安徽定遠高復學校2025年高二物理第二學期期末達標檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列關于物體的動量和動能的說法，正確的是()A．物體的動量發(fā)生變化，其動能一定發(fā)生變化 B．物體的動能發(fā)生變化，其動量一定發(fā)生變化C．若兩個物體的動量相同，它們的動能也一定相同 D．兩物體中動能大的物體，其動量也一定大2、木塊a和b用一根輕彈簧連接起來，放在光滑水平面上，a緊靠在墻壁上，在b上施加向左的水平力使彈簧壓縮，如圖所示，當撤去外力后，下列說法中正確的是（）①a尚未離開墻壁前，a和b組成的系統(tǒng)動量守恒②a尚未離開墻壁前，a和b組成的系統(tǒng)動量不守恒③a離開墻壁后，a和b組成的系統(tǒng)動量守恒④a離開墻壁后，a和b組成的系統(tǒng)動量不守恒A．①③ B．②④ C．②③ D．①④3、跳繩是麗水市高中畢業(yè)生體育測試的項目之一，高三的小李同學在某次測驗過程中，一分鐘跳次，每次跳躍，腳與地面的接觸時間為跳躍一次所用時間的，則他克服重力做功的平均功率約為（）A． B． C． D．4、如圖所示，主動輪A通過皮帶帶動從動輪B按圖示方向勻速轉(zhuǎn)動，物體隨水平皮帶勻速運動，則下列說法正確的是A．物體受到向右的摩擦力B．物體不受摩擦力C．主動輪上的P點所受摩擦力方向向下D．從動輪上的Q點所受摩擦力方向向下5、據(jù)報道，2018年12月22日，我國在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射了“虹云工程技術驗證衛(wèi)星”，衛(wèi)星環(huán)繞地球的運行的周期約為1.8h．與月球相比，該衛(wèi)星的A．角速度較小 B．環(huán)繞速度更小C．向心加速度更大 D．離地球表面的高度更大6、一質(zhì)點沿直線Ox方向做變速運動，它離開O點的距離隨時間變化的關系為x=（6＋2t3）m。則該質(zhì)點在t=1s到t=3s內(nèi)的平均速度大小為A．30m/sB．26m/sC．14m/sD．無法確定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示為同一地點的兩單擺甲、乙的振動圖象，下列說法中正確的是A．甲、乙兩單擺的擺長相等B．甲擺的振幅比乙擺大C．甲擺的機械能比乙擺大D．在t=0.5s時有正向最大加速度的是乙擺8、如圖所示，在x軸上方存在垂直紙面向里的磁感應強度為B的勻強磁場，x軸下方存在垂直紙面向外的磁感應強度為的勻強磁場．一帶負電的粒子從原點O沿與x軸成30°角斜向上方射入磁場，且在上方運動半徑為R．則下列說法正確的是（）A．粒子在運動過程中的動能保持不變B．粒子在x軸上方和下方運動的半徑之比為2：1C．粒子完成一次周期性運動的時間為D．粒子第二次射入x軸上方的磁場時，沿x軸前進3R9、如圖所示，將半圓形玻璃磚置于空氣中，讓單色光沿著半圓形玻璃磚的半徑射到它平直的面上，以下四個光路圖中，可能發(fā)生的情況是（）A．B．C．D．10、如圖所示，電源的電動勢E＝30V，內(nèi)阻r＝2Ω，定值電阻R＝16Ω，M是電動機，線圈電阻R′＝1Ω。電動機正常工作時，理想電壓表示數(shù)為12V，則A．通過定值電阻R的電流為2AB．定值電阻R兩端的電壓為16VC．電動機的輸出功率11WD．電動機的發(fā)熱功率為2W三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了測一圓柱體電阻的電阻率，小光同學分別用游標卡尺和螺旋測微器測量其長度和直徑，由圖知，長度為___________，直徑為____________．12．（12分）用半徑均為r的小球1和小球2做碰撞驗證動量守恒定律，實驗裝置如圖所示，斜槽與水平槽圓滑連接。安裝固定好實驗裝置，豎直擋板上鋪一張白紙，白紙上鋪放復寫紙，用夾子固定住，小球圓心與O點位置等高。接下來的實驗步驟如下：步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點由_____（“靜止”或“一定初速度”）滾下，并落在豎直擋板上。重復多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置P；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣位置B，讓小球1從A點由靜止?jié)L下，使它們碰撞。重復多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標出碰撞后兩小球落點的平均位置N、M；步驟3：用毫米刻度尺測得O點與M、P、N三點的豎直方向的距離分別為h1、h2、h3。（1）設球1和球2的質(zhì)量m1、m2，則關于步驟2中的說法，正確的是_____A．球1、球2的落點分別是N、MB．球1、球2的落點分別是M、NC．如果兩球質(zhì)量相等，則球2的落點介于ON之間D．球1的質(zhì)量應該大于球2的質(zhì)量（2）當所測物理量滿足表達式_____（可以用（2）問中物理量的字母表示）時，即說明兩球碰撞遵守動量守恒定律。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩條平行金屬導軌相距L=lm，處在豎直向下的B=0.5T勻強磁場中，金屬棒MN置于平導軌上，金屬棒與導軌垂直且接觸良好，MN的質(zhì)量為m=0.2kg，MN的電阻為r=1.0Ω，與水平導軌間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，外接電阻R=1.5Ω．從t=0時刻起，MN棒在水平外力F的作用下由靜止開始以a=2m/s2的加速度向右做勻加速直線運動．不計導軌的電阻，水平導軌足夠長，g=10m/s2，求：（1）t=5s時，外接電阻R消耗的電功率；（2）t=0～2.0s時間內(nèi)通過金屬棒MN的電荷量；（3）規(guī)定圖示F方向作為力的正方向，求出F隨時間t變化的函數(shù)關系；（4）若改變水平外力F的作用規(guī)律，使MN棒的運動速度v與位移x滿足關系：V=0.5x，求MN棒從靜止開始到x=6m的過程中，水平外力F所做的功．14．（16分）如圖所示，水平U形光滑框架，寬度為l=1m，電阻忽略不計，導體棒ab的質(zhì)量m=0.2kg，電阻R=0.5Ω，勻強磁場的磁感應強度B=1T，方向垂直框架向上．現(xiàn)用F=6N的恒定外力由靜止開始向右拉ab棒，求：（1）當ab棒的速度達到2m/s時，ab棒產(chǎn)生的感應電流的大小和方向；（2）當ab棒的速度達到2m/s時，ab棒的加速度大?。唬?）ab棒運動的最大速度．15．（12分）如圖所示，為透明圓柱體的橫截面，為圓柱體半徑延長線上一點，點發(fā)出一細激光束與成角射到圓弧上的點，入射角為，出射光線平行于．光速是已知量．求：（1）在圖中標上入射角和折射角；（2）玻璃對激光束的折射率；（3）激光束在玻璃中的傳播速度．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】物體的質(zhì)量一定時，若動能變化，其速度大小一定變化，物體的動量一定變化；物體的動量改變，可能是方向變而大小不變，故動能可以不變化，也可以變化；故A錯誤，B正確；動量P=mv，動能Ek=12mv2，解得Ek=P22m，若兩個物體的動量相同，質(zhì)量不同，它們的動能就一定不相同，故【點睛】動能是標量，動量是矢量，矢量方向的變化也是矢量變化；根據(jù)動能和動量的關系式Ek=P2、C【解析】

