高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1——★參考答案★——題號(hào)12345678910答案BDCDBABACADAC1．【答案】B【解析】若設(shè)桌面的傾斜角為θ，對(duì)書包受力分析可知，F(xiàn)N=mgcosθ，可知θ變大時(shí)，支持力變小，所以A錯(cuò)誤；由f=mgsinθ，可知θ變大時(shí)，靜摩擦力也變大，所以B正確；桌面傾斜角稍變大，但書包仍然處于平衡狀態(tài)，所以其所受合力為零，C、D都錯(cuò)。2．【答案】D【解析】t2時(shí)刻圖線相交表示速度相同，不是相遇，A錯(cuò)誤；v-t圖像中，圖線的斜率表示加速度，因此0~t1時(shí)間內(nèi)甲的加速度比乙小，B錯(cuò)誤；圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示位移大小，在相同時(shí)間內(nèi)位移越大平均速度越大，故0~t2時(shí)間內(nèi)甲的平均速度比乙小，C錯(cuò)誤；0~t3時(shí)間內(nèi)某時(shí)刻甲、乙出現(xiàn)位移相同時(shí)即出現(xiàn)船頭并齊，D正確。3．【答案】C【解析】Y為，A錯(cuò)誤；發(fā)生衰變時(shí)，半衰期與溫度無關(guān)，故B錯(cuò)誤；比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，原子核經(jīng)衰變得到原子核，說明原子核比原子核穩(wěn)定，即的比結(jié)合能比的小，故C正確；該反應(yīng)存在質(zhì)量虧損、能量守恒，故D錯(cuò)誤。4．【答案】D【解析】同步衛(wèi)星軌道半徑是地球半徑的7倍，第一宇宙速度，同步衛(wèi)星速度，兩式相比得，D正確。5．【答案】B【解析】交流電頻率，故A錯(cuò)；原副線圈匝數(shù)比等于電壓之比，由發(fā)電機(jī)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值表達(dá)式可知，電動(dòng)勢(shì)的有效值為10V，因不計(jì)發(fā)電機(jī)內(nèi)阻，所以輸入電壓也為10V，故n1:n2=U1:U2=1:2，B正確；變壓器的輸入功率等于輸出功率，由P=U1I1得輸入電流為2A，C錯(cuò)誤；t=0.1s時(shí)e=0，即發(fā)電機(jī)線圈處于中性面，磁通量變化率為0，故D錯(cuò)誤。6．【答案】A【解析】剪斷B、C間輕繩瞬間，彈簧沒有發(fā)生突變，彈簧的彈力與剪斷前一樣，對(duì)B、C整體分析有：T1=（2m+m）g=3mg，對(duì)A分析有：2mg+F=T1，解得彈簧彈力F=mg，A正確；剪斷B、C間輕繩瞬間，彈簧彈力不變，A、B的加速度大小相等，對(duì)B分析有T2-2mg=2ma，對(duì)A分析有F+2mg-T2=2ma，解得，，故B、C、D錯(cuò)誤。7．【答案】B【解析】由于O點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度方向向下，根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡可知X受到的電場(chǎng)力向上，Y受到的電場(chǎng)力向下，X帶負(fù)電，Y帶正電，A錯(cuò)誤；因?yàn)閄粒子由O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)的過程中靜電力先做負(fù)功后做正功，所以電勢(shì)能先增大后減小，B正確；因?yàn)閨UOa|=2|UOc|，而且電場(chǎng)力都做正功，根據(jù)動(dòng)能定理得，在a點(diǎn)的速度與c點(diǎn)的速度大小不等，C錯(cuò)誤；在同一等勢(shì)面上移動(dòng)電荷，電場(chǎng)力不做功，因而Wob<WOc，D錯(cuò)誤。8．【答案】AC【解析】如圖根據(jù)題意可知，解得λ=4m故A正確；波源的振動(dòng)周期為，故波速為，故B錯(cuò)誤；質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)周期為T=2s，因?yàn)?，故A點(diǎn)在t0+0.5s時(shí)刻運(yùn)動(dòng)到波谷，位移最大，速度為0，故C正確；因?yàn)椋蔅點(diǎn)在t0+0.5s時(shí)刻運(yùn)動(dòng)到平衡位置，加速度為0，速度最大，故D錯(cuò)誤。