2025年高考真題PAGEPAGE12025年普通高校招生統(tǒng)一考試廣西壯族自治區(qū)普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試物理一、選擇題：本大題共10小題，共46分。第1~7題，每小題4分，只有一項符合題目要求，錯選、多選或未選均不得分；第8~10題，每小題6分，有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.已知金屬銣、鉀、鈉、鈣的逸出功分別為2.13eV、2.25eV、2.29eV、3.20eV．用光子能量為2.20eV的單色光照射這些金屬的表面，能逸出光電子的金屬是（）A.銣 B.鉀 C.鈉 D.鈣【答案】A【解析】【詳析】當(dāng)光子能量大于金屬的逸出功時就能發(fā)生光電效應(yīng)，可知能量是2.20eV的光子分別照射到四種金屬板上，會發(fā)生光電效應(yīng)的金屬板是銣。故選A。2.某變壓器輸入正弦交流電的電壓有效值為220V．輸出電壓最大值為，該變壓器視為理想變壓器，其原、副線圈匝數(shù)之比為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳析】變壓器次級電壓有效值為則變壓器原副線圈的匝數(shù)比故選C。3.某乘客乘坐的動車進站時，動車速度從36km/h減小為0，此過程可視為勻減速直線運動，期間該乘客的脈搏跳動了70次。已知他的脈搏跳動每分鐘約為60次，則此過程動車行駛距離約為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳析】火車運動的時間為火車共行駛的距離故選B。4.用帶電玻璃棒接觸驗電器的金屬球，移走玻璃棒，驗電器內(nèi)的兩片金屬箔張開，穩(wěn)定后如圖。圖中a、b、c、d四點電場強度最強的是（）A.a點 B.b點 C.c點 D.d點【答案】D【解析】【詳析】bc兩點分別在金屬外殼內(nèi)部和金屬桿的內(nèi)部，則兩點的場強均為零；在金屬箔上的最下端電荷分布比金屬球上更密集，且d點距離金箔的下端較近，可知d點的場強比a點大，則電場強度最大的點在d點。故選D。5.如圖扇形的材料，折射率大于，現(xiàn)有兩條光線1和2，從扇形材料的A點傳播，光線1傳到圓弧（圓）AC的中點B．光線2傳播到C點偏上，則兩光線發(fā)生下列哪種情況（）A.1不全反射，2全反射 B.都不全反射C.都全反射 D.1全反射，2不全反射【答案】C【解析】【詳析】因可得臨界角即C<45°因射到B點的光線的入射角為可知光線1會發(fā)生全反射；因射到C點偏上的的光線的入射角為可知光線2會發(fā)生全反射。故選C。6.如圖電路中，材質(zhì)相同的金屬導(dǎo)體a和b，橫截面積分別為、，長度分別為、。閉合開關(guān)后，a和b中自由電子定向移動的平均速率之比為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳析】根據(jù)電阻定律可得，；兩支路并聯(lián)有，結(jié)合電流的微觀表達式；對于同種材料n、q相同；聯(lián)立可得；即故選B。7.如圖，兩條固定的光滑平行金屬導(dǎo)軌，所在平面與水平面夾角為，間距為l，導(dǎo)軌電阻忽略不計，兩端各接一個阻值為2R的定值電阻，形成閉合回路：質(zhì)量為m的金屬棒垂直導(dǎo)軌放置，并與導(dǎo)軌接觸良好，接入導(dǎo)軌之間的電阻為R；勁度系數(shù)為k的兩個完全相同的絕緣輕質(zhì)彈簧與導(dǎo)軌平行，一端固定，另一端均與金屬棒中間位置相連，彈簧的彈性勢能與形變量x的關(guān)系為；將金屬棒移至導(dǎo)軌中間位置時，兩彈簧剛好處于原長狀態(tài)；整個裝置處于垂直導(dǎo)軌所在平面向上的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小為B。