第=page11頁(yè)，共=sectionpages11頁(yè)福建省福州三中2024-2025學(xué)年高二（下）期中物理試卷一、單選題：本大題共4小題，共16分。1.如圖所示，MN左側(cè)有一垂直紙面向里的磁場(chǎng)，一個(gè)線圈的兩個(gè)端點(diǎn)a、b與內(nèi)阻很大的電壓表相連，線圈內(nèi)磁通量變化的規(guī)律滿足φ=0.3?0.05t，在0～5s的時(shí)間內(nèi)(

)A.線圈有縮小的趨勢(shì)

B.電壓表的示數(shù)不變

C.電壓表的示數(shù)先增大后減小

D.線圈中有順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流2.下列關(guān)于教材中四幅插圖的說(shuō)法正確的是(

)

A.圖甲中，當(dāng)手搖動(dòng)柄使得蹄形磁鐵轉(zhuǎn)動(dòng)，則鋁框會(huì)同向轉(zhuǎn)動(dòng)，且和磁鐵轉(zhuǎn)得一樣快

B.圖乙是真空冶煉爐，當(dāng)爐外線圈通入高頻交流電時(shí)，線圈中產(chǎn)生大量熱量，從而冶煉金屬

C.丙是銅盤靠慣性轉(zhuǎn)動(dòng)，手持磁鐵靠近銅盤，銅盤轉(zhuǎn)動(dòng)加快

D.圖丁是微安表的表頭，運(yùn)輸時(shí)把兩個(gè)正、負(fù)接線柱用導(dǎo)線連接，可以減小電表指針擺動(dòng)角度3.如圖甲，輕質(zhì)彈簧下端掛一質(zhì)量為m的小球，小球處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將小球向下拉動(dòng)距離l后由靜止釋放并開(kāi)始計(jì)時(shí)，小球在豎直方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，彈簧彈力與小球運(yùn)動(dòng)時(shí)間的關(guān)系圖像如圖乙(余弦圖像)，重力加速度為g。由此可知(

)

A.小球做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期T=5s B.小球做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為l2

C.輕質(zhì)彈簧的勁度系數(shù)k=F1?mgl4.2024年9月16日，臺(tái)風(fēng)“貝碧嘉”登錄上海，安裝在上海中心大廈125層的千噸“上?；垩邸弊枘崞鏖_(kāi)始晃動(dòng)。這款阻尼器由我國(guó)自主研發(fā)，在大廈受到風(fēng)力作用搖晃時(shí)，阻尼器會(huì)擺向風(fēng)吹來(lái)的方向，從而削弱大廈的晃動(dòng)幅度。下列說(shuō)法正確的是(

)A.阻尼器的振動(dòng)頻率取決于自身的固有頻率

B.阻尼器做受迫振動(dòng)，其振動(dòng)頻率與大樓的振動(dòng)頻率相同

C.阻尼器擺動(dòng)幅度受風(fēng)力大小影響，風(fēng)力越大，擺動(dòng)幅度越大

D.安裝阻尼器能起到減震作用，其原理是阻尼器能改變大廈的固有頻率，從而杜絕共振現(xiàn)象

二、多選題：本大題共4小題，共24分。5.圖甲是一臺(tái)小型發(fā)電機(jī)的構(gòu)造示意圖，線圈逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)e隨時(shí)間t變化的正弦規(guī)律圖象如圖乙所示.發(fā)電機(jī)線圈的內(nèi)電阻r=2Ω，外接燈泡的電阻R=10Ω，則(

)A.在t=0.01s時(shí)刻，穿過(guò)線圈的磁通量最大

B.電壓表的示數(shù)為6V

C.燈泡消耗的電功率為2.5W

D.線圈轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式e=66.如圖所示，有一表面帶有四分之一圓弧軌道的物塊B，靜止在水平地面上(不固定)，軌道底端與水平地面相切，其半徑r=0.4m；一可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊A以水平向左的速度v=4m/s沖上物塊B的軌道，經(jīng)一段時(shí)間運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，隨后再返回水平地面。已知A、B質(zhì)量分別為mA=1kg，mB=3kg，不計(jì)一切摩擦，重力加速度的大小g取10m/sA.整個(gè)過(guò)程中，A、B組成的系統(tǒng)動(dòng)量和機(jī)械能都守恒

