高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024~2025學(xué)年度第二學(xué)期高二3月聯(lián)考物理（A卷）考生注意：1、本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。滿分100分，考試時(shí)間75分鐘。2、答題前，考生務(wù)必用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆將密封線內(nèi)項(xiàng)目填寫清楚。3、考生作答時(shí)，請將答案答在答題卡上。選擇題每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑；非選擇題請用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效，在試題卷、草稿紙上作答無效。4、本卷命題范圍：人教版選擇性必修第一冊，選擇性必修第二冊第一章。一、單項(xiàng)選擇題（本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求）1.如圖甲所示，彈簧振子在豎直方向做簡諧運(yùn)動(dòng)的圖像如圖乙所示，取向上為正方向，下列說法正確的是（）A.周期為4s B.振幅為4cmC.時(shí)振子的速度最大 D.時(shí)彈簧的彈性勢能最小【答案】A【解析】AB．由圖乙可知周期為4s，振幅為2cm，故A正確，B錯(cuò)誤；C．由圖乙可知，時(shí)振子處于負(fù)向最大位移處，振子的速度為0，故C錯(cuò)誤；D．由圖乙可知，時(shí)振動(dòng)處于平衡位置，此時(shí)彈簧仍處于伸長狀態(tài)，后振子向上運(yùn)動(dòng)，彈簧的伸長量繼續(xù)減小，彈簧的彈性勢能繼續(xù)減小，所以時(shí)彈簧的彈性勢能不是最小，故D錯(cuò)誤。故選A。2.如圖所示，質(zhì)量為m的物體靜止在光滑的水平面上，時(shí)，在物體上施加一水平方向的恒力F，經(jīng)時(shí)間t，物體的動(dòng)量為p、動(dòng)能為，下列說法正確的是（）A.若僅將恒力F加倍，則物體的動(dòng)能的變?yōu)锽.若僅將作用時(shí)間t加倍，則物體的動(dòng)量變?yōu)?pC.若僅將作用時(shí)間t加倍，則物體的動(dòng)能變?yōu)镈.若僅將物體的質(zhì)量m加倍，則物體的動(dòng)量變?yōu)?p【答案】B【解析】A．規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理有動(dòng)能聯(lián)立解得故若僅將恒力F加倍，則物體的動(dòng)能的變?yōu)?，故A錯(cuò)誤；B．以上分析可知?jiǎng)恿咳魞H將作用時(shí)間t加倍，則物體的動(dòng)量變?yōu)?p，故B正確；C．結(jié)合以上分析可知，若僅將作用時(shí)間t加倍，則物體的動(dòng)能的變?yōu)椋蔆錯(cuò)誤；D．結(jié)合以上分析可知，若僅將物體的質(zhì)量m加倍，動(dòng)量p不變，故D錯(cuò)誤。故選B。3.某些單位門前的道路上，設(shè)置減速帶，車輛通過時(shí)會(huì)引起顛簸，要求車輛適當(dāng)減速通過。如圖所示為學(xué)校門口水平路面上的兩減速帶，間距為1m，若某汽車低速通過該減速帶，其車身懸掛系統(tǒng)（由車身與輪軸間的彈簧及避震器組成）的固有頻率為3Hz，則下列說法正確的是（）A.汽車行駛的速度越大，顛簸得越厲害B.汽車行駛的速度越小，顛簸得越厲害C.當(dāng)汽車以10.8km/h的速度行駛時(shí)，顛簸得最厲害D.當(dāng)汽車以1.2km/h的速度行駛時(shí)，顛簸得最厲害【答案】C【解析】由于因此當(dāng)汽車以10.8km/h的速度行駛時(shí)，通過減速帶的驅(qū)動(dòng)頻率與汽車的固有頻率相同，發(fā)生共振，汽車顛簸得最厲害。故選C。4.如圖所示，兩平行金屬板間存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，ab為平行板的中線，當(dāng)帶正電粒子從a點(diǎn)沿ab方向射入磁場時(shí)，粒子剛好沿直線從b點(diǎn)離開磁場，忽略粒子的重力。則下列說法正確的是（）A.上極板帶正電B.僅減小粒子的質(zhì)量，粒子從b點(diǎn)上側(cè)離開C.僅增大粒子的入射速度，電場力對粒子做負(fù)功D.僅將粒子改為從b點(diǎn)沿ba射入，粒子仍沿直線從a點(diǎn)離開【答案】C【解析】A．帶正電粒子沿直線從a到b運(yùn)動(dòng)，說明粒子所受洛倫茲力和電場力平衡。根據(jù)左手定則，帶正電粒子沿ab方向運(yùn)動(dòng)，磁場垂直紙面向外，粒子受到的洛倫茲力方向向下，那么電場力方向向上。因?yàn)榱Ｗ訋д?，電場力方向與電場強(qiáng)度方向相同，所以電場強(qiáng)度方向向上，下極板帶正電，上極板帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B．粒子沿直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，滿足解得

