高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024—2025學(xué)年度第一學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)高三物理試題注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)等填寫在答題卡和試卷指定位置。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無(wú)效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。1.如圖為我國(guó)研制的一種全新微型核能電池，可以實(shí)現(xiàn)五十年穩(wěn)定安全自發(fā)電。它利用鎳核同位素衰變成銅核同位素，釋放的能量被半導(dǎo)體轉(zhuǎn)換器吸收并轉(zhuǎn)化為電能。下列說(shuō)法正確的是（）A.鎳核衰變產(chǎn)生的射線是粒子流 B.鎳核衰變產(chǎn)生的射線是粒子流C.鎳核的結(jié)合能比產(chǎn)生的銅核結(jié)合能大 D.衰變中伴隨產(chǎn)生的射線是由鎳核躍遷發(fā)出的【答案】B【解析】AB．依題意，鎳核衰變方程可知鎳核衰變產(chǎn)生的射線是粒子流。故A錯(cuò)誤；B正確；C．核反應(yīng)后釋放核能，反應(yīng)朝著比結(jié)合能增大的方向進(jìn)行，所以鎳核的結(jié)合能比銅核結(jié)合能小。故C錯(cuò)誤；D．射線是銅原子核躍遷發(fā)出的。故D錯(cuò)誤。故選B。2.中國(guó)勞動(dòng)人民充滿無(wú)窮的智慧，用兩根竹竿輕松解決了對(duì)不同大小水果的分揀工作。如圖，端略高于端，間的寬度小于間的寬度，與與與間的間距相等。水果從與區(qū)域掉下為小果，與區(qū)域掉下為中果，與區(qū)域掉下為大果。一大果從端靜止開始下滑的過(guò)程中（）A.對(duì)桿和桿的摩擦力逐漸變小B.對(duì)桿和桿的壓力逐漸減小C.到與到的時(shí)間之比大于D.該大果比一個(gè)中果在經(jīng)過(guò)點(diǎn)時(shí)的加速度小【答案】C【解析】AB．根據(jù)對(duì)稱性，設(shè)竹竿對(duì)水果的支持力與兩竹竿構(gòu)成的平面的夾角大小均為，竹竿與水平面之間的夾角為，在垂直兩竹竿平面的方向上水果受力平衡，由牛頓第三定律可知，水果對(duì)竹竿AD和竹竿的壓力大小均為，則解得因?yàn)橹饾u變小，不變，則大果下滑過(guò)程中對(duì)竹竿AD和竹竿的壓力逐漸增大，根據(jù)摩擦力可知壓力逐漸增大，對(duì)竹竿AD和竹竿摩擦力大小也會(huì)逐漸增大，故AB錯(cuò)誤；C．根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知，對(duì)于從靜止開始的連續(xù)兩段相等的位移，所用時(shí)間之比為，若水果做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，則到與到的時(shí)間之比等于，但根據(jù)上述分析可知水果滑下的過(guò)程不是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，而是加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，故到與到的時(shí)間之比大于，即大于，故C正確；D．設(shè)兩竹竿之間的夾角為，根據(jù)牛頓第二定律可得解得加速度大果半徑大，根據(jù)幾何關(guān)系可知竹竿對(duì)大果的支持力與兩竹竿構(gòu)成的平面的夾角小，則該大果比一個(gè)中果在經(jīng)過(guò)點(diǎn)時(shí)的加速度大，故D錯(cuò)誤。故選C。3.如圖所示，電荷均勻分布在半球面上，它在半球的中心O處電場(chǎng)強(qiáng)度等于E0，一過(guò)球心的傾斜平面將球面分為兩部分，其中α=74°?，F(xiàn)將較小部分繞AB軸逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)90°，則O處的電場(chǎng)強(qiáng)度E大小為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】設(shè)較小部分在O處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度為E1，較大部分在O處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度為E2，根據(jù)對(duì)稱性可知，二者方向垂直，做出球面上的電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)分布，如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可得，若將較小部分繞AB軸逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)90°，轉(zhuǎn)動(dòng)后較小部分在O處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小不變，方向與E2方向相反，所以O(shè)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為故選A4.如圖甲所示為家用燃?xì)庠铧c(diǎn)火裝置的電路原理圖，轉(zhuǎn)換器將直流電壓轉(zhuǎn)換為圖乙所示的正弦交流電加在理想變壓器的原線圈上，設(shè)變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為。當(dāng)兩點(diǎn)火針間電壓大于就會(huì)產(chǎn)生電火花進(jìn)而點(diǎn)燃燃?xì)?，閉合S，下列說(shuō)法正確的是（）A.電壓表的示數(shù)為B.在正常點(diǎn)燃燃?xì)獾那闆r下，兩點(diǎn)火針間電壓的有效值一定大于C.當(dāng)時(shí)，點(diǎn)火針每個(gè)周期的放電時(shí)間約為D.當(dāng)時(shí)，點(diǎn)火針每個(gè)周期的放電時(shí)間約為【答案】D【解析】A．根據(jù)圖乙得到原線圈電壓的最大值為50V，加在變壓器原線圈上正弦交流電壓的有效值為V故電壓表的示數(shù)為V，故A錯(cuò)誤；B．兩點(diǎn)火針間的瞬時(shí)電壓大于5000V即可產(chǎn)生電火花，所以有效值一定大于故B錯(cuò)誤；CD．當(dāng)時(shí)，副線圈輸出電壓最大值副線圈電壓隨時(shí)間變化的關(guān)系為當(dāng)V即s時(shí)點(diǎn)火針才能開始點(diǎn)燃燃?xì)?。根?jù)正弦波的特點(diǎn)，可知一個(gè)周期內(nèi)放電時(shí)間為s=0.013s故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。5.一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷如圖所示的循環(huán)過(guò)程，由兩個(gè)等容過(guò)程和兩個(gè)等溫過(guò)程組成，溫度為溫度為，關(guān)于該循環(huán)，下列判斷正確的是（）A.過(guò)程，單位時(shí)間撞擊單位面積器壁的分子數(shù)不變B.放出的熱量等于吸收的熱量C.整個(gè)過(guò)程，氣體向外界放出熱量D.氣體分子在狀態(tài)A時(shí)的平均動(dòng)能大于在狀態(tài)B時(shí)的平均動(dòng)能【答案】B【解析】AD．過(guò)程，溫度不變，分子的平均動(dòng)能不變，分子的平均速率也不變，因體積增大，則分子的數(shù)密度減小，所以單位時(shí)間撞擊單位面積器壁的分子數(shù)減少，故AD錯(cuò)誤；B．