B.整個(gè)過(guò)程中，物塊B獲得的最大速度為1m/s

C.物塊A返回水平面的速度大小為2m/s

D.物塊A可以沖出物塊B的四分之一軌道繼續(xù)做斜上拋運(yùn)動(dòng)7.如圖，為列車進(jìn)站時(shí)其剎車原理簡(jiǎn)化圖：在車身下方固定一水平矩形線框abcd，利用線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)所受的安培力輔助列車剎車。已知列車質(zhì)量為m，車身長(zhǎng)為s，線框ab和cd邊的長(zhǎng)度均為L(zhǎng)(L小于勻強(qiáng)磁場(chǎng)的寬度)，線框總電阻為R。站臺(tái)軌道上勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域足夠長(zhǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。當(dāng)關(guān)閉動(dòng)力后，車頭進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間列車速度為v0，車尾進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間列車速度為v04，列車停止前所受鐵軌及空氣阻力的合力恒為f。下列說(shuō)法正確的是A.列車從進(jìn)站到停下來(lái)所用時(shí)間為t=Rmv0?B2L2sfR

B.在線框ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間，列車的加速度大小為a=B2L28.如圖所示，變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1=200、n2=100，原線圈與水平放置的間距L=1m的光滑金屬導(dǎo)軌相連，導(dǎo)軌處于豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，副線圈接阻值R=10Ω的電阻，原線圈串聯(lián)一阻值也為R的電阻，與導(dǎo)軌接觸良好且始終垂直，導(dǎo)軌的阻值r=5Ω、質(zhì)量m=0.01kg的導(dǎo)體棒在外力F的作用下運(yùn)動(dòng)，其速度隨時(shí)間變化的關(guān)系式為v=11A.電壓表的示數(shù)為1V

B.電流表的示數(shù)為0.2A

C.變壓器鐵芯中磁通量變化率的最大值為0.042Wb/s

D.在0～0.05s的時(shí)間內(nèi)外力F三、填空題：本大題共2小題，共6分。9.某電廠要將電能輸送到較遠(yuǎn)的用戶，輸送的總功率為9.8×104W，電廠輸出電壓僅為350V，為減少輸送功率損失，先用一理想升壓變壓器將電壓升高到2800V再輸出，之后用降壓變壓器降壓到220V給用戶使用，已知輸電線路的總電阻為4Ω，則損失的電功率為_(kāi)_____W，降壓變壓器的原、副線圈的匝數(shù)之比為_(kāi)_____．

10.將質(zhì)量為0.5kg的空水桶放在磅秤上，水龍頭以每秒0.7kg的流量向桶中注水，經(jīng)過(guò)10s，磅秤示數(shù)為78.5N。則水流入桶中時(shí)的流速為_(kāi)_____m/s。(設(shè)水沒(méi)有濺起來(lái)，g取10m/s2四、綜合題：共54分。11.某小組用如圖甲所示的可拆變壓器探究變壓器原、副線圈兩端的電壓與匝數(shù)之間的關(guān)系。

(1)在實(shí)驗(yàn)時(shí)組裝的變壓器如圖乙所示。將原線圈接在學(xué)生電源上，用多用電表測(cè)量副線圈的電壓，下列操作正確的是______。

A.原線圈接直流電壓，電表用直流電壓擋

B.原線圈接直流電壓，電表用交流電壓擋

C.原線圈接交流電壓，電表用直流電壓擋

D.原線圈接交流電壓，電表用交流電壓擋

(2)某小組探究變壓器原、副線圈兩端的電壓與匝數(shù)之間的關(guān)系時(shí)，在鐵芯上原、副線圈接入的匝數(shù)分別為n1=800和n2=200，原線圈兩端與正弦式交流電源相連，用交流電壓表測(cè)得原、副線圈兩端的電壓分別為10V和0.8V，這與其他小組的正確實(shí)驗(yàn)結(jié)論明顯不一致。對(duì)于這個(gè)小組實(shí)驗(yàn)結(jié)論出現(xiàn)明顯偏差的原因，最有可能的是______。