可知僅減小粒子質(zhì)量，速度不變，粒子受力仍平衡，還是沿直線從b點(diǎn)離開，故B錯(cuò)誤；C．僅增大粒子入射速度，洛倫茲力增大，而電場力不變，洛倫茲力大于電場力，粒子會(huì)向下偏轉(zhuǎn)，電場力方向向上，電場力對粒子做負(fù)功，故C正確；D．將正粒子從b點(diǎn)沿ba射入，根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向變?yōu)橄蛏?，電場力方向仍向上，粒子受力不平衡，不?huì)沿直線從a點(diǎn)離開，故D錯(cuò)誤。5.如圖所示，三根質(zhì)量均為m的通電直導(dǎo)線沿垂直紙面水平放置，導(dǎo)線甲放在水平桌面上，乙、丙固定在甲的上方且連線水平，三根導(dǎo)線的截面連線剛好構(gòu)成正三角形，現(xiàn)在三根導(dǎo)線中通有大小相等的電流，甲、丙的電流方向向里，乙的電流方向向外，已知相鄰兩導(dǎo)線間的作用力大小均為，此時(shí)甲剛好靜止，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度大小為g。則下列說法正確的是（）A.甲對桌面的壓力大小為B.甲與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為C.僅將丙中電流反向，甲所受的摩擦力變?yōu)?D.僅撤走乙，甲在水平桌面上開始滑動(dòng)【答案】C【解析】AB．對導(dǎo)線甲受力分析，如圖所示由題意可知，導(dǎo)線甲剛好靜止，在豎直方向上有水平方向上有其中，解得，，又由牛頓第三定律得導(dǎo)線甲對桌面的壓力大小為故AB錯(cuò)誤；C．僅將導(dǎo)線丙中電流反向，受力分析如圖所示由對稱性可知，導(dǎo)線乙和導(dǎo)線丙在水平方向的分力大小相等，所以導(dǎo)線甲所受的摩擦力為0，故C正確；D．僅撤走導(dǎo)線乙，導(dǎo)線甲的受力分析如圖所示假設(shè)導(dǎo)線甲不滑動(dòng)，則豎直方向有則導(dǎo)線甲與桌面間的最大靜摩擦力為在水平方向的分力為顯然，所以導(dǎo)線甲仍靜止，故D錯(cuò)誤。6.如圖所示，某種透明介質(zhì)制成的棱鏡截面圖，該截面呈正三角形環(huán)狀，一束單色光由ab邊的S點(diǎn)斜射入棱鏡，入射角為，光束從ac邊射出棱鏡，已知，，，透明介質(zhì)的折射率為，光在真空中的傳播速度為c。則下列說法正確的是（）A.光束在棱鏡中傳播速度為B.光束垂直ac邊射出棱鏡C.光束ab折射時(shí)，折射光能量等于入射光能量D.若改變?nèi)肷浣牵馐赡茉谶叞l(fā)生全反射【答案】B【解析】A．根據(jù)光速與折射率的關(guān)系有解得故A錯(cuò)誤；B．令第一次折射的折射角為，則有解得由于，可知，光在界面的入射角也為，根據(jù)光路可逆原理可知，光在界面的折射角為，根據(jù)幾何關(guān)系可知，光束將垂直ac邊射出棱鏡，故B正確；C．光束在ab折射時(shí)，有一部分光要發(fā)生反射，可知，折射光能量小于入射光能量，故C錯(cuò)誤；故選B。7.如圖所示，同位素原子核氧16和氧17，質(zhì)子數(shù)相同，帶電荷量相同，質(zhì)量之比為16∶17。兩個(gè)原子核同時(shí)從容器A下方的狹縫飄入（初速度為零）電場區(qū)，經(jīng)電場加速后通過狹縫、垂直于磁場邊界MN射入勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直紙面向里，原子核經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后到達(dá)照相底片D的不同位置上，不考慮兩個(gè)原子核間的相互作用，下列說法正確的是（）A.氧17進(jìn)入磁場時(shí)的速度較大B.磁場對氧16做功小于氧17C.到達(dá)照相底片D右側(cè)的原子核是氧17D.氧16和氧17在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等【答案】C【解析】A．在加速電場中，根據(jù)動(dòng)能定理解得原子核的速度為原子核電荷量q相同，氧17的質(zhì)量較大，則氧17進(jìn)入磁場時(shí)的速度較小，故A錯(cuò)誤；B．原子核在磁場中受洛倫茲力，由左手定則可知洛倫茲力與速度方向垂直，則洛倫茲力不做功，故B錯(cuò)誤；C．由洛倫茲力提供向心力，則解得氧17的質(zhì)量較大，運(yùn)動(dòng)半徑大，即到達(dá)照相機(jī)底片D右側(cè)的原子核為氧17，故C正確；D．由周期公式結(jié)合聯(lián)立可得周期為兩個(gè)原子核在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為由于氧17的質(zhì)量較大，在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間長，故D錯(cuò)誤。故選C。8.將一個(gè)力電傳感器連接到計(jì)算機(jī)上就可以測量并顯示不同時(shí)刻的力，如圖甲所示，O點(diǎn)為單擺的固定懸點(diǎn)（與力電傳感器相連），將質(zhì)量的小擺球（可視為質(zhì)點(diǎn)）拉至A點(diǎn)由靜止釋放，擺球在豎直平面內(nèi)的A、C之間來回?cái)[動(dòng)，其中B點(diǎn)為的最低點(diǎn)，，小于5°且是未知量。擺動(dòng)穩(wěn)定后由A開始計(jì)時(shí)，由計(jì)算機(jī)得到的細(xì)線對擺球的拉力大小F隨時(shí)間t變化的曲線如圖乙所示，重力加速度g取，，根據(jù)力學(xué)規(guī)律和題中所給的信息分析下列說法正確的是（）A.擺球擺動(dòng)中回復(fù)力是重力和細(xì)線拉力的合力B.單擺的擺動(dòng)周期約為1.26sC.