高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆福建省漳州市高三下學(xué)期畢業(yè)班第四次質(zhì)量檢測(cè)物理試題本試卷共6頁(yè)，滿分100分。一、單項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.光在科學(xué)技術(shù)、生產(chǎn)和生活中有廣泛的應(yīng)用，下列說(shuō)法中正確的是（）A.泊松亮斑是光的直線傳播現(xiàn)象B.激光全息照相利用了激光相干性好的特性C.佩戴特殊眼鏡觀看立體電影是利用光的干涉現(xiàn)象D.眼鏡鏡片上的防藍(lán)光鍍膜是利用光的衍射現(xiàn)象【答案】B【解析】A．泊松亮斑是光的衍射現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；B．激光全息照相利用了激光相干性好的特性，故B正確；C．立體電影利用了光的偏振，故C錯(cuò)誤；D．照相機(jī)鏡頭涂上增透膜是光的干涉現(xiàn)象，故D錯(cuò)誤；故選B。2.如圖所示的電路中，變壓器為理想變壓器，a、b接在電壓有效值不變的交流電源兩端，為定值電阻，R為滑動(dòng)變阻器，所有電表均為理想電表?，F(xiàn)將變阻器滑片從一個(gè)位置滑動(dòng)到另一位置，觀察到電壓表的示數(shù)增大，則（）A.變阻器滑片是向下滑動(dòng)的 B.電壓表示數(shù)增大C.電流表示數(shù)增大 D.電流表和示數(shù)之比不變【答案】D【解析】AB．由題知，a、b接在電壓有效值不變的交流電源兩端，所以原線圈的電壓不變，即電壓表示數(shù)不變，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，可知副線圈的電壓也不變，即電壓表示數(shù)不變，又在副線圈回路中有現(xiàn)觀察到電壓表的示數(shù)增大，即增大，所以減小，根據(jù)可知減小，即電流表示數(shù)減小，所以副線圈回路中的電阻增大，故變阻器滑片是向上滑動(dòng)的，故AB錯(cuò)誤；CD．根據(jù)電流與匝數(shù)的關(guān)系有可知電流表和示數(shù)之比不變，則電流表示數(shù)減小，故C錯(cuò)誤，D正確故選D3.如圖為一簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)刻沿x軸傳播的部分波形圖。此時(shí)質(zhì)點(diǎn)A沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，時(shí)質(zhì)點(diǎn)A第一次到達(dá)波谷，則（）A.該波的波長(zhǎng)為4mB.該波沿x軸正方向傳播C.時(shí)質(zhì)點(diǎn)B的加速度最大D.0~0.5s內(nèi)處質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程為2cm【答案】C【解析】A．由圖結(jié)合數(shù)學(xué)方法可知m解得m，故A錯(cuò)誤；B．質(zhì)點(diǎn)A沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平移法可知，該波沿x軸負(fù)方向傳播，故B錯(cuò)誤；C．時(shí)質(zhì)點(diǎn)A第一次到達(dá)波谷，則有s解得s則時(shí)質(zhì)點(diǎn)B運(yùn)動(dòng)至波谷位置，加速度最大，故C正確；D．時(shí)刻處質(zhì)點(diǎn)不在平衡位置、波峰、波谷處，則0~0.5s即時(shí)間內(nèi)，其運(yùn)動(dòng)的路程不等于2cm，故D錯(cuò)誤；故選C。4.我們通常以地球上看到的角度（即“角直徑”，如圖中θ）來(lái)描述遙遠(yuǎn)星球的大小。已知地球繞太陽(yáng)的公轉(zhuǎn)周期T、角直徑θ和引力常量G，則能求出的物理量有（）A.太陽(yáng)的質(zhì)量 B.太陽(yáng)的平均密度C.地球的平均密度 D.地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的軌道半徑【答案】B【解析】AD．設(shè)太陽(yáng)的半徑為R，根據(jù)幾何關(guān)系可得地球繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的軌道半徑根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得太陽(yáng)的質(zhì)量由于太陽(yáng)半徑未知，所以無(wú)法求出太陽(yáng)的質(zhì)量和地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的軌道半徑，故AD錯(cuò)誤B．