和均為等容過(guò)程，對(duì)外界不做功，溫度變化相同，即內(nèi)能變化量的大小相等，由可知，放出的熱量等于吸收的熱量，故B正確；C．過(guò)程氣體對(duì)外做功，過(guò)程外界對(duì)氣體做功，但由于過(guò)程氣體壓強(qiáng)比過(guò)程大，所以過(guò)程氣體對(duì)外做的功大于過(guò)程外界對(duì)氣體做的功，由于過(guò)程和過(guò)程氣體體積不變，所以整個(gè)過(guò)程氣體對(duì)外做功，而氣體又回到初始狀態(tài)，內(nèi)能不變，根據(jù)可知，氣體從外界吸收熱量，故C錯(cuò)誤。故選B。6.某行星的衛(wèi)星A、B繞以該行星為焦點(diǎn)的橢圓軌道運(yùn)行，作用于A、B的引力隨時(shí)間的變化如圖所示，其中，行星到衛(wèi)星A、B軌道上點(diǎn)的距離分別記為，假設(shè)A、B只受到行星的引力，下列說(shuō)法正確的是（）A.B與A的繞行周期之比為B.的最大值與的最小值之比為C.的最小值與的最大值之比為D.衛(wèi)星A與衛(wèi)星B的質(zhì)量之比為【答案】B【解析】A．由圖，A、B周期為，其中，故B與A繞行周期之比故A錯(cuò)誤；BCD．由圖，當(dāng)最小時(shí)當(dāng)最大時(shí)當(dāng)最小時(shí)當(dāng)最大時(shí)根據(jù)開普勒第三定律聯(lián)立，解得，，故B正確，CD錯(cuò)誤。故選B。7.如圖所示，一束復(fù)色光a、b從介質(zhì)射向真空，只有b光從界面射出，反射光束用c表示，則下列說(shuō)法正確的是（）A.c為a光B.真空中，b光的光速比a光的大C.真空中，b光的波長(zhǎng)比a光的長(zhǎng)D.a光與b光相遇會(huì)發(fā)生光的干涉現(xiàn)象【答案】C【解析】A．光在界面上均會(huì)發(fā)生反射，可知，c為a、b混合光，故A錯(cuò)誤；B．真空中，光速一定，即在真空中，b光的光速等于a光的光速，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)圖形可知，在相同的入射角入射時(shí)，a光發(fā)生了全反射，b光沒(méi)有發(fā)生全反射，則a光的臨界角小于b光的臨界角，根據(jù)可知，b光的折射率比a光的小，由于折射率越小，波長(zhǎng)越長(zhǎng)，則真空中，b光的波長(zhǎng)比a光的長(zhǎng)，故C正確；D．由于a光與b光頻率不相等，則相遇時(shí)不會(huì)發(fā)生光的干涉現(xiàn)象，故D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示，水平地面上固定一傾角為的斜面，足夠長(zhǎng)，長(zhǎng)，現(xiàn)在B點(diǎn)正上方D點(diǎn)沿與水平方向成角斜向上拋出一小球，小球拋出速度最大為，已知重力加速度，拋出點(diǎn)D與B點(diǎn)間的距離為，則斜面上與拋出點(diǎn)等高的可能落點(diǎn)構(gòu)成線段的長(zhǎng)度為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】過(guò)D點(diǎn)做平行底邊的直線DM。過(guò)MN做與D點(diǎn)等高的直線MN，若小球以最大速度拋出時(shí)，落到MN上的位置為P點(diǎn)，則水平方向其中可得因由勾股定理可知MP=6m<BB＇=10m則斜面上與拋出點(diǎn)等高的可能落點(diǎn)構(gòu)成線段的長(zhǎng)度為6m。故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9.如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播，在時(shí)刻和時(shí)刻的波形分別如圖中實(shí)線、虛線所示。已知波的振動(dòng)周期大于，則（）A.處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程可能為B.波源的振動(dòng)周期可能為C.若波沿x軸負(fù)方向傳播，處質(zhì)點(diǎn)在內(nèi)通過(guò)的路程為D.波的傳播速度可能為【答案】BC【解析】AB．若波沿x軸正方向傳播，則因?yàn)椴ǖ恼駝?dòng)周期大于，則n取0，周期題圖知振幅A為2cm，則處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程若波沿x軸負(fù)方向傳播，則因?yàn)椴ǖ恼駝?dòng)周期大于，則n取0，周期則處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程故A錯(cuò)誤，B正確；C．若波沿x軸負(fù)方向傳播，則周期為，則處質(zhì)點(diǎn)在內(nèi)通過(guò)的路程故C正確；D．圖像可知波長(zhǎng)為4m，若波沿x軸正方向傳播，當(dāng)n取1時(shí)，周期為0.4s，波速但由于周期要大于0.5s，不符合題意，故D錯(cuò)誤。故選BC。10.在勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一個(gè)正六邊形區(qū)域，電場(chǎng)線與六邊形所在平面平行，如圖所示。已知a、b、h三點(diǎn)的電勢(shì)分別為，帶電荷量為e的粒子（重力不計(jì)）以的初動(dòng)能從b點(diǎn)沿不同方向射入?yún)^(qū)域，當(dāng)粒子沿方向射入時(shí)恰能經(jīng)過(guò)c點(diǎn)，下列判斷正確的是（）A.粒子帶正電B.粒子可以經(jīng)過(guò)正六邊形各頂點(diǎn)射出該區(qū)域C.粒子經(jīng)過(guò)f點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為D.粒子沿方向發(fā)射后的最小動(dòng)能為【答案】CD【解析】A．如圖所示連接bh，fd，ah，過(guò)b點(diǎn)作bh的垂線交于與ah的延長(zhǎng)線交于m點(diǎn)，由幾何關(guān)系易得且fd垂直bh，因?yàn)楣视幸驗(yàn)閯t故有則mb為等勢(shì)線，因?yàn)?，故電?chǎng)線方向?yàn)橛蒻點(diǎn)指向h點(diǎn)，當(dāng)粒子沿bd方向射入時(shí)恰能經(jīng)過(guò)c點(diǎn)，可知粒子向下偏轉(zhuǎn)，則粒子帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B．若該粒子從h點(diǎn)射出，由動(dòng)能定理得解得當(dāng)該粒子沿bh方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，做勻減速運(yùn)動(dòng)，恰不能從h點(diǎn)處射出，故B錯(cuò)誤；C．由幾何知識(shí)得且n點(diǎn)與f點(diǎn)等電勢(shì)點(diǎn)，則粒子沿bd方向入射能夠到達(dá)c點(diǎn)，合力指向軌跡的凹側(cè)可知粒子應(yīng)該帶負(fù)電，從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到f點(diǎn)，由動(dòng)能定理得解得，粒子經(jīng)過(guò)f點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為故C正確；D．當(dāng)粒子沿bd方向射入該區(qū)域后，將做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，沿垂直于電場(chǎng)方向的速度大小為所以最小動(dòng)能為故D正確。故選CD。11.跑酷，又稱自由奔跑，是一種結(jié)合了速度、力量和技巧的極限運(yùn)動(dòng)。