單擺的擺長為1.0mD.擺球運(yùn)動(dòng)中的最大速率為0.8m/s【答案】D【解析】A．小擺球運(yùn)動(dòng)中回復(fù)力是重力在垂直細(xì)線方向的分力，故A錯(cuò)誤；B．小擺球在一個(gè)周期內(nèi)兩次經(jīng)過最低點(diǎn)，根據(jù)該規(guī)律并結(jié)合圖像可知，周期，故B錯(cuò)誤；C．由單擺的周期公式可知擺長為故C錯(cuò)誤；D．在最低點(diǎn)B時(shí)，擺球的速度最大，此時(shí)細(xì)線對擺球的拉力最大，根據(jù)牛頓第二定律解得擺球運(yùn)動(dòng)中的最大速率為故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題（本題共2小題，每小題5分，共10分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）9.下列四幅圖對于光的相關(guān)知識(shí)說法正確的是（）A.圖甲中，位于水中氣泡看上去特別明亮是由于光的折射B.圖乙中，增加單縫的寬度，則屏上的中央亮條紋寬度變窄C.圖丙中，若兩板間的薄片向左移動(dòng)少許，則干涉條紋的間距增大D.圖丁中，通過3D眼鏡看電腦顯示屏的照片，兩側(cè)鏡片為透振方向不同的偏振片【答案】BD【解析】A．圖甲中，位于水中氣泡看上去特別明亮是因?yàn)楣鈴乃猩湎驓馀葜械目諝庵袝r(shí)，即光從光密介質(zhì)射向了光疏介質(zhì)，發(fā)生了全反射，故A錯(cuò)誤；B．光在通過單縫時(shí)會(huì)發(fā)生衍射現(xiàn)象，而發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象的條件是縫的寬度或孔徑的尺寸、障礙物的大小跟光的波長接近或比光的波長更小，圖乙中，增加單縫的寬度，則屏上的中央亮條紋寬度變窄，即衍射現(xiàn)象變的不明顯，故B正確；C．圖丙中，若兩板間的薄片向左移動(dòng)少許，則空氣薄膜的厚度增加，而膜的厚度是兩列反射光波路程差的2倍，而兩列反射光波的路程差等于發(fā)生穩(wěn)定干涉的光波半波長的偶數(shù)倍或奇數(shù)倍，因此可知滿足半波長偶數(shù)倍或奇數(shù)倍的數(shù)量增加，明暗條紋變密集，則干涉條紋的間距變窄，故C錯(cuò)誤；D．手機(jī)、電腦、電視等電子顯示設(shè)備發(fā)出的光是偏振光，3D眼鏡的2個(gè)鏡片是兩個(gè)透振方向互相垂直的偏振片，圖中電腦顯示屏發(fā)出的偏振光的透振方向與左側(cè)眼鏡垂直，沒有光穿過左側(cè)眼鏡，左側(cè)眼鏡看不見電腦顯示屏，電腦顯示屏發(fā)出的偏振光的透振方向與右側(cè)眼鏡平行，有光穿過右側(cè)眼鏡，右側(cè)眼鏡看得見電腦顯示屏，故D正確。故選BD。10.如圖所示為沿x軸負(fù)方向傳播的簡諧橫波在時(shí)的波形圖，此時(shí)處的質(zhì)點(diǎn)位移為0，時(shí)處的質(zhì)點(diǎn)第一次運(yùn)動(dòng)到波峰，則下列說法正確的是（）A.該波波速為10m/sB.時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P第一次到波峰C.處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方程為D.0~0.3s內(nèi)，處的質(zhì)點(diǎn)通過的路程為8cm【答案】AC【解析】B．設(shè)該波的波動(dòng)方程為由圖可知處的質(zhì)點(diǎn)位移為-4cm，則有處的質(zhì)點(diǎn)位移為0，則有解得，又由公式得波的周期為由于時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方向沿y軸的負(fù)方向，則經(jīng)質(zhì)點(diǎn)P第一次到波峰，即的時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P第一次到波峰，故B錯(cuò)誤；A．由經(jīng)的時(shí)間處的質(zhì)點(diǎn)第一次運(yùn)動(dòng)到波峰，說明該時(shí)間內(nèi)波向左傳播的距離為4m，則該的傳播速度為，故A正確；C．設(shè)處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為又時(shí)處的質(zhì)點(diǎn)的位移為-4cm，則有解得所以處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方程為故C正確；D．時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)的位移為所以0~0.3s內(nèi)，處的質(zhì)點(diǎn)通過的路程為，故D錯(cuò)誤。故選AC。三、非選擇題（本題共5小題，共58分）11.某實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)在用綠光進(jìn)行雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)，在光屏上得到了明暗相間的條紋。（1）測量時(shí)，使分劃板中心刻線與第1條亮條紋和第6條亮條紋的中心分別對齊，手動(dòng)輪對應(yīng)的示數(shù)分別如圖甲、乙所示，則圖甲的示數(shù)為______mm，圖乙的示數(shù)為______mm；（2）所用實(shí)驗(yàn)器材的雙縫間距為，雙縫到光屏的距離為，測得綠光的波長為______m（保留三位有效數(shù)字），如果改用紅光做實(shí)驗(yàn)，則在光屏上觀察的明暗相間條紋的間距將會(huì)______（選填“變小”“不變”或“變大”）?！