高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025年貴州省普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試模擬演練物理注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必用黑色碳素筆將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)規(guī)范填寫(xiě)在答題卡上，并認(rèn)真核準(zhǔn)條形碼上的準(zhǔn)考證號(hào)、姓名、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)及科目，在規(guī)定的位置貼好條形碼。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，請(qǐng)將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3.考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分。1.玉兔二號(hào)月球車(chē)采用核電池來(lái)提供能量，其原理是將放射性同位素衰變時(shí)放出的核能轉(zhuǎn)變?yōu)殡娔?。玉兔二?hào)月球車(chē)核電池的放射源是，其衰變方程為，的半衰期為88年。已知、α粒子、X的質(zhì)量分別為、、，真空中的光速為c，下列說(shuō)法正確的是（）A.X的質(zhì)子數(shù)為92B.溫度升高，的半衰期縮短C.一個(gè)核衰變成X，釋放的核能為D.經(jīng)過(guò)176年后，核電池內(nèi)核的質(zhì)量減少【答案】A【解析】A．根據(jù)核反應(yīng)的電荷數(shù)守恒可知，X的質(zhì)子數(shù)為94-2=92，選項(xiàng)A正確；B．半衰期與外部因素?zé)o關(guān)，則溫度升高，的半衰期不變，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．一個(gè)核衰變成X，釋放的核能為選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．經(jīng)過(guò)176年后即經(jīng)過(guò)兩個(gè)半衰期，核電池內(nèi)核的質(zhì)量還剩原來(lái)的，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。2.飛船降落到一個(gè)未知星球前，在距該星球表面高度等于星球半徑R處繞星球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速率為v。假設(shè)該星球質(zhì)量分布均勻，忽略星球自轉(zhuǎn)影響，則該星球表面的重力加速度為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，對(duì)飛船有z在星球表面忽略自轉(zhuǎn)有聯(lián)立解得該星球表面的重力加速度故選B。3.宇航員的訓(xùn)練、競(jìng)技體育的指導(dǎo)、汽車(chē)和電梯的設(shè)計(jì)等多種工作都用到急動(dòng)度的概念，急動(dòng)度j是描述加速度a隨時(shí)間t變化快慢的物理量，即，它可以用來(lái)反映乘客乘坐交通工具時(shí)的舒適程度，當(dāng)交通工具的急動(dòng)度為零時(shí)乘客感覺(jué)最舒適。如圖所示為某新能源汽車(chē)從靜止開(kāi)始啟動(dòng)的一小段時(shí)間內(nèi)的急動(dòng)度j隨時(shí)間t變化的規(guī)律。則有（）A.0~5.0s時(shí)間內(nèi)汽車(chē)的加速度增加得越來(lái)越慢B.5.0~10.0s時(shí)間內(nèi)汽車(chē)勻加速運(yùn)動(dòng)C.12.0s時(shí)刻汽車(chē)的加速度為零D.10.0~12.0s時(shí)間內(nèi)汽車(chē)加速度的增加量大小為0.8m/s2【答案】D【解析】A．由圖可知，0~5.0s時(shí)間內(nèi)汽車(chē)的急動(dòng)度增加，根據(jù)急動(dòng)度的概念，可知汽車(chē)的加速度增加得越來(lái)越快，故A錯(cuò)誤；B．