如圖甲所示為一城墻的入城通道，通道寬度，一跑酷愛(ài)好者從左墻根由靜止開始正對(duì)右墻加速運(yùn)動(dòng)，加速到M點(diǎn)時(shí)斜向上躍起，設(shè)躍起瞬間可突然獲得一個(gè)豎直方向的速度，水平速度不變，到達(dá)右墻壁P點(diǎn)時(shí)，豎直方向的速度恰好為零，P點(diǎn)距離地面高，然后立即蹬右墻壁，使水平方向的速度變?yōu)榈却蠓聪?，并獲得一豎直方向速度，恰好能躍到左墻壁上的Q點(diǎn)，P點(diǎn)與Q點(diǎn)等高，后與Q點(diǎn)發(fā)生彈性碰撞并落至地面（水平方向速度不變，豎直方向速度反向），至此完成整個(gè)挑戰(zhàn)過(guò)程，在規(guī)定時(shí)間內(nèi)完成挑戰(zhàn)即可獲得獎(jiǎng)勵(lì)。飛躍過(guò)程中人距地面的最大高度為，重力加速度g取，整個(gè)過(guò)程中人的姿態(tài)可認(rèn)為保持不變，如圖乙所示，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.人助跑的距離為B.人助跑的加速度為C.人剛離開右墻壁時(shí)的速度大小為D.若總時(shí)長(zhǎng)控制在內(nèi)即可獲獎(jiǎng)，則該挑戰(zhàn)者將無(wú)法獲得獎(jiǎng)項(xiàng)【答案】BCD【解析】A．人到達(dá)右墻壁P點(diǎn)時(shí)，豎直方向的速度恰好為零，根據(jù)逆向思維，可知從M點(diǎn)到P點(diǎn)的逆過(guò)程為平拋運(yùn)動(dòng)，則從P點(diǎn)到Q點(diǎn)的過(guò)程為斜拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)對(duì)稱性可得，聯(lián)立，解得，，人助跑的距離為故A錯(cuò)誤；B．人助跑時(shí)，根據(jù)解得故B正確；C．人剛離開墻壁時(shí)豎直方向的速度大小為人剛離開右墻壁時(shí)的速度大小為故C正確；D．該挑戰(zhàn)者助跑用時(shí)為設(shè)由Q點(diǎn)落至地面用時(shí)為，則解得則該挑戰(zhàn)者共用時(shí)所以，該挑戰(zhàn)者將無(wú)法獲得獎(jiǎng)項(xiàng)，故D正確。故選BCD。12.如圖所示，電容的平行板電容器、極板間距，在上極板的中心位置用絕緣細(xì)繩懸掛質(zhì)量的帶電小球A、小球A所帶電荷量大小，極板右邊緣位置焊接有電阻不計(jì)的金屬棒、金屬棒與兩極板的總質(zhì)量，平行于水平絕緣長(zhǎng)木板的輕質(zhì)絕緣細(xì)繩繞過(guò)定滑輪后，一端連接金屬棒，另一端連接質(zhì)量的不帶電的物塊B，整個(gè)空間處于垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)之中。當(dāng)釋放物塊B后，懸掛小球A的細(xì)繩與豎直方向的夾角為，經(jīng)歷時(shí)間，金屬棒運(yùn)動(dòng)到定滑輪左側(cè)的D位置（圖中沒(méi)有畫出）。重力加速度g取，電容器與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)。整個(gè)過(guò)程中電容器處于正常工作狀態(tài)，則在金屬棒運(yùn)動(dòng)到D位置的過(guò)程中，下列分析正確的是（）A.金屬棒中能夠產(chǎn)生恒定電流B.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為C.連接物塊B的細(xì)繩中拉力大小為D.該過(guò)程結(jié)束后，電容器儲(chǔ)存的電能可以令額定功率為的小燈泡正常發(fā)光【答案】AC【解析】ABC．金屬棒PQ在物塊B的拉動(dòng)下向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)對(duì)物塊B受重力和繩子拉力，則可知電容器的電壓不斷增大，故電容器不斷充電，金屬棒PQ中有持續(xù)的充電電流，電流為再由電容器的定義式有解得平行板電容器兩端電壓與金屬棒PQ產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)相等，故小球A受到的電場(chǎng)力大小為且根據(jù)左手定則可知電場(chǎng)力與洛倫茲力方向相反，故小球受到的電場(chǎng)力與洛倫茲力合力為零，當(dāng)釋放物塊B后，懸掛小球A的細(xì)繩與豎直方向的夾角恒定為，則小球和金屬棒PQ、平行板電容器整體加速度相同，因此金屬棒PQ、小球A、物塊B、平行板電容器整體加速度大小相同，對(duì)整個(gè)系統(tǒng)有，由牛頓第二定律有可得加速度恒大，故金屬棒中能夠產(chǎn)生恒定電流，A正確；對(duì)小球受力分析，有聯(lián)系上面分析公式，可解得，，，故B錯(cuò)誤，C正確；D．系統(tǒng)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)后，位移為速度由能量守恒定律有解得電容器儲(chǔ)存的電場(chǎng)能為故可以令額定功率為7.5W的小燈泡正常發(fā)光時(shí)間故D錯(cuò)誤。故選AC。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.某同學(xué)利用測(cè)質(zhì)量的小型家用電子秤，設(shè)計(jì)了測(cè)量木塊和木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ的實(shí)驗(yàn)。如圖所示，木板和木塊A放在水平桌面上，電子秤放在水平地面上，木塊A和放在電子秤上的重物B通過(guò)跨過(guò)定滑輪的輕繩相連。在木塊A上放置砝碼，向左拉動(dòng)木板的同時(shí)，記錄電子秤對(duì)應(yīng)的示數(shù)m。重物B始終靜止。（1）實(shí)驗(yàn)中，拉動(dòng)木板時(shí)，下列說(shuō)法正確的是________。A.木板必須保持勻速B.調(diào)節(jié)滑輪，使其與木塊A間的輕繩水平，與重物B間的輕繩豎直C.重物B的質(zhì)量必須遠(yuǎn)小于木塊A（含A上的砝碼）的質(zhì)量D.電子秤對(duì)重物B的支持力是由重物B的形變產(chǎn)生的（2）若木塊A和重物B的質(zhì)量分別為和，木塊A上放置砝碼的質(zhì)量為，電子秤的示數(shù)為m，則________。（3）其他條件不變，增大木塊A上砝碼的質(zhì)量，則電子秤的示數(shù)________（填“增大”“不變”或“減小”）?！敬鸢浮浚?）B（2）（3）減小【解析】【小問(wèn)1詳析】A．因木塊A保持靜止，則木板不需必須保持勻速，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．調(diào)節(jié)滑輪，使其與木塊A間的輕繩水平，與重物B間的輕繩豎直，選項(xiàng)B正確；C．重物B的質(zhì)量必須滿足而不是遠(yuǎn)小于木塊A（含A上的砝碼）的質(zhì)量，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．電子秤對(duì)重物B的支持力是由電子秤的形變產(chǎn)生的，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B?！拘?wèn)2詳析】對(duì)Ａ對(duì)Ｂ解得【小問(wèn)3詳析】其他條件不變，增大木塊A上砝碼的質(zhì)量，則木板對(duì)Ａ的摩擦力變大，繩子拉力變大，可知電子秤的示數(shù)減小。14.某些固體材料受到壓力作用后除了產(chǎn)生形變，其電阻率也要發(fā)生變化，這種由于受到壓力作用而使材料電阻率發(fā)生變化的現(xiàn)象稱為“壓阻效應(yīng)”，采用這種材料制成的電阻被稱為壓敏電阻。某壓敏電阻在不同壓力作用下的阻值如圖1所示。（1）測(cè)量壓力為0時(shí)壓敏電阻的阻值。實(shí)驗(yàn)器材如下：電池組E：電動(dòng)勢(shì)約為，內(nèi)阻小于電流表A：量程，內(nèi)阻電壓表V：量程，內(nèi)阻未知壓敏電阻滑動(dòng)變阻器R：最大阻值為開關(guān)、導(dǎo)線若干①請(qǐng)用筆畫線代替導(dǎo)線，把圖2中的實(shí)物電路連接完整_________。