高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1江寧區(qū)2024-2025學(xué)年第二學(xué)期期末調(diào)研試卷高一物理一、單項(xiàng)選擇題：共44分，每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意.1.圖甲是一款感應(yīng)垃圾桶，手或垃圾靠近其感應(yīng)區(qū)，桶蓋會(huì)自動(dòng)繞點(diǎn)水平打開，圖乙為其俯視圖。桶蓋打開過程中，桶蓋上兩點(diǎn)的角速度大小分別為，線速度大小分別為，則下列關(guān)系正確的是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】桶蓋上的A、B兩點(diǎn)同時(shí)繞著O點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)，則角速度相等，即根據(jù)由于可得故選A。2.一個(gè)物體從某一高度由靜止開始下落，忽略空氣阻力，下落過程中（）A.動(dòng)能增加，重力勢(shì)能減少，機(jī)械能不守恒B.動(dòng)能增加，重力勢(shì)能減少，機(jī)械能守恒C.動(dòng)能減少，重力勢(shì)能增加，機(jī)械能守恒D.動(dòng)能不變，重力勢(shì)能減少，機(jī)械能不守恒【答案】B【解析】物體自由下落時(shí)，速度逐漸增大，動(dòng)能隨速度平方增加而增加，即動(dòng)能增加；重力勢(shì)能隨高度降低而減少。由于忽略空氣阻力，僅有重力做功，機(jī)械能總和保持不變，即機(jī)械能守恒。故選B。3.下列說法正確的是（）A.由可知，電場(chǎng)強(qiáng)度與試探電荷所受電場(chǎng)力成正比B.勻強(qiáng)電場(chǎng)中，兩點(diǎn)間的電勢(shì)差與兩點(diǎn)間距離成正比C.沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低D.電場(chǎng)強(qiáng)度為零的地方，電勢(shì)一定為零【答案】C【解析】A．電場(chǎng)強(qiáng)度E由電場(chǎng)本身決定，與試探電荷的電荷量q及其所受電場(chǎng)力F無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤；B．由U=Ed可知，勻強(qiáng)電場(chǎng)中，兩點(diǎn)間的電勢(shì)差與兩點(diǎn)間沿電場(chǎng)線方向的距離成正比，故B錯(cuò)誤；C．沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，故C正確；D．電場(chǎng)強(qiáng)度為零的位置，電勢(shì)不一定為零。例如等量同種電荷連線的中點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度為零但電勢(shì)不為零，故D錯(cuò)誤。故選C。4.在天氣干燥的季節(jié)，脫掉外衣時(shí)常會(huì)使手帶上靜電，手再去靠近金屬門把手時(shí)，往往會(huì)被電一下。手靠近金屬門把手的過程中（）A.門把手上的感應(yīng)電荷數(shù)目增大 B.門把手上的感應(yīng)電荷數(shù)目減小C.手與門把手之間的電場(chǎng)變?nèi)?D.手與門把手之間的電場(chǎng)不變【答案】A【解析】AB．當(dāng)手靠近門把手時(shí)，由于靜電感應(yīng)，門把手的自由電子重新分布，靠近手的一端感應(yīng)出更多異種電荷，導(dǎo)致感應(yīng)電荷數(shù)目增大，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．手與門把手距離減小，兩者間的電場(chǎng)強(qiáng)度會(huì)增強(qiáng)（場(chǎng)強(qiáng)與距離相關(guān)），故CD錯(cuò)誤.故選A。5.如圖所示，平行四邊形ABCD平行于電場(chǎng)線放在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，將一個(gè)電荷從A點(diǎn)沿AD移動(dòng)到D點(diǎn)電場(chǎng)力不做功。