動量守恒定律的運用條件是不受外力或所受合外力為零，a尚未離開墻壁前，a和b組成的系統(tǒng)受到墻壁對它們的作用力，系統(tǒng)的合外力不為零，不滿足動量守恒條件；a離開墻壁后，系統(tǒng)所受合外力為零，動量守恒．故②③正確。所以C正確，ABD錯誤。故選C。3、D【解析】跳一次的時間是：；人跳離地面向上做豎直上拋，到最高點的時間為：；此過程克服重力做功為：W=mg（gt2）=500×（×10×0.01）=25J；跳繩時克服重力做功做功的功率為：，故C正確，ABD錯誤；故選C.4、B【解析】

AB.物體與傳送帶一起做勻速運動，沒有相對運動和相對運動的趨勢，不受摩擦力，故A錯誤，B正確.C.P點在主動輪上，即輪子帶著傳送帶運動，故輪子相對于傳送帶有向下運動的趨勢，可知P處摩擦力向上；故C錯誤.D.Q點在從動輪上，即輪子是在傳送帶的帶動下運動的，輪子相對與傳送帶有向下運動的趨勢，可知Q處摩擦力向上，故D錯誤.5、C【解析】

根據(jù)萬有引力提供向心力：，解得：，可知衛(wèi)星的軌道半徑小于月球的軌道半徑，故D錯誤；根據(jù)萬有引力提供向心力：，解得：，可知半徑小的角速度大，故A錯誤；根據(jù)萬有引力提供向心力：，解得：，可知半徑小的速度大，故B錯誤；據(jù)萬有引力提供向心力：，解得：，可知半徑小的加速度大，故C正確．6、B【解析】

