高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆湖南省普通高中高三下學(xué)期學(xué)業(yè)水平選擇性考試（三模）物理試題（一）本試卷共100分，考試時(shí)間75分鐘．注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在本試卷和答題卡上．2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑．如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)．回答非選擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上．寫(xiě)在本試卷上無(wú)效．3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回．一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．江南造船集團(tuán)發(fā)布我國(guó)首艘熔鹽堆核動(dòng)力集裝箱船的設(shè)計(jì)方案，其涉及的核反應(yīng)包含

90233Th（釷）衰變?yōu)?/p>

A．衰變方程為

90233Th→B．衰變產(chǎn)生的新核的比結(jié)合能變小C．衰變放出的電子來(lái)自原子的核外電子D．隨著反應(yīng)堆溫度升高，會(huì)加快釷核的衰變2．如圖，形狀為“”的輕質(zhì)框架，∠P=120°，OP段和PQ段的長(zhǎng)度均為L(zhǎng)。框架的一端懸掛于O點(diǎn)，并可繞O點(diǎn)處的光滑轉(zhuǎn)軸在豎直平面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動(dòng)，另一端固定一小球Q，小球的質(zhì)量為m。輕繩QM一端連接在小球上，另一端連接在豎直墻壁上?？蚣躉P段和輕繩QM均處于水平狀態(tài)。忽略空氣阻力，重力加速度大小為g。剪斷輕繩，則（）A．剪斷輕繩瞬間，小球的加速度大小為gB．小球到最低點(diǎn)時(shí)的速度大小為C．小球到最低點(diǎn)時(shí)框架對(duì)小球的彈力大小為2mgD．小球到最低點(diǎn)時(shí)框架對(duì)小球彈力的功率大小為3．勻強(qiáng)電場(chǎng)中同一平面內(nèi)有a、b、c三點(diǎn)，電場(chǎng)方向跟a、b、c所在平面平行，ab=22cm，A．電場(chǎng)強(qiáng)度大小為2VB．電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與ac的連線垂直C．電子從a點(diǎn)移到b點(diǎn)，電場(chǎng)力對(duì)電子做功4eVD．電子從a點(diǎn)移到c點(diǎn)，電子電勢(shì)能增加了4eV4．火星的質(zhì)量約為地球質(zhì)量的110，半徑約為地球半徑的12，分別在地球表面和火星表面用如圖所示的同一裝置做如下實(shí)驗(yàn)：細(xì)繩一端固定，另一端系一可視為質(zhì)點(diǎn)的小球，在最低點(diǎn)給小球一初速度使其恰好在豎直平面內(nèi)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，不計(jì)空氣阻力，則小球在地球表面上運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的速度大小與在火星表面上運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的速度大小之比為（A．10:2 B．52:1 C．5．兩列簡(jiǎn)諧橫波在某一均勻介質(zhì)中相向傳播，波源產(chǎn)生的波沿x軸正方向傳播，波源產(chǎn)生的波沿x軸負(fù)方向傳播。時(shí)刻某一波源先開(kāi)始振動(dòng)，時(shí)MN間的波形圖如圖所示。此時(shí)平衡位置位于和的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)都在波峰位置。下列說(shuō)法正確的是（）A．波源M先振動(dòng)且起振方向向下B．沿x軸負(fù)方向傳播的波波速為10m/sC．再經(jīng)過(guò)的質(zhì)點(diǎn)縱坐標(biāo)為5cmD．兩列波能發(fā)生明顯干涉現(xiàn)象6．如圖所示，在水平勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有一豎直固定的足夠長(zhǎng)的絕緣桿MN，小球P套在桿上。