根據(jù)，又可得太陽(yáng)的平均密度，故B正確；C．地球是環(huán)繞天體，地球半徑未知，質(zhì)量未知，無(wú)法求出地球的平均密度，故C錯(cuò)誤。故選B。二、雙項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。每小題有兩項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。5.光控繼電器在光伏發(fā)電系統(tǒng)中用于控制太陽(yáng)能電池板的開(kāi)關(guān)和進(jìn)行動(dòng)態(tài)監(jiān)測(cè)。如圖所示為光控繼電器的原理示意圖，它由電源、光電管、放大器、電磁繼電器等組成，K為光電管陰極。用綠光照射K時(shí)，能發(fā)生光電效應(yīng)，銜鐵被吸住，則（）A.僅增大綠光照射強(qiáng)度，電磁鐵磁性將變?nèi)魾.僅增大綠光照射強(qiáng)度，電磁鐵磁性將變強(qiáng)C.改用紫光照射K時(shí)，陰極金屬材料的逸出功將變大D.改用紫光照射K時(shí)，光電子的最大初動(dòng)能將變大【答案】BD【解析】AB．僅增大綠光照射強(qiáng)度，根據(jù)光電效應(yīng)規(guī)律可知，單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)增多。光電子數(shù)增多，經(jīng)過(guò)放大器后，通過(guò)電磁鐵的電流增大。又因?yàn)殡娏髟酱?，電磁鐵的磁性越強(qiáng)，所以僅增大綠光照射強(qiáng)度時(shí)，電磁鐵磁性將變強(qiáng)。故A錯(cuò)誤，B正確；C．陰極金屬材料的逸出功是金屬的固有屬性，只與金屬材料本身有關(guān)，與入射光的頻率無(wú)關(guān)。所以改用紫光照射K時(shí)，陰極金屬材料的逸出功不變，故C錯(cuò)誤；D．愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程為根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程可判斷，因?yàn)樽瞎忸l率大于綠光頻率，而金屬的逸出功不變，所以改用紫光照射K時(shí)，光電子的最大初動(dòng)能將變大，故D正確。故選BD。6.如圖為某輻向電場(chǎng)示意圖，電場(chǎng)強(qiáng)度大小可表示為，b為常量，r為電場(chǎng)中某點(diǎn)到圓心O的距離。帶電粒子僅在輻向電場(chǎng)的靜電力作用下，以O(shè)為圓心做圓周運(yùn)動(dòng)。M、N是同一圓周上的兩點(diǎn)，則（）A.M、N兩點(diǎn)電勢(shì)相等B.M、N兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同C.線速度大小相等的粒子，比荷一定相同D.線速度大小相等的粒子，軌道半徑一定相同【答案】AC【解析】A．根據(jù)圖示虛線圓周與電場(chǎng)線垂直，可知，虛線圓周為一條等勢(shì)線，即M、N兩點(diǎn)電勢(shì)相等，故A正確；B．電場(chǎng)線分布的疏密程度間接表示電場(chǎng)強(qiáng)弱，根據(jù)圖示可知，M、N兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不同，則M、N兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度不相同，故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)，其中解得，可知，線速度大小相等的粒子，比荷一定相同，但軌道半徑不一定相同，故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。7.如圖，圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子從P點(diǎn)以速度ν沿平行于直徑CD方向射入磁場(chǎng)，粒子經(jīng)過(guò)圓心O，最后離開(kāi)磁場(chǎng)。已知圓形區(qū)域半徑為R，PO與CD間的夾角為，不計(jì)粒子重力。則（）A.磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為C.僅改變速度方向，粒子可能從D點(diǎn)射出D.