敬鸢浮浚?）7.37013.870（2）變大【解析】（1）[1]由螺旋測微器的讀數(shù)規(guī)則可知，圖甲的示數(shù)為[2]圖乙的示數(shù)為（2）[1]根據(jù)題意可知，相鄰兩條紋中心的間距為又由公式可得綠光的波長為[2]由公式可知，由于紅光的波長大于綠光的波長，若改用紅光做實(shí)驗(yàn)，相鄰兩亮條紋中心的間距變大。12.某實(shí)驗(yàn)小組同學(xué)利用如圖所示的裝置驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒，實(shí)驗(yàn)時(shí)，進(jìn)行了如下操作：步驟1：組裝裝置，并調(diào)節(jié)斜槽末端切線水平，然后用天平測量小球1、2質(zhì)量分別為、；步驟2：斜槽的末端不放置小球2，使小球1多次從斜槽上的擋板處由靜止釋放，確定小球1的平均落地點(diǎn)P；步驟3：將小球2放在斜槽的末端，使小球1從斜槽上的擋板處由靜止釋放，重復(fù)多次，確定小球1的平均落地點(diǎn)M和小球2的平均落地點(diǎn)N；步驟4：用刻度尺測量M、P、N到斜槽末端的水平距離分別為、、。結(jié)合以上操作，回答下列問題：（1）步驟1中，調(diào)節(jié)斜槽末端切線是否水平時(shí)，應(yīng)如何檢驗(yàn)______；（2）步驟2中，為了保證小球1碰后不反彈，則應(yīng)滿足______（選填“>”“=”或“<”）；為了完成驗(yàn)證，本次實(shí)驗(yàn)______（選填“需要”或“不需要”）測量斜槽末端到水平面的高度；（3）若碰撞過程中的動(dòng)量守恒，則關(guān)系式______成立；（4）若、、，且碰撞中動(dòng)量守恒，則______【答案】（1）見解析（2）＞不需要（3）（4）3:1【解析】（1）在檢驗(yàn)斜槽末端是否水平時(shí)，將小球輕輕地放在斜槽末端，若小球靜止則表明斜槽的末端水平。（2）[1]為了防止入射球碰后反彈，一定要保證入射球的質(zhì)量大于被碰球的質(zhì)量，即；[2]由于小球每次離開斜槽末端后均做平拋運(yùn)動(dòng)，又由于豎直方向下落的高度相同，所以小球離開斜槽末端到落地的時(shí)間均相同，而碰撞后瞬間的速度等于平拋運(yùn)動(dòng)的初速度，由，即水平位移與初速度成正比，所以不需要測量小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，即不需要測量斜槽末端到水平面的高度。（3）設(shè)碰撞前入射球的速度大小為，碰撞后入射球速度大小為，被碰球速度大小為，若碰撞過程中系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t相等，兩邊同時(shí)乘以t，則有則（4）若、、，且動(dòng)量守恒，代入解得13.如圖所示，P、O、Q三個(gè)質(zhì)點(diǎn)位于同一條直線上，P、Q兩點(diǎn)為兩個(gè)頻率相同的波源，時(shí)，兩波源同時(shí)向上振動(dòng)，時(shí)，質(zhì)點(diǎn)O開始振動(dòng)，且波源P剛好第一次回到平衡位置，兩波源離開平衡位置的最大位移分別5cm和6cm，已知，，兩波源產(chǎn)生波的波速均為4m/s。求：（1）時(shí)間；（2）質(zhì)點(diǎn)O最終振動(dòng)穩(wěn)定時(shí)振幅?！敬鸢浮浚?）0.25s（2）11cm【解析】（1）時(shí)間（2）題意知兩波源同時(shí)向上振動(dòng)，時(shí)，質(zhì)點(diǎn)O開始振動(dòng)，且波源P剛好第一次回到平衡位置，則有解得波的傳播周期則波長題意知兩波源振動(dòng)同步調(diào)，則質(zhì)點(diǎn)O位置到兩波源的波程差波程差恰好為波長的整數(shù)倍，則O點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，故質(zhì)點(diǎn)O最終振動(dòng)穩(wěn)定時(shí)振幅14.如圖所示，半徑足夠大的光滑圓弧軌道與長的長木板構(gòu)成物體B，圓弧的最低點(diǎn)與長木板的上表面相切于P點(diǎn)，B放在光滑的水平面上，質(zhì)量為，質(zhì)量為的木塊A置于B的最左端，A與B的長木板部分間的動(dòng)摩擦因數(shù)。質(zhì)量為的子彈以水平向右的速度射入A，且留在A中，子彈和A相互作用的時(shí)間極短，重力加速度g取，A可視為質(zhì)點(diǎn)。求：（1）子彈射入A后A的速度大??；（2）A從子彈射入到第一次到長木板P點(diǎn)過程中對B的沖量；（3）A沿B的圓弧軌道上滑的最大高度。【答案】（1）10m/s（2），方向水平向右（3）1m【解析】（1）子彈和木塊A相互作用的時(shí)間極短，兩者組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律解得子彈射入A后A的速度大小為（2）對子彈和木塊A整體受力分析，由牛頓第二定律解得對B受力分析，由牛頓第二定律解得由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解得或（舍去）則木塊A對物體B的沖量大小為方向水平向右。