將金屬棒從導(dǎo)軌中間位置向上移動距離a后靜止釋放，金屬棒沿導(dǎo)軌向下運動到最遠處，用時為t，最遠處與導(dǎo)軌中間位置距離為b，彈簧形變始終在彈性限度內(nèi)。此過程中（）A.金屬棒所受安培力沖量大小為B.每個彈簧對金屬棒施加的沖量大小為C.每個定值電阻產(chǎn)生的熱量為D.金屬棒的平均輸出功率為【答案】D【解析】【詳析】A．根據(jù)而,解得，選項A錯誤；B．該過程中由動量定理解得每個彈簧對金屬棒施加的沖量大小為，選項B錯誤；C．由能量關(guān)系可知回路產(chǎn)生的總熱量每個定值電阻產(chǎn)生的熱量為，選項C錯誤；D．金屬棒的平均輸出功率，選項D正確。故選D。8.在“用油膜法估測油酸分子的大小”實驗中（）A.估測油酸分子大小時，油酸分子可以視球形B.油膜的形狀穩(wěn)定后，油酸分子仍然在做熱運動C.計算油膜面積時，忽略所有不完整的小正方形D.與油酸酒精溶液相比，純油酸更容易在水面形成單分子油膜【答案】AB【解析】【詳析】A．在油膜法測分子直徑的實驗中，把油膜看成單分子油膜，且分子緊密排列。由于分子形狀復(fù)雜，為簡化計算，通常將其視為球形模型，油膜的厚度可以近似看成是球形分子的直徑，故A正確；B．分子在永不停息地做無規(guī)則熱運動，與宏觀物體是否處于穩(wěn)定狀態(tài)無關(guān)。油膜穩(wěn)定時，油酸分子仍然在做熱運動，故B正確；C．在計算油膜面積時，為了更準確地估算油膜面積，對于周邊不完整的格子，大于半格記為一個單位面積，小于半格的不計面積，而不是不完整的格子不計面積，故C錯誤；D．酒精可以溶解油酸，使油酸更容易在水面上展開形成單分子油膜，所以實驗時加酒精比不加酒精更好地展開油膜，故D錯誤。故選AB。9.獨竹漂是我國一項民間技藝。如圖，在平靜的湖面上，獨竹漂選手手持劃桿踩著楠竹，沿直線減速滑行，選手和楠竹相對靜止，則（）A.選手所受合力為零B.楠竹受到選手作用力的方向一定豎直向下C.手持劃桿可使選手（含劃桿）的重心下移，更易保持平衡D.選手受到楠竹作用力的方向與選手（含劃桿）的重心在同一豎直平面【答案】CD【解析】【詳析】A．選手和楠竹在水里減速滑行，速度在變化，根據(jù)牛頓第二定律可知合力不為零，故A錯誤；B．楠竹在水平方向有加速度，選手對楠竹的力在豎直方向有壓力，水平方向有摩擦力，所以選手對楠竹的力方向不是豎直向下，故B錯誤；C．選手和楠竹相對靜止，且減速滑行，選手和楠竹的重心要在同一豎直面上才能保持相對穩(wěn)定，故C正確；D．選手和楠竹構(gòu)成的整體在減速滑行，受到的合力不為零，根據(jù)力的作用線和重心的關(guān)系可知整體的重心與楠竹受到合力作用線應(yīng)該在同一豎直面上，故D正確。故選CD10.如圖，帶等量正電荷q的M、N兩種粒子，以幾乎為0的初速度從S飄入電勢差為U的加速電場，經(jīng)加速后從O點沿水平方向進入速度選擇器（簡稱選擇器）。選擇器中有豎直向上的勻強電場和垂直紙面向外的勻強磁場。當(dāng)選擇器的電場強度大小為E，磁感應(yīng)強度大小為B1，右端開口寬度為2d時，M粒子沿軸線OO′穿過選擇器后，沿水平方向進入磁感應(yīng)強度大小為B2、方向垂直紙面向外的勻強磁場（偏轉(zhuǎn)磁場），并最終打在探測器上；N粒子以與水平方向夾角為θ的速度從開口的下邊緣進入偏轉(zhuǎn)磁場，并與M粒子打在同一位置，忽略粒子重力和粒子間的相互作用及邊界效應(yīng)，則（）A.M粒子質(zhì)量為B.剛進入選擇器時，N粒子的速度小于M粒子的速度C.調(diào)節(jié)選擇器，使N粒子沿軸線OO′穿過選擇器，此時選擇器的電場強度與磁感應(yīng)強度大小之比為D.調(diào)節(jié)選擇器，使N粒子沿軸線OO′進入偏轉(zhuǎn)磁場，打在探測器上的位置與調(diào)節(jié)前M粒子打在探測器上的位置間距為【答案】AD【解析】【詳析】A．對M粒子在加速電場中在速度選擇器中解得M的質(zhì)量，故A正確；B．