A.副線圈的匝數(shù)太少

B.副線圈的電阻太小

C.原線圈的匝數(shù)太多，電阻過(guò)大

D.沒(méi)有將鐵芯B安裝在鐵芯A12.小明利用橡皮筋、半徑相同的一元硬幣和游戲硬幣，在平整的實(shí)驗(yàn)桌上做實(shí)驗(yàn)來(lái)驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒定律。經(jīng)測(cè)量，游戲硬幣的質(zhì)量是一元硬幣的0.6倍，兩硬幣與桌面的摩擦情況一致。下面開(kāi)始實(shí)驗(yàn)：

第1步，在實(shí)驗(yàn)桌的一端固定橡皮筋作為發(fā)射裝置，標(biāo)記發(fā)射點(diǎn)A和發(fā)射方向，如圖中兩實(shí)線；

第2步，用橡皮筋將其中一枚硬幣從A點(diǎn)沿標(biāo)記好的方向發(fā)射，多次實(shí)驗(yàn)，記下其平均停留位置；

第3步，在B位置放置另一枚硬幣，重復(fù)第2步，記下兩者平均停留位置；

第4步，測(cè)出虛線C、D、E到虛線B的距離為x1、x2、x3。

(1)橡皮筋發(fā)射的是______(選填“一元”或“游戲”)硬幣；

(2)碰撞后，一元硬幣的平均停留位置為_(kāi)_____(選填“C、D、E”)；

(3)若三個(gè)距離之間滿足關(guān)系式______，則兩硬幣的碰撞滿足動(dòng)量守恒定律。(用x1、x2、x13.在“用單擺測(cè)量重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中：

(1)下面敘述正確的是______(選填選項(xiàng)前的字母)。

A.1m和30cm長(zhǎng)度不同的同種細(xì)線，選用30cm的細(xì)線做擺線；

B.直徑為1.8cm的塑料球和鐵球，選用鐵球做擺球；

C.如圖甲、乙，擺線上端的兩種懸掛方式，選甲方式懸掛；

D.當(dāng)單擺經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，并記錄為1次，50次經(jīng)過(guò)平衡位置后停止計(jì)時(shí)，用此時(shí)間除以50做為單擺振動(dòng)的周期

(2)若用游標(biāo)卡尺測(cè)得小球的直徑d=______mm。

(3)實(shí)驗(yàn)時(shí)用拉力傳感器測(cè)得擺線的拉力F隨時(shí)間t變化的圖像如圖丙所示，用l0表示擺線長(zhǎng)，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣瓤杀硎緸間=______(用題目中的物理量d、l0，t0表示)。

(4)在實(shí)驗(yàn)中測(cè)得的g值偏小，可能的原因是______。

A.以擺線長(zhǎng)作為擺長(zhǎng)來(lái)計(jì)算

B.開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)秒表過(guò)晚按下

C.測(cè)擺線長(zhǎng)時(shí)擺線拉得過(guò)緊14.一個(gè)質(zhì)量m=60kg的蹦床運(yùn)動(dòng)員，從離水平網(wǎng)面?1=3.2m高處自由下落，著網(wǎng)后沿豎直方向蹦回到離水平網(wǎng)面?2=5.0m高處。已知運(yùn)動(dòng)員與網(wǎng)接觸的時(shí)間為t=0.8s，g取10m/s2。

