2024年高考江蘇卷物理真題單項選擇題1.關于質點，下列說法正確的是A.質點是一個理想化模型，實際并不存在B.因為質點沒有大小，所以與幾何中的點沒有區(qū)別C.凡是輕小的物體，都可看作質點D.如果物體的形狀和大小對所研究的問題無影響，就可以把物體看作質點答案：A。分析：質點是理想化模型，實際不存在，A正確；質點有質量，與幾何中的點不同，B錯誤；輕小物體不一定能看成質點，C錯誤；要在所研究問題中物體的形狀和大小可忽略時才能看成質點，D表述不準確。2.下列關于速度和加速度的說法中，正確的是A.物體的速度越大，加速度也越大B.物體的速度為零時，加速度也一定為零C.物體的速度變化越大，加速度越大D.物體的速度變化越快，加速度越大答案：D。分析：速度大小與加速度大小無直接關系，A錯誤；速度為零加速度不一定為零，如剛要啟動的汽車，B錯誤；加速度是速度變化率，速度變化大但時間長時加速度不一定大，C錯誤；速度變化越快，加速度越大，D正確。3.一個物體在水平面上受到水平拉力F的作用，在5s內從靜止開始移動了10m。已知物體的質量為2kg，物體與水平面間的動摩擦因數為0.2，則拉力F的大小為（g取10m/s2）A.4NB.6NC.8ND.10N答案：C。分析：根據位移公式(x=frac{1}{2}at^{2})可得加速度(a=frac{2x}{t^{2}}=frac{2times10}{5^{2}}=0.8m/s^{2})，根據牛頓第二定律(Fmumg=ma)，解得(F=ma+mumg=2times0.8+0.2times2times10=8N)。4.下列關于重力勢能的說法中，正確的是A.重力勢能的大小只與物體的質量有關B.重力勢能恒大于零C.在地面上的物體，它具有的重力勢能一定等于零D.重力勢能是物體和地球所共有的答案：D。分析：重力勢能與物體質量和高度都有關，A錯誤；重力勢能有正負，可小于零，B錯誤；零勢能面可任意選取，地面上物體重力勢能不一定為零，C錯誤；重力勢能是物體和地球共有的，D正確。5.一物體做自由落體運動，在第1s內和第2s內，重力對該物體做的功之比為A.1:1B.1:2C.1:3D.1:4答案：C。分析：根據自由落體運動位移公式(h=frac{1}{2}gt^{2})，第1s內位移(h_{1}=frac{1}{2}gtimes1^{2})，前2s內位移(h_{2}=frac{1}{2}gtimes2^{2})，第2s內位移(h=h_{2}h_{1}=frac{1}{2}gtimes(2^{2}1^{2}))，重力做功(W=mgh)，則第1s內和第2s內重力做功之比(W_{1}:W_{2}=h_{1}:h=frac{1}{2}gtimes1^{2}:frac{1}{2}gtimes(2^{2}1^{2})=1:3)。6.關于曲線運動，下列說法正確的是A.曲線運動一定是變速運動B.曲線運動的加速度一定是變化的C.曲線運動的物體所受合力一定是變化的D.曲線運動的速度大小一定是變化的答案：A。分析：曲線運動速度方向時刻變化，一定是變速運動，A正確；曲線運動加速度不一定變化，如平拋運動，B錯誤；所受合力也不一定變化，平拋運動合力為重力不變，C錯誤；曲線運動速度大小不一定變化，如勻速圓周運動，D錯誤。7.做勻速圓周運動的物體，下列物理量中不變的是A.線速度B.角速度C.向心加速度D.向心力答案：B。分析：線速度方向時刻變化，A錯誤；角速度大小和方向都不變，B正確；向心加速度方向時刻指向圓心，不斷變化，C錯誤；向心力方向也時刻指向圓心，不斷變化，D錯誤。8.兩顆人造地球衛(wèi)星，都在圓形軌道上運行，它們的質量相等，軌道半徑之比(r_{1}:r_{2}=2:1)，則它們的動能之比(E_{k1}:E_{k2})等于A.2:1B.1:2C.1:4D.4:1答案：B。分析：根據萬有引力提供向心力(Gfrac{Mm}{r^{2}}=frac{mv^{2}}{r})，可得(v=sqrt{frac{GM}{r}})，動能(E_{k}=frac{1}{2}mv^{2}=frac{GMm}{2r})，則(frac{E_{k1}}{E_{k2}}=frac{r_{2}}{r_{1}}=frac{1}{2})。