已知A點(diǎn)電勢(shì)為-2V，B點(diǎn)電勢(shì)為2V，則C點(diǎn)電勢(shì)為（）A.-2V B.0V C.2V D.4V【答案】C【解析】由于電荷從A點(diǎn)沿AD移動(dòng)到D點(diǎn)電場(chǎng)力不做功，可知，AD為一條等勢(shì)線，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，等勢(shì)線為一系列平行的直線，由于BC平行于AD，可知，BC也為一條等勢(shì)線，則有故選C。6.如圖所示是描述甲、乙兩個(gè)點(diǎn)電荷電場(chǎng)的部分電場(chǎng)線，下列說法正確的是（）A.甲的電荷量小于乙的電荷量B.P點(diǎn)的電勢(shì)比Q點(diǎn)的電勢(shì)低C.P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于Q點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度D.電子在P點(diǎn)的電勢(shì)能比Q點(diǎn)的電勢(shì)能高【答案】C【解析】A．根據(jù)圖像可知，靠近甲的位置的電場(chǎng)線分布比靠近乙的位置的電場(chǎng)線分布密集一些，則甲的電荷量大于乙的電荷量，故A錯(cuò)誤；B．沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低，可知，P點(diǎn)電勢(shì)高于Q點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；C．P點(diǎn)位置的電場(chǎng)線分布的密集程度大于Q點(diǎn)位置的電場(chǎng)線分布的密集程度，可知，P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于Q點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故C正確；D．電子帶負(fù)電，所受電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)方向相反，可知，電子從P點(diǎn)移動(dòng)到Q點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，即電子在P點(diǎn)的電勢(shì)能低于Q點(diǎn)的電勢(shì)能，故D錯(cuò)誤。7.如圖為手機(jī)指紋識(shí)別功能的演示，此功能的一個(gè)關(guān)鍵元件為指紋傳感器。其部分原理為：在一塊半導(dǎo)體基板上集成有上萬(wàn)個(gè)相同的小極板，極板外表面絕緣。當(dāng)手指指紋一面與絕緣表面接觸時(shí)，指紋的凹點(diǎn)與凸點(diǎn)分別與小極板形成一個(gè)個(gè)正對(duì)面積相同的電容器，若每個(gè)電容器的電壓保持不變，則下列說法正確的是（）A.指紋的凹點(diǎn)與小極板距離遠(yuǎn)，電容大B.指紋的凸點(diǎn)與小極板距離近，電容大C.若手指擠壓絕緣表面，電容器兩極間的距離減小，小極板帶電荷量減小D.若用濕的手指去識(shí)別，識(shí)別功能不會(huì)受影響【答案】B【解析】AB．根據(jù)電容的決定式C=可知，指紋的凹點(diǎn)與小極板距離遠(yuǎn)，即d變大，則電容C變??；指紋的凸點(diǎn)與小極板距離近，即d變小小，則電容C變大，故A錯(cuò)誤，B正確；C．若手指擠壓絕緣表面，電容器兩極間的距離減小，則電容C增大，由于電容器的電壓保持不變，根據(jù)Q=CU可知小極板帶電荷量Q增多，故C錯(cuò)誤；D．若用濕的手指去識(shí)別，由于自來水是導(dǎo)電的，則使得同一指紋的凹點(diǎn)和凸點(diǎn)與小極板之間的距離將會(huì)發(fā)生變化，從而改變了電容器的電容，使得識(shí)別功能受到影響，故D錯(cuò)誤。故選Ｂ。8.2025年江蘇省城市足球聯(lián)賽正火熱進(jìn)行中，某場(chǎng)比賽中一運(yùn)動(dòng)員將足球從地面O處踢出后，在豎直平面內(nèi)沿軌跡OPQ運(yùn)動(dòng)，最后落回地面Q處，如圖所示的運(yùn)動(dòng)過程中，下列說法正確的是（）A.足球的機(jī)械能守恒B.足球水平方向速度一直不變C.足球在下降階段，重力勢(shì)能減小量小于動(dòng)能增加量D.