②若調(diào)節(jié)合適時(shí)，電流表讀數(shù)為I，電壓表示數(shù)如圖3所示，讀數(shù)為_________V，則壓力為0時(shí)壓敏電阻的阻值_________（用題中所給的字母表示）。（2）若測(cè)得壓力為0時(shí)壓敏電阻的阻值為。把壓敏電阻改造成一個(gè)載物平臺(tái)，設(shè)計(jì)一個(gè)測(cè)量豎直升降臺(tái)加速度的裝置，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖4所示。①組裝電路，平臺(tái)上不放重物時(shí)，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值為時(shí)，電流表滿偏。②平臺(tái)上放置重物時(shí)，調(diào)節(jié)電阻箱阻值為時(shí)，電流表滿偏。③把裝置放在升降臺(tái)上，平臺(tái)上放置的重物不變，升降臺(tái)加速上升時(shí)，調(diào)節(jié)電阻箱阻值為時(shí)，電流表滿偏。已知重力加速度，則升降臺(tái)的加速度_________（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）見解析2.20（2）147【解析】【小問(wèn)1詳析】[1]由于電流表內(nèi)阻已知，而電壓表內(nèi)阻未知，在用伏安法測(cè)電阻時(shí)，采用電流表內(nèi)接法，這樣不產(chǎn)生系統(tǒng)誤差。實(shí)物連線如圖所示。[2]電壓表的最小刻度為0.1V，讀數(shù)時(shí)要估讀到0.01V，電壓表的讀數(shù)為U=2.20V[3]由歐姆定律有可得【小問(wèn)2詳析】設(shè)電流表內(nèi)阻為，滿偏電流為。當(dāng)平臺(tái)上不放重物時(shí)有平臺(tái)上放置重物時(shí)則可知又，則由圖像可知對(duì)應(yīng)的壓力設(shè)重物質(zhì)量為m，由二力平衡，有升降臺(tái)加速上升時(shí)可知有由圖像可知對(duì)應(yīng)的壓力由牛頓第二定律，有由牛頓第三定律得解得15.某學(xué)習(xí)小組自制了一個(gè)自動(dòng)火情報(bào)警裝置，其原理如圖所示。一導(dǎo)熱性能良好的汽缸固定在水平面上，汽缸開口向上，用質(zhì)量、橫截面積為的活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞可沿汽缸壁無(wú)摩擦地滑動(dòng)。當(dāng)外界的溫度為27℃時(shí)，活塞下表面距汽缸底部的距離，活塞上表面距固定的壓力傳感器的距離。當(dāng)出現(xiàn)火情，壓力傳感器所受壓力為時(shí)，觸發(fā)報(bào)警器工作。已知外界大氣的壓強(qiáng)且始終保持不變，重力加速度g取。求：（1）活塞剛接觸力傳感器時(shí)氣體的溫度；（2）環(huán)境溫度為多少時(shí)，觸發(fā)報(bào)警器工作。【答案】（1）330K（2）450K【解析】【小問(wèn)1詳析】活塞與力傳感器接觸前，對(duì)活塞進(jìn)行分析，根據(jù)平衡條件有解得上述過(guò)程壓強(qiáng)一定，根據(jù)蓋呂薩克定律有其中解得【小問(wèn)2詳析】壓力傳感器所受壓力為時(shí)，觸發(fā)報(bào)警器工作，此時(shí)對(duì)活塞進(jìn)行分析，根據(jù)平衡條件有解得根據(jù)查理定律有解得16.某碼頭采用斜面運(yùn)送冷鏈?zhǔn)称?，?jiǎn)化如圖甲所示，電動(dòng)機(jī)通過(guò)繞輕質(zhì)定滑輪的輕細(xì)繩與放在傾角為的足夠長(zhǎng)斜面上的物體相連，啟動(dòng)電動(dòng)機(jī)后物體沿斜面上升，在時(shí)間內(nèi)物體運(yùn)動(dòng)的圖像如圖乙所示，其中除時(shí)間段圖像為曲線外，其余時(shí)間段圖像均為直線，后電動(dòng)機(jī)的輸出功率保持不變。已知物體的質(zhì)量為，不計(jì)一切摩擦，重力加速度，求：（1）內(nèi)電動(dòng)機(jī)做的功；（2）內(nèi)電動(dòng)機(jī)牽引力的沖量大??；（3）內(nèi)物體沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的距離?！敬鸢浮浚?）50J（2）（3）45m【解析】【小問(wèn)1詳析】在0~1s內(nèi)，物體位移大小為m設(shè)0~1s內(nèi)電動(dòng)機(jī)做的功為，由動(dòng)能定理得解得J【小問(wèn)2詳析】在0~1s內(nèi)，物體的加速度大小為設(shè)0~1s內(nèi)細(xì)繩拉力的大小為，由牛頓第二定律得由題意知1s后電動(dòng)機(jī)輸出功率為當(dāng)物體達(dá)到最大速度后，根據(jù)平衡條件可得細(xì)繩的拉力大小為根據(jù)功率的公式可得在0~6s內(nèi)，設(shè)電動(dòng)機(jī)牽引力的沖量大小為I，由動(dòng)量定理得解得【小問(wèn)3詳析】設(shè)1~5s內(nèi)物體沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的距離為，對(duì)物體由動(dòng)能定理得解得m5~6s內(nèi)物體沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的距離為m所以在0~6s內(nèi)物體沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的距離為m17.如圖所示，質(zhì)量為3m、半徑為R的四分之一光滑圓弧體b靜止在光滑的水平面上，圓弧面的最低點(diǎn)與水平面上的A點(diǎn)對(duì)齊，且與水平面相切，輕質(zhì)彈簧的右端與靜止的質(zhì)量為3m的物塊c相連，左端與水平面上的B點(diǎn)對(duì)齊，AB部分長(zhǎng)為R，彈簧處于原長(zhǎng)，水平面僅A、B部分粗糙?，F(xiàn)將質(zhì)量為m、可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊a從圓弧面的最高點(diǎn)由靜止釋放，物塊a與彈簧作用，第二次滑過(guò)AB段后，恰好不再能滑上圓弧面。已知彈簧的形變?cè)趶椥韵薅葍?nèi)，重力加速度大小為g，不計(jì)空氣阻力，求：（1）物塊a從釋放運(yùn)動(dòng)到圓弧面最低點(diǎn)時(shí)，圓弧體運(yùn)動(dòng)的距離為多少；（2）物塊a第一次運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)速度多大；（3）物塊a與水平面AB部分間的動(dòng)摩擦因數(shù)?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問(wèn)1詳析】物塊a在圓弧面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，物塊a和b組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，則即又因?yàn)榻獾谩拘?wèn)2詳析】設(shè)物塊a第一次運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)速度為v1，圓弧體的速度為v2，根據(jù)水平方向動(dòng)量守恒有根據(jù)機(jī)械能守恒有解得，【小問(wèn)3詳析】設(shè)物塊a與彈簧作用前的速度為v3，根據(jù)動(dòng)能定理設(shè)a與彈簧作用后一瞬間速度為v4，物塊c的速度為v5，a與彈簧作用過(guò)程，根據(jù)動(dòng)量守恒定律根據(jù)機(jī)械能守恒解得，由于物塊a剛好不再能滑上圓弧面，故物塊a第二次滑過(guò)AB段后的速度大小等于v2，根據(jù)動(dòng)能定理解得18.