(1)求運(yùn)動(dòng)員與網(wǎng)接觸的這段時(shí)間內(nèi)動(dòng)量變化量的大??；

(2)求網(wǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)員的平均作用力大?。?/p>

(3)求從自由下落開(kāi)始到蹦回離水平網(wǎng)面15.如圖所示，兩條光滑平行導(dǎo)軌所在平面與水平地面的夾角為θ=53°，兩導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)=2m，導(dǎo)軌上端接有一電阻，阻值為R=2Ω，O、P、M、N四點(diǎn)在導(dǎo)軌上，兩虛線OP、MN平行且與導(dǎo)軌垂直，兩虛線OP、MN間距為d=1.5m，其間有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=2T，方向垂直于導(dǎo)軌平面向上。在導(dǎo)軌上放置一質(zhì)量m=1kg、長(zhǎng)為L(zhǎng)、阻值也為R的金屬棒，金屬棒可沿導(dǎo)軌下滑，且在下滑過(guò)程中保持與導(dǎo)軌垂直并良好接觸。讓金屬棒從離磁場(chǎng)上邊界OP距離d處由靜止釋放，進(jìn)入磁場(chǎng)后在到達(dá)下邊界MN前已勻速運(yùn)動(dòng)。已知重力加速度g=10m/s2，sin53°=0.8，不計(jì)導(dǎo)軌電阻。求：

(1)金屬棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度v的大小；

(2)金屬棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的加速度a的大小；

(3)金屬棒穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，金屬棒上產(chǎn)生的焦耳熱Q棒。16.如圖所示，足夠長(zhǎng)的木板C靜置在光滑水平面上，A、B兩物體置于C上，A、B間夾有勁度系數(shù)足夠大、長(zhǎng)度可忽略的壓縮輕彈簧，物體與彈簧不相連。已知mA=mC=1.0kg、mB=2.0kg，A距C左端的擋板d=4.0m，A、B與C的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.1，重力加速度g=10m/s2，A與擋板相碰會(huì)粘連在擋板上?，F(xiàn)解鎖彈簧，A、B瞬間獲得速度，且A的速度大小為v=4m/s。求：

(1)解鎖前彈簧的彈性勢(shì)能Ep；

(2)解鎖后，A

答案解析1.【答案】B

【解析】解：AD.根據(jù)線圈內(nèi)磁通量變化的規(guī)律滿足φ=0.3?0.05t可知，磁通量隨時(shí)間減小；根據(jù)楞次定律可知線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場(chǎng)與原磁場(chǎng)方向相同，根據(jù)安培定則可知，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流沿逆時(shí)針?lè)较颍?/p>

根據(jù)左手定則可知，線圈所受的安培力向外，線圈有擴(kuò)大的趨勢(shì)，故AD錯(cuò)誤；

BC.根據(jù)線圈內(nèi)磁通量變化的規(guī)律滿足φ=0.3?0.05t可知，Φ?t函數(shù)變化率的絕對(duì)值k=ΔΦΔt=0.05V

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=ΔΦΔt=0.05V

線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小不變，因此電壓表的示數(shù)不變，故B正確，C錯(cuò)誤；

故選：B。

AD.根據(jù)線圈內(nèi)磁通量變化的規(guī)律滿足φ=0.3?0.05t分析磁通量隨時(shí)間的變化，從而確定感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向，根據(jù)楞次定律、安培定則和左手定則分析作答；

2.【答案】D

【解析】解：A.根據(jù)電磁驅(qū)動(dòng)原理，當(dāng)手搖動(dòng)柄使得蹄形磁鐵轉(zhuǎn)動(dòng)，則鋁框會(huì)同向轉(zhuǎn)動(dòng)，但線圈比磁鐵轉(zhuǎn)得慢，故A錯(cuò)誤；

B.當(dāng)爐外線圈通入高頻交流電時(shí)，鐵塊中產(chǎn)生產(chǎn)生渦流，鐵塊中產(chǎn)生大量熱量，從而冶煉金屬，故B錯(cuò)誤；

C.當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)銅盤時(shí)，導(dǎo)致銅盤切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電流，楞次定律可知，產(chǎn)生的安培力將阻礙銅盤切割磁感線運(yùn)動(dòng)，使銅盤轉(zhuǎn)動(dòng)將變慢，故C錯(cuò)誤；