進入粒子速度選擇器后因N粒子向下偏轉(zhuǎn)，可知即，故B錯誤；C．M粒子在磁場中運動半徑為r1，則解得N粒子在磁場中運動的半徑為r2，則解得其中可得由動能定理N粒子在選擇器中在加速電場中解得，則要想使得粒子N沿軸線OO＇通過選擇器，則需滿足聯(lián)立解得，故C錯誤；D．若N粒子沿直線通過選擇器，則在磁場中運動的半徑為r3，則打在探測器的位移與調(diào)節(jié)前M打在探測器上的位置間距為其中，可得，故D正確。故選AD。二、非選擇題：本大題共5小題，共54分。第11題8分，第12題9分，第13題10分，第14題11分，第15題16分。其中第13~15題解答時要求寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只有最后答案而無演算過程的不得分；有數(shù)值計算的，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。11.某小組將電流表改裝成歐姆表，所用器材有電源（電動勢，內(nèi)阻不計），電流表（滿偏電流，內(nèi)阻），電阻，滑動變阻器，導(dǎo)線若干，電路如圖。（1）歐姆調(diào)零時，應(yīng)先將A、B______，再調(diào)節(jié)滑動變阻器，使電流表示數(shù)為______，此時滑動變阻器的阻值為______。（2）調(diào)零后，在A、B間接入電阻，當(dāng)電流表示數(shù)為時，為______?！敬鸢浮浚?）①.短接②.③.14.4（2）10【解析】【小問1詳析】[1]歐姆表在使用前需要調(diào)零，這個過程需要將紅黑表筆短接，即圖中的A、B點短接；[2]歐姆表短接調(diào)零需要將指針調(diào)到電流表G滿偏的狀態(tài)，即讓G表示數(shù)為；[3]因為電源內(nèi)阻不計，調(diào)零過程中根據(jù)閉合電路歐姆定律可知解得【小問2詳析】當(dāng)歐姆表的示數(shù)是60μA時，根據(jù)，代入數(shù)據(jù)可得12.在用如圖甲的裝置做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗中：（1）探究小車加速度與小車所受拉力的關(guān)系時，需保持小車（含加速度傳感器，下同）質(zhì)量不變，這種實驗方法是____。（2）實驗時，調(diào)節(jié)定滑輪高度，使連接小車的細繩與軌道平面保持_____。（3）由該裝置分別探究M、N兩車加速度a和所受拉力F的關(guān)系，獲得圖像如圖乙，通過圖乙分析實驗是否需要補償阻力（即平衡阻力）。如果需要，說明如何操作；如果不需要，說明理由。（4）懸掛重物讓M、N兩車從靜止釋放經(jīng)過相同位移的時間比為n，兩車均未到達軌道末端，則兩車加速度之比_____?！敬鸢浮浚?）控制變量法（2）平行（3）需要；撤出細繩連接的力傳感器和重物，將木板左端用墊塊墊起適當(dāng)高度，使小車能沿木板勻速下滑。（4）【解析】【小問1詳析】在探究小車加速度與小車所受拉力的關(guān)系時，需保持小車（含加速度傳感器）質(zhì)量不變，這種實驗方法是控制變量法?！拘?詳析】實驗時，為使小車受到的合外力等于細繩的拉力，要調(diào)節(jié)定滑輪高度，使連接小車的細繩與軌道平面保持平行，保證細繩對小車的拉力方向與小車運動方向一致，減小實驗誤差?！拘?詳析】由圖乙可知，當(dāng)拉力F為某一值時才產(chǎn)生加速度，說明小車受到摩擦力，需要補償阻力。補償方法：撤出細繩連接的力傳感器和重物，將木板左端用墊塊墊起適當(dāng)高度，使小車能沿木板勻速下滑?！拘?詳析】兩車均從靜止釋放，都做初速度為零的勻加速直線運動，根據(jù)勻變速直線運動的位移公式可知因為聯(lián)立解得13.某樂器發(fā)出頻率為兩倍關(guān)系的兩個純音（簡諧聲波），其波形疊加后呈現(xiàn)一種周期性變化。圖甲和圖乙分別為同一時刻兩列簡諧聲波單獨沿x正方向傳播的波形圖，圖中的坐標原點位于同一質(zhì)點處，聲速為340m/s。