已知P的質(zhì)量為m、電荷量為＋q，電場(chǎng)強(qiáng)度為E，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，P與桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g。小球由靜止開(kāi)始下滑，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小球的最大加速度為a0，最大速度為v0，則下列判斷正確的是（）A．小球開(kāi)始下滑時(shí)的加速度最大B．小球的速度由12v0增大至v0C．當(dāng)a＝12a0時(shí)，小球的速度v與v0之比vvD．當(dāng)v＝12v0時(shí)，小球的加速度a與a0之比aa二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)7．（多選）如圖所示的理想變壓器電路中，電流表、電壓表均為理想交流電表，在a、b兩端輸入正弦交流電壓，三個(gè)定值電阻R1、R2、R3的阻值相等，變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為3A．電流表A1與A2B．電壓表V1與V2C．電阻R1與R3D．a(chǎn)、b端的輸入功率與副線圈的輸出功率之比為38．如圖所示，長(zhǎng)度為L(zhǎng)的輕桿一端連接質(zhì)量為3m的小球A，另一端固定在水平轉(zhuǎn)軸P上，輕桿可以在豎直面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動(dòng)。質(zhì)量為m的物塊B由繞過(guò)小定滑輪Q的細(xì)繩與小球相連，定滑輪Q與轉(zhuǎn)軸P間的水平距離，初始時(shí)輕桿水平，滑輪與小球間的細(xì)繩跟輕桿共線。已知細(xì)繩足夠長(zhǎng)，忽略一切摩擦，取重力加速度為g。由靜止釋放小球，在輕桿轉(zhuǎn)過(guò)30°角的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．物塊B的重力勢(shì)能增加B．輕桿轉(zhuǎn)過(guò)30°角時(shí)，小球A與物塊B的瞬時(shí)速度大小之比為C．輕繩對(duì)小球A做的功為D．物塊B的機(jī)械能增加了9．為半圓柱體玻璃的橫截面，為直徑，一束由光和光組成的復(fù)色光沿方向從真空射入玻璃，光和光分別從點(diǎn)射出。設(shè)光由到的傳播時(shí)間為，光由到的傳播時(shí)間為。下列說(shuō)法正確的是（）A．B．增大復(fù)色光的入射角，光更容易在平面發(fā)生全反射C．將光和光通過(guò)相同的單縫，在光屏上得到甲、乙兩個(gè)圖樣，乙圖對(duì)應(yīng)光D．如圖丙所示，利用光的干涉檢查平整度，用光從上面照射，空氣膜的上下兩個(gè)表面反射的兩列光波發(fā)生干涉，圖中條紋彎曲說(shuō)明此處是凹陷的10．如圖甲所示，一足夠長(zhǎng)的傳送帶傾斜放置，傾角為，以恒定速率順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)。一煤塊以初速度從A端沖上傳送帶，煤塊的速度隨時(shí)間變化的圖像如圖乙所示，取，則下列說(shuō)法正確的是（）A．煤塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)B．傾斜傳送帶與水平方向夾角的正切值C．煤塊從最高點(diǎn)下滑到A端所用的時(shí)間為D．煤塊在傳送帶上留下的痕跡長(zhǎng)為三、非選擇題：本大題共5題，共56分。11．某小組用單擺測(cè)量重力加速度。

(1)用游標(biāo)卡尺測(cè)量擺球的直徑，示數(shù)如圖，則擺球的直徑為cm。(2)以下關(guān)于實(shí)驗(yàn)操作的描述，正確的是（）A．測(cè)擺線長(zhǎng)度時(shí)，應(yīng)將擺線放在桌面上進(jìn)行測(cè)量B．單擺擺動(dòng)時(shí)，應(yīng)注意讓它在小角度下擺動(dòng)C．用秒表記錄時(shí)間的起點(diǎn)應(yīng)該是擺球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最高點(diǎn)D．若擺線長(zhǎng)度為L(zhǎng)，擺球的直徑為D，則擺長(zhǎng)l=L+D(3)測(cè)出多組單擺的擺長(zhǎng)l和周期T，作出T2-l圖像的斜率為k，則重力加速度的表達(dá)式為g=。12．贛州市近幾年充分利用好土地、屋頂?shù)墓庹召Y源，大力發(fā)展太陽(yáng)能發(fā)電，有力推動(dòng)全市能源結(jié)構(gòu)調(diào)整，促進(jìn)經(jīng)濟(jì)社會(huì)綠色低碳發(fā)展。