9.關于電場強度，下列說法正確的是A.電場中某點的電場強度與放在該點的試探電荷所受電場力成正比B.電場中某點的電場強度與放在該點的試探電荷的電荷量成反比C.電場中某點的電場強度方向就是試探電荷在該點所受電場力的方向D.電場中某點的電場強度由電場本身決定，與試探電荷無關答案：D。分析：電場強度由電場本身決定，與試探電荷所受電場力和電荷量無關，A、B錯誤，D正確；電場中某點電場強度方向是正試探電荷在該點所受電場力的方向，C錯誤。10.如圖所示，在真空中有兩個等量異種點電荷(+Q)和(Q)，(M)、(N)是兩點電荷連線中垂線上的兩點，(O)為連線中點，下列說法正確的是A.(M)、(N)兩點場強大小相等，方向相同B.(M)、(N)兩點場強大小相等，方向相反C.(O)點的場強為零D.(O)點的電勢低于(M)、(N)兩點的電勢答案：A。分析：等量異種點電荷中垂線上各點場強方向相同，且到兩電荷距離相等的點場強大小相等，所以(M)、(N)兩點場強大小相等，方向相同，A正確，B錯誤；(O)點場強不為零，C錯誤；中垂線是等勢線且電勢為零，(M)、(N)兩點電勢等于(O)點電勢，D錯誤。多項選擇題11.下列關于摩擦力的說法中，正確的是A.摩擦力的方向總是與物體的運動方向相反B.靜摩擦力的大小與壓力大小成正比C.滑動摩擦力的大小與壓力大小成正比D.靜摩擦力可以是動力，也可以是阻力答案：CD。分析：摩擦力方向與相對運動或相對運動趨勢方向相反，不一定與運動方向相反，A錯誤；靜摩擦力大小與外力有關，與壓力無關，B錯誤；滑動摩擦力(f=muN)，與壓力成正比，C正確；靜摩擦力可以是動力也可以是阻力，D正確。12.一物體做勻變速直線運動，某時刻速度大小為(4m/s)，(1s)后速度大小變?yōu)?10m/s)，在這(1s)內該物體的A.位移的大小可能小于(4m)B.位移的大小可能大于(10m)C.加速度的大小可能小于(4m/s^{2})D.加速度的大小可能大于(10m/s^{2})答案：AD。分析：若速度方向相同，加速度(a=frac{104}{1}=6m/s^{2})，位移(x=frac{4+10}{2}times1=7m)；若速度方向相反，加速度(a=frac{104}{1}=14m/s^{2})，位移(x=frac{4+(10)}{2}times1=3m)，所以位移大小可能小于(4m)，加速度大小可能大于(10m/s^{2})，AD正確。13.關于機械能守恒定律的適用條件，下列說法中正確的是A.只有重力和彈力做功時，機械能守恒B.當有其他外力作用時，只要合外力為零，機械能守恒C.當有其他外力作用時，只要其他外力不做功，機械能守恒D.炮彈在空中飛行不計阻力時，僅受重力作用，機械能守恒答案：ACD。分析：只有重力和彈力做功時機械能守恒，A正確；合外力為零機械能不一定守恒，如勻速上升的物體，B錯誤；其他外力不做功，只有重力和彈力做功，機械能守恒，C正確；炮彈不計阻力僅受重力，機械能守恒，D正確。14.如圖所示，一個內壁光滑的圓錐筒的軸線垂直于水平面，圓錐筒固定不動，有兩個質量相同的小球(A)和(B)緊貼著內壁分別在圖中所示的水平面內做勻速圓周運動，則下列說法正確的是A.球(A)的線速度必定大于球(B)的線速度B.球(A)的角速度必定小于球(B)的角速度C.球(A)的運動周期必定小于球(B)的運動周期D.球(A)對筒壁的壓力必定大于球(B)對筒壁的壓力答案：AB。分析：對小球受力分析，重力和支持力的合力提供向心力，(mgtantheta=frac{mv^{2}}{r}=momega^{2}r)，可得(v=sqrt{grtantheta})，(A)球半徑大，線速度大，A正確；(omega=sqrt{frac{gtantheta}{r}})，(A)球半徑大，角速度小，B正確；(T=frac{2pi}{omega})，(A)球周期大，C錯誤；支持力(N=frac{mg}{costheta})，兩球對筒壁壓力相等，D錯誤。15.