（1）從圖中讀出這兩列波的波長。（2）該時刻這兩列波疊加，分別求和處的質(zhì)點在該時刻偏離平衡位置的位移。（3）求這兩列波疊加后的周期?！敬鸢浮浚?），（2），（3）【解析】【小問1詳析】根據(jù)波長的定義及兩列波的波動圖可知，；【小問2詳析】由波動圖可知在處兩列波均處于波峰處，處的質(zhì)點位移在處，對于第一列波有對于第二列波有在處質(zhì)點的位移【小問3詳析】對于第一列波有對于第二列波有這兩列波疊加后的周期14.帶電粒子繞著帶電量為的源電荷做軌跡為橢圓的曲線運動，源電荷固定在橢圓左焦點F上，帶電粒子電量為；已知橢圓焦距為c，半長軸為a，電勢計算公式為，帶電粒子速度的平方與其到電荷的距離的倒數(shù)滿足如圖關(guān)系。（1）求在橢圓軌道半短軸頂點B的電勢；（2）求帶電粒子從A到B的運動過程中，電場力對帶電粒子做的功；（3）用推理論證帶電粒子動能與電勢能之和是否守恒；若守恒，求其動能與電勢能之和；若不守恒，說明理由?！敬鸢浮浚?）（2）（3）守恒，【解析】【小問1詳析】由幾何關(guān)系可知，橢圓上任何一點到兩焦點間距離之和為2a，故頂點B距源電荷的距離為根據(jù)電勢計算公式可得在橢圓軌道半短軸頂點B的電勢為【小問2詳析】同理可知，在橢圓軌道半長軸頂點A的電勢為根據(jù)電場力做功與電勢能的關(guān)系可知，帶電粒子從A到B的運動過程中，電場力對帶電粒子做的功為【小問3詳析】設(shè)帶電粒子的質(zhì)量為m，假設(shè)帶電粒子動能與電勢能之和守恒，則滿足（定值）則根據(jù)圖像可知關(guān)系一條傾斜直線，故假設(shè)成立，將圖像中代入關(guān)系式可得其動能與電勢能之和為15.圖甲為某智能分裝系統(tǒng)工作原理示意圖，每個散貨經(jīng)傾斜傳送帶由底端A運動到頂端B后水平拋出，撞擊沖量式傳感器使其輸出一個脈沖信號，隨后豎直掉入以與水平傳送帶共速度的貨箱中，此系統(tǒng)利用傳感器探測散貨的質(zhì)量，自動調(diào)節(jié)水平傳送帶的速度，實現(xiàn)按規(guī)格分裝。傾斜傳送帶與水平地面夾角為，以速度勻速運行。若以相同的時間間隔將散貨以幾乎為0的速度放置在傾斜傳送帶底端A，從放置某個散貨時開始計數(shù)，當(dāng)放置第10個散貨時，第1個散貨恰好被水平拋出。散貨與傾斜傳送帶間的動摩擦因數(shù)，到達頂端前已與傳送帶共速。設(shè)散貨與傳感器撞擊時間極短，撞擊后豎直方向速度不變，水平速度變?yōu)?。每個長度為d的貨箱裝總質(zhì)量為M的一批散貨。若貨箱之間無間隔，重力加速度為g。分裝系統(tǒng)穩(wěn)定運行后，連續(xù)裝貨，某段時間傳感器輸出的每個脈沖信號與橫軸所圍面積為I如圖乙，求這段時間內(nèi)：（1）單個散貨的質(zhì)量。（2）水平傳送帶的平均傳送速度大小。（3）傾斜傳送帶的平均輸出功率。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問1詳析】對單個散貨水平方向由動量定理解得單個散貨的質(zhì)量為【小問2詳析】落入貨箱中散貨的個數(shù)為則水平傳送帶的平均傳送速度大小為【小問3詳析】設(shè)傾斜傳送帶的長度為L，其中散貨在加速階段，由牛頓第二定律解得加速時間加速位移設(shè)勻速時間為，其中則勻速位移為故傳送帶的長度為加速階段散貨與傳送帶發(fā)生的相對位移為在時間內(nèi)傳送帶額外多做的功為其中，，聯(lián)立可得傾斜傳送帶的平均輸出功率為2025年普通高校招生統(tǒng)一考試廣西壯族自治區(qū)普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試物理一、選擇題：本大題共10小題，共46分。第1~7題，每小題4分，只有一項符合題目要求，錯選、多選或未選均不得分；第8~10題，每小題6分，有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.