故選AC。9．【答案】AD【解析】a→b過程體積增大，氣體對(duì)外界做功，故A正確；b→c過程體積增大，氣體對(duì)外界做功，故B錯(cuò)誤；狀態(tài)a、d溫度相等，又pa＞pd，狀態(tài)a時(shí)氣體分子單位時(shí)間對(duì)器壁單位面積撞擊次數(shù)比狀態(tài)d多，故C錯(cuò)誤；因?yàn)閮蓚€(gè)過程是絕熱過程，a→b過程氣體對(duì)外做功，氣體溫度T1由減小到T2；c→d過程外界對(duì)氣體做功，氣體溫度由T2增加到T1。由熱力學(xué)第一定律ΔU=W+Q可知，a→b過程氣體對(duì)外做的功等于c→d過程外界對(duì)氣體做的功，故D正確；故選AD。10．【答案】AC11．【答案】（1）C；（2）1:2；（3）控制質(zhì)量和轉(zhuǎn)動(dòng)半徑時(shí)，向心力大小與角速度平方成正比【解析】（1）本實(shí)驗(yàn)采用實(shí)驗(yàn)方法為控制變量法；（2）皮帶傳動(dòng)方式，線速度大小相同，由于v=ωR，所以；（3）當(dāng)兩小球置于A、C位置時(shí)，m1=m2，旋轉(zhuǎn)半徑r1=r2，塔輪采用圖丙組合方式，ω1:ω2=1:2，而觀察到格子數(shù)之比為1:4，即向心力之比為1:4，所以F與ω2成正比。12．【答案】（1）C；（2）300；（3）①見解析；②增大；（4）左【解析】（1）機(jī)械調(diào)零只在使用前進(jìn)行一次，更換歐姆擋后不在進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，故C錯(cuò)誤；（2）RP=30Ω×10=300Ω；（3）①由于光敏電阻的阻值遠(yuǎn)大于滑動(dòng)變阻器的最大阻值，因此采用分壓式，由于電流表的電阻遠(yuǎn)小于光敏電阻的阻值，因此電流表采用內(nèi)接法。電路連接如圖所示；②由圖像可知Rc＞Rb＞Ra，因a、b、c三條圖線所對(duì)應(yīng)的光照強(qiáng)度依次減弱，故該光敏電阻的阻值隨光照的減弱而增大；（4）若光照強(qiáng)度降低到預(yù)設(shè)值補(bǔ)光燈卻沒有啟動(dòng)照明，說明Rp兩端電壓沒有達(dá)到預(yù)設(shè)值，由電路的分壓作用，需將R1電阻減小，從而使Rp兩端電壓變大。13．【答案】（1）n=1.25（2）t=1.0×10－9s【解析】（1）由光路圖和恰好在OP邊N點(diǎn)發(fā)生全發(fā)射可得：臨界角C=53° =1\*GB3①由 =2\*GB3②得n=1.25 ③（2）設(shè)該單色光在透明體中從M點(diǎn)到N點(diǎn)的長(zhǎng)度為s由幾何關(guān)系得 ④聯(lián)立 ⑤ ⑥ 得t=1.0×10－9s ⑦評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)：（1）問5分，（2）問5分。14．【答案】（1）2m/s；（2）m/s；（3）0.3J【解析】（1）b球到達(dá)E點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)，由 ①x=vEt ②得vE=2m/s ③（2）對(duì)b球，從C到E，由動(dòng)能定理 ④得vC=m/s ⑤（3）因a球與b球發(fā)生彈性碰撞，vC=vb，由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒得 ⑥ ⑦對(duì)a球 ⑧得Ep=0.3J ⑨評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)：（1）問3分，（2）問3分，（3）問7分15．【答案】（1）；（2）；（3），?！窘馕觥浚?）質(zhì)子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律可得： ①解得： ②（2）質(zhì)子在進(jìn)入磁場(chǎng)前做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t1沿y軸方向： ③沿x軸方向： ④由軌跡方程可知，質(zhì)子進(jìn)入磁場(chǎng)后圓心坐標(biāo)為（-1，0），半徑 ⑤可得質(zhì)子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，有圖可得：y=1m， ⑥解得： ⑦ ⑧（3）質(zhì)子進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力，可得： ⑨由幾何關(guān)系可得： ⑩解得： ?