某興趣小組使用如圖甲電路，探究太陽(yáng)能電池的伏安特性曲線，其中是電阻箱，為的定值電阻，E是太陽(yáng)能電池，理想電壓表的量程。(1)某次實(shí)驗(yàn)中電阻箱阻值為，電壓表指針如圖乙所示，則此時(shí)電壓表示數(shù)為，電源兩端電壓為V。(2)在某光照強(qiáng)度下，測(cè)得電壓表的電壓隨電壓與電阻的比值變化關(guān)系如圖中曲線①所示，則太陽(yáng)能電池內(nèi)阻隨電流增大而（選填“增大”“減小”或“不變”），當(dāng)電壓表示數(shù)為時(shí)，太陽(yáng)能電池的電動(dòng)勢(shì)為V。(3)在另一更大光照強(qiáng)度下，測(cè)得的關(guān)系如上圖中曲線②所示。當(dāng)電壓表的讀數(shù)為時(shí)，太陽(yáng)能電池的內(nèi)阻為。(4)曲線①中，根據(jù)圖像估算，若電阻箱阻值調(diào)至，則此時(shí)電池的輸出功率為（保留兩位有效數(shù)字）。13．一定質(zhì)量的氣體由狀態(tài)A→狀態(tài)B→狀態(tài)C→狀態(tài)D，其有關(guān)數(shù)據(jù)如圖甲所示。若狀態(tài)D的壓強(qiáng)是2×104Pa。(1)求狀態(tài)A的壓強(qiáng)；(2)請(qǐng)?jiān)谝覉D中畫(huà)出該狀態(tài)變化過(guò)程的p－T圖像，并分別標(biāo)出A、B、C、D各個(gè)狀態(tài)，不要求寫(xiě)出計(jì)算過(guò)程。14．如圖甲所示，在粗糙水平地面上有三個(gè)小物塊A、B、C，已知A、C質(zhì)量均為m，小物塊A緊靠豎直墻壁但不粘連，小物塊B靜止于P點(diǎn)，一勁度系數(shù)為k的輕彈簧連接小物塊A、B，開(kāi)始時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)，小物塊A、B均靜止，小物塊C固定于Q點(diǎn)，P、Q之間的距離用L表示，L為未知量，當(dāng)小物塊C處于P、Q之間時(shí)總會(huì)受到水平向右的恒力，恒力大小為2mg，小物塊B在P、Q之間不會(huì)受到這一恒力。現(xiàn)釋放小物塊C，小物塊C向右運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后與小物塊B發(fā)生彈性碰撞（碰撞時(shí)間極短），碰撞前后小物塊C運(yùn)動(dòng)的v－t圖像如圖乙所示，圖像中的v0和t0均為未知量，當(dāng)t＝43t0時(shí)刻將小物塊C鎖定，碰撞之后小物塊B向右運(yùn)動(dòng)壓縮彈簧，一段時(shí)間后又被彈簧彈回開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小物塊B向左運(yùn)動(dòng)的速度為0時(shí)小物塊A恰好開(kāi)始離開(kāi)豎直墻壁。三個(gè)小物塊A、B、C與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ均相同，μ為未知量，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度大小為g，不計(jì)空氣阻力，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，彈簧的彈性勢(shì)能可表示為Ep＝12kx2，k為彈簧的勁度系數(shù)，（1）小物塊B的質(zhì)量；（2）三個(gè)小物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；（3）P、Q兩點(diǎn)間的距離L。15．如圖甲所示，光滑的金屬導(dǎo)軌MN和PQ平行，間距L＝1.0m，與水平面之間的夾角α＝37°，勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝2.0T，方向垂直于導(dǎo)軌平面向上，MP間接有阻值R＝1.6Ω的電阻，質(zhì)量m＝0.5kg，電阻r＝0.4Ω的金屬棒ab垂直導(dǎo)軌放置，現(xiàn)用和導(dǎo)軌平行的恒力F沿導(dǎo)軌平面向上拉金屬桿ab，使其由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，當(dāng)金屬棒上滑的位移s＝3.8m時(shí)達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，對(duì)應(yīng)過(guò)程的v－t圖像如圖乙所示。取g＝10m/s2，導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）。