如圖所示，在水平放置的平行板電容器之間，有一帶電油滴(P)處于靜止狀態(tài)，若從某時刻起，油滴所帶的電荷量開始緩慢減小，為維持該油滴仍處于靜止狀態(tài)，可采取下列哪些措施A.其他條件不變，使兩板間的距離減小B.其他條件不變，使兩板間的距離增大C.其他條件不變，將滑動變阻器的滑片向右移動D.其他條件不變，將滑動變阻器的滑片向左移動答案：AC。分析：油滴靜止(mg=qE)，電荷量(q)減小，要使油滴靜止需增大電場強度(E)。根據(E=frac{U}sfpicot)，減小兩板間距離(d)可增大(E)，A正確，B錯誤；將滑片右移，(R)接入電路電阻減小，路端電壓(U)增大，(E)增大，C正確；滑片左移，(R)接入電路電阻增大，路端電壓(U)減小，(E)減小，D錯誤。實驗題16.（1）在“探究加速度與力、質量的關系”實驗中，采用如圖所示的實驗裝置，小車及車中砝碼的質量用(M)表示，盤及盤中砝碼的質量用(m)表示，小車的加速度可由小車后拖動的紙帶打上的點計算出。①當(M)與(m)的大小關系滿足______時，才可以認為繩對小車的拉力大小等于盤及盤中砝碼的重力。②某一組同學先保持盤及盤中砝碼的質量(m)一定來做實驗，其具體操作步驟如下，以下做法正確的是______。A.平衡摩擦力時，應將盤及盤中砝碼用細繩通過定滑輪系在小車上B.每次改變小車的質量時，不需要重新平衡摩擦力C.實驗時，先放開小車，再接通打點計時器的電源D.用天平測出(m)以及(M)，小車運動的加速度可直接用公式(a=frac{mg}{M})求出③另兩組同學保持小車及車中砝碼的質量(M)一定，探究加速度(a)與所受合力(F)的關系，由于他們操作不當，這兩組同學得到的(aF)關系圖象分別如圖甲和圖乙所示，其原因分別是：圖甲：______；圖乙：______。（2）在“探究動能定理”的實驗中，某同學是用下面的方法和器材進行實驗的：放在長木板上的小車，由靜止開始在幾條完全相同的橡皮筋的作用下沿木板運動，小車拉動固定在它上面的紙帶，紙帶穿過打點計時器。關于這一實驗，下列說法中正確的是______。A.長木板要適當傾斜，以平衡小車運動中受到的阻力B.重復實驗時，雖然用到橡皮筋的條數不同，但每次應使橡皮筋拉伸的長度相同C.利用紙帶上的點計算小車的速度時，應選用紙帶上打點最密集的部分進行計算D.利用紙帶上的點計算小車的速度時，應選用紙帶上打點最稀疏的部分進行計算答案：（1）①(Mggm)；②B；③圖甲：平衡摩擦力時木板傾角過大；圖乙：沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力時木板傾角過?。唬?）ABD。分析：（1）①只有(Mggm)時，才可以認為繩對小車的拉力大小等于盤及盤中砝碼的重力。②平衡摩擦力時不應掛盤及砝碼，A錯誤；每次改變小車質量不需要重新平衡摩擦力，B正確；實驗時應先接通電源再放開小車，C錯誤；小車加速度應根據紙帶計算，不能用(a=frac{mg}{M})求，D錯誤。③圖甲平衡摩擦力時木板傾角過大，圖乙沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力時木板傾角過小。（2）長木板傾斜平衡阻力，A正確；每次使橡皮筋拉伸長度相同保證做功倍數關系，B正確；計算速度選打點最稀疏部分，C錯誤，D正確。17.（1）用游標卡尺測量某一物體的長度，如圖所示，讀數為______mm。（2）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，如圖所示，讀數為______mm。答案：（1）10.50；（2）0.680。分析：（1）游標卡尺主尺讀數為10mm，游標尺第10條刻度線與主尺對齊，精度為0.05mm，讀數為(10+10times0.05=10.50mm)。（2）螺旋測微器固定刻度讀數為0.5mm，可動刻度讀數為(18.0times0.01=0.180mm)，總讀數為(0.5+0.180=0.680mm)。解答題18.一質量為(m=2kg)的物體靜止在水平地面上，物體與地面間的動摩擦因數(mu=0.2)?