湖南省瀏陽一中、株洲二中等湘東五校2025年物理高二下期末綜合測試試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，放在固定斜面上的物塊沿斜面下滑，若在物塊上再施加一豎直向下的恒力F，則A．若物塊原來勻速運動，則物塊將勻加速下滑B．若物塊原來勻速運動，則物塊將勻減速下滑C．若物塊原來勻加速運動，則物塊將以相同的加速度勻加速下滑D．若物塊原來勻加速運動，則物塊將以更大的加速度勻加速下滑2、如圖所示為幾個有理想邊界的磁場區(qū)域，相鄰區(qū)域的磁感應強度B大小相等、方向相反，區(qū)域的寬度均為L.現有一邊長為L的正方形導線框由圖示位置開始，沿垂直于區(qū)域邊界的直線勻速穿過磁場區(qū)域，速度大小為v.設逆時針方向為電流的正方向，下列各圖能正確反映線框中感應電流的是()A． B．C． D．3、液體表面張力產生的原因是()A．液體表面層分子較緊密，分子間斥力大于引力B．液體表面層分子較緊密，分子間引力大于斥力C．液體表面層分子較稀疏，分子間引力大于斥力D．液體表面層分子較稀疏，分子間斥力大于引力4、關于陰極射線的本質，下列說法正確的是（）A．陰極射線本質是氫原子 B．陰極射線本質是電磁波C．陰極射線本質是電子