已知金屬銣、鉀、鈉、鈣的逸出功分別為2.13eV、2.25eV、2.29eV、3.20eV．用光子能量為2.20eV的單色光照射這些金屬的表面，能逸出光電子的金屬是（）A.銣 B.鉀 C.鈉 D.鈣【答案】A【解析】【詳析】當(dāng)光子能量大于金屬的逸出功時就能發(fā)生光電效應(yīng)，可知能量是2.20eV的光子分別照射到四種金屬板上，會發(fā)生光電效應(yīng)的金屬板是銣。故選A。2.某變壓器輸入正弦交流電的電壓有效值為220V．輸出電壓最大值為，該變壓器視為理想變壓器，其原、副線圈匝數(shù)之比為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳析】變壓器次級電壓有效值為則變壓器原副線圈的匝數(shù)比故選C。3.某乘客乘坐的動車進站時，動車速度從36km/h減小為0，此過程可視為勻減速直線運動，期間該乘客的脈搏跳動了70次。已知他的脈搏跳動每分鐘約為60次，則此過程動車行駛距離約為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳析】火車運動的時間為火車共行駛的距離故選B。4.用帶電玻璃棒接觸驗電器的金屬球，移走玻璃棒，驗電器內(nèi)的兩片金屬箔張開，穩(wěn)定后如圖。圖中a、b、c、d四點電場強度最強的是（）A.a點 B.b點 C.c點 D.d點【答案】D【解析】【詳析】bc兩點分別在金屬外殼內(nèi)部和金屬桿的內(nèi)部，則兩點的場強均為零；在金屬箔上的最下端電荷分布比金屬球上更密集，且d點距離金箔的下端較近，可知d點的場強比a點大，則電場強度最大的點在d點。故選D。5.如圖扇形的材料，折射率大于，現(xiàn)有兩條光線1和2，從扇形材料的A點傳播，光線1傳到圓?。▓A）AC的中點B．光線2傳播到C點偏上，則兩光線發(fā)生下列哪種情況（）A.1不全反射，2全反射 B.都不全反射C.都全反射 D.1全反射，2不全反射【答案】C【解析】【詳析】因可得臨界角即C<45°因射到B點的光線的入射角為可知光線1會發(fā)生全反射；因射到C點偏上的的光線的入射角為可知光線2會發(fā)生全反射。故選C。6.如圖電路中，材質(zhì)相同的金屬導(dǎo)體a和b，橫截面積分別為、，長度分別為、。閉合開關(guān)后，a和b中自由電子定向移動的平均速率之比為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳析】根據(jù)電阻定律可得，；兩支路并聯(lián)有，結(jié)合電流的微觀表達式；對于同種材料n、q相同；聯(lián)立可得；即故選B。7.如圖，兩條固定的光滑平行金屬導(dǎo)軌，所在平面與水平面夾角為，間距為l，導(dǎo)軌電阻忽略不計，兩端各接一個阻值為2R的定值電阻，形成閉合回路：質(zhì)量為m的金屬棒垂直導(dǎo)軌放置，并與導(dǎo)軌接觸良好，接入導(dǎo)軌之間的電阻為R；勁度系數(shù)為k的兩個完全相同的絕緣輕質(zhì)彈簧與導(dǎo)軌平行，一端固定，另一端均與金屬棒中間位置相連，彈簧的彈性勢能與形變量x的關(guān)系為；將金屬棒移至導(dǎo)軌中間位置時，兩彈簧剛好處于原長狀態(tài)；整個裝置處于垂直導(dǎo)軌所在平面向上的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小為B。將金屬棒從導(dǎo)軌中間位置向上移動距離a后靜止釋放，金屬棒沿導(dǎo)軌向下運動到最遠處，用時為t，最遠處與導(dǎo)軌中間位置距離為b，彈簧形變始終在彈性限度內(nèi)。此過程中（）A.金屬棒所受安培力沖量大小為B.每個彈簧對金屬棒施加的沖量大小為C.每個定值電阻產(chǎn)生的熱量為D.金屬棒的平均輸出功率為【答案】D【解析】【詳析】A．根據(jù)而,解得，選項A錯誤；B．