，F對物體施加一個大小為(F=10N)、與水平方向成(theta=37^{circ})角斜向上的拉力，經過時間(t=2s)后，撤去拉力(F)。求：（1）拉力(F)作用時物體的加速度大?。唬?）撤去拉力(F)后物體還能滑行的距離。（(g)取(10m/s^{2})，(sin37^{circ}=0.6)，(cos37^{circ}=0.8)）答案：（1）對物體受力分析，根據牛頓第二定律(Fcosthetamu(mgFsintheta)=ma)，代入數據(10times0.80.2times(2times1010times0.6)=2a)，解得(a=3m/s^{2})。（2）(t=2s)時物體的速度(v=at=3times2=6m/s)，撤去拉力后，根據牛頓第二定律(mumg=ma_{1})，解得(a_{1}=mug=0.2times10=2m/s^{2})，根據(v^{2}=2a_{1}x)，可得滑行距離(x=frac{v^{2}}{2a_{1}}=frac{6^{2}}{2times2}=9m)。19.如圖所示，質量為(m=0.1kg)的小球從距地面高(H=5m)處自由下落，到達地面恰能沿凹陷于地面的半圓形槽壁運動，半圓形槽的半徑(R=0.4m)。小球到達槽最低點時速率恰好為(10m/s)，并繼續(xù)沿槽壁運動直到從槽左端邊緣飛出……，如此反復幾次。設摩擦力大小恒定不變，求：（1）小球第一次到達槽最低點時對槽的壓力大小；（2）小球第一次離槽上升的高度(h)；（3）小球最多能飛出槽外的次數。答案：（1）在最低點，根據牛頓第二定律(Nmg=frac{mv^{2}}{R})，代入數據(N=mg+frac{mv^{2}}{R}=0.1times10+frac{0.1times10^{2}}{0.4}=26N)，根據牛頓第三定律，小球對槽的壓力大小為26N。（2）從開始下落到第一次離槽上升到最高，根據動能定理(mg(Hh)2mumgR=0)，從開始下落到最低點(mg(H+R)mumgR=frac{1}{2}mv^{2})，聯(lián)立解得(h=3.4m)。（3）設小球最多能飛出(n)次，根據動能定理(mgH2nmumgR=0)，由前面計算可得(mumgR=0.8J)，則(n=frac{mgH}{2mumgR}=frac{0.1times10times5}{2times0.8}approx3.125)，所以最多能飛出3次。20.如圖所示，在平面直角坐標系(xOy)中，第一象限存在沿(y)軸負方向的勻強電場，第四象限存在垂直于坐標平面向外的勻強磁場，磁感應強度為(B)。一質量為(m)、電荷量為(q)的帶正電的粒子，從(y)軸正半軸上的(M)點以速度(v_{0})垂直于(y)軸射入電場，經(x)軸上的(N)點與(x)軸正方向成(theta=60^{circ})角射入磁場，最后從(y)軸負半軸上的(P)點垂直于(y)軸射出磁場。不計粒子重力，求：（1）粒子在(N)點的速度大小(v)；（2）勻強電場的電場強度(E)；（3）粒子從(M)點運動到(P)點的總時間(t)。答案：（1）粒子在電場中做類平拋運動，速度分解可得(v=frac{v_{0}}{cos60^{circ}}=2v_{0})。（2）粒子在電場中運動，(v_{y}=v_{0}tan60^{circ}=sqrt{3}v_{0})，(v_{y}=at)，(a=frac{qE}{m})，水平方向(x=v_{0}t)，豎直方向(y=frac{1}{2}at^{2})，又(tan60^{circ}=frac{v_{y}}{v_{0}}=frac{y}{x/2})，聯(lián)立解得(E=frac{sqrt{3}mv_{0}^{2}}{qL})（設(ON=L)）。（3）在電場中運動時間(t_{1}=frac{v_{y}}{a}=frac{sqrt{3}mv_{0}}{qE}=frac{L}{v_{0}})，在磁場中運動半徑(R=frac{mv}{qB}=frac{2mv_{0}}{qB})，運動時間(t_{2}=frac{1}{3}T=frac{2pim}{3qB})，總時間(t=t_{1}+t_{2}=frac{L}{v_