由圖可知，5.0~10.0s時(shí)間內(nèi)汽車(chē)的急動(dòng)度不變，則汽車(chē)的加速度均勻增大，汽車(chē)做變加速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；CD．由題意可知，圖像圍成的面積表示加速度的變化量，汽車(chē)從靜止開(kāi)始啟動(dòng)，由圖可知，0~12s內(nèi)，圖像的面積為正值，則汽車(chē)在12.0s時(shí)刻的加速度比開(kāi)始啟動(dòng)時(shí)的加速度增加了，加速度不為0；10.0~12.0s時(shí)間內(nèi)汽車(chē)加速度的變化量大小為故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。4.如圖所示，透明三棱柱介質(zhì)截面為直角三角形，其中，長(zhǎng)為。一束單色光從邊的中點(diǎn)O垂直射入介質(zhì)中，在邊的P點(diǎn)恰好發(fā)生全反射，之后經(jīng)邊的點(diǎn)射出。已知光在真空中傳播的速度為c，不考慮二次反射，該單色光在介質(zhì)中傳播的時(shí)間為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】光線射到P點(diǎn)的臨界角為C=60°則折射率光在玻璃磚中傳播的距離由幾何關(guān)系可得，聯(lián)立解得光在棱鏡中的速度傳播時(shí)間，故選A。5.如圖所示，傾角為的斜面體c置于水平地面上，小物塊b置于斜面上，通過(guò)絕緣細(xì)繩跨過(guò)光滑的定滑輪與帶正電小球M連接，定滑輪左側(cè)連接物塊的一段細(xì)繩與斜面平行，帶負(fù)電的小球N用絕緣細(xì)線懸掛于P點(diǎn)。設(shè)兩帶電小球在緩慢漏電的過(guò)程中，兩球心始終處于同一水平面上，并且b、c都處于靜止?fàn)顟B(tài)，下列說(shuō)法中正確的是（）A.地面對(duì)c的支持力不變B.絕緣細(xì)繩對(duì)M的拉力變大C.b對(duì)斜面的摩擦力可能變大D.地面對(duì)c的摩擦力一定變大【答案】C【解析】BC．當(dāng)兩帶電小球在緩慢漏電的過(guò)程中，依據(jù)庫(kù)侖定律，兩小球受到的庫(kù)侖力都減小，細(xì)線與豎直方向的夾角減小，結(jié)合平衡條件可知繩子對(duì)M的拉力減小，因此繩子對(duì)b的拉力也減小，若b相對(duì)c有上滑的趨勢(shì)，那么其受到摩擦力會(huì)減小，若b相對(duì)c有下滑的趨勢(shì)，那么其受到摩擦力會(huì)增大，由牛頓第三定律可知，b對(duì)斜面的摩擦力可能變大，故C正確，B錯(cuò)誤；AD．對(duì)bc整體，因繩子對(duì)整體的拉力減小，依據(jù)平衡條件，則地面對(duì)整體的支持力增大，而地面對(duì)整體向左的靜摩擦力會(huì)減小，故AD錯(cuò)誤。故選C。6.某小型發(fā)電站給如圖甲所示的電路供電，此小型發(fā)電站輸出穩(wěn)定的正弦交流電，如圖乙所示。理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10：1，所有電表都是理想交流電表，二極管D的正向電阻為零，反向電阻無(wú)窮大，燈泡L的阻值恒定。下列說(shuō)法正確的是（）A.電壓表V的讀數(shù)為24VB.燈泡L兩端電壓的有效值為C.當(dāng)滑動(dòng)變阻器R的滑片P向下滑動(dòng)時(shí)，電流表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)減小D.此發(fā)電站的輸出電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為【答案】B【解析】A．由圖乙可知理想變壓器原線圈輸入電壓的有效值為220V，根據(jù)可得副線圈的輸出電壓電壓表V的示數(shù)為有效值，即為22V，故A錯(cuò)誤；B．通過(guò)二極管D后，燈泡L兩端的電壓波形如圖所示設(shè)燈泡L兩端電壓的有效值為U′，燈泡的阻值為r，交變電流的周期為T(mén)，根據(jù)交變電流有效值的定義有解得故B正確；C．