該過程中由動量定理解得每個彈簧對金屬棒施加的沖量大小為，選項B錯誤；C．由能量關(guān)系可知回路產(chǎn)生的總熱量每個定值電阻產(chǎn)生的熱量為，選項C錯誤；D．金屬棒的平均輸出功率，選項D正確。故選D。8.在“用油膜法估測油酸分子的大小”實驗中（）A.估測油酸分子大小時，油酸分子可以視球形B.油膜的形狀穩(wěn)定后，油酸分子仍然在做熱運動C.計算油膜面積時，忽略所有不完整的小正方形D.與油酸酒精溶液相比，純油酸更容易在水面形成單分子油膜【答案】AB【解析】【詳析】A．在油膜法測分子直徑的實驗中，把油膜看成單分子油膜，且分子緊密排列。由于分子形狀復(fù)雜，為簡化計算，通常將其視為球形模型，油膜的厚度可以近似看成是球形分子的直徑，故A正確；B．分子在永不停息地做無規(guī)則熱運動，與宏觀物體是否處于穩(wěn)定狀態(tài)無關(guān)。油膜穩(wěn)定時，油酸分子仍然在做熱運動，故B正確；C．在計算油膜面積時，為了更準確地估算油膜面積，對于周邊不完整的格子，大于半格記為一個單位面積，小于半格的不計面積，而不是不完整的格子不計面積，故C錯誤；D．酒精可以溶解油酸，使油酸更容易在水面上展開形成單分子油膜，所以實驗時加酒精比不加酒精更好地展開油膜，故D錯誤。故選AB。9.獨竹漂是我國一項民間技藝。如圖，在平靜的湖面上，獨竹漂選手手持劃桿踩著楠竹，沿直線減速滑行，選手和楠竹相對靜止，則（）A.選手所受合力為零B.楠竹受到選手作用力的方向一定豎直向下C.手持劃桿可使選手（含劃桿）的重心下移，更易保持平衡D.選手受到楠竹作用力的方向與選手（含劃桿）的重心在同一豎直平面【答案】CD【解析】【詳析】A．選手和楠竹在水里減速滑行，速度在變化，根據(jù)牛頓第二定律可知合力不為零，故A錯誤；B．楠竹在水平方向有加速度，選手對楠竹的力在豎直方向有壓力，水平方向有摩擦力，所以選手對楠竹的力方向不是豎直向下，故B錯誤；C．選手和楠竹相對靜止，且減速滑行，選手和楠竹的重心要在同一豎直面上才能保持相對穩(wěn)定，故C正確；D．選手和楠竹構(gòu)成的整體在減速滑行，受到的合力不為零，根據(jù)力的作用線和重心的關(guān)系可知整體的重心與楠竹受到合力作用線應(yīng)該在同一豎直面上，故D正確。故選CD10.如圖，帶等量正電荷q的M、N兩種粒子，以幾乎為0的初速度從S飄入電勢差為U的加速電場，經(jīng)加速后從O點沿水平方向進入速度選擇器（簡稱選擇器）。選擇器中有豎直向上的勻強電場和垂直紙面向外的勻強磁場。當(dāng)選擇器的電場強度大小為E，磁感應(yīng)強度大小為B1，右端開口寬度為2d時，M粒子沿軸線OO′穿過選擇器后，沿水平方向進入磁感應(yīng)強度大小為B2、方向垂直紙面向外的勻強磁場（偏轉(zhuǎn)磁場），并最終打在探測器上；N粒子以與水平方向夾角為θ的速度從開口的下邊緣進入偏轉(zhuǎn)磁場，并與M粒子打在同一位置，忽略粒子重力和粒子間的相互作用及邊界效應(yīng)，則（）A.M粒子質(zhì)量為B.剛進入選擇器時，N粒子的速度小于M粒子的速度C.調(diào)節(jié)選擇器，使N粒子沿軸線OO′穿過選擇器，此時選擇器的電場強度與磁感應(yīng)強度大小之比為D.調(diào)節(jié)選擇器，使N粒子沿軸線OO′進入偏轉(zhuǎn)磁場，打在探測器上的位置與調(diào)節(jié)前M粒子打在探測器上的位置間距為【答案】AD【解析】【詳析】A．對M粒子在加速電場中在速度選擇器中解得M的質(zhì)量，故A正確；B．進入粒子速度選擇器后因N粒子向下偏轉(zhuǎn)，可知即，故B錯誤；C．M粒子在磁場中運動半徑為r1，則解得N粒子在磁場中運動的半徑為r2，則解得其中可得由動能定理N粒子在選擇器中在加速電場中解得，則要想使得粒子N沿軸線OO＇通過選擇器，則需滿足聯(lián)立解得，故C錯誤；D．若N粒子沿直線通過選擇器，則在磁場中運動的半徑為r3，則打在探測器的位移與調(diào)節(jié)前M打在探測器上的位置間距為其中，可得，故D正確。