根據(jù)離開O點的距離隨時間變化的關系可知t=1s時，距離x=（6＋2）m=8mt=3s時，距離x'=所以平均速度：vA.30m/s與計算結(jié)果不符，故A不符合題意。B.26m/s與計算結(jié)果相符，故B符合題意。C.14m/s與計算結(jié)果不符，故C不符合題意。D.根據(jù)以上分析，故D不符合題意。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】

由圖看出，兩個單擺的周期相同，同一地點g相同，由單擺的周期公式得知，甲、乙兩單擺的擺長L相等．故A正確．甲擺的振幅為10cm，乙擺的振幅為7cm，則甲擺的振幅比乙擺大．故B正確．盡管甲擺的振幅比乙擺大，兩擺的擺長也相等，但由于兩擺的質(zhì)量未知，無法比較機械能的大?。蔆錯誤．在t=0.5s時，乙擺具有最大負向位移，由可知，乙擺具有正向最大加速度．故D正確．點睛：本題只要掌握單擺的周期公式、加速度的特點等等，就能正確解答．由振動圖象讀出振幅、周期是基本功，要熟練掌握．8、ACD【解析】試題分析：粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力對其不做功，粒子的動能不變，故A正確；粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得，解得：，則粒子的軌道半徑之比：，故B錯誤；粒子在x軸上方做圓周運動的周期：，在x軸下方飛周期：，負電荷在第一象限軌跡所對應的圓心角為，在第一象限軌跡所對應的圓心角也為，，故C正確；根據(jù)幾何知識得：粒子第二次射入x軸上方磁場時，沿x軸前進距離為x=R+2R=3R．故D正確．故選ACD．【點睛】本題的解題關鍵是根據(jù)軌跡的圓心角等于速度的偏向角，找到圓心角，即可由幾何知識求出運動時間和前進的距離．9、BD【解析】

當入射角小于臨界角時，光線在平直面上既發(fā)生反射，又發(fā)生折射，光線從玻璃磚折射到空氣中時，折射角應大于入射角，故AC錯誤，B正確．若入射角大于等于臨界角，則光線在平直面上發(fā)生全反射，沒有折射光線，故D正確．故選BD．【點睛】解決本題的關鍵要掌握折射規(guī)律，知道光線從介質(zhì)折射進入空氣時折射角大于入射角；掌握發(fā)生全反射的條件．10、BC【解析】

A．理想電壓表示數(shù)為12V，根據(jù)閉合電路歐姆定律，內(nèi)阻r和定值電阻R的電壓和為U=18V，根據(jù)歐姆定律，通過定值電阻R的電流為=1A，故A錯誤；B．根據(jù)歐姆定律，定值電阻R兩端的電壓=1×16V=16V，故B正確；CD．電動機的總功率=12W，電動機的發(fā)熱功率=1W，電動機的輸出功率=11W，故C正確，D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、【解析】

[1]．由圖示游標卡尺可知，長度：L=100mm+4×0.01mm=100.4mm=10.04cm；[2]．由圖示螺旋測微器可知，直徑：D=2mm+15.0×0.01mm=2.150mm．【點睛】本題考查了游標卡尺與螺旋測微器讀數(shù)，游標卡尺主尺與游標尺示數(shù)之和是游標卡尺示數(shù)；螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器示數(shù)．12、靜止BDm1h2=m【解析】

第一空、靜止。為控制小球到達軌道末端時的速度相等，不放小球2時，讓小球1從斜槽上A點由靜止?jié)L下。第二空、BD。AB、小球離開軌道后做平拋運動，小球在水平方向的位移d相等，小球做平拋運動的時間t=dv0，小球在豎直方向的位移為：h=12gt2=gd22v02，由于g、d都相等，小球的初速度v0越大，小球下落的高度h越小，兩球碰撞后入射球1的速度小于被碰球2的速度，因此球1的豎直分位移大于球2的豎直分位移，由圖示可知，球1、球2C、如果兩球質(zhì)量相等，兩球發(fā)生彈性碰撞后兩球交換速度，碰撞后球1靜止、球2做平拋運動，球2的落點為P，故C錯誤。D、為防止入射球反彈，球1的質(zhì)量應大于球2的質(zhì)量，故D正確。第三空、m1h2=m小球離開軌道后做平拋運動，水平方向：d=v0t，豎直方向：h=12gt2，解得：v0=d2hg由題意可知，碰撞前球1的速度為：v0=dg碰撞后球1的速度為：v1=dg碰撞后球2的速度為：v2=dg碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：m1v0＝m1v1+m2v2，整理得：m1h2=m四、計算題：本題共3小題，共38分。把答