（3）木塊A和子彈的整體與物體B相互作用的過程中，二者組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，由水平方向動(dòng)量守恒定律解得由系統(tǒng)能量守恒定律解得A沿B的圓弧軌道上滑的最大高度為15.如圖所示，xOy平面直角坐標(biāo)系中，第2象限存在豎直向下的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度，第1、4象限存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場和豎直向上的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為，質(zhì)量為、電荷量為的液滴由第2象限的S點(diǎn)以的速度平行于x軸射入，經(jīng)過一段時(shí)間液滴剛好從坐標(biāo)原點(diǎn)以的速度進(jìn)入第4象限，再從x軸上A點(diǎn)進(jìn)入第1象限，并立即撤去電場。重力加速度g取。求：（1）S點(diǎn)的坐標(biāo)；（2）OA之間的距離；液滴在撤去電場后運(yùn)動(dòng)中速度的最大值。【答案】（1）（2），【解析】（1）帶電液滴從S到O的過程中，液滴做類平拋運(yùn)動(dòng)，液滴在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入第4象限做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示由牛頓第二定律得解得液滴在O點(diǎn)時(shí)豎直方向的分速度為液滴從S到O的時(shí)間為液滴的水平方向位移為液滴在豎直方向位移為所以S點(diǎn)的坐標(biāo)為（2）由（1）問可知，液滴在O點(diǎn)時(shí)與x軸的夾角為，則有解得第1、4象限電場力向上，由平衡條件液滴從O到A做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力解得由幾何關(guān)系可知弧OA所對應(yīng)的圓心角為120°，則OA兩點(diǎn)間的距離為液滴在撤去電場后，液滴受重力和洛倫茲力，利用配速法處理經(jīng)A點(diǎn)后運(yùn)動(dòng)的速度矢量圖，如圖所示給液滴配以水平向右的速度，使解得再給液滴配以水平向左的速度由幾何關(guān)系可知和的夾角為120°，則和的合速度大小為則液滴以速度向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，以的速度做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)和同向時(shí)速度最大，則液滴的最大速度為2024~2025學(xué)年度第二學(xué)期高二3月聯(lián)考物理（A卷）考生注意：1、本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。滿分100分，考試時(shí)間75分鐘。2、答題前，考生務(wù)必用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆將密封線內(nèi)項(xiàng)目填寫清楚。3、考生作答時(shí)，請將答案答在答題卡上。選擇題每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑；非選擇題請用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效，在試題卷、草稿紙上作答無效。4、本卷命題范圍：人教版選擇性必修第一冊，選擇性必修第二冊第一章。一、單項(xiàng)選擇題（本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求）1.如圖甲所示，彈簧振子在豎直方向做簡諧運(yùn)動(dòng)的圖像如圖乙所示，取向上為正方向，下列說法正確的是（）A.周期為4s B.振幅為4cmC.時(shí)振子的速度最大 D.時(shí)彈簧的彈性勢能最小【答案】A【解析】AB．由圖乙可知周期為4s，振幅為2cm，故A正確，B錯(cuò)誤；C．由圖乙可知，時(shí)振子處于負(fù)向最大位移處，振子的速度為0，故C錯(cuò)誤；D．由圖乙可知，時(shí)振動(dòng)處于平衡位置，此時(shí)彈簧仍處于伸長狀態(tài)，后振子向上運(yùn)動(dòng)，彈簧的伸長量繼續(xù)減小，彈簧的彈性勢能繼續(xù)減小，所以時(shí)彈簧的彈性勢能不是最小，故D錯(cuò)誤。故選A。2.如圖所示，質(zhì)量為m的物體靜止在光滑的水平面上，時(shí)，在物體上施加一水平方向的恒力F，經(jīng)時(shí)間t，物體的動(dòng)量為p、動(dòng)能為，下列說法正確的是（）A.若僅將恒力F加倍，則物體的動(dòng)能的變?yōu)锽.若僅將作用時(shí)間t加倍，則物體的動(dòng)量變?yōu)?pC.若僅將作用時(shí)間t加倍，則物體的動(dòng)能變?yōu)镈.若僅將物體的質(zhì)量m加倍，則物體的動(dòng)量變?yōu)?p【答案】B【解析】A．規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理有動(dòng)能聯(lián)立解得故若僅將恒力F加倍，則物體的動(dòng)能的變?yōu)?，故A錯(cuò)誤；B．以上分析可知?jiǎng)恿咳魞H將作用時(shí)間t加倍，則物體的動(dòng)量變?yōu)?p，故B正確；C．