

η=I2RI2(R+r)×100%=RR+r×100%

解得

R=8Ω

即滑動變阻器最大阻值為8Ω，故B錯誤；

C.Ⅰ圖a點R=8Ω，此時電路中的電流

8.【答案】AC【解析】解：根據(jù)左手定則可知洛倫茲力的方向垂直墻向右，即為F=qvB，

運動過程中受到的摩擦力f=μF=μqvB；

根據(jù)牛頓第二定律可得：a=mg?fm(取向下為正)。

A、如果開始時重力等于摩擦力，則加速度為零，物體勻速運動，故A正確；

9.【答案】BC【解析】解：ABD、當待測壓力突然增大時，板間距離減小，由電容的決定式：C=?S4πkd得知，電容增大；因電容器的電壓U保持不變，由公式Q=CU，電容器的電量增大，電容器將充電，那么電阻R上有從b到a的電流，故B正確，AD錯誤；

C、依據(jù)電場強度公式E=Ud，因極板間距減小，那么板間的電場強度增大，故C正確。

10.【答案】BD【解析】解：A、小球靜止時受到重力、電場力和繩子的拉力，如圖所示。

根據(jù)平衡條件可得，小球受到的電場力為

F=qE=mgtan37°

解得小球的電荷量為q=6×10?5C，故A錯誤；

B、小球靜止時，電場力和重力的合力反向延長線與軌跡的交點A為動能的最小位置，此時合力可以看成等效重力，即

F向=mgcos37°=mvA2L

可得小球動能的最小值為

Ekm=12mvA211.【答案】S

22.0

T

×100

重新進行歐姆調(diào)零

1900

C【解析】解：(1)需要調(diào)整指針定位螺絲，即圖中的部件S，使指針對準電流的“0”刻線。

將部件K撥至“50mA”擋，最小刻度為1mA，由圖(乙)可知電路中電流為22.0mA。

(2)使用多用表測電阻時，將部件K撥至“×10”擋，并將兩表筆短接，旋動部件T，使指針對準電阻的“0刻線”。

若多用電表讀數(shù)如圖(甲)所示，可得待測電阻較大，為了使多用電表測量的結(jié)果更準確，該同學將部件K撥至“×100”擋；之后要重新進行歐姆調(diào)零，再將待測電阻接到兩表筆之間測量其阻值，此時指針如圖(乙)所示，則待測電阻為

19×100Ω=1900Ω

(3)A.多用電表要滿足電流方向由“紅進黑出”，A與內(nèi)部電源的負極相連是紅表筆、B與內(nèi)部電源的正極相連是黑表筆，故A錯誤；

B.作電流表時1是微安表先與電阻串聯(lián)再與電阻并聯(lián)，2是兩電阻串聯(lián)后再與微安表并聯(lián)，根據(jù)并聯(lián)電路的分流特點可知1比2量程大；作電壓表時6是串聯(lián)兩個電阻，5是串聯(lián)一個電阻，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓特點可知6比5量程大，故B錯誤；

C.當選擇開關(guān)與3或4相連是歐姆表，測量電阻之前需歐姆調(diào)零，故C正確。

故選：C。

故答案為：(12.【答案】B

0.021

293

【解析】解：(1)由于描繪熱敏電阻的I?U圖像需要電壓從零開始逐漸增大，故滑動變阻器采用分壓式接法，又因為電流表內(nèi)阻遠小于熱敏電阻的阻值，電流表采用內(nèi)接方式，故B正確。

(2)根據(jù)圖B所示電路，用筆畫線代替導(dǎo)線連接實物電路，如圖甲所示。

(3)設(shè)熱敏電阻兩端電壓為U，通過熱敏電阻的電流為I，根據(jù)閉合電路歐姆定律有：E=2U+IR0

變形并代入數(shù)據(jù)得：I=340?U40

在題圖乙中作出I=340?U40對應(yīng)的函數(shù)圖線，如圖乙所示

圖線與熱敏電阻的伏安特性曲線的交點表