僅增大速度，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間將變短【答案】AD【解析】A．根據(jù)題意畫(huà)出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，如圖所示由于圓形區(qū)域半徑為R，則P點(diǎn)到CD距離為，設(shè)粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，根據(jù)幾何關(guān)系有粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力，則有解得故A正確；B．根據(jù)上述分析可知，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡為半個(gè)圓周，粒子圓周運(yùn)動(dòng)的周期則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，故B錯(cuò)誤；C．僅改變速度方向，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡半徑不變，則粒子不可能從D點(diǎn)射出，故C錯(cuò)誤；D．圓心在過(guò)P點(diǎn)的豎直線上，僅增大速度，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期不變，運(yùn)動(dòng)半徑增大，可知軌跡圓心角變小，粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間將變短，故D正確；故選AD。8.在光滑絕緣水平面上，相隔4L的A、B兩點(diǎn)固定著兩個(gè)等量同種正點(diǎn)電荷，a、o、b是AB連線上三點(diǎn)，o是AB中點(diǎn)，，空間另有一水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一質(zhì)量為m，電荷量為q的試探電荷在電場(chǎng)力作用下，以初速度從a點(diǎn)出發(fā)沿連線向B運(yùn)動(dòng)到o點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為a點(diǎn)動(dòng)能的2倍，到b點(diǎn)時(shí)速度為零，規(guī)定o點(diǎn)為零電勢(shì)點(diǎn)，則（）A.試探電荷帶正電 B.b點(diǎn)電勢(shì)C.a點(diǎn)電勢(shì) D.勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為【答案】AD【解析】A．根據(jù)等量同種電荷的電勢(shì)分布特點(diǎn)可知a、b兩點(diǎn)電勢(shì)相等，即a到b過(guò)程，等量同種電荷對(duì)試探電荷做功為0，題意知a到b試探電荷做減速運(yùn)動(dòng)，可知?jiǎng)驈?qiáng)電場(chǎng)對(duì)試探電荷做負(fù)功，故試探電荷帶正電，故A正確；B．o到b過(guò)程，由動(dòng)能定理有因?yàn)閛點(diǎn)為零電勢(shì)點(diǎn)，整理有故B錯(cuò)誤；C．a(chǎn)到o過(guò)程，由動(dòng)能定理有因?yàn)閛點(diǎn)為零電勢(shì)點(diǎn)，整理有故C錯(cuò)誤；D．a(chǎn)到b過(guò)程，由動(dòng)能定理有解得，故D正確。故選AD。三、非選擇題：共60分，其中9~11題為填空題，12、13為實(shí)驗(yàn)題，14~16題為計(jì)算題?？忌鶕?jù)要求作答。9.無(wú)人機(jī)小巧靈活，國(guó)內(nèi)已經(jīng)逐步嘗試通過(guò)無(wú)人機(jī)進(jìn)行火災(zāi)救援。假設(shè)無(wú)人機(jī)從地面靜止起飛沿直線運(yùn)動(dòng)至滅火位置，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程v?t圖像如圖所示，則加速階段的加速度________（填“大于”“小于”或“等于”）減速階段的加速度，起飛點(diǎn)與滅火位置的距離為_(kāi)_______m?！敬鸢浮啃∮?；90【解析】根據(jù)v?t圖像斜率的絕對(duì)值表示加速度大小可知加速階段的加速度小于減速階段的加速度；根據(jù)v?t圖像面積表示位移可得起飛點(diǎn)與滅火位置的距離10.一彈性健身球，球內(nèi)氣體的體積為110L，壓強(qiáng)為。