結(jié)合以上分析可知，若僅將作用時(shí)間t加倍，則物體的動(dòng)能的變?yōu)?，故C錯(cuò)誤；D．結(jié)合以上分析可知，若僅將物體的質(zhì)量m加倍，動(dòng)量p不變，故D錯(cuò)誤。故選B。3.某些單位門前的道路上，設(shè)置減速帶，車輛通過時(shí)會(huì)引起顛簸，要求車輛適當(dāng)減速通過。如圖所示為學(xué)校門口水平路面上的兩減速帶，間距為1m，若某汽車低速通過該減速帶，其車身懸掛系統(tǒng)（由車身與輪軸間的彈簧及避震器組成）的固有頻率為3Hz，則下列說法正確的是（）A.汽車行駛的速度越大，顛簸得越厲害B.汽車行駛的速度越小，顛簸得越厲害C.當(dāng)汽車以10.8km/h的速度行駛時(shí)，顛簸得最厲害D.當(dāng)汽車以1.2km/h的速度行駛時(shí)，顛簸得最厲害【答案】C【解析】由于因此當(dāng)汽車以10.8km/h的速度行駛時(shí)，通過減速帶的驅(qū)動(dòng)頻率與汽車的固有頻率相同，發(fā)生共振，汽車顛簸得最厲害。故選C。4.如圖所示，兩平行金屬板間存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，ab為平行板的中線，當(dāng)帶正電粒子從a點(diǎn)沿ab方向射入磁場時(shí)，粒子剛好沿直線從b點(diǎn)離開磁場，忽略粒子的重力。則下列說法正確的是（）A.上極板帶正電B.僅減小粒子的質(zhì)量，粒子從b點(diǎn)上側(cè)離開C.僅增大粒子的入射速度，電場力對粒子做負(fù)功D.僅將粒子改為從b點(diǎn)沿ba射入，粒子仍沿直線從a點(diǎn)離開【答案】C【解析】A．帶正電粒子沿直線從a到b運(yùn)動(dòng)，說明粒子所受洛倫茲力和電場力平衡。根據(jù)左手定則，帶正電粒子沿ab方向運(yùn)動(dòng)，磁場垂直紙面向外，粒子受到的洛倫茲力方向向下，那么電場力方向向上。因?yàn)榱Ｗ訋д?，電場力方向與電場強(qiáng)度方向相同，所以電場強(qiáng)度方向向上，下極板帶正電，上極板帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B．粒子沿直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，滿足解得

可知僅減小粒子質(zhì)量，速度不變，粒子受力仍平衡，還是沿直線從b點(diǎn)離開，故B錯(cuò)誤；C．僅增大粒子入射速度，洛倫茲力增大，而電場力不變，洛倫茲力大于電場力，粒子會(huì)向下偏轉(zhuǎn)，電場力方向向上，電場力對粒子做負(fù)功，故C正確；D．將正粒子從b點(diǎn)沿ba射入，根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向變?yōu)橄蛏?，電場力方向仍向上，粒子受力不平衡，不?huì)沿直線從a點(diǎn)離開，故D錯(cuò)誤。5.如圖所示，三根質(zhì)量均為m的通電直導(dǎo)線沿垂直紙面水平放置，導(dǎo)線甲放在水平桌面上，乙、丙固定在甲的上方且連線水平，三根導(dǎo)線的截面連線剛好構(gòu)成正三角形，現(xiàn)在三根導(dǎo)線中通有大小相等的電流，甲、丙的電流方向向里，乙的電流方向向外，已知相鄰兩導(dǎo)線間的作用力大小均為，此時(shí)甲剛好靜止，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度大小為g。則下列說法正確的是（）A.甲對桌面的壓力大小為B.甲與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為C.僅將丙中電流反向，甲所受的摩擦力變?yōu)?D.僅撤走乙，甲在水平桌面上開始滑動(dòng)【答案】C【解析】AB．對導(dǎo)線甲受力分析，如圖所示由題意可知，導(dǎo)線甲剛好靜止，在豎直方向上有水平方向上有其中，解得，，又由牛頓第三定律得導(dǎo)線甲對桌面的壓力大小為故AB錯(cuò)誤；C．僅將導(dǎo)線丙中電流反向，受力分析如圖所示由對稱性可知，導(dǎo)線乙和導(dǎo)線丙在水平方向的分力大小相等，所以導(dǎo)線甲所受的摩擦力為0，故C正確；D．僅撤走導(dǎo)線乙，導(dǎo)線甲的受力分析如圖所示假設(shè)導(dǎo)線甲不滑動(dòng)，則豎直方向有則導(dǎo)線甲與桌面間的最大靜摩擦力為在水平方向的分力為顯然，所以導(dǎo)線甲仍靜止，故D錯(cuò)誤。6.如圖所示，某種透明介質(zhì)制成的棱鏡截面圖，該截面呈正三角形環(huán)狀，一束單色光由ab邊的S點(diǎn)斜射入棱鏡，入射角為，光束從ac邊射出棱鏡，已知，，，透明介質(zhì)的折射率為，光在真空中的傳播速度為c。則下列說法正確的是（）A.光束在棱鏡中傳播速度為B.光束垂直ac邊射出棱鏡C.光束ab折射時(shí)，折射光能量等于入射光能量D.若改變?nèi)肷浣?，光束可能在邊發(fā)生全反射【答案】B【解析】A．根據(jù)光速與折射率的關(guān)系有解得故A錯(cuò)誤；B．令第一次折射的折射角為，則有解得由于，可知，光在界面的入射角也為，根據(jù)光路可逆原理可知，光在界面的折射角為，根據(jù)幾何關(guān)系可知，光束將垂直ac邊射出棱鏡，故B正確；C．光束在ab折射時(shí)，有一部分光要發(fā)生反射，可知，折射光能量小于入射光能量，故C錯(cuò)誤；故選B。7.如圖所示，同位素原子核氧16和氧17，質(zhì)子數(shù)相同，帶電荷量相同，質(zhì)量之比為16∶17。