D．陰極射線本質是X射線5、從高處跳到低處時，為了安全，一般都要屈腿(如圖所示)，這樣做是為了()A．減小沖量B．減小動量的變化量C．增大與地面的沖擊時間，從而減小沖力D．增大人對地面的壓強，起到安全作用6、如圖所示，使一個水平銅盤繞過其圓心的豎直軸轉動，且假設摩擦等阻力不計，轉動是勻速的.現把一個蹄形磁鐵水平向左移近銅盤，則A．銅盤轉動將變快 B．銅盤轉動將變慢C．銅盤仍以原來的轉速轉動 D．因磁極方向未知，無法確定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經歷等溫或等壓過程ab、bc、cd、da回到原狀態(tài)，其p－T圖象如圖所示，其中對角線ac的延長線過原點O.下列判斷正確的是A．氣體在狀態(tài)a時的內能大于它在狀態(tài)c時的內能B．在過程cd中氣體向外界放出的熱量大于外界對氣體做的功C．在過程da中氣體從外界吸收的熱量小于氣體對外界做的功D．在過程bc中外界對氣體做的功等于在過程da中氣體對外界做的功8、如圖所示電路中，變壓器為理想變壓器，a、b接在電壓有效值不變的交流電源兩端，R0為定值電阻，R為滑動變阻器．現將變阻器的滑片從一個位置滑動到另一位置，觀察到電流表A1的示數增大了0.2A，電流表A2的示數增大了0.8A，則下列說法正確的是()A．電壓表V2示數不變B．電壓表V3示數增大C．該變壓器起降壓作用D．變阻器滑片是沿d→c的方向滑動9、下列說法正確的是（）A．空氣相對濕度越大時，空氣中水蒸氣壓強越接近飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢B．露珠由于受重力的作用而呈球狀的C．一定質量的理想氣體，如果壓強不變，體積增大，那么它一定從外界吸熱D．一定質量的理想氣體等溫膨脹，一定吸收熱量10、如圖甲所示，長直導線與閉合線框位于同一平面內，長直導線中的電流i隨時間t的變化關系如圖乙所示。在0～T2A．0～T時間內線框中感應電流方向為順時針方向B．0～T時間內線框中感應電流方向為先順時針方向后逆時針方向C．0～T時間內線框受安培力的合力向左D．0～T2時間內線框受安培力的合力向左，T2～三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組利用圖1所示的裝置探究加速度與力、質量的關系（1）下列說法正確的是_____（填字母代號）A．調節(jié)滑輪的高度，使牽引滑塊的細繩與長木板保持平行B．在調節(jié)木板傾斜度平衡滑塊受到的滑動摩擦力時，將裝有砝碼的桶通過定滑輪拴在滑塊上C．實驗時，先放開滑塊再接通打點計時器的電源D．通過增減滑塊上的砝碼改變質量時，需要重新調節(jié)木板傾斜度（2）為使砝碼桶及桶內砝碼的總重力在數值上近似等于滑塊運動時受到的拉力，應滿足的條件是砝碼桶及桶內砝碼的總質量_____滑塊和滑塊上砝碼的總質量，（選填“遠大于”“遠小于”或“近似等于”）（3）如圖所示是實驗時打出的一條紙帶，ABCD……為每隔4個點取的計數點，據此紙帶可知：兩個計數點間的時間間隔為________s；D點位置的讀數為________cm;小車在打D點時速度大小為_________m/s;紙帶的加速度大小為_________m/s2（最后兩空結果均保留兩位有效數字）12．（12分）用金屬銣為陰極的光電管觀測光電效應現象，實驗裝置如圖甲所示。已知普朗克常量h=6.63×10-34J?s。（1）圖甲中電極A為光電管的_______________（填“陰極”或“陽極”）；（2）要觀察飽和電流，電源正負極的情況是__________________（填“左正右負”或“左負右正”）；要觀察遏止電壓，電源正負極的情況是__________________（填“左正右負”或“左負右正”）。（3）實驗中測得銣的遏止電壓UC與入射光頻率ν之間的關系如圖乙所示，則銣的截止頻率νC=__________________Hz，逸出功W0=__________________J（保留3個有效數字）；（4）如果實驗中入射光的頻率ν=7.00×1014Hz，則產生的光電子的最大初動能Ek=___________J（保留3個有效數字）．四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示為一豎直放置、上粗下細且上端開口的薄壁玻璃管，上部和下部的橫截面積之比為2:1，上管足夠長，下管長度l=34????cm．在管內用長度h=4????cm的水銀柱封閉一定質量的氣體，氣柱長度l1=20????cm①若緩慢升高氣體溫度，使水銀上表面到達粗管和細管交界處，求此時的溫度T2②繼續(xù)緩慢升高溫度至水銀恰好全部進人粗管，求此時的溫度T314．（16分）如圖所示，質量為m1＝0.01kg的子彈以v1＝500m/s的速度水平擊中質量為m2＝0.49kg的木塊并留在其中．木塊最初靜止于質量為m3＝1.5kg的木板上，木板靜止在光滑水平面上并且足夠長．木塊與木板間的動摩擦因數為μ＝0.1，求：(g＝10m/s2)(1)子彈進入木塊過程中產生的內能ΔE1；(2)木塊在木板上滑動過程中產生的內能ΔE2；(3)木塊在木板上滑行的距離x.15．（12分）如圖所示，一輛小車靜止在光滑水平地面上，小車上固定著半徑為R的光滑圓弧軌道，小車和軌道的總質量為M，軌道底端水平。質量為m的物塊靜置于圓弧軌道底端，物塊可以看做質點，有一質量為m0的子彈，以速度為v0水平向右射入物塊，并留在其中，子彈射入過程時間極短。求：（1）子彈打入物塊后瞬間，物塊對軌道的壓力大??；（2）物塊上升到最高點時，小車的速度；（3）在以后運動的過程中，小車的最大速度。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

AB.若物塊原來勻速運動，未加F時，物塊勻速下滑，受力平衡，分析物體的受力情況如圖，由平衡條件得：mgsinθ＝μmgcosθ；得：sinθ＝μcosθ對物塊施加一個豎直向下的恒力F時，物塊受到的滑動摩擦力大小為：f＝μ（F+mg）cosθ重力和F沿斜面向下的分力大小為（F+mg）sinθ，則可知，（F+mg）sinθ＝μ（F+mg）cosθ，則物塊受力仍平衡，所以仍處于勻速下滑狀態(tài)，故AB錯誤。CD.若物塊原來勻加速運動，未加F時，物體受重力、支持力和摩擦力，根據牛頓第二定律有：；當施加F后加速度為：a′＝，因為gsinθ＞μgcosθ，所以Fsinθ＞μFcosθ，可見a′＞a，即加速度增大，則物塊將以更大的加速度勻加速下滑。故D確、C錯誤。2、D【解析】AB．導線框進入磁場中0到L的過程中，由右手定則知，感應電流的方向為順時針，即負方向，感應電流I＝，大小恒定，故A錯誤、B錯誤；CD．導線框進入磁場中L至2L的過程中，導線框左右兩側均切割磁感線，由右手定則，可判斷感應電流的方向為逆時針，即為正方向，感應電流I＝，C錯誤，D正確．故選：D3、C【解析】