當(dāng)滑動(dòng)變阻器R的滑片P向下滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器R接入電路的阻值減小，則由歐姆定律可知電流表的示數(shù)增大，因?yàn)槔硐胱儔浩鬏斎牍β逝c輸出功率相等，所以電流表的示數(shù)也增大，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)可知此發(fā)電站的輸出電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為故D錯(cuò)誤。故選B。7.安全氣囊是汽車(chē)重要的被動(dòng)安全裝備，能夠在車(chē)輛發(fā)生碰撞時(shí)迅速充氣彈出，為車(chē)內(nèi)乘客提供保護(hù)。如圖甲所示，在某安全氣囊的性能測(cè)試中，可視為質(zhì)點(diǎn)的頭錘從距氣囊上表面高處由靜止釋放，與正下方的氣囊發(fā)生碰撞。以頭錘到氣囊上表面為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，氣囊對(duì)頭錘豎直方向作用力隨時(shí)間的變化規(guī)律可近似用圖乙所示的圖像描述。已知頭錘質(zhì)量，重力加速度，不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.頭錘落到氣囊上表面時(shí)的速度大小為4m/sB.碰撞過(guò)程中的沖量大小為C.碰撞結(jié)束后頭錘上升的最大高度為0.8mD.碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能為20J【答案】C【解析】A．頭錘落到氣囊上表面時(shí)的速度大小為選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．根據(jù)F-t圖像的面積等于F的沖量可知，碰撞過(guò)程中F的沖量大小為選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．向上為正方向，碰撞過(guò)程由動(dòng)量定理解得可得碰撞結(jié)束后頭錘上升的最大高度為選項(xiàng)C正確；D．碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能為選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.如圖所示，邊長(zhǎng)為l的等邊三角形ABC位于豎直平面內(nèi)，AB邊水平，兩點(diǎn)電荷固定在A、B兩點(diǎn)，電荷量均為Q，電性未知，O是AB的中點(diǎn)。若質(zhì)量為m的帶電小球恰好能懸浮在C點(diǎn)，靜電力常量為k，下列說(shuō)法正確的是（）A.A、B處兩點(diǎn)電荷電性相反B.小球的帶電量為C.從C點(diǎn)沿直線到O點(diǎn)，兩點(diǎn)電荷形成電場(chǎng)的電勢(shì)一直升高D.將小球從C點(diǎn)沿直線移至O點(diǎn)，靜電力對(duì)小球做負(fù)功【答案】BD【解析】AB．小球懸浮在C點(diǎn)，受到豎直向上的靜電力，說(shuō)明A、B處的點(diǎn)電荷電性相同，在C點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)大小根據(jù)可得小球的帶電量大小為故A錯(cuò)誤，B正確；C．因兩點(diǎn)電荷電性不確定，所以電場(chǎng)的電勢(shì)變化不確定，故C錯(cuò)誤；D．將小球從C點(diǎn)沿直線移至O點(diǎn)，小球一直受到向上的電場(chǎng)力作用，與位移方向相反，則靜電力做負(fù)功，故D正確。故選BD。9.一列波長(zhǎng)為的簡(jiǎn)諧橫波在均勻介質(zhì)中沿x軸正向傳播，時(shí)刻的波形如圖甲所示，P、點(diǎn)位置圖甲中未標(biāo)明是介質(zhì)中的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，P是平衡位置位于處的質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖像如圖乙所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.這列簡(jiǎn)諧橫波在介質(zhì)中的傳播速度為B.在時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P的加速度方向沿y軸正方向C.