兩個(gè)原子核同時(shí)從容器A下方的狹縫飄入（初速度為零）電場區(qū)，經(jīng)電場加速后通過狹縫、垂直于磁場邊界MN射入勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直紙面向里，原子核經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后到達(dá)照相底片D的不同位置上，不考慮兩個(gè)原子核間的相互作用，下列說法正確的是（）A.氧17進(jìn)入磁場時(shí)的速度較大B.磁場對氧16做功小于氧17C.到達(dá)照相底片D右側(cè)的原子核是氧17D.氧16和氧17在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等【答案】C【解析】A．在加速電場中，根據(jù)動(dòng)能定理解得原子核的速度為原子核電荷量q相同，氧17的質(zhì)量較大，則氧17進(jìn)入磁場時(shí)的速度較小，故A錯(cuò)誤；B．原子核在磁場中受洛倫茲力，由左手定則可知洛倫茲力與速度方向垂直，則洛倫茲力不做功，故B錯(cuò)誤；C．由洛倫茲力提供向心力，則解得氧17的質(zhì)量較大，運(yùn)動(dòng)半徑大，即到達(dá)照相機(jī)底片D右側(cè)的原子核為氧17，故C正確；D．由周期公式結(jié)合聯(lián)立可得周期為兩個(gè)原子核在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為由于氧17的質(zhì)量較大，在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間長，故D錯(cuò)誤。故選C。8.將一個(gè)力電傳感器連接到計(jì)算機(jī)上就可以測量并顯示不同時(shí)刻的力，如圖甲所示，O點(diǎn)為單擺的固定懸點(diǎn)（與力電傳感器相連），將質(zhì)量的小擺球（可視為質(zhì)點(diǎn)）拉至A點(diǎn)由靜止釋放，擺球在豎直平面內(nèi)的A、C之間來回?cái)[動(dòng)，其中B點(diǎn)為的最低點(diǎn)，，小于5°且是未知量。擺動(dòng)穩(wěn)定后由A開始計(jì)時(shí)，由計(jì)算機(jī)得到的細(xì)線對擺球的拉力大小F隨時(shí)間t變化的曲線如圖乙所示，重力加速度g取，，根據(jù)力學(xué)規(guī)律和題中所給的信息分析下列說法正確的是（）A.擺球擺動(dòng)中回復(fù)力是重力和細(xì)線拉力的合力B.單擺的擺動(dòng)周期約為1.26sC.單擺的擺長為1.0mD.擺球運(yùn)動(dòng)中的最大速率為0.8m/s【答案】D【解析】A．小擺球運(yùn)動(dòng)中回復(fù)力是重力在垂直細(xì)線方向的分力，故A錯(cuò)誤；B．小擺球在一個(gè)周期內(nèi)兩次經(jīng)過最低點(diǎn)，根據(jù)該規(guī)律并結(jié)合圖像可知，周期，故B錯(cuò)誤；C．由單擺的周期公式可知擺長為故C錯(cuò)誤；D．在最低點(diǎn)B時(shí)，擺球的速度最大，此時(shí)細(xì)線對擺球的拉力最大，根據(jù)牛頓第二定律解得擺球運(yùn)動(dòng)中的最大速率為故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題（本題共2小題，每小題5分，共10分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）9.下列四幅圖對于光的相關(guān)知識(shí)說法正確的是（）A.圖甲中，位于水中氣泡看上去特別明亮是由于光的折射B.圖乙中，增加單縫的寬度，則屏上的中央亮條紋寬度變窄C.圖丙中，若兩板間的薄片向左移動(dòng)少許，則干涉條紋的間距增大D.圖丁中，通過3D眼鏡看電腦顯示屏的照片，兩側(cè)鏡片為透振方向不同的偏振片【答案】BD【解析】A．圖甲中，位于水中氣泡看上去特別明亮是因?yàn)楣鈴乃猩湎驓馀葜械目諝庵袝r(shí)，即光從光密介質(zhì)射向了光疏介質(zhì)，發(fā)生了全反射，故A錯(cuò)誤；B．光在通過單縫時(shí)會(huì)發(fā)生衍射現(xiàn)象，而發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象的條件是縫的寬度或孔徑的尺寸、障礙物的大小跟光的波長接近或比光的波長更小，圖乙中，增加單縫的寬度，則屏上的中央亮條紋寬度變窄，即衍射現(xiàn)象變的不明顯，故B正確；C．圖丙中，若兩板間的薄片向左移動(dòng)少許，則空氣薄膜的厚度增加，而膜的厚度是兩列反射光波路程差的2倍，而兩列反射光波的路程差等于發(fā)生穩(wěn)定干涉的光波半波長的偶數(shù)倍或奇數(shù)倍，因此可知滿足半波長偶數(shù)倍或奇數(shù)倍的數(shù)量增加，明暗條紋變密集，則干涉條紋的間距變窄，故C錯(cuò)誤；D．手機(jī)、電腦、電視等電子顯示設(shè)備發(fā)出的光是偏振光，3D眼鏡的2個(gè)鏡片是兩個(gè)透振方向互相垂直的偏振片，圖中電腦顯示屏發(fā)出的偏振光的透振方向與左側(cè)眼鏡垂直，沒有光穿過左側(cè)眼鏡，左側(cè)眼鏡看不見電腦顯示屏，電腦顯示屏發(fā)出的偏振光的透振方向與右側(cè)眼鏡平行，有光穿過右側(cè)眼鏡，右側(cè)眼鏡看得見電腦顯示屏，故D正確。故選BD。10.