故選AD。二、非選擇題：本大題共5小題，共54分。第11題8分，第12題9分，第13題10分，第14題11分，第15題16分。其中第13~15題解答時要求寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只有最后答案而無演算過程的不得分；有數(shù)值計算的，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。11.某小組將電流表改裝成歐姆表，所用器材有電源（電動勢，內(nèi)阻不計），電流表（滿偏電流，內(nèi)阻），電阻，滑動變阻器，導(dǎo)線若干，電路如圖。（1）歐姆調(diào)零時，應(yīng)先將A、B______，再調(diào)節(jié)滑動變阻器，使電流表示數(shù)為______，此時滑動變阻器的阻值為______。（2）調(diào)零后，在A、B間接入電阻，當(dāng)電流表示數(shù)為時，為______?！敬鸢浮浚?）①.短接②.③.14.4（2）10【解析】【小問1詳析】[1]歐姆表在使用前需要調(diào)零，這個過程需要將紅黑表筆短接，即圖中的A、B點短接；[2]歐姆表短接調(diào)零需要將指針調(diào)到電流表G滿偏的狀態(tài)，即讓G表示數(shù)為；[3]因為電源內(nèi)阻不計，調(diào)零過程中根據(jù)閉合電路歐姆定律可知解得【小問2詳析】當(dāng)歐姆表的示數(shù)是60μA時，根據(jù)，代入數(shù)據(jù)可得12.在用如圖甲的裝置做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗中：（1）探究小車加速度與小車所受拉力的關(guān)系時，需保持小車（含加速度傳感器，下同）質(zhì)量不變，這種實驗方法是____。（2）實驗時，調(diào)節(jié)定滑輪高度，使連接小車的細繩與軌道平面保持_____。（3）由該裝置分別探究M、N兩車加速度a和所受拉力F的關(guān)系，獲得圖像如圖乙，通過圖乙分析實驗是否需要補償阻力（即平衡阻力）。如果需要，說明如何操作；如果不需要，說明理由。（4）懸掛重物讓M、N兩車從靜止釋放經(jīng)過相同位移的時間比為n，兩車均未到達軌道末端，則兩車加速度之比_____。【答案】（1）控制變量法（2）平行（3）需要；撤出細繩連接的力傳感器和重物，將木板左端用墊塊墊起適當(dāng)高度，使小車能沿木板勻速下滑。（4）【解析】【小問1詳析】在探究小車加速度與小車所受拉力的關(guān)系時，需保持小車（含加速度傳感器）質(zhì)量不變，這種實驗方法是控制變量法?！拘?詳析】實驗時，為使小車受到的合外力等于細繩的拉力，要調(diào)節(jié)定滑輪高度，使連接小車的細繩與軌道平面保持平行，保證細繩對小車的拉力方向與小車運動方向一致，減小實驗誤差?！拘?詳析】由圖乙可知，當(dāng)拉力F為某一值時才產(chǎn)生加速度，說明小車受到摩擦力，需要補償阻力。補償方法：撤出細繩連接的力傳感器和重物，將木板左端用墊塊墊起適當(dāng)高度，使小車能沿木板勻速下滑?！拘?詳析】兩車均從靜止釋放，都做初速度為零的勻加速直線運動，根據(jù)勻變速直線運動的位移公式可知因為聯(lián)立解得13.某樂器發(fā)出頻率為兩倍關(guān)系的兩個純音（簡諧聲波），其波形疊加后呈現(xiàn)一種周期性變化。圖甲和圖乙分別為同一時刻兩列簡諧聲波單獨沿x正方向傳播的波形圖，圖中的坐標原點位于同一質(zhì)點處，聲速為340m/s。（1）從圖中讀出這兩列波的波長。（2）該時刻這兩列波疊加，分別求和處的質(zhì)點在該時刻偏離平衡位置的位移。（3）求這兩列波疊加后的周期?！敬鸢浮浚?），（2），（3）【解析】【小問1詳析】根據(jù)波長的定義及兩列波的波動圖可知，；【小問2詳析】由波動圖可知在處兩列波均處于波峰處，處的質(zhì)點位移在處，對于第一列波有對于第