足球在上升階段，動(dòng)能減少量大于重力勢(shì)能增加量【答案】D【解析】A．由于足球在運(yùn)動(dòng)過程中要克服空氣得阻力做功，機(jī)械能減少，故A錯(cuò)誤；B．由圖可知水平距離大于的水平距離，可知足球在水平方向受到空氣阻力，故水平方向做減速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．足球下降過程中，克服豎直方向上阻力做功，根據(jù)功能關(guān)系可知，重力勢(shì)能得減少量等于足球動(dòng)能的增加量與克服阻力所做的功的和，故C錯(cuò)誤；D．同理可知，足球在上升過程中，動(dòng)能的減少量等于重力勢(shì)能的增加量與克服豎直方向阻力做功的和，故D正確。故選D。9.發(fā)射一顆人造地球靜止衛(wèi)星，先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道Ⅰ，在軌道Ⅰ的Q點(diǎn)調(diào)整速度進(jìn)入轉(zhuǎn)移橢圓軌道Ⅱ，在軌道Ⅱ上的遠(yuǎn)地點(diǎn)P調(diào)整速度后進(jìn)入目標(biāo)圓軌道Ⅲ。則下列說法中正確的是（）A.衛(wèi)星在軌道Ⅱ上從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的機(jī)械能不守恒B.單位時(shí)間內(nèi)，衛(wèi)星與地心連線在軌道Ⅱ上掃過的面積等于衛(wèi)星在軌道Ⅲ掃過的面積C.衛(wèi)星在軌道Ⅱ上Q點(diǎn)的線速度小于軌道Ⅱ上P點(diǎn)的線速度D.衛(wèi)星在軌道Ⅱ上從Q到P運(yùn)行的時(shí)間小于衛(wèi)星在軌道Ⅲ上繞行的半個(gè)周期【答案】D【解析】A．衛(wèi)星在軌道Ⅱ上從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過程中，只有引力做功，機(jī)械能守恒，故A錯(cuò)誤；B．由開普勒第二定律可知，同一軌道上衛(wèi)星與地心的連線在相等時(shí)間內(nèi)掃過的面積相等，衛(wèi)星在軌道Ⅱ和軌道Ⅲ的不同軌道，在相等時(shí)間內(nèi)，衛(wèi)星與地心連線在軌道Ⅱ上掃過的面積不等于衛(wèi)星在軌道Ⅲ掃過的面積，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)開普勒第二定律可知，衛(wèi)星在近地點(diǎn)的速度大于遠(yuǎn)地點(diǎn)的速度，則衛(wèi)星在軌道Ⅱ上Q點(diǎn)的線速度大于軌道Ⅱ上P點(diǎn)的線速度，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)開普勒第三定律由于軌道Ⅱ的半長(zhǎng)軸小于軌道Ⅲ的半徑，則衛(wèi)星在軌道Ⅱ上的運(yùn)行周期小于在軌道Ⅲ上的運(yùn)行周期，衛(wèi)星在軌道Ⅱ上從Q到P運(yùn)行的時(shí)間等于衛(wèi)星在軌道Ⅱ上的運(yùn)行周期的一半，所以衛(wèi)星在軌道Ⅱ上從Q到P運(yùn)行的時(shí)間小于衛(wèi)星在軌道Ⅲ上繞行的半周期，故D正確。故選D。10.如圖所示，三個(gè)完全相同且重力不計(jì)的粒子a、b、c，同時(shí)從同一點(diǎn)沿水平方向飛入豎直偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，軌跡如圖所示，下列判斷正確的是（不計(jì)a、b、c之間的相互作用，不考慮電場(chǎng)的邊緣效應(yīng)）（）A.剛進(jìn)電場(chǎng)時(shí)b、c的速度相同，a的速度最小B.在b飛離電場(chǎng)的同時(shí)，a剛好打在下極板上C.b和c同時(shí)飛離電場(chǎng)D.a、b、c三個(gè)粒子在電場(chǎng)運(yùn)動(dòng)的全過程中，動(dòng)能的增加量相同【答案】B【解析】ABC．在電場(chǎng)中，三個(gè)完全相同的粒子受到的電場(chǎng)力相同，則加速度也相同，在豎直方向，根據(jù)，有ta=tb>tc在水平方向，三個(gè)粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，且在電場(chǎng)中發(fā)生的水平位移xa<xb=xc，根據(jù)，有va<vb<vc，故AC錯(cuò)誤，B正確；D．