如圖所示為沿x軸負(fù)方向傳播的簡諧橫波在時(shí)的波形圖，此時(shí)處的質(zhì)點(diǎn)位移為0，時(shí)處的質(zhì)點(diǎn)第一次運(yùn)動(dòng)到波峰，則下列說法正確的是（）A.該波波速為10m/sB.時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P第一次到波峰C.處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方程為D.0~0.3s內(nèi)，處的質(zhì)點(diǎn)通過的路程為8cm【答案】AC【解析】B．設(shè)該波的波動(dòng)方程為由圖可知處的質(zhì)點(diǎn)位移為-4cm，則有處的質(zhì)點(diǎn)位移為0，則有解得，又由公式得波的周期為由于時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方向沿y軸的負(fù)方向，則經(jīng)質(zhì)點(diǎn)P第一次到波峰，即的時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P第一次到波峰，故B錯(cuò)誤；A．由經(jīng)的時(shí)間處的質(zhì)點(diǎn)第一次運(yùn)動(dòng)到波峰，說明該時(shí)間內(nèi)波向左傳播的距離為4m，則該的傳播速度為，故A正確；C．設(shè)處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為又時(shí)處的質(zhì)點(diǎn)的位移為-4cm，則有解得所以處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方程為故C正確；D．時(shí)，處的質(zhì)點(diǎn)的位移為所以0~0.3s內(nèi)，處的質(zhì)點(diǎn)通過的路程為，故D錯(cuò)誤。故選AC。三、非選擇題（本題共5小題，共58分）11.某實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)在用綠光進(jìn)行雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)，在光屏上得到了明暗相間的條紋。（1）測量時(shí)，使分劃板中心刻線與第1條亮條紋和第6條亮條紋的中心分別對齊，手動(dòng)輪對應(yīng)的示數(shù)分別如圖甲、乙所示，則圖甲的示數(shù)為______mm，圖乙的示數(shù)為______mm；（2）所用實(shí)驗(yàn)器材的雙縫間距為，雙縫到光屏的距離為，測得綠光的波長為______m（保留三位有效數(shù)字），如果改用紅光做實(shí)驗(yàn)，則在光屏上觀察的明暗相間條紋的間距將會(huì)______（選填“變小”“不變”或“變大”）?！敬鸢浮浚?）7.37013.870（2）變大【解析】（1）[1]由螺旋測微器的讀數(shù)規(guī)則可知，圖甲的示數(shù)為[2]圖乙的示數(shù)為（2）[1]根據(jù)題意可知，相鄰兩條紋中心的間距為又由公式可得綠光的波長為[2]由公式可知，由于紅光的波長大于綠光的波長，若改用紅光做實(shí)驗(yàn)，相鄰兩亮條紋中心的間距變大。12.某實(shí)驗(yàn)小組同學(xué)利用如圖所示的裝置驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒，實(shí)驗(yàn)時(shí)，進(jìn)行了如下操作：步驟1：組裝裝置，并調(diào)節(jié)斜槽末端切線水平，然后用天平測量小球1、2質(zhì)量分別為、；步驟2：斜槽的末端不放置小球2，使小球1多次從斜槽上的擋板處由靜止釋放，確定小球1的平均落地點(diǎn)P；步驟3：將小球2放在斜槽的末端，使小球1從斜槽上的擋板處由靜止釋放，重復(fù)多次，確定小球1的平均落地點(diǎn)M和小球2的平均落地點(diǎn)N；步驟4：用刻度尺測量M、P、N到斜槽末端的水平距離分別為、、。結(jié)合以上操作，回答下列問題：（1）步驟1中，調(diào)節(jié)斜槽末端切線是否水平時(shí)，應(yīng)如何檢驗(yàn)______；（2）步驟2中，為了保證小球1碰后不反彈，則應(yīng)滿足______（選填“>”“=”或“<”）；為了完成驗(yàn)證，本次實(shí)驗(yàn)______（選填“需要”或“不需要”）測量斜槽末端到水平面的高度；（3）若碰撞過程中的動(dòng)量守恒，則關(guān)系式______成立；（4）若、、，且碰撞中動(dòng)量守恒，則______【答案】（1）見解析（2）＞不需要（3）（4）3:1【解析】（1）在檢驗(yàn)斜槽末端是否水平時(shí)，將小球輕輕地放在斜槽末端，若小球靜止則表明斜槽的末端水平。（2）[1]為了防止入射球碰后反彈，一定要保證入射球的質(zhì)量大于被碰球的質(zhì)量，即；[2]由于小球每次離開斜槽末端后均做平拋運(yùn)動(dòng)，又由于豎直方向下落的高度相同，所以小球離開斜槽末端到落地的時(shí)間均相同，而碰撞后瞬間的速度等于平拋運(yùn)動(dòng)的初速度，由，即水平位移與初速度成正比，所以不需要測量小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，即不需要測量斜槽末端到水平面的高度。（3）設(shè)碰撞前入射球的速度大小為，碰撞后入射球速度大小為，被碰球速度大小為，若碰撞過程中系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t相等，兩