如圖所示，在xOy平面第一象限內(nèi)，直線與直線之間存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，x軸下方有一直線CD與x軸平行且與x軸相距為a，x軸與直線CD之間（包含x軸）存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在第三象限，直線CD與直線EF之間存在磁感應(yīng)強(qiáng)度也為B、方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。紙面內(nèi)有一束寬度為a的平行電子束，如圖，沿y軸負(fù)方向射入第一象限的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，各電子的速度大小隨入射位置不同各不相等，電子束的左邊界與y軸的距離也為a，經(jīng)第一象限磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后發(fā)現(xiàn)所有電子都可以通過(guò)原點(diǎn)并進(jìn)入x軸下方的電場(chǎng)，最后所有電子都垂直于EF邊界離開磁場(chǎng)，最終打到位于y軸負(fù)半軸的收集板上。其中電子質(zhì)量為m，重力可忽略不計(jì)，電量大小為e，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為。求：（1）各電子入射速度的范圍；（2）速度最大的電子在第三象限磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)圓心的坐標(biāo)；（3）直線EF的方程。【答案】（1）（2）（-3a，-3a）（3）【解析】【小問(wèn)1詳析】所有電子在第一象限都經(jīng)歷一個(gè)四分之一圓周運(yùn)動(dòng)后通過(guò)原點(diǎn)并沿-x軸方向進(jìn)入x軸下方的電場(chǎng)，最大速度對(duì)應(yīng)最大半徑根據(jù)牛頓第二定律得解得最小速度對(duì)應(yīng)最小半徑根據(jù)牛頓第二定律得解得各電子入射速度的范圍【小問(wèn)2詳析】所有電子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，速度最大的電子是射出電場(chǎng)時(shí)的速度是v3，根據(jù)動(dòng)能定理得解得射出電場(chǎng)時(shí)的豎直分速度為v3y，根據(jù)勾股定理得解得根據(jù)，解得，在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)半徑為r3，根據(jù)牛頓第二定律得解得射出電場(chǎng)時(shí)速度方向與豎直方向的夾角為θ，則，設(shè)電子此后在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓心為（x，y），根據(jù)幾何關(guān)系可得該電子此后在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓心坐標(biāo)為（-3a，-3a）【小問(wèn)3詳析】所有電子都垂直于EF邊界離開磁場(chǎng)，則所有電子運(yùn)動(dòng)軌跡的圓心都在EF直線上，由以上分析，經(jīng)過(guò)直線CD時(shí)，不妨設(shè)任何電子的-x方向的分速度為則電子經(jīng)過(guò)直線CD的合速度為電子經(jīng)過(guò)直線CD的坐標(biāo)為(-2ka，-a)；速度方向與水平方向的夾角的正切值為根據(jù)幾何關(guān)系，易得圓心位置為（-2ka+a，-a-ka）；因?yàn)殡娮哟怪庇谥本€EF出射，所以圓心也在直線上，可得EF直線為2024—2025學(xué)年度第一學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)高三物理試題注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)等填寫在答題卡和試卷指定位置。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無(wú)效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。1.如圖為我國(guó)研制的一種全新微型核能電池，可以實(shí)現(xiàn)五十年穩(wěn)定安全自發(fā)電。它利用鎳核同位素衰變成銅核同位素，釋放的能量被半導(dǎo)體轉(zhuǎn)換器吸收并轉(zhuǎn)化為電能。下列說(shuō)法正確的是（）A.鎳核衰變產(chǎn)生的射線是粒子流 B.鎳核衰變產(chǎn)生的射線是粒子流C.鎳核的結(jié)合能比產(chǎn)生的銅核結(jié)合能大 D.衰變中伴隨產(chǎn)生的射線是由鎳核躍遷發(fā)出的【答案】B【解析】AB．依題意，鎳核衰變方程可知鎳核衰變產(chǎn)生的射線是粒子流。故A錯(cuò)誤；B正確；C．核反應(yīng)后釋放核能，反應(yīng)朝著比結(jié)合能增大的方向進(jìn)行，所以鎳核的結(jié)合能比銅核結(jié)合能小。故C錯(cuò)誤；D．射線是銅原子核躍遷發(fā)出的。故D錯(cuò)誤。故選B。2.中國(guó)勞動(dòng)人民充滿無(wú)窮的智慧，用兩根竹竿輕松解決了對(duì)不同大小水果的分揀工作。如圖，端略高于端，間的寬度小于間的寬度，與與與間的間距相等。水果從與區(qū)域掉下為小果，與區(qū)域掉下為中果，與區(qū)域掉下為大果。一大果從端靜止開始下滑的過(guò)程中（）A.對(duì)桿和桿的摩擦力逐漸變小B.對(duì)桿和桿的壓力逐漸減小C.到與到的時(shí)間之比大于D.該大果比一個(gè)中果在經(jīng)過(guò)點(diǎn)時(shí)的加速度小【答案】C【解析】AB．根據(jù)對(duì)稱性，設(shè)竹竿對(duì)水果的支持力與兩竹竿構(gòu)成的平面的夾角大小均為，竹竿與水平面之間的夾角為，在垂直兩竹竿平面的方向上水果受力平衡，由牛頓第三定律可知，水果對(duì)竹竿AD和竹竿的壓力大小均為，則解得因?yàn)橹饾u變小，不變，則大果下滑過(guò)程中對(duì)竹竿AD和竹竿的壓力逐漸增大，根據(jù)摩擦力可知壓力逐漸增大，對(duì)竹竿AD和竹竿摩擦力大小也會(huì)逐漸增大，故AB錯(cuò)誤；C．根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知，對(duì)于從靜止開始的連續(xù)兩段相等的位移，所用時(shí)間之比為，若水果做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，則到與到的時(shí)間之比等于，但根據(jù)上述分析可知水果滑下的過(guò)程不是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，而是加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，故到與到的時(shí)間之比大于，即大于，故C正確；D．設(shè)兩竹竿之間的夾角為，根據(jù)牛頓第二定律可得解得加速度大果半徑大，根據(jù)幾何關(guān)系可知竹竿對(duì)大果的支持力與兩竹竿構(gòu)成的平面的夾角小，則該大果比一個(gè)中果在經(jīng)過(guò)點(diǎn)時(shí)的加速度大，故D錯(cuò)誤。故選C。3.如圖所示，電荷均勻分布在半球面上，它在半球的中心O處電場(chǎng)強(qiáng)度等于E0，一過(guò)球心的傾斜平面將球面分為兩部分，其中α=74°?