設(shè)質(zhì)子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，由對(duì)稱性可知，質(zhì)子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)所用時(shí)間 ?由幾何關(guān)系可得，質(zhì)子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過的圓心角為90°，設(shè)質(zhì)子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期為T，則有： ?而 ?解得： ?評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)：（1）問2分，（2）問6分，（3）問7分——★參考答案★——題號(hào)12345678910答案BDCDBABACADAC1．【答案】B【解析】若設(shè)桌面的傾斜角為θ，對(duì)書包受力分析可知，F(xiàn)N=mgcosθ，可知θ變大時(shí)，支持力變小，所以A錯(cuò)誤；由f=mgsinθ，可知θ變大時(shí)，靜摩擦力也變大，所以B正確；桌面傾斜角稍變大，但書包仍然處于平衡狀態(tài)，所以其所受合力為零，C、D都錯(cuò)。2．【答案】D【解析】t2時(shí)刻圖線相交表示速度相同，不是相遇，A錯(cuò)誤；v-t圖像中，圖線的斜率表示加速度，因此0~t1時(shí)間內(nèi)甲的加速度比乙小，B錯(cuò)誤；圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示位移大小，在相同時(shí)間內(nèi)位移越大平均速度越大，故0~t2時(shí)間內(nèi)甲的平均速度比乙小，C錯(cuò)誤；0~t3時(shí)間內(nèi)某時(shí)刻甲、乙出現(xiàn)位移相同時(shí)即出現(xiàn)船頭并齊，D正確。3．【答案】C【解析】Y為，A錯(cuò)誤；發(fā)生衰變時(shí)，半衰期與溫度無關(guān)，故B錯(cuò)誤；比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，原子核經(jīng)衰變得到原子核，說明原子核比原子核穩(wěn)定，即的比結(jié)合能比的小，故C正確；該反應(yīng)存在質(zhì)量虧損、能量守恒，故D錯(cuò)誤。4．【答案】D【解析】同步衛(wèi)星軌道半徑是地球半徑的7倍，第一宇宙速度，同步衛(wèi)星速度，兩式相比得，D正確。5．【答案】B【解析】交流電頻率，故A錯(cuò)；原副線圈匝數(shù)比等于電壓之比，由發(fā)電機(jī)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值表達(dá)式可知，電動(dòng)勢(shì)的有效值為10V，因不計(jì)發(fā)電機(jī)內(nèi)阻，所以輸入電壓也為10V，故n1:n2=U1:U2=1:2，B正確；變壓器的輸入功率等于輸出功率，由P=U1I1得輸入電流為2A，C錯(cuò)誤；t=0.1s時(shí)e=0，即發(fā)電機(jī)線圈處于中性面，磁通量變化率為0，故D錯(cuò)誤。6．【答案】A【解析】剪斷B、C間輕繩瞬間，彈簧沒有發(fā)生突變，彈簧的彈力與剪斷前一樣，對(duì)B、C整體分析有：T1=（2m+m）g=3mg，對(duì)A分析有：2mg+F=T1，解得彈簧彈力F=mg，A正確；剪斷B、C間輕繩瞬間，彈簧彈力不變，A、B的加速度大小相等，對(duì)B分析有T2-2mg=2ma，對(duì)A分析有F+2mg-T2=2ma，解得，，故B、C、D錯(cuò)誤。7．