質(zhì)點(diǎn)Q做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的位移y隨時(shí)間t變化的關(guān)系式為D.P、Q兩質(zhì)點(diǎn)的平衡位置最小間距為【答案】ACD【解析】A．根據(jù)圖甲可得波的波長(zhǎng)為，根據(jù)圖乙可得周期為，則波速故A正確；B．波沿x軸正方向傳播，根據(jù)同側(cè)法可知，時(shí)刻P沿方向振動(dòng)，則時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P位于平衡位置上方正在向下振動(dòng)，所以P的加速度方向沿y軸負(fù)方向，故B錯(cuò)誤；C．質(zhì)點(diǎn)Q做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的位移y隨時(shí)間t變化的一般表達(dá)式為當(dāng)時(shí)，代入上式解得所以質(zhì)點(diǎn)Q做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的位移y隨時(shí)間t變化的關(guān)系式為故C正確；D．時(shí)，P的位置坐標(biāo)為距離P點(diǎn)最近的Q點(diǎn)的平衡位置坐標(biāo)為P點(diǎn)平衡位置位于所以P、Q兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置最小間距為故D正確。故選ACD。10.如圖所示，半徑分別為r和2r的兩個(gè)同心圓，其圓心為O，只在環(huán)形區(qū)域內(nèi)存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（磁場(chǎng)區(qū)域包括邊界）。大量質(zhì)量為m、電荷量為的帶電粒子從M點(diǎn)沿各個(gè)方向以不同速率射入磁場(chǎng)區(qū)域。不計(jì)粒子間的相互作用及粒子重力，。下列說(shuō)法中正確的是（）A.沿MO方向射入磁場(chǎng)且恰好未能進(jìn)入內(nèi)部圓形區(qū)域帶電粒子的速率為B.沿MO方向射入磁場(chǎng)且恰好未能進(jìn)入內(nèi)部圓形區(qū)域的帶電粒子，其軌跡圓心到圓心O點(diǎn)的距離為2.5rC.第一次穿過(guò)磁場(chǎng)后恰能經(jīng)過(guò)O點(diǎn)的帶電粒子，其軌跡半徑的最小值為0.8rD.從M點(diǎn)以最小速率穿過(guò)磁場(chǎng)后恰能經(jīng)過(guò)O點(diǎn)的帶電粒子，第一次在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為【答案】BD【解析】A．帶電粒子從M點(diǎn)沿MO方向射入磁場(chǎng)，恰好未能進(jìn)入內(nèi)部圓形區(qū)域，說(shuō)明運(yùn)動(dòng)軌跡恰好與內(nèi)圓相切，如圖所示設(shè)圓弧軌跡的半徑為，圓心為A，連接和，在直角中，由于即，解得根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得，解得故A錯(cuò)誤；B．由圖可知其軌跡圓心A到圓心O點(diǎn)的距離故B正確：C．帶電粒子從M點(diǎn)經(jīng)圓周運(yùn)動(dòng)進(jìn)入內(nèi)部圓形區(qū)域再通過(guò)圓心O，根據(jù)逆向運(yùn)動(dòng)，半徑最小的圓周運(yùn)動(dòng)其圓弧與大圓相切，如圖所示設(shè)圓弧軌跡半徑為，圓心為D，其中M、D、O在一條直線上，連接OM、CD，在直角中，有即解得故C錯(cuò)誤：D．帶電粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑最小，其速率就最小，如上圖所示，在直角中，由于則整個(gè)圓弧軌跡所對(duì)的圓心角為帶電粒子做圓周運(yùn)動(dòng)，周期粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為代入數(shù)據(jù)解得故D正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，第11題6分，第12題9分，共15分。