，F(xiàn)將較小部分繞AB軸逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)90°，則O處的電場(chǎng)強(qiáng)度E大小為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】設(shè)較小部分在O處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度為E1，較大部分在O處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度為E2，根據(jù)對(duì)稱性可知，二者方向垂直，做出球面上的電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)分布，如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可得，若將較小部分繞AB軸逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)90°，轉(zhuǎn)動(dòng)后較小部分在O處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小不變，方向與E2方向相反，所以O(shè)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為故選A4.如圖甲所示為家用燃?xì)庠铧c(diǎn)火裝置的電路原理圖，轉(zhuǎn)換器將直流電壓轉(zhuǎn)換為圖乙所示的正弦交流電加在理想變壓器的原線圈上，設(shè)變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為。當(dāng)兩點(diǎn)火針間電壓大于就會(huì)產(chǎn)生電火花進(jìn)而點(diǎn)燃燃?xì)?，閉合S，下列說(shuō)法正確的是（）A.電壓表的示數(shù)為B.在正常點(diǎn)燃燃?xì)獾那闆r下，兩點(diǎn)火針間電壓的有效值一定大于C.當(dāng)時(shí)，點(diǎn)火針每個(gè)周期的放電時(shí)間約為D.當(dāng)時(shí)，點(diǎn)火針每個(gè)周期的放電時(shí)間約為【答案】D【解析】A．根據(jù)圖乙得到原線圈電壓的最大值為50V，加在變壓器原線圈上正弦交流電壓的有效值為V故電壓表的示數(shù)為V，故A錯(cuò)誤；B．兩點(diǎn)火針間的瞬時(shí)電壓大于5000V即可產(chǎn)生電火花，所以有效值一定大于故B錯(cuò)誤；CD．當(dāng)時(shí)，副線圈輸出電壓最大值副線圈電壓隨時(shí)間變化的關(guān)系為當(dāng)V即s時(shí)點(diǎn)火針才能開始點(diǎn)燃燃?xì)?。根?jù)正弦波的特點(diǎn)，可知一個(gè)周期內(nèi)放電時(shí)間為s=0.013s故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。5.一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷如圖所示的循環(huán)過(guò)程，由兩個(gè)等容過(guò)程和兩個(gè)等溫過(guò)程組成，溫度為溫度為，關(guān)于該循環(huán)，下列判斷正確的是（）A.過(guò)程，單位時(shí)間撞擊單位面積器壁的分子數(shù)不變B.放出的熱量等于吸收的熱量C.整個(gè)過(guò)程，氣體向外界放出熱量D.氣體分子在狀態(tài)A時(shí)的平均動(dòng)能大于在狀態(tài)B時(shí)的平均動(dòng)能【答案】B【解析】AD．過(guò)程，溫度不變，分子的平均動(dòng)能不變，分子的平均速率也不變，因體積增大，則分子的數(shù)密度減小，所以單位時(shí)間撞擊單位面積器壁的分子數(shù)減少，故AD錯(cuò)誤；B．和均為等容過(guò)程，對(duì)外界不做功，溫度變化相同，即內(nèi)能變化量的大小相等，由可知，放出的熱量等于吸收的熱量，故B正確；C．過(guò)程氣體對(duì)外做功，過(guò)程外界對(duì)氣體做功，但由于過(guò)程氣體壓強(qiáng)比過(guò)程大，所以過(guò)程氣體對(duì)外做的功大于過(guò)程外界對(duì)氣體做的功，由于過(guò)程和過(guò)程氣體體積不變，所以整個(gè)過(guò)程氣體對(duì)外做功，而氣體又回到初始狀態(tài)，內(nèi)能不變，根據(jù)可知，氣體從外界吸收熱量，故C錯(cuò)誤。故選B。6.某行星的衛(wèi)星A、B繞以該行星為焦點(diǎn)的橢圓軌道運(yùn)行，作用于A、B的引力隨時(shí)間的變化如圖所示，其中，行星到衛(wèi)星A、B軌道上點(diǎn)的距離分別記為，假設(shè)A、B只受到行星的引力，下列說(shuō)法正確的是（）A.B與A的繞行周期之比為B.的最大值與的最小值之比為C.的最小值與的最大值之比為D.衛(wèi)星A與衛(wèi)星B的質(zhì)量之比為【答案】B【解析】A．由圖，A、B周期為，其中，故B與A繞行周期之比故A錯(cuò)誤；BCD．由圖，當(dāng)最小時(shí)當(dāng)最大時(shí)當(dāng)最小時(shí)當(dāng)最大時(shí)根據(jù)開普勒第三定律聯(lián)立，解得，，故B正確，CD錯(cuò)誤。故選B。7.如圖所示，一束復(fù)色光a、b從介質(zhì)射向真空，只有b光從界面射出，反射光束用c表示，則下列說(shuō)法正確的是（）A.c為a光B.真空中，b光的光速比a光的大C.真空中，b光的波長(zhǎng)比a光的長(zhǎng)D.a光與b光相遇會(huì)發(fā)生光的干涉現(xiàn)象【答案】C【解析】A．光在界面上均會(huì)發(fā)生反射，可知，c為a、b混合光，故A錯(cuò)誤；B．真空中，光速一定，即在真空中，b光的光速等于a光的光速，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)圖形可知，在相同的入射角入射時(shí)，a光發(fā)生了全反射，b光沒(méi)有發(fā)生全反射，則a光的臨界角小于b光的臨界角，根據(jù)可知，b光的折射率比a光的小，由于折射率越小，波長(zhǎng)越長(zhǎng)，則真空中，b光的波長(zhǎng)比a光的長(zhǎng)，故C正確；D．由于a光與b光頻率不相等，則相遇時(shí)不會(huì)發(fā)生光的干涉現(xiàn)象，故D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示，水平地面上固定一傾角為的斜面，足夠長(zhǎng)，長(zhǎng)，現(xiàn)在B點(diǎn)正上方D點(diǎn)沿與水平方向成角斜向上拋出一小球，小球拋出速度最大為，已知重力加速度，拋出點(diǎn)D與B點(diǎn)間的距離為，則斜面上與拋出點(diǎn)等高的可能落點(diǎn)構(gòu)成線段的長(zhǎng)度為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】過(guò)D點(diǎn)做平行底邊的直線DM。過(guò)MN做與D點(diǎn)等高的直線MN，若小球以最大速度拋出時(shí)，落到MN上的位置為P點(diǎn)，則水平方向其中可得因由勾股定理可知MP=6m<BB＇=10m則斜面上與拋出點(diǎn)等高的可能落點(diǎn)構(gòu)成線段的長(zhǎng)度為6m。故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9.如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播，在時(shí)刻和時(shí)刻的波形分別如圖中實(shí)線、虛線所示。已知波的振動(dòng)周期大于，則（）A.處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程可能為B.波源的振動(dòng)周期可能為C.若波沿x軸負(fù)方向傳播，處質(zhì)點(diǎn)在內(nèi)通過(guò)的路程為D.