在電場(chǎng)方向，a、b兩電荷發(fā)生的位移相同，c電荷發(fā)生的位移小，故電場(chǎng)力對(duì)a、b兩電荷做功一樣多，對(duì)c電荷做功少，根據(jù)動(dòng)能定理知，a、b兩電荷動(dòng)能增加量相等，c電荷動(dòng)能增加量小，故D錯(cuò)誤。故選B。11.質(zhì)子僅在電場(chǎng)力的作用下從O點(diǎn)開始沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，其在O點(diǎn)處的初動(dòng)能為4eV。該質(zhì)子的電勢(shì)能Ep隨位移x變化的關(guān)系如圖所示，其中O-x2段是關(guān)于直線x=x1對(duì)稱的曲線，x2-x3段是直線。下列說法正確的是（）A.x1處電場(chǎng)強(qiáng)度最小，但不為零B.該質(zhì)子在x1處的動(dòng)能為6eVC.在O、x1、x2、x3處電勢(shì)φ0、φ1、φ2、φ3的關(guān)系為φ1>φ2=φ0>φ3D.該質(zhì)子最終停在x3處【答案】B【解析】A．在圖像的斜率絕對(duì)值等于電場(chǎng)力的大小，可知在處電場(chǎng)力為零，電場(chǎng)強(qiáng)度為零，故A錯(cuò)誤；B．由圖可知，質(zhì)子從O到的過程中，電勢(shì)能減少，電場(chǎng)力做正功，電場(chǎng)力所做的功等于電勢(shì)能的減少量，即根據(jù)動(dòng)能定理可得代入數(shù)據(jù)解得，故B正確；C．由圖可知，質(zhì)子在O、、、的電勢(shì)能關(guān)系為因此質(zhì)子在O、、、的電勢(shì)關(guān)系為，故C錯(cuò)誤；D．由題可知，質(zhì)子在電場(chǎng)中的總能量為根據(jù)能量守恒可知，由于質(zhì)子在的電勢(shì)能為7eV，此時(shí)質(zhì)子的動(dòng)能為零，但由于質(zhì)子受到的電場(chǎng)力不為零，質(zhì)子不會(huì)停在處，只是在該點(diǎn)的速度為零，故D錯(cuò)誤。故選B。二．非選擇題：共5題，共56分，其中第13題~16題解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。12.某實(shí)驗(yàn)小組在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)中，將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在鐵架臺(tái)上，使重錘帶動(dòng)紙帶從靜止開始自由下落。實(shí)驗(yàn)所用交流電源的周期為T=0.02s，重力加速度為。（1）如圖所示實(shí)驗(yàn)裝置中，器材安裝擺放使用正確的是。A. B. C. D.（2）圖甲是實(shí)驗(yàn)中得到的一條紙帶點(diǎn)為重錘自由下落時(shí)的起始點(diǎn)，A為記錄的第二個(gè)點(diǎn)，并在紙帶上選取另外三個(gè)連續(xù)打出的點(diǎn)B、C、D，將刻度尺“0刻度”對(duì)準(zhǔn)O點(diǎn)，依次讀出其他各點(diǎn)到O的距離，通過計(jì)算得到了它們之間的距離、、和其中C在刻度尺上位置如圖乙所示，其讀數(shù)為__________若要驗(yàn)證重錘從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過程中機(jī)械能守恒：①O點(diǎn)和A點(diǎn)之間的距離應(yīng)接近__________mm（保留一位有效數(shù)字）；②需驗(yàn)證的表達(dá)式為____________（用題中給出的字母表示）。（3）選用不同的重錘，按正確操作得到了兩條紙帶，由于紙帶較長(zhǎng)，圖中有部分未畫出。應(yīng)選用下面的紙帶______（選填“丙”或“丁”）來驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律更合理，并簡(jiǎn)要說明理由：_____________?！敬鸢浮浚?）C（2）51.50①.2②.（3）丙丙的加速度大，所受的阻力小【解析】【小問1解析】做該實(shí)驗(yàn)時(shí)要將連接重物的紙帶穿過限位孔，用夾子或手夾住紙帶使紙帶豎直，并讓重物盡量靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，并讓重物落在海綿墊上。