求：（1）運(yùn)動(dòng)過(guò)程中a、b哪端電勢(shì)高，并計(jì)算恒力F的大小；（2）從金屬桿開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到剛達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，此過(guò)程金屬桿上產(chǎn)生的焦耳熱；（3）由圖中信息計(jì)算0～1s內(nèi)，導(dǎo)體棒滑過(guò)的位移。——★參考答案★——1．【答案】A【解析】由核反應(yīng)過(guò)程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒知，衰變射線的電荷數(shù)為－1，質(zhì)量數(shù)為0，故衰變方程為

90233Th→91233Pa＋－10e，A正確；由比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定知，衰變產(chǎn)生的新核的比結(jié)合能變大，B錯(cuò)誤；2．【答案】C【詳析】A．剪斷輕繩的瞬間，小球受到重力和框架的彈力，將重力沿框架方向和垂直于框架方向進(jìn)行分解，沿框架方向，彈力與重力的分力平衡，垂直于框架方向，根據(jù)牛頓第二定律可得，解得，A錯(cuò)誤；B．小球擺到最低點(diǎn)時(shí)，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得，解得，B錯(cuò)誤；C．小球在最低點(diǎn)時(shí)的向心力，根據(jù)力的合成可得，此時(shí)桿的彈力，C正確；D．在最低點(diǎn)時(shí)，彈力方向與速度方向垂直，則彈力的功率為0，D錯(cuò)誤。選C。3．【答案】A【詳析】將bc線段8等分,連接點(diǎn)的等勢(shì)點(diǎn)ae,作ae的垂線bf,如圖所示,則?e=?b+?c2=3V=?a,由幾何關(guān)系可知fb⊥ae,fb為電場(chǎng)線,方向由f指向b,由幾何知識(shí)可知fb=2cm,fb（即電場(chǎng)強(qiáng)度的方向）與bc夾角為45°,電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E=?a-?bfb=2V/cm,故A正確,B錯(cuò)誤；電子從a點(diǎn)移到b點(diǎn),電場(chǎng)力對(duì)電子做功為Wab=-e?a-?【方法總結(jié)】勻強(qiáng)電場(chǎng)中找等勢(shì)點(diǎn)的方法（1）在勻強(qiáng)電場(chǎng)中,電勢(shì)沿直線是均勻變化的,即直線上距離相等的線段兩端的電勢(shì)差值相等.（2）等分線段找等勢(shì)點(diǎn)法：將電勢(shì)最高點(diǎn)和電勢(shì)最低點(diǎn)連接后根據(jù)需要平分成若干段,必能找到與第三個(gè)電勢(shì)相等的點(diǎn),它們的連線為等勢(shì)線,與其垂直的線即為電場(chǎng)線.4．【答案】A【解析】設(shè)細(xì)繩長(zhǎng)度為l，小球恰好在豎直平面內(nèi)做完整的圓周運(yùn)動(dòng),在最高點(diǎn)有mg=mv02l，小球從最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，有-mg?2l=125．【答案】C【詳析】根據(jù)“同側(cè)法”可知波源M的起振方向豎直向上，兩列波的波速相同，波源M產(chǎn)生的波傳播的距離大于波源N產(chǎn)生的波傳播的距離，波源M先振動(dòng)，A錯(cuò)誤；波源M產(chǎn)生的波的傳播速度，由于兩列波的波速相同，因此波源N的傳播速度為20m/s，B錯(cuò)誤；再經(jīng)過(guò)0.2s，波傳播的距離，波源M的波峰剛好傳播到處，波源N的波峰剛好傳播到處，則在處為波谷，因此處的質(zhì)點(diǎn)的位移，C正確；兩列波波長(zhǎng)不同，周期不同，則頻率不相同，不能發(fā)生明顯干涉現(xiàn)象，D錯(cuò)誤。6．