波的傳播速度可能為【答案】BC【解析】AB．若波沿x軸正方向傳播，則因?yàn)椴ǖ恼駝?dòng)周期大于，則n取0，周期題圖知振幅A為2cm，則處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程若波沿x軸負(fù)方向傳播，則因?yàn)椴ǖ恼駝?dòng)周期大于，則n取0，周期則處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程故A錯(cuò)誤，B正確；C．若波沿x軸負(fù)方向傳播，則周期為，則處質(zhì)點(diǎn)在內(nèi)通過(guò)的路程故C正確；D．圖像可知波長(zhǎng)為4m，若波沿x軸正方向傳播，當(dāng)n取1時(shí)，周期為0.4s，波速但由于周期要大于0.5s，不符合題意，故D錯(cuò)誤。故選BC。10.在勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一個(gè)正六邊形區(qū)域，電場(chǎng)線與六邊形所在平面平行，如圖所示。已知a、b、h三點(diǎn)的電勢(shì)分別為，帶電荷量為e的粒子（重力不計(jì)）以的初動(dòng)能從b點(diǎn)沿不同方向射入?yún)^(qū)域，當(dāng)粒子沿方向射入時(shí)恰能經(jīng)過(guò)c點(diǎn)，下列判斷正確的是（）A.粒子帶正電B.粒子可以經(jīng)過(guò)正六邊形各頂點(diǎn)射出該區(qū)域C.粒子經(jīng)過(guò)f點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為D.粒子沿方向發(fā)射后的最小動(dòng)能為【答案】CD【解析】A．如圖所示連接bh，fd，ah，過(guò)b點(diǎn)作bh的垂線交于與ah的延長(zhǎng)線交于m點(diǎn)，由幾何關(guān)系易得且fd垂直bh，因?yàn)楣视幸驗(yàn)閯t故有則mb為等勢(shì)線，因?yàn)?，故電?chǎng)線方向?yàn)橛蒻點(diǎn)指向h點(diǎn)，當(dāng)粒子沿bd方向射入時(shí)恰能經(jīng)過(guò)c點(diǎn)，可知粒子向下偏轉(zhuǎn)，則粒子帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B．若該粒子從h點(diǎn)射出，由動(dòng)能定理得解得當(dāng)該粒子沿bh方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，做勻減速運(yùn)動(dòng)，恰不能從h點(diǎn)處射出，故B錯(cuò)誤；C．由幾何知識(shí)得且n點(diǎn)與f點(diǎn)等電勢(shì)點(diǎn)，則粒子沿bd方向入射能夠到達(dá)c點(diǎn)，合力指向軌跡的凹側(cè)可知粒子應(yīng)該帶負(fù)電，從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到f點(diǎn)，由動(dòng)能定理得解得，粒子經(jīng)過(guò)f點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為故C正確；D．當(dāng)粒子沿bd方向射入該區(qū)域后，將做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，沿垂直于電場(chǎng)方向的速度大小為所以最小動(dòng)能為故D正確。故選CD。11.跑酷，又稱自由奔跑，是一種結(jié)合了速度、力量和技巧的極限運(yùn)動(dòng)。如圖甲所示為一城墻的入城通道，通道寬度，一跑酷愛(ài)好者從左墻根由靜止開始正對(duì)右墻加速運(yùn)動(dòng)，加速到M點(diǎn)時(shí)斜向上躍起，設(shè)躍起瞬間可突然獲得一個(gè)豎直方向的速度，水平速度不變，到達(dá)右墻壁P點(diǎn)時(shí)，豎直方向的速度恰好為零，P點(diǎn)距離地面高，然后立即蹬右墻壁，使水平方向的速度變?yōu)榈却蠓聪?，并獲得一豎直方向速度，恰好能躍到左墻壁上的Q點(diǎn)，P點(diǎn)與Q點(diǎn)等高，后與Q點(diǎn)發(fā)生彈性碰撞并落至地面（水平方向速度不變，豎直方向速度反向），至此完成整個(gè)挑戰(zhàn)過(guò)程，在規(guī)定時(shí)間內(nèi)完成挑戰(zhàn)即可獲得獎(jiǎng)勵(lì)。飛躍過(guò)程中人距地面的最大高度為，重力加速度g取，整個(gè)過(guò)程中人的姿態(tài)可認(rèn)為保持不變，如圖乙所示，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.人助跑的距離為B.人助跑的加速度為C.人剛離開右墻壁時(shí)的速度大小為D.若總時(shí)長(zhǎng)控制在內(nèi)即可獲獎(jiǎng)，則該挑戰(zhàn)者將無(wú)法獲得獎(jiǎng)項(xiàng)【答案】BCD【解析】A．人到達(dá)右墻壁P點(diǎn)時(shí)，豎直方向的速度恰好為零，根據(jù)逆向思維，可知從M點(diǎn)到P點(diǎn)的逆過(guò)程為平拋運(yùn)動(dòng)，則從P點(diǎn)到Q點(diǎn)的過(guò)程為斜拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)對(duì)稱性可得，聯(lián)立，解得，，人助跑的距離為故A錯(cuò)誤；B．人助跑時(shí)，根據(jù)解得故B正確；C．人剛離開墻壁時(shí)豎直方向的速度大小為人剛離開右墻壁時(shí)的速度大小為故C正確；D．該挑戰(zhàn)者助跑用時(shí)為設(shè)由Q點(diǎn)落至地面用時(shí)為，則解得則該挑戰(zhàn)者共用時(shí)所以，該挑戰(zhàn)者將無(wú)法獲得獎(jiǎng)項(xiàng)，故D正確。故選BCD。12.如圖所示，電容的平行板電容器、極板間距，在上極板的中心位置用絕緣細(xì)繩懸掛質(zhì)量的帶電小球A、小球A所帶電荷量大小，極板右邊緣位置焊接有電阻不計(jì)的金屬棒、金屬棒與兩極板的總質(zhì)量，平行于水平絕緣長(zhǎng)木板的輕質(zhì)絕緣細(xì)繩繞過(guò)定滑輪后，一端連接金屬棒，另一端連接質(zhì)量的不帶電的物塊B，整個(gè)空間處于垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)之中。當(dāng)釋放物塊B后，懸掛小球A的細(xì)繩與豎直方向的夾角為，經(jīng)歷時(shí)間，金屬棒運(yùn)動(dòng)到定滑輪左側(cè)的D位置（圖中沒(méi)有畫出）。重力加速度g取，電容器與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)。整個(gè)過(guò)程中電容器處于正常工作狀態(tài)，則在金屬棒運(yùn)動(dòng)到D位置的過(guò)程中，下列分析正確的是（）A.金屬棒中能夠產(chǎn)生恒定電流B.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為C.連接物塊B的細(xì)繩中拉力大小為D.該過(guò)程結(jié)束后，電容器儲(chǔ)存的電能可以令額定功率為的小燈泡正常發(fā)光【答案】AC【解析】ABC．金屬棒PQ在物塊B的拉動(dòng)下向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)對(duì)物塊B受重力和繩子拉力，則可知電容器的電壓不斷增大，故電容器不斷充電，金屬棒PQ中有持續(xù)的充電電流，電流為再由電容器的定義式有解得平行板電容器兩端電壓與金屬棒PQ產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)相等，故小球A受到的電場(chǎng)力大小為且根據(jù)左手定則可知電場(chǎng)力與洛倫茲力方向相反，故小球受到的電場(chǎng)力與洛倫茲力合力為零，當(dāng)釋放物塊B后，懸掛小球A的細(xì)繩與豎直方向的夾角恒定為，則小球和金屬棒PQ、平行板電容器整體加速度相同，因此金屬棒PQ、小球A、物塊B、平行板電容器整體加速度大小相同，對(duì)整個(gè)系統(tǒng)有，由牛頓第二定律有可得加速度恒大，故金屬棒中能夠產(chǎn)生恒定電流，A正確；對(duì)小球受力分析，有聯(lián)系上面分析公式，可解得，，，故B錯(cuò)誤，C正確；D．