液體表面層分子間距離大于平衡距離，液體表面層分子較稀疏，液體表面層分子間作用力表現為引力，故C正確．4、C【解析】陰極射線是由于電子動能變大，原子核束縛不住電子，電子逃逸出來，形成的粒子流．所以答案選C．思路分析：一般分為熱陰極、場發(fā)射陰極，光發(fā)射陰極，二次發(fā)射陰極都不一樣．粗糙地說，都是想辦法讓電子動能變大，原子核拉住電子的力變小，這樣電子就飛出去了．熱陰極的手段是加熱，電子動能就大了；光發(fā)射陰極是用光子照射陰極表面（光電效應就是）；二次發(fā)射陰極是用別的陰極產生的電子轟擊陰極，把電子“崩飛出來”；場發(fā)射陰極是利用外加電場把電子“拉”出來．試題點評：考查了陰極射線的本質5、C【解析】

從同一高度跳下，速度的變化量相等，所以動量的改變量相等，先讓腳尖著地，可以增大人與地面的接觸時間，根據公式，從而使在發(fā)生相等的動量變化量的情況下人受到地面的沖力減小，A.減小沖量與分析不符，故選項A不符合題意B.減小動量的變化量，故選項B不符合題意C.增大與地面的沖擊時間，從而減小沖力,故選項C符合題意D.增大人對地面的壓強，起到安全作用,故選項D不符合題意6、B【解析】

（1)假設蹄形磁鐵的上端為N極，下端為s極，銅盤順時針轉動．根據右手定則可以確定此時銅盤中的感應電流方向是從盤心指向邊緣．（2）通電導體在磁場中要受到力的作用，根據感應電流的方向和磁場的方向，利用左手定則可以確定磁場對銅盤的作用力的方向是沿逆時針方向，與其受力方向與銅盤的轉動方向相反，所以銅盤的轉動速度將減?。疅o論怎樣假設，銅盤的受力方向始終與轉動方向相反．同時，轉動過程中，機械能轉化為電能，所以轉得慢了．所以B正確，ACD錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A．理想氣體在狀態(tài)a的溫度大于狀態(tài)c的溫度，理想氣體的內能只與溫度有關，溫度高，內能大，故氣體在狀態(tài)a時的內能大于它在狀態(tài)c時的內能，故A正確；B．在過程cd中溫度不變，內能不變△U=0，等溫變化壓強與體積成反比，壓強大體積小，從c到d體積減小，外界對氣體做正功，根據熱力學第一定律，所以W=|Q|，所以在過程cd中氣體向外界放出的熱量等于外界對氣體做的功，故B錯誤；C．在過程da中，等壓變化，溫度升高，內能增大，體積變大，外界對氣體做負功即，根據熱力學第一定律，Q＞|W|，所以在過程da中氣體從外界吸收的熱量大于氣體對外界做的功，故C錯誤；D．在過程bc中，等壓變化，溫度降低，內能減小，體積減小，外界對氣體做功，根據，即，；da過程中，氣體對外界做功，因為，所以|Wbc|=|Wda|，在過程bc中外界對氣體做的功等于在過程da中氣體對外界做的功，故D正確。8、AC【解析】

觀察到電流表A1的示數增大了0.2A，電流表A2的示數增大了0.8A，即副線圈電流增大，由于a、b接在電壓有效值不變的交流電流兩端，匝數比不變，所以副線圈電壓不變，即V1，V2示數不變，根據歐姆定律得負載電阻減小，所以變阻器滑片是沿c→d的方向滑動，故A正確，D錯誤；由于電流表A2的示數增大，所以R0兩端電壓增大，所以滑動變阻器R兩端電壓減小，即電壓表V3示數減小，故B錯誤；觀察到電流表A1的示數增大了0.2A，電流表A2的示數增大了0.8A，即原線圈電流增大量小于副線圈電流增大量，根據電流與匝數成反比，所以該變壓器起降壓作用，故C正確；故選AC．9、ACD【解析】