如圖所示，某健身愛(ài)好者緩慢靠到球上，達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，球內(nèi)氣體體積變?yōu)?00L，球內(nèi)氣體視為理想氣體且溫度不變，則球內(nèi)氣體壓強(qiáng)變?yōu)開(kāi)_____Pa，該過(guò)程外界對(duì)氣體做的功______（填“大于”“小于”或“等于”）氣體向外界放出的熱量?！敬鸢浮浚坏扔凇窘馕觥繗怏w溫度不變，根據(jù)玻意耳定律有解得氣體溫度不變，則氣體內(nèi)能不變，氣體體積減小，外界對(duì)氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，該過(guò)程外界對(duì)氣體做的功等于氣體向外界放出的熱量。11.一手機(jī)支架，其“L”型板由板面S和底托T組成，可以繞轉(zhuǎn)軸A轉(zhuǎn)動(dòng)，支撐桿H可以繞轉(zhuǎn)軸B轉(zhuǎn)動(dòng)。如圖所示手機(jī)靜置于支架上，保持轉(zhuǎn)軸A不動(dòng)，將桿H由豎直方向逆時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)一個(gè)小角度，忽略“L”型板對(duì)手機(jī)的摩擦。則手機(jī)受到________個(gè)力的作用，板面S對(duì)手機(jī)的支持力________（填“變大”、“變小”或“不變”），支架對(duì)手機(jī)的作用力________（填“變大”、“變小”或“不變”）?！敬鸢浮?；變?。徊蛔儭窘馕觥渴謾C(jī)受到底托T的作用力大小為，板面S對(duì)手機(jī)的作用力大小為，以及重力3個(gè)力的作用；設(shè)手機(jī)質(zhì)量為m，板面S與水平方向的夾角為，以手機(jī)為對(duì)象，根據(jù)受力平衡可得保持轉(zhuǎn)軸A不動(dòng)，將支撐桿H由豎直方向逆時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)一個(gè)小角度，則變大，可知底托T對(duì)手機(jī)的作用力變大；支架對(duì)手機(jī)的作用力與手機(jī)的重力平衡，則支架對(duì)手機(jī)的作用力不變。12.某興趣小組利用如圖甲所示的向心力演示儀探究向心力大小與角速度、運(yùn)動(dòng)半徑、質(zhì)量的關(guān)系。（1）標(biāo)尺上露出的紅白相間等分格子數(shù)，可以粗略顯示小球的________（填“向心力”或“角速度”）大小。（2）另一興趣小組用如圖乙所示的裝置探究向心力與角速度的關(guān)系。用手撥動(dòng)旋臂使它做圓周運(yùn)動(dòng)，力傳感器和光電門(mén)固定在實(shí)驗(yàn)器上，實(shí)時(shí)測(cè)量向心力和角速度的大小。a．圖丙中①②兩條曲線為相同半徑、不同質(zhì)量下向心力與角速度的關(guān)系圖線，由圖可知曲線①對(duì)應(yīng)的金屬塊質(zhì)量________（填“大于”或“小于”）曲線②對(duì)應(yīng)的金屬塊質(zhì)量；b．為了進(jìn)一步明確向心力與角速度的關(guān)系，作出圖線為過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，由此可得出的結(jié)論是________?！敬鸢浮浚?）向心力（2）小于；質(zhì)量和半徑一定時(shí)，向心力和角速度的平方成正比【解析】【小問(wèn)1】標(biāo)尺上露出的紅白相間等分格子數(shù)，可以粗略顯示小球的向心力大小。【小問(wèn)2】根據(jù)，由于半徑相同，由圖可知，在角速度相同的條件下，曲線①對(duì)應(yīng)的向心力小于曲線②對(duì)應(yīng)的向心力，則曲線①對(duì)應(yīng)的金屬塊質(zhì)量小于曲線②對(duì)應(yīng)的金屬塊質(zhì)量。圖線為過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，由此可得出的結(jié)論是質(zhì)量和半徑一定時(shí)，向心力和角速度的平方成正比。13.圖甲為電阻式觸摸屏的示意圖，按壓屏幕時(shí)，相互絕緣的兩導(dǎo)電層接觸，電阻并聯(lián)，從而改變接入電路的電阻。（1）某研究小組找到一塊電阻式觸摸屏單元，將其接入電路中，簡(jiǎn)化電路如圖乙所示。