系統(tǒng)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)后，位移為速度由能量守恒定律有解得電容器儲(chǔ)存的電場(chǎng)能為故可以令額定功率為7.5W的小燈泡正常發(fā)光時(shí)間故D錯(cuò)誤。故選AC。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.某同學(xué)利用測(cè)質(zhì)量的小型家用電子秤，設(shè)計(jì)了測(cè)量木塊和木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ的實(shí)驗(yàn)。如圖所示，木板和木塊A放在水平桌面上，電子秤放在水平地面上，木塊A和放在電子秤上的重物B通過(guò)跨過(guò)定滑輪的輕繩相連。在木塊A上放置砝碼，向左拉動(dòng)木板的同時(shí)，記錄電子秤對(duì)應(yīng)的示數(shù)m。重物B始終靜止。（1）實(shí)驗(yàn)中，拉動(dòng)木板時(shí)，下列說(shuō)法正確的是________。A.木板必須保持勻速B.調(diào)節(jié)滑輪，使其與木塊A間的輕繩水平，與重物B間的輕繩豎直C.重物B的質(zhì)量必須遠(yuǎn)小于木塊A（含A上的砝碼）的質(zhì)量D.電子秤對(duì)重物B的支持力是由重物B的形變產(chǎn)生的（2）若木塊A和重物B的質(zhì)量分別為和，木塊A上放置砝碼的質(zhì)量為，電子秤的示數(shù)為m，則________。（3）其他條件不變，增大木塊A上砝碼的質(zhì)量，則電子秤的示數(shù)________（填“增大”“不變”或“減小”）?！敬鸢浮浚?）B（2）（3）減小【解析】【小問(wèn)1詳析】A．因木塊A保持靜止，則木板不需必須保持勻速，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．調(diào)節(jié)滑輪，使其與木塊A間的輕繩水平，與重物B間的輕繩豎直，選項(xiàng)B正確；C．重物B的質(zhì)量必須滿足而不是遠(yuǎn)小于木塊A（含A上的砝碼）的質(zhì)量，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．電子秤對(duì)重物B的支持力是由電子秤的形變產(chǎn)生的，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B?！拘?wèn)2詳析】對(duì)Ａ對(duì)Ｂ解得【小問(wèn)3詳析】其他條件不變，增大木塊A上砝碼的質(zhì)量，則木板對(duì)Ａ的摩擦力變大，繩子拉力變大，可知電子秤的示數(shù)減小。14.某些固體材料受到壓力作用后除了產(chǎn)生形變，其電阻率也要發(fā)生變化，這種由于受到壓力作用而使材料電阻率發(fā)生變化的現(xiàn)象稱為“壓阻效應(yīng)”，采用這種材料制成的電阻被稱為壓敏電阻。某壓敏電阻在不同壓力作用下的阻值如圖1所示。（1）測(cè)量壓力為0時(shí)壓敏電阻的阻值。實(shí)驗(yàn)器材如下：電池組E：電動(dòng)勢(shì)約為，內(nèi)阻小于電流表A：量程，內(nèi)阻電壓表V：量程，內(nèi)阻未知壓敏電阻滑動(dòng)變阻器R：最大阻值為開關(guān)、導(dǎo)線若干①請(qǐng)用筆畫線代替導(dǎo)線，把圖2中的實(shí)物電路連接完整_________。②若調(diào)節(jié)合適時(shí)，電流表讀數(shù)為I，電壓表示數(shù)如圖3所示，讀數(shù)為_________V，則壓力為0時(shí)壓敏電阻的阻值_________（用題中所給的字母表示）。（2）若測(cè)得壓力為0時(shí)壓敏電阻的阻值為。把壓敏電阻改造成一個(gè)載物平臺(tái)，設(shè)計(jì)一個(gè)測(cè)量豎直升降臺(tái)加速度的裝置，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖4所示。①組裝電路，平臺(tái)上不放重物時(shí)，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值為時(shí)，電流表滿偏。②平臺(tái)上放置重物時(shí)，調(diào)節(jié)電阻箱阻值為時(shí)，電流表滿偏。③把裝置放在升降臺(tái)上，平臺(tái)上放置的重物不變，升降臺(tái)加速上升時(shí)，調(diào)節(jié)電阻箱阻值為時(shí)，電流表滿偏。已知重力加速度，則升降臺(tái)的加速度_________（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）見解析2.20（2）147【解析】【小問(wèn)1詳析】[1]由于電流表內(nèi)阻已知，而電壓表內(nèi)阻未知，在用伏安法測(cè)電阻時(shí)，采用電流表內(nèi)接法，這樣不產(chǎn)生系統(tǒng)誤差。實(shí)物連線如圖所示。[2]電壓表的最小刻度為0.1V，讀數(shù)時(shí)要估讀到0.01V，電壓表的讀數(shù)為U=2.20V[3]由歐姆定律有可得【小問(wèn)2詳析】設(shè)電流表內(nèi)阻為，滿偏電流為。當(dāng)平臺(tái)上不放重物時(shí)有平臺(tái)上放置重物時(shí)則可知又，則由圖像可知對(duì)應(yīng)的壓力設(shè)重物質(zhì)量為m，由二力平衡，有升降臺(tái)加速上升時(shí)可知有由圖像可知對(duì)應(yīng)的壓力由牛頓第二定律，有由牛頓第三定律得解得15.某學(xué)習(xí)小組自制了一個(gè)自動(dòng)火情報(bào)警裝置，其原理如圖所示。一導(dǎo)熱性能良好的汽缸固定在水平面上，汽缸開口向上，用質(zhì)量、橫截面積為的活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞可沿汽缸壁無(wú)摩擦地滑動(dòng)。當(dāng)外界的溫度為27℃時(shí)，活塞下表面距汽缸底部的距離，活塞上表面距固定的壓力傳感器的距離。當(dāng)出現(xiàn)火情，壓力傳感器所受壓力為時(shí)，觸發(fā)報(bào)警器工作。已知外界大氣的壓強(qiáng)且始終保持不變，重力加速度g取。求：（1）活塞剛接觸力傳感器時(shí)氣體的溫度；（2）環(huán)境溫度為多少時(shí)，觸發(fā)報(bào)警器工作?！敬鸢浮浚?）330K（2）450K【解析】【小問(wèn)1詳析】活塞與力傳感器接觸前，對(duì)活塞進(jìn)行分析，根據(jù)平衡條件有解得上述過(guò)程壓強(qiáng)一定，根據(jù)蓋呂薩克定律有其中解得【小問(wèn)2詳析】壓力傳感器所受壓力為時(shí)，觸發(fā)報(bào)警器工作，此時(shí)對(duì)活塞進(jìn)行分析，根據(jù)平衡條件有解得根據(jù)查理定律有解得16.某碼頭采用斜面運(yùn)送冷鏈?zhǔn)称?，?jiǎn)化如圖甲所示，電動(dòng)機(jī)通過(guò)繞輕質(zhì)定滑輪的輕細(xì)繩與放在傾角為的足夠長(zhǎng)斜面上的物體相連，啟動(dòng)電動(dòng)機(jī)后物體沿斜面上升，在時(shí)間內(nèi)物體運(yùn)動(dòng)的圖像如圖乙所示，其中除時(shí)間段圖像為曲線外，其余時(shí)間段圖像均為直線，后電動(dòng)機(jī)的輸出功率保持不變。已知物體的質(zhì)量