【答案】B【解析】由于O點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度方向向下，根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡可知X受到的電場(chǎng)力向上，Y受到的電場(chǎng)力向下，X帶負(fù)電，Y帶正電，A錯(cuò)誤；因?yàn)閄粒子由O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)的過程中靜電力先做負(fù)功后做正功，所以電勢(shì)能先增大后減小，B正確；因?yàn)閨UOa|=2|UOc|，而且電場(chǎng)力都做正功，根據(jù)動(dòng)能定理得，在a點(diǎn)的速度與c點(diǎn)的速度大小不等，C錯(cuò)誤；在同一等勢(shì)面上移動(dòng)電荷，電場(chǎng)力不做功，因而Wob<WOc，D錯(cuò)誤。8．【答案】AC【解析】如圖根據(jù)題意可知，解得λ=4m故A正確；波源的振動(dòng)周期為，故波速為，故B錯(cuò)誤；質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)周期為T=2s，因?yàn)椋蔄點(diǎn)在t0+0.5s時(shí)刻運(yùn)動(dòng)到波谷，位移最大，速度為0，故C正確；因?yàn)?，故B點(diǎn)在t0+0.5s時(shí)刻運(yùn)動(dòng)到平衡位置，加速度為0，速度最大，故D錯(cuò)誤。故選AC。9．【答案】AD【解析】a→b過程體積增大，氣體對(duì)外界做功，故A正確；b→c過程體積增大，氣體對(duì)外界做功，故B錯(cuò)誤；狀態(tài)a、d溫度相等，又pa＞pd，狀態(tài)a時(shí)氣體分子單位時(shí)間對(duì)器壁單位面積撞擊次數(shù)比狀態(tài)d多，故C錯(cuò)誤；因?yàn)閮蓚€(gè)過程是絕熱過程，a→b過程氣體對(duì)外做功，氣體溫度T1由減小到T2；c→d過程外界對(duì)氣體做功，氣體溫度由T2增加到T1。由熱力學(xué)第一定律ΔU=W+Q可知，a→b過程氣體對(duì)外做的功等于c→d過程外界對(duì)氣體做的功，故D正確；故選AD。10．【答案】AC11．【答案】（1）C；（2）1:2；（3）控制質(zhì)量和轉(zhuǎn)動(dòng)半徑時(shí)，向心力大小與角速度平方成正比【解析】（1）本實(shí)驗(yàn)采用實(shí)驗(yàn)方法為控制變量法；（2）皮帶傳動(dòng)方式，線速度大小相同，由于v=ωR，所以；（3）當(dāng)兩小球置于A、C位置時(shí)，m1=m2，旋轉(zhuǎn)半徑r1=r2，塔輪采用圖丙組合方式，ω1:ω2=1:2，而觀察到格子數(shù)之比為1:4，即向心力之比為1:4，所以F與ω2成正比。12．【答案】（1）C；（2）300；（3）①見解析；②增大；（4）左【解析】（1）機(jī)械調(diào)零只在使用前進(jìn)行一次，更換歐姆擋后不在進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，故C錯(cuò)誤；（2）RP=30Ω×10=300Ω；（3）①由于光敏電阻的阻值遠(yuǎn)大于滑動(dòng)變阻器的最大阻值，因此采用分壓式，由于電流表的電阻遠(yuǎn)小于光敏電阻的阻值，因此電流表采用內(nèi)接法。電路連接如圖所示；②由圖像可知Rc＞Rb＞Ra，因a、b、c三條圖線所對(duì)應(yīng)的光照強(qiáng)度依次減弱，故該光敏電阻的阻值隨光照的減弱而增大；（4）若光照強(qiáng)度降低到預(yù)設(shè)值補(bǔ)光燈卻沒有啟動(dòng)照明，說明Rp兩端電壓沒有達(dá)到預(yù)設(shè)值，由電路的分壓作用，需將R1電阻減小，從而使Rp兩端電壓變大。13．【答案】（1）n=1.25（2）t=1.0×10－9s【解析】（1）由光路圖和恰好在OP邊N點(diǎn)發(fā)生全發(fā)射可得：臨界角C=53° =1\*GB3①由 =2\*GB3②得n=1.25 ③（2）設(shè)該單色光在透明體中從M點(diǎn)到N點(diǎn)的長(zhǎng)度為s由幾何關(guān)系得 ④聯(lián)立 ⑤ ⑥ 得t=1.0×10－9s ⑦評(píng)分標(biāo)準(zhǔn)：（1）問5分，（2）問5分。14．【答案】（1）2m/s；（2）m/s；（3）0.3J【解析】（1）b球到達(dá)E點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)，由 ①x=vEt ②得vE=2m/s ③（2）對(duì)b球，從C到E，由動(dòng)能定理