答案解析部分1．【答案】A【知識點】共點力的平衡2．【答案】B【知識點】物理學史；引力常量及其測定【解析】【解答】根據開普勒、牛頓、卡文迪什和伽利略的主要貢獻分析即可。A．開普勒提出所有行星繞太陽運動的軌道都是橢圓，故A錯誤；B．卡文迪什在實驗室里通過扭秤實驗，得出了引力常量G的數值，故B正確；C．牛頓用“月—地檢驗”證實了萬有引力定律的正確性，故C錯誤；D．伽利略通過理想斜面實驗得出“物體運動不需要力來維持”，故D錯誤。故選B?！痉治觥勘绢}考查力學物理學史，熟練掌握著名物理學家的主要貢獻是解題的基礎。3．【答案】C【知識點】力的合成與分解的運用4．【答案】C【知識點】熱力學第一定律及其應用5．【答案】D【知識點】牛頓運動定律的應用—板塊模型；動量與能量的綜合應用一板塊模型【解析】【解答】AB．由木板A恰好能處于靜止，則A與斜面間動摩擦因數μ且A、B在斜面上滑動時，系統(tǒng)動量守恒。速度相等時滿足mBC．對B物體，根據牛頓第二定律mBgsin37°?μmBgcos37°=mBD全過程中系統(tǒng)因摩擦產生的熱量Q=μ故D正確。故選D?！痉治觥?、題目已知長木板A恰好能處于靜止可得A與斜面間動摩擦因數μ02、使B不脫離A的條件是B滑到A下端恰好共速，根據牛頓第二定律計算A、B加速度，以及A、B位移，可求A板長度。3、全過程中系統(tǒng)因摩擦產生的熱量等于AB間克服摩擦力做功加上A與斜面間克服摩擦力做功。6．【答案】B【知識點】衛(wèi)星問題7．【答案】C【知識點】雙星（多星）問題8．【答案】B,C【知識點】運動學St圖象；運動學vt圖象9．【答案】B,D【知識點】碰撞模型10．【答案】A,D【知識點】電場強度的疊加11．【答案】C,D【知識點】牛頓第二定律；牛頓運動定律的綜合應用12．【答案】（1）B（2）A（3）正確；v【知識點】研究平拋物體的運動【解析】（1）A．所用兩球的質量并不一定要相等，A不符合題意；B．需要改變小球下落的高度進行多次實驗，選項B符合題意；C．每次實驗中小錘擊打彈性金屬片的力度并不一定要相同，C不符合題意。故答案為B。（2）因1與2的間距與2與3的間距相等，而越往下小球的豎直速度越大，運動的時間越短，可知t因水平方向做勻速直線運動，可知x故答案為A。（3）正確；豎直方向上，應用逐差法：y水平方向x=解得v故答案為：v【分析】根據探究平拋運動的特點實驗要求選擇合適的實驗裝置，利用勻變速直線運動的特點與勻速直線運動的特點，結合逐差法可進行求解。（1）A．所用兩球的質量不一定要相等，選項A錯誤；B．需要改變小球下落的高度進行多次實驗，選項B正確；C．每次實驗中小錘擊打彈性金屬片的力度不一定要相同，選項C錯誤。故選B。（2）因1與2的間距等于2與3的間距，而越往下小球的豎直速度越大，運動的時間越短，可知t因水平方向做勻速運動，可知x故選A。（3）正確；豎直方向根據y水平方向x=解得v13．【答案】負；ρdl?；a【知識點】導體電阻率的測量；霍爾元件14．【答案】（1）解：根據題意可知，小球做平拋運動，豎直方向上，由?=1?=（2）解：水平方向上有x=解得，無人機水平飛行的速度大小為v（3）解：豎直方向上，由vyv則小球落地時的速度大小v=【知識點】平拋運動【解析】【分析】（1）當小球釋放時做平拋運動，利用豎直方向的位移公式可以求出距離地面的高度；（2）當小球做平拋運動時，利用水平方向的位移公式可以求出無人機飛行速度的大??；（3）當小球落地時，利用速度公式可以求出豎直方向分速度的大小，結合速度的合成可以求出合速度的大小。15．【答案】（1）導體棒P恰好沖上彎曲軌道最高點，有mPghv初始時，導體棒Q做減速運動，導體棒P做加速運動，最終導體棒P、Q做勻速運動，閉合回路中的感應電流為0，由法拉第電磁感應定律得2即2對導體棒P，由動量定理得B對導體棒Q，由動量定理得?2聯(lián)立解得v（2）P在水平軌道運動過程中，由法拉第電磁感應定律得E由閉合電路歐姆定律得I則有It解得ΔS（3）導體棒P在傾斜軌道上運動時，由牛頓第二定律得mgsinθF對電容器有U因此I聯(lián)立可得a由x得t【知識點】動量定理；閉合電路的歐姆定律；導體切割磁感線時的感應電動勢；電磁感應中的電路類問題【解析】【分析】（1）根據動能定理與動量定理分析解答；（2）根據法拉第電磁感應定律結合閉合電路歐姆定律解答；（3）根據電容的計算公式結合牛頓第二定律解答。16．【答案】（1）初始時刻，回路中產生的感應電動勢E=BL流過M的感應電流I=由右手定則知，方向沿順時針方向，M所受安培力F=IBL=由左手定則知，方向水平向左，由牛頓第二定律有F=ma解得a=方向水平向左。（2）由題知，M、N均在PQ左側運動時，對N，由動量定理有I解得Δ設從初始時刻到N進入PQ右側過程中，M、N之間的相對位移為ΔxΔ解得Δ要使M、N在PQ左側未相撞，初始時刻M、N的最小間距為x（3）由分析知，M、N均在PQ左側運動時，所受安培力大小相等、方向相反，M、N系統(tǒng)所受合外力為零，故M、N系統(tǒng)動量守恒，設N進入PQ右側時，M的速度為v1m解得v設M進入PQ右側時，N的速度為v2，從N進入PQ右側到M進入PQΔ對N，由動量定理有Δ解得v該過程中，對N又有Δ解得Δ該過程中，設N的位移大小為x1，M的位移大小為x2，則Δ解得xx1即為M進入PQ右側時M、N之間的距離，假設M、N在PQ右側未相撞而共速，則從M進入PQ右側到二者共速的過程中，由M、N系統(tǒng)動量守恒，有m?解得v該過程中，對N，由動量定理有I解得Δ該過程中，設M、N的相對位移為ΔxΔ解得Δ故Δ即M、N在PQ右側共速前會相撞，相撞后，由分析知，N向右減速，M向右加速，直至最終二者以v共【知識點】電磁感應中的動力學問題【解析】【分析】（1）由牛頓第二定律結合法拉第電磁感應定律、閉合電路歐姆定律和安培力公式，求出初始時刻M的加速度大小，由右手定則判斷感應電流，再由左手定則判斷安培力方向，得出加