D.在運(yùn)輸時(shí)要把微安表的兩個(gè)正、負(fù)接線柱用導(dǎo)線連在一起，根據(jù)電磁阻尼的原理可知，這樣做可以減小電表指針擺動(dòng)角度，使電表指針不受損壞，故D正確。

故選：D。

AB.根據(jù)電磁驅(qū)動(dòng)原理、渦流原理解釋；

C.根據(jù)電磁感應(yīng)作答；

D.微安表的表頭，在運(yùn)輸時(shí)要把兩個(gè)正、負(fù)接線柱用導(dǎo)線連在一起，這是為了保護(hù)電表指針，利用了電磁阻尼原理。

本題是一道考查電磁驅(qū)動(dòng)、渦流、電磁感應(yīng)和電磁阻尼等知識(shí)的基礎(chǔ)題，要加強(qiáng)知識(shí)的儲(chǔ)備。3.【答案】C

【解析】解：A.由彈簧彈力與小球運(yùn)動(dòng)時(shí)間的關(guān)系圖像可得，小球從最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至平衡位置的時(shí)間為1s，小球做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期

T=4×1s=4s

故A錯(cuò)誤；

B.小球做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為A=l，故B錯(cuò)誤；

C.設(shè)初始時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量為x，則有

kx=mg

將小球向下拉動(dòng)距離l，彈簧的伸長(zhǎng)量為x+l，彈力為F1，則有

F1=k(x+l)

聯(lián)立解得

k=F1?mgl

故C正確；

D.在5s末，小球經(jīng)過(guò)平衡位置，所受合力為0，加速度為0，但是速度最大，故D錯(cuò)誤。

4.【答案】B

【解析】解：AB.阻尼器做受迫振動(dòng)，擺動(dòng)頻率與驅(qū)動(dòng)力頻率相同，即與大廈晃動(dòng)頻率相同，而不是取決于自身的固有頻率，故A錯(cuò)誤、B正確；

C.當(dāng)大廈晃動(dòng)頻率與阻尼器的固有頻率相同時(shí)，阻尼器發(fā)生共振現(xiàn)象，擺幅達(dá)到最大值，阻尼器擺動(dòng)的幅度雖受風(fēng)力影響，但并不是風(fēng)力越大擺動(dòng)幅度越大，故C錯(cuò)誤；

D.阻尼器在擺動(dòng)時(shí)吸收能量，達(dá)到減震效果，而不是改變大廈的固有頻率，故D錯(cuò)誤。

故選：B。

阻尼器做受迫振動(dòng)，擺動(dòng)頻率與大廈晃動(dòng)頻率相同，阻尼器發(fā)生共振現(xiàn)象，擺幅達(dá)到最大值。

對(duì)受迫振動(dòng)的理解：

①受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率；

②驅(qū)動(dòng)力頻率越接近固有頻率，振幅越大。5.【答案】AC

【解析】解：A、在t=0.01s時(shí)刻，e=0，則線圈位于中性面，穿過(guò)線圈磁通量最大，故A正確；

BD、由圖知，電動(dòng)勢(shì)的最大值為Em=62V，周期為0.02s，則瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式為

e=Emsin(2πT)t=62sin(2π0.02t)V=62sin100πt(V)

6.【答案】CD

【解析】解：A、物塊A在B圓弧軌道上滑動(dòng)過(guò)程，由于A在豎直方向有加速度，所以A、B組成的系統(tǒng)在豎直方向的合外力不為0，A、B組成的系統(tǒng)所受合力不為零，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒；整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程只有重力做功，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故A錯(cuò)誤；

BC、整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，當(dāng)A從B的底端滑離時(shí)，B的速度最大，A、B組成的系統(tǒng)在水平方向所受合力為零，系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，以向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律得mAv=mAvA+mBvB，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒得12mAv2=12mAvA2+12mBvB2，代入數(shù)據(jù)解得vA=?2m/s，vB=2m/s，物塊B獲得的最大速度為2m/s，物塊A返回水平面的速度大小為2m/s，且方向向右，故B錯(cuò)誤，C正確；