A項：空氣相對濕度越大時，空氣中水蒸氣壓強越接近飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢，故A正確；B項：，由于表面張力的作用總是想使露珠的表面積減小，而體積相同的情況下球的表面積最小，所以露珠呈球形，故B錯誤；C項：一定質量的理想氣體，如果壓強不變，體積增大，由可知溫度升高，則內能增加，根據熱力學第一定律得知氣體一定吸熱，故C正確；D項：等溫膨脹，氣體內能不變，體積增大，氣體對外做功，由熱力學第一定律可得：可知，氣體一定吸收熱量．10、AD【解析】

AB.0～T時間內直導線中電流先向上減小，再向下增大，所以導線框中的磁場向里減小，后向外增強，根據右手定則，所以感應電流始終為順時針方向，故A符合題意B不符合題意。CD.在0～T2時間內，長直導線中電流向上，根據安培定則，知導線右側磁場的方向垂直紙面向里，電流逐漸減小，則磁場逐漸減弱，根據楞次定律，金屬線框中產生順時針方向的感應電流。根據左手定則，知金屬框左邊受到的安培力方向水平向左，右邊受到的安培力水平向右，離導線越近，磁場越強，則左邊受到的安培力大于右邊受到的安培力，所以金屬框所受安培力的合力水平向左；在T2～T時間內，直線電流方向向下，根據安培定則，知導線右側磁場的方向垂直紙面向外，電流逐漸增大，則磁場逐漸增強，根據楞次定律，金屬線框中產生順時針方向的感應電流。根據左手定則，知金屬框左邊受到的安培力方向水平向右，右邊受到的安培力水平向左，離導線越近，磁場越強，則左邊受到的安培力大于右邊受到的安培力，所以金屬框所受安培力的合力水平向右，故C不符合題意三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)A(2)遠小于;(3)0.1s4.25cm0.20m/s;0.43m/s2【解析】（1）調節(jié)滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行，否則拉力不會等于合力，故A正確；在調節(jié)模板傾斜度平衡木塊受到的滑動摩擦力時，不應懸掛“重物”，故B錯誤；

打點計時器要“早來晚走”即實驗開始時先接通打點計時器的電源待其平穩(wěn)工作后再釋放木塊，而當實驗結束時應先控制木塊停下再停止打點計時器，故C錯誤；

平衡摩擦力后，有mgsinθ=μmgcosθ，即μ=tanθ，與質量無關，故通過增減木塊上的砝碼改變質量時，不需要重新調節(jié)木板傾斜度，故D錯誤；選擇A；

（2）設砝碼與砝碼桶的質量為m，小車的質量為M，對砝碼桶及砝碼與小車組成的系統(tǒng)，由牛頓第二定律得：a=，對木塊，由牛頓第二定律得：T=Ma=，只有當砝碼桶及桶的質量遠小于小車質量時，即：m＜＜M時，小車受到的拉力近似等于砝碼及砝碼桶的重力；（3）兩個計數點間的時間間隔為T=5×0.02s=0.1s；D點位置的讀數為4.25cm;小車在打D點時速度大小為;紙帶的加速度大小為.12、陽極左正右負左負右正（5.12-5.18）×1014Hz（3.39-3.43）×10-19J（1.21-1.25）×10-19J【解析】

第一空．由光電管的結構可知A板為正極，即為陽極。

第二空．觀察飽和電流，加正向電壓，光電子加速，則電源正負極的情況是左正右負；第三空．要觀察遏止電壓，加反向電壓，光電子減速，則電源正負極的情況是左負右正；

第四空．由和得：，因此當遏制電壓為零時，，根據圖象可知，銣的截止頻率；

第五空．根據，則可求出該金屬的逸出功大??；

第六空．根據圖象和，結合公式；解得：。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)T2=450【解析】試題分析：①氣體發(fā)生等壓變化，根據蓋-呂薩克定律求解；②根據理想氣體狀態(tài)方程列式計算。①從初態(tài)到水銀上表面到達粗管和細管交界處，壓強不變初態(tài)：P1=P0末態(tài)：p2=由蓋呂薩克定律：V得：T②水銀