11.某物理小組準(zhǔn)備完成“插針?lè)y(cè)定玻璃磚折射率”的實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)示意圖（甲）及相關(guān)數(shù)據(jù)（乙）如圖。（1）下列關(guān)于實(shí)驗(yàn)操作的說(shuō)法中正確的是（）A.若、的距離較大時(shí)，通過(guò)玻璃磚會(huì)看不到、的像B.為減少測(cè)量誤差，、的連線與法線的夾角應(yīng)盡量小些C.為了減小作圖誤差，和的距離應(yīng)適當(dāng)取大些D.若、連線與法線夾角較大時(shí)，可能在面發(fā)生全反射，所以在側(cè)就看不到、的像（2）在該實(shí)驗(yàn)中，光線是由空氣射入玻璃磚，根據(jù)測(cè)得的入射角和折射角的正弦值畫(huà)出的圖線如圖所示，從圖線可知玻璃磚的折射率是________。（3）實(shí)驗(yàn)中甲同學(xué)在紙上畫(huà)出的界面、與玻璃磚位置的關(guān)系如圖（丙）所示，他用的是矩形玻璃磚，均以、為界面畫(huà)光路圖且其它操作均正確。則甲同學(xué)測(cè)得的折射率與真實(shí)值相比_________（填“偏大”、“偏小”或“不變”）?！敬鸢浮浚?）C（2）1.5（3）偏小【解析】【小問(wèn)1詳析】A．根據(jù)光路可逆性原理可知，光線一定會(huì)從下表面射出，光線不會(huì)在玻璃磚的內(nèi)表面發(fā)生全反射，則即是、的距離較大，通過(guò)玻璃磚仍然可以看到、的像，故A錯(cuò)誤；B．為減少測(cè)量誤差，入射角應(yīng)適當(dāng)大一些，則、的連線與法線NN'的夾角應(yīng)盡量大些，故B錯(cuò)誤；C．為了減小作圖誤差，和的距離應(yīng)適當(dāng)取大些，故C正確；D．由幾何知識(shí)可知，光線在上表面的折射角等于下表面的入射角，根據(jù)光路可逆性原理可知，光線一定會(huì)從下表面射出，折射光線不會(huì)在玻璃磚的下表面發(fā)生全反射，故D錯(cuò)誤。故選C?！拘?wèn)2詳析】由折射率公式可得【小問(wèn)3詳析】測(cè)定折射率時(shí)，作出的折射光線如下圖中虛線所示實(shí)線表示實(shí)際光線，可見(jiàn)折射角增大，則由折射定律可知，折射率將偏小12.在使用各種測(cè)量?jī)x表進(jìn)行電學(xué)實(shí)驗(yàn)時(shí)，由于測(cè)量?jī)x表的接入，電路狀態(tài)發(fā)生變化，往往難以得到待測(cè)物理量的精確測(cè)量值。某同學(xué)在電阻測(cè)量實(shí)驗(yàn)中為提高測(cè)量結(jié)果的精確度，嘗試使用以下電路測(cè)量未知電阻的阻值：（1）該實(shí)驗(yàn)中用到四轉(zhuǎn)盤(pán)電阻箱，圖（a）中電阻箱的讀數(shù)為_(kāi)_____Ω．（2）請(qǐng)按圖（b）電路圖完成圖（c）的實(shí)物電路連線。（3）如圖（b）所示，為待測(cè)電阻，為檢流計(jì)（小量程電流表）的保護(hù)電阻，實(shí)驗(yàn)中直流穩(wěn)壓電源的輸出電壓始終保持不變。第一次測(cè)量時(shí)，按圖（b）中電路圖連接，閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱R使檢流計(jì)示數(shù)為零，此時(shí)電阻箱讀數(shù)為，則通過(guò)電阻箱的電流______（填“大于”“等于”或“小于”）通過(guò)待測(cè)電阻的電流；第二次測(cè)量時(shí)，將圖（b）中電阻箱R與待測(cè)電阻位置互換，閉合開(kāi)關(guān)，再次調(diào)節(jié)電阻箱R使檢流計(jì)示數(shù)為零，此時(shí)電阻箱讀數(shù)為；則待測(cè)電阻______．（結(jié)果用表示）【答案】（1）107.4（2）（3）等于【解析】【小問(wèn)1詳析】圖（a）中電阻箱的讀數(shù)為100×1Ω+10×0Ω+1×7Ω+0.1×4Ω=107.4Ω【小問(wèn)2詳析】電路連線如圖【小問(wèn)3詳析】[1]第一次測(cè)量時(shí)，按圖（b）中電路圖連接，閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱R使檢流計(jì)示數(shù)為零，此時(shí)電阻箱讀數(shù)為，則通過(guò)電阻箱的電流等于通過(guò)待測(cè)電阻的電流；[2]檢流計(jì)示數(shù)為零，說(shuō)明電流計(jì)和R0左右兩端的電勢(shì)相等，可等效為一點(diǎn)，由閉合電路的歐姆定律，第一次第二次待測(cè)電阻四、解答題：本題共3小題，共42分。