D、設(shè)物塊7.【答案】AC

【解析】解：A.列車從進(jìn)站到停下來(lái)過(guò)程，設(shè)向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理有

?ft?BI?L?t=0?mv0

電荷與電流關(guān)系

q=I?t

平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)

E?=ΔΦt=BLst

閉合回路歐姆定律

I?=E?R

聯(lián)立解得

t=Rmv0?B2L2sfR

故A正確；

B.在線框ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

E=BLv0

感應(yīng)電流為

I?ER

根據(jù)牛頓第二定律有

BIL+f=ma

解得

a=B2L2v0+fRmR

故B錯(cuò)誤；

C.在線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，設(shè)線框產(chǎn)生的焦耳熱為Q，摩擦生熱為Q′，根據(jù)能量守恒定律有

Q+Q′=12mv02?18.【答案】CD

【解析】解：AB、由導(dǎo)體棒速度隨時(shí)間變化的關(guān)系式v=112sin10πtm/s可得速度最大值為vm=112m/s，角頻率ω=10πrad/s，故導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為Em=BLvm=1×1×112V=112V，電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值為e=Emsinωt=112sin10πtV，電動(dòng)勢(shì)的有效值為E=Em2=1122V=11V。

設(shè)原線圈的輸入電壓為U1，副線圈的輸出電壓為U2，原線圈的輸入電流為I1，副線圈的輸出電流為I2，則對(duì)含有原線圈的回路，由閉合電路的歐姆定律有：E=I1(r+R)+U1

由變壓器的工作原理可知U1U2=n1n2、I1I2=n2n1

對(duì)副線圈的回路，由歐姆定律有U2=I2R

9.【答案】4900；133：11

【解析】解：輸送的總功率為9.8×104W，將電壓升高到2800V再輸出，故傳輸電流為：

I=PU=9.8×1042800A=35A，

故功率損耗為：

△P=I2R=352×4W=4900W，

電壓損耗為：

△U=IR=35×4V=140V，

故降壓變壓器的輸入電壓為：

U3=U?△U=2800V?140V=2660V，

故降壓變壓器的原、副線圈的匝數(shù)之比為：

n10.【答案】5

【解析】解：設(shè)注入水流的速度為t，取極短時(shí)間Δt內(nèi)注入杯中的水為研究對(duì)象，取豎直向下為正方向，Δt時(shí)間內(nèi)注入杯中的水的質(zhì)量m=0.7Δt

根據(jù)動(dòng)量定理得：(mg?F)Δt=0?mv

可得：F=0.7v+7Δt

可知，杯子對(duì)水的作用力與注水時(shí)間成線性關(guān)系，由牛頓第三定律知，水對(duì)杯子的作用力也與注水時(shí)間成線性關(guān)系，所以磅秤的示數(shù)與注水時(shí)間成線性關(guān)系。

由題知，10s時(shí)，杯子對(duì)水的作用力為F=G示?G杯=78.5N?0.5×10=73.5N，及Δt=10s，代入上式解得：v=5m/s

故答案為：11.【答案】D

D

【解析】解：(1)根據(jù)變壓器的原理可知，變壓器原線圈輸入的是交變電流，副線圈輸出的也是交變電流，用多用電表測(cè)量副線圈的電壓，電表用交流電壓擋，故D正確，ABC錯(cuò)誤。

故選：D。

(2)如果變壓器為理想變壓器，根據(jù)變壓器變壓關(guān)系U1U2=n1n2可知

U2=n1n2U1=200800×10V=2.5V，副線圈輸出電壓即測(cè)出來(lái)的結(jié)果偏低，這是由于該同學(xué)實(shí)驗(yàn)中沒(méi)有將鐵芯B安裝在鐵芯A上，有漏磁現(xiàn)象，存在電能損失，導(dǎo)致變壓器的輸出電壓變低。故ABC錯(cuò)誤，D正確。