故選C。【小問2解析】毫米刻度尺需要估讀到最小刻度的下一位，圖乙所示讀數(shù)為51.50cm①實(shí)驗(yàn)時(shí)，要從幾條打上點(diǎn)的紙帶中挑選第一、第二兩點(diǎn)之間的距離接近②根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，可知打C點(diǎn)時(shí)重物的速度為若O到C過程機(jī)械能守恒，則有解得【小問3解析】由丙和丁可看出丙的相等時(shí)間內(nèi)位移的變化較大，則加速度大，所受的阻力小。故選丙。13.如圖一個(gè)圓盤在水平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度是2rad/s，盤面上距圓盤中心0.50m的位置有一個(gè)質(zhì)量為2kg的小物體在隨圓盤一起做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，小物體與圓盤間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.50。求：（1）小物體的線速度大??；（2）小物體所受摩擦力的大小?！敬鸢浮浚?）1m/s（2）4N【解析】小問1解析】根據(jù)v=ωr可得小物體的線速度大小為v=1m/s【小問2解析】根據(jù)向心力公式可得小物體所受向心力的大小為F=4N可得小物體所受摩擦力的大小為f=F=4N14.如圖所示，質(zhì)量為m=2kg的小球，用長(zhǎng)為l=2m的輕繩懸掛于O點(diǎn)的正下方P點(diǎn)。小球在水平向右拉力的作用下，在豎直平面內(nèi)從P點(diǎn)緩慢地移動(dòng)到Q點(diǎn)，Q點(diǎn)處輕繩與豎直方向夾角為。不計(jì)空氣阻力，g取。（1）求在此過程中水平拉力對(duì)小球做的功W；（2）若小球運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)時(shí)撤去水平拉力，小球開始下擺，求小球回到P點(diǎn)時(shí)，對(duì)輕繩拉力大小?！敬鸢浮浚?）20J（2）40N【解析】【小問1解析】小球從P到Q的過程中，由動(dòng)能定理得解得在此過程中水平拉力對(duì)小球做的功【小問2解析】小球從Q到P的過程中，由動(dòng)能定理得小球在P點(diǎn)為圓周軌道的最低點(diǎn)，由牛頓第二定律解得由牛頓第三定律可知小球回到P點(diǎn)時(shí)，對(duì)輕繩的拉力大小為15.帶電量分別為＋2q、－2q等量異種電荷A、B固定在同一水平線上，相距6x，在它們連線的中點(diǎn)P上方2x處有一懸點(diǎn)O，用絕緣細(xì)繩掛著一個(gè)質(zhì)量為m的帶電小球C，OP＝2x，繩長(zhǎng)，如圖所示，平衡時(shí)小球剛好靜止在兩電荷連線上。重力加速度為g，問：（1）小球所受電場(chǎng)力大小為多少？（2）小球所在處A、B產(chǎn)生的電場(chǎng)合場(chǎng)強(qiáng)為多少？（3）小球所帶電荷量正是負(fù)？電荷量為多少？【答案】（1）；（2）；（3）負(fù)電荷，【解析】（1）對(duì)小球C由平衡條件可得其中聯(lián)立解得（2）由幾何關(guān)系可得，CP長(zhǎng)度為由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式及場(chǎng)強(qiáng)疊加原理可得，小球所在處的場(chǎng)強(qiáng)大小為方向水平向右。（3）由平衡條件可知，小球受到的電場(chǎng)力水平向左，與場(chǎng)強(qiáng)方向相反，故小球帶負(fù)電，電荷量為16.如圖所示，在場(chǎng)強(qiáng)為的豎直向下勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一塊水平放置的足夠大的接地金屬板，在金屬板的正上方高為h處有一個(gè)小的放射源，放射源處有一鉛板，使放射源可以向水平及斜下方各個(gè)方向釋放質(zhì)量為m、電量為、初速度為的帶電粒子，粒子最后落在金屬板上，不計(jì)粒子重力。試求：（1）粒子打在板上時(shí)的動(dòng)能；（2）計(jì)算粒子落到金屬板上時(shí)電場(chǎng)力的最小