【答案】B【解析】小球剛開(kāi)始下滑時(shí)，對(duì)小球受力分析，桿對(duì)小球的彈力大小FN＝Eq，滑動(dòng)摩擦力大小Ff＝μEq，在豎直方向，根據(jù)牛頓第二定律有mg－μEq＝ma1，隨著小球速度的增加，小球所受的洛倫茲力由0逐漸增大，則Eq＝Bqv＋FN，可知隨著小球速度的增加，桿對(duì)小球的彈力減小，摩擦力減小，當(dāng)洛倫茲力的大小等于小球所受電場(chǎng)力的大小時(shí)，桿對(duì)小球的彈力為零，此時(shí)小球在豎直方向僅受重力，加速度達(dá)到最大，為重力加速度，即a0＝g，隨著小球速度的進(jìn)一步增大，洛倫茲力將大于電場(chǎng)力，桿上再次出現(xiàn)彈力，方向水平向左，則摩擦力再次出現(xiàn)，豎直方向的合外力減小，加速度減小，直至摩擦力等于小球的重力，小球速度達(dá)到最大值，此后小球?qū)⒆鰟蛩僦本€運(yùn)動(dòng)，因此小球開(kāi)始下滑時(shí)的加速度不是最大，A錯(cuò)誤；由A項(xiàng)分析可知，小球剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度大小為a1＝g－μEqm，在整個(gè)過(guò)程中加速度先由a1逐漸增大到a0，再由a0逐漸減小為0，假如開(kāi)始時(shí)加速度是由0開(kāi)始增加的，則根據(jù)運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知，當(dāng)加速度最大時(shí)，小球速度恰好達(dá)到12v0，但實(shí)際上加速度并不是由0開(kāi)始增加的，因此可知，當(dāng)加速度最大時(shí)，小球的速度還未達(dá)到12v0（關(guān)鍵點(diǎn)：將物體的運(yùn)動(dòng)與加速度由0開(kāi)始增加進(jìn)行對(duì)比，根據(jù)對(duì)稱性得出結(jié)論），而加速度達(dá)到最大之后由于摩擦力的再次出現(xiàn)，小球開(kāi)始做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，由此可知，小球的速度由12v0增大至v0的過(guò)程中，小球的加速度一直減小，B正確；當(dāng)a＝12a0時(shí)，小球可能正在做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，也可能正在做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，若小球正在做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，則v與v0之比vv0小于12，但若小球正在做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，則v與v0之比vv0大于12，C錯(cuò)誤；當(dāng)小球的加速度大小為a0＝g，即加速度達(dá)到最大時(shí)，小球的速度還未達(dá)到12v0，因此當(dāng)v＝12v0時(shí)，小球的加速度a一定小于a0，此時(shí)由牛頓第二定律有mg－μ（Bqv－Eq）＝ma，即ma0－μ12Bqv0－Eq＝ma，而當(dāng)小球速度最大時(shí)，由牛頓第二定律有ma0＝μ（Bqv0－7．【答案】BC【解析】本題考查理想變壓器的工作原理.由副線圈端R2、R3并聯(lián)可得I副=2I2，由理想變壓器電流和匝數(shù)的關(guān)系可得I1I副=n2n1=23，聯(lián)立可得電流表A1與A2的示數(shù)之比為I1I2=2n2n1=43，A錯(cuò)誤；電壓表V1的示數(shù)為U1=I1R1，電壓表8．【答案】ABC【詳析】由幾何關(guān)系可知，當(dāng)在輕桿轉(zhuǎn)過(guò)30°角的過(guò)程中，此時(shí)細(xì)繩與水平方向夾角也為30°角，則物塊B的重力勢(shì)能增加選項(xiàng)A正確；輕桿轉(zhuǎn)過(guò)30°角時(shí)，將小球A的速度分解為沿細(xì)繩方向的速度和垂直細(xì)繩方向的速度，可知，即小球A與物塊B的瞬時(shí)速度大小之比為，選項(xiàng)B正確；對(duì)系統(tǒng)由機(jī)械能守恒定律，解得，，物塊B的機(jī)械能增加了則細(xì)繩對(duì)B做功為，細(xì)繩對(duì)系統(tǒng)不做功，可知細(xì)繩對(duì)A做功為，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。9．【答案】CD【詳析】A．作出光路圖如圖所示根據(jù)折射定律有根據(jù)折射率與光速的關(guān)系有光傳播的路程光傳播的時(shí)間解得則有A錯(cuò)誤。B．全反射的條件是光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，而且入射角大于等于臨界角，當(dāng)光從空氣進(jìn)入介質(zhì)中時(shí)，在平面不會(huì)發(fā)生全反射，B錯(cuò)誤；C．乙圖對(duì)應(yīng)光的波長(zhǎng)較大，根據(jù)光路圖可知，在入射角相同時(shí)，a光線偏轉(zhuǎn)大一些，則a光的折射率大，可知，a光的頻率大，波長(zhǎng)短，而b光的折射率小，頻率小，波長(zhǎng)長(zhǎng)，則b光衍射現(xiàn)象更加明顯，由于衍射圖樣中乙光的衍射比甲更加明顯，表明乙圖對(duì)應(yīng)光，C正確；D．