故選：12.【答案】一元；

C；

x【解析】解：(1)本實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證正碰過(guò)程中動(dòng)量是否守恒，為避免發(fā)生正碰后碰撞物體反彈，因此碰撞物體的質(zhì)量要大于被碰物體的質(zhì)量，故在本實(shí)驗(yàn)中，橡皮筋發(fā)射的是一元硬幣。

(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知，圖中D點(diǎn)為一元硬幣碰撞前平均停留的位置，C點(diǎn)為碰撞后平均停留的位置，圖中E點(diǎn)為游戲幣碰撞后平均停留位置；

(3)設(shè)一元硬幣的質(zhì)量為m1游戲硬幣的質(zhì)量為m2一元硬幣碰撞前的速度為v0，碰撞后的速度為v1，游戲硬幣碰撞后的速度為v2；

結(jié)合上述(2)，一元硬幣從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D，根據(jù)動(dòng)能定理?μm1gx2=?12m1v02

一元硬幣從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C，根據(jù)動(dòng)能定理?μm1gx1=?12m1v′12

游戲幣從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到E，根據(jù)動(dòng)能定理13.【答案】B；

19.90；

π2(l0【解析】解：(1)A.選用盡可能長(zhǎng)的細(xì)線作為擺線，可減小測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)產(chǎn)生的相對(duì)誤差，也能增大單擺的周期，有利于減小周期測(cè)量中的誤差，故A錯(cuò)誤；

B.選用質(zhì)量較大的鐵球做擺球，能減小空氣阻力的影響，使單擺擺動(dòng)較長(zhǎng)的時(shí)間，有利于測(cè)量周期，故B正確；

C.圖甲中擺線纏繞在水平桿上，擺動(dòng)過(guò)程中擺線長(zhǎng)度不斷發(fā)生變化，實(shí)驗(yàn)誤差較大；圖乙中擺線用鐵夾夾住了，則擺長(zhǎng)能保持不變，所以應(yīng)選用圖乙中所示的懸掛方式，故C錯(cuò)誤；

D.單擺在平衡位置(即最低點(diǎn))處速度最大，便于確定，所以從單擺經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，50次經(jīng)過(guò)平衡位置后停止計(jì)時(shí)，由于每經(jīng)過(guò)平衡位置一次用時(shí)半個(gè)周期，用測(cè)得的時(shí)間除以25做為單擺振動(dòng)的周期，故D錯(cuò)誤。

故選：B。

(2)最小分度值為0.05mm，結(jié)果不用估讀，讀到最小刻度節(jié)課，小球的直徑為

d=19mm+120mm×18=19.90mm

(3)擺線長(zhǎng)l，則擺長(zhǎng)

L=l+d2

由圖丙可知，單擺的周期為

T=4t0

根據(jù)單擺周期公式

T=2πLg

可得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?/p>

g=π2(l0+d2)4t02

(4)根據(jù)g=π2(l0+d2)4t02可知

A.以擺線長(zhǎng)作為擺長(zhǎng)來(lái)計(jì)算，則擺長(zhǎng)偏小，重力加速度的測(cè)量值偏小，故A正確；

B.14.【答案】運(yùn)動(dòng)員與網(wǎng)接觸的這段時(shí)間內(nèi)動(dòng)量變化量的大小為1080kg?m/s；

網(wǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)員的平均作用力大小為1950N；

運(yùn)動(dòng)員所受重力的沖量大小為【解析】解：(1)向下接觸網(wǎng)面的速度為v12=2g?1，解得v1=2g?1=2×10×3.2m/s=8m/s，

向上離開(kāi)網(wǎng)面的速度為v22=2g?2，解得v2=2g?2=2×10×5.0m/s=10m/s，

以向上為正方向，動(dòng)量的變化量為Δp=mv2?m(?v1)

解得Δp=60×10kg?m/s?60×(?8)kg?m/s=1080kg?m/s；

(2)以向上為正方向，網(wǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)員的平均作用力，根據(jù)動(dòng)量定理Ft?mgt=Δp，

解得F=Δpt+mg=15.【答案】金屬棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的