不按壓屏幕，先將單刀雙擲開(kāi)關(guān)S撥到1，給電容器充電，待電路穩(wěn)定后再將S撥到2，此時(shí)回路中電流方向?yàn)開(kāi)_______（填“順時(shí)針”或“逆時(shí)針”）；（2）該觸摸屏單元兩部分電阻均為，為了較準(zhǔn)確測(cè)量值，研究小組設(shè)計(jì)了如圖丙所示電路圖，利用電源（電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻均未知）、電流表（內(nèi)阻未知）、電阻箱、開(kāi)關(guān)等器材進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。①某次測(cè)量時(shí)電流表示數(shù)如圖丁所示，其讀數(shù)，________A；②閉合開(kāi)關(guān)和，調(diào)節(jié)電阻箱阻值，根據(jù)數(shù)據(jù)作出圖像如圖戊中圖線Ⅰ所示。已知圖線Ⅰ的斜率為k，則該電源電動(dòng)勢(shì)________（用題中已知物理量符號(hào)表示）；③斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，按壓屏幕，調(diào)節(jié)電阻箱阻值，根據(jù)數(shù)據(jù)作出圖線Ⅱ，已知圖線Ⅱ和Ⅰ的縱截距之差為b，則，_______（用k和b表示）?！敬鸢浮浚?）逆時(shí)針（2）①.0.34②.③.【解析】【小問(wèn)1】由圖乙可知，電容器充電后下極板帶正電荷，待電路穩(wěn)定后再將S撥到2，此時(shí)回路中電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針?！拘?wèn)2】某次測(cè)量時(shí)電流表示數(shù)如圖丁所示，其讀數(shù)0.34A。閉合開(kāi)關(guān)和，由閉合電路歐姆定律可得整理可得結(jié)合圖像中圖線Ⅰ，可得解得該電源電動(dòng)勢(shì)斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，由閉合電路歐姆定律可得整理可得結(jié)合圖像，由題意可知解得14.杭州亞運(yùn)會(huì)開(kāi)幕式節(jié)目《國(guó)風(fēng)雅韻·煙雨染江南》讓世界看到仙女們長(zhǎng)裙飄飄、凌空翱翔的東方美學(xué)。飛天“仙女”坐在由兩根豎直鋼索牽引著的鋼板上，從地面由靜止豎直上升，先做勻加速后做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速和減速時(shí)間均為t，全程上升高度h時(shí)速度為零。“仙女”和鋼板的總質(zhì)量為m，重力加速度大小為g，求“仙女”（1）全過(guò)程的平均速率；（2）勻加速上升過(guò)程的加速度大小a；（3）勻減速上升過(guò)程中每根鋼索拉力大小T。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問(wèn)1】全過(guò)程根據(jù)平均速度的定義有，解得【小問(wèn)2】設(shè)勻加速結(jié)束時(shí)的速度為，則有由勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律得，解得【小問(wèn)3】勻加速與勻減速加速度大小相等，由牛頓第二定律得解得15.如圖甲，光滑水平桌面上放置一個(gè)輕質(zhì)彈簧，左端固定，右端自由伸長(zhǎng)到桌邊A點(diǎn)。桌面右側(cè)有一豎直固定的光滑圓弧軌道BCD，BD為直徑，其中?，F(xiàn)將一質(zhì)量、可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊放在A點(diǎn)，施加一水平向左的外力在物塊上，使其壓縮彈簧緩慢移動(dòng)，此過(guò)程中，彈簧彈力F與x的關(guān)系如圖乙所示。然后撤去外力，物塊沿桌面運(yùn)動(dòng)，飛離桌面后由B點(diǎn)沿切線進(jìn)入圓弧軌道，恰好在D點(diǎn)脫離軌道，g取。求：（1）彈簧勁度系數(shù)k；（2）物塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度大??；（3）圓弧軌道的半徑R?！敬鸢浮浚?）200N/m（2）4m/s（3）0.64m【解析】【小問(wèn)1】由胡克定律得結(jié)合圖乙解得小問(wèn)2】從撤去外力后到剛要飛離桌面階段，由圖乙可知，圖線和坐標(biāo)軸所圍面積表示彈簧彈力做功，對(duì)物塊由動(dòng)能定理得物塊做平拋運(yùn)動(dòng)由B點(diǎn)沿切線進(jìn)入圓弧軌道解得m/s【小問(wèn)3】物塊恰好在D點(diǎn)脫離軌道，軌道對(duì)物塊的作用力為零，則物塊從B點(diǎn)到D點(diǎn)，由機(jī)械能守恒定律得⑦解得16.如圖，平行金屬導(dǎo)軌由光滑水平部分和粗糙