空氣薄層干涉是等厚干涉，即明條紋處空氣的厚度相同，條紋向左彎曲，表明條紋彎曲處左側(cè)空氣膜的厚度與直條紋處空氣膜的厚度相同，可知，彎曲處是凹下的，D正確。10．【答案】CD【詳析】AB。由題圖乙可知，在0~1s時(shí)間內(nèi)，煤塊的加速度為負(fù)號(hào)表示方向沿傳送帶向下，由牛頓第二定律可得在1~2s內(nèi)，煤塊的加速度為負(fù)號(hào)表示方向沿傳送帶向下，由牛頓第二定律可得聯(lián)立以上各式，解得則有故AB錯(cuò)誤；C．由v-t圖像與時(shí)間軸所圍面積表示位移，可知煤塊上升的位移為由位移時(shí)間公式x=分析可知煤塊從最高點(diǎn)下滑時(shí)加速度大小與大小相等，可得煤塊從最高點(diǎn)下滑到A端所用的時(shí)間為故C正確；D．傳送帶的速度為4m/s，在0~1s時(shí)間內(nèi)煤塊相對(duì)傳送帶向上運(yùn)動(dòng)，則有傳送帶的位移為煤塊的位移煤塊與傳送帶的相對(duì)位移為在1~2s時(shí)間內(nèi)傳送帶相對(duì)煤塊向上運(yùn)動(dòng)，則有傳送帶的位移煤塊的位移煤塊與傳送帶的相對(duì)位移為因在0~1s時(shí)間內(nèi)煤塊相對(duì)傳送帶向上運(yùn)動(dòng)，在1~2s時(shí)間內(nèi)傳送帶相對(duì)煤塊向上運(yùn)動(dòng)，因此在煤塊向上運(yùn)動(dòng)中，與傳送帶留下的痕跡長(zhǎng)為4m；在時(shí)間內(nèi)，傳送帶向上運(yùn)動(dòng)，煤塊向下運(yùn)動(dòng)，則有煤塊在傳送帶上留下的總痕跡長(zhǎng)為故D正確。故選CD。11．【答案】(1)1.735(2)B(3)【詳析】（1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為主尺讀數(shù)與游標(biāo)尺讀數(shù)之和，所以擺球的直徑為（2）A．測(cè)擺線長(zhǎng)度時(shí)，應(yīng)將擺線豎直懸掛進(jìn)行測(cè)量，故A錯(cuò)誤；B．單擺擺動(dòng)時(shí)，應(yīng)注意讓它在小角度下擺動(dòng)，故B正確；C．用秒表記錄時(shí)間的起點(diǎn)應(yīng)該是擺球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的平衡位置，故C錯(cuò)誤；D．若擺線長(zhǎng)度為L(zhǎng)，擺球的直徑為D，則擺長(zhǎng)為擺線長(zhǎng)與擺球半徑之和，故D錯(cuò)誤。故選B。（3）根據(jù)單擺的周期公式可得所以12．【答案】(1)1.301.56(2)增大2.50(3)15(4)23【詳析】（1）[1]由于電壓表的分度值為0.1V，應(yīng)估讀到分度值的下一位，其讀數(shù)為。[2]電源兩端的電壓為（2）[1][2]根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得可知圖像斜率絕對(duì)值表示，定值電阻不變，則太陽(yáng)能電池內(nèi)阻隨電流增大而增大，圖像的縱截距為電源的電動(dòng)勢(shì)，即（3）結(jié)合上述分析可知，電壓表的示數(shù)為結(jié)合圖像即有解得（4）作出電阻箱的圖像如圖所示由圖可得電阻箱功率定值電阻功率則電池的輸出功率為13．【答案】(1)4×104Pa；(2)見(jiàn)【詳析】圖【詳析】(1)一定質(zhì)量的氣體由狀態(tài)C→狀態(tài)D做等容變化，由查理定律得eq\f(pC,TC)＝eq\f(pD,TD)，所以pC＝eq\f(TC,TD)pD＝eq\f(8×102,4×102)×2×104Pa＝4×104Pa，由狀態(tài)B→狀態(tài)C，做等溫變化，由玻意耳定律得pBVB＝pCVC，所以pB＝eq\f(VC,VB)pC＝eq\f(4,1)×4×104Pa＝16×104Pa由狀態(tài)A→狀態(tài)B，做等容變化，由查理定律得eq\f(pA,TA)＝eq\f(pB,TB)，所以pA＝eq\f(TA,TB)pB＝eq\f(2×102,8×102)×16×104Pa＝4×104Pa。(2)由狀態(tài)A→狀態(tài)B做等容變化，等容線在p－T圖像中為過(guò)原點(diǎn)的直線，由狀態(tài)B→狀態(tài)C做等溫變化，C到D做等容變化，故圖線如圖所示。14.【答案】（1）3m（2）0.4（3）91mg15k【詳析】（1）設(shè)小物塊C和小物塊B發(fā)生碰撞后瞬間的速度分別為vC和vB，由動(dòng)量守恒定律有mv0＝mvC＋mBvB（1分）因?yàn)榘l(fā)生彈性碰撞，由機(jī)械能守恒定律有12mv02＝12mvC2＋12m解得v