其中第13題9分，第14題14分，第15題19分，請(qǐng)寫(xiě)出必要的推理過(guò)程，僅有結(jié)果不得分。13.如圖所示，內(nèi)壁光滑、高度均為4h的兩個(gè)絕熱汽缸底部由細(xì)管連通，左側(cè)汽缸上端封閉，右側(cè)汽缸上端開(kāi)口與大氣相通，一外形不規(guī)則的物體C放置在右側(cè)汽缸中，兩汽缸中的絕熱活塞M、N密封兩部分理想氣體A、B。開(kāi)始時(shí)，氣體A、B溫度均為T(mén)，活塞M、N均靜止，M距汽缸底部為2h，N距汽缸底部為3h。現(xiàn)緩慢加熱氣體A，使活塞N移動(dòng)至汽缸上端時(shí)停止加熱，此時(shí)氣體A的溫度。已知活塞M、N的質(zhì)量分別為2m和m，截面積均為S，大氣壓強(qiáng)為，重力加速度為g，活塞厚度、電熱絲體積及細(xì)管內(nèi)氣體體積均忽略不計(jì)，溫度均為熱力學(xué)溫度。（1）求物體C的體積V；（2）上述加熱過(guò)程中，若氣體A吸收的熱量為Q，求氣體A的內(nèi)能變化量?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問(wèn)1詳析】分別以N、M為研究對(duì)象，由受力平衡可知，得，加熱氣體A過(guò)程中，A、B的壓強(qiáng)均保持不變，活塞M靜止不動(dòng)對(duì)氣體A有解得【小問(wèn)2詳析】加熱過(guò)程中氣體A對(duì)外做的功根據(jù)熱力學(xué)第一定律有解得14.如圖所示，長(zhǎng)度為L(zhǎng)=4m的長(zhǎng)木板置于光滑水平地面上，木板右端與固定在水平地面上的半徑R=0.3m的光滑的四分之一圓弧軌道平滑連接，M點(diǎn)為圓弧軌道的最低點(diǎn)。可視為質(zhì)點(diǎn)的小滑塊A、B放在長(zhǎng)木板的中央，兩滑塊中間有彈性勢(shì)能為E＝3.2J的微型壓縮輕彈簧，輕彈簧左端固定在滑塊A上，右端與滑塊B接觸但不拴接。釋放兩滑塊后，滑塊B恰好能到達(dá)圓弧軌道上與圓心等高的N點(diǎn)。已知滑塊A下表面光滑，滑塊B與長(zhǎng)木板C的質(zhì)量均為m=0.2kg，二者間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度g取10，忽略空氣阻力的作用。（1）求B到達(dá)M點(diǎn)時(shí)對(duì)圓弧軌道的壓力大小；（2）當(dāng)A滑離長(zhǎng)木板C時(shí)，求B的速度大?。唬?）若改變兩滑塊釋放的初始位置，使B到長(zhǎng)木板C右端的距離為kL（0<k≤1），求釋放后的整個(gè)過(guò)程B克服摩擦力做的功?！敬鸢浮浚?）6N（2）（3）【解析】【小問(wèn)1詳析】設(shè)B在M點(diǎn)時(shí)的速度大小為，則有設(shè)在M點(diǎn)時(shí)圓弧軌道對(duì)B的支持力為，則有解得由牛頓第三定律可知，B運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)時(shí)對(duì)圓弧軌道的壓力大小為6N?！拘?wèn)2詳析】設(shè)滑塊B剛被彈開(kāi)時(shí)的速度大小為，由動(dòng)能定理有設(shè)A的質(zhì)量為，剛被彈開(kāi)時(shí)的速度大小為由動(dòng)量守恒定律可得由能量守恒定律可得聯(lián)立解得m/sA離開(kāi)長(zhǎng)木板C所用的時(shí)間為由題意可判斷這段時(shí)間內(nèi)B一直在長(zhǎng)木板C上運(yùn)動(dòng)，設(shè)B減速運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為，由牛頓第二定律可得A離開(kāi)長(zhǎng)木板C時(shí)B的速度大小為【小問(wèn)3詳析】若B恰好滑到長(zhǎng)木板的右端，則有解得k=0.8①若0.8≤k